高考總復(fù)習(xí)物理新課標(biāo)：第三章第三節(jié)課后檢測能力提升含解析.doc

一、單項選擇題1.(2016南京模擬)如圖所示，兩個物體A、B疊放在一起，接觸面粗糙，現(xiàn)將它們同時以相同的速度水平拋出，不計空氣阻力，在空中運動的過程中，物體B()A只受重力B受重力和A對它的壓力C受重力和A對它的摩擦力D受重力、A對它的壓力和摩擦力解析：選A.兩個物體A、B同時以相同的速度水平拋出，由于不計空氣阻力，兩個物體都處于完全失重狀態(tài)，故在空中運動的過程中，物體A、B都只受到重力，B、C、D錯誤，A正確2如圖所示，一夾子夾住木塊，在力F作用下把木塊向上提起，夾子和木塊的質(zhì)量分別為m、M，夾子與木塊兩側(cè)間的最大靜摩擦力均為Ff，若木塊不滑動，力F的最大值為()A.B.C.(mM)gD.(mM)g解析：選A.對木塊：2FfMgMa對整體：F(Mm)g(Mm)a.聯(lián)立解得：F，故A正確3.(2015高考重慶卷)若貨物隨升降機運動的vt圖象如圖所示(豎直向上為正)，則貨物受到升降機的支持力F與時間t關(guān)系的圖象可能是()解析：選B.根據(jù)vt圖象可知電梯的運動情況：加速下降勻速下降減速下降加速上升勻速上升減速上升，根據(jù)牛頓第二定律Fmgma可判斷支持力F的變化情況：失重等于重力超重超重等于重力失重，故選項B正確4(2016西安質(zhì)檢)如圖所示，將小砝碼置于桌面上的薄紙板上，用水平向右的拉力將紙板迅速抽出，砝碼的移動很小，幾乎觀察不到，這就是大家熟悉的慣性演示實驗若砝碼和紙板的質(zhì)量分別為2m和m，各接觸面間的動摩擦因數(shù)均為.重力加速度為g.要使紙板相對砝碼運動，所需拉力的大小至少應(yīng)為()A3mgB4mgC5mg D6mg解析：選D.紙板相對砝碼恰好運動時，對紙板和砝碼構(gòu)成的系統(tǒng)，由牛頓第二定律可得：F(2mm)g(2mm)a，對砝碼，由牛頓第二定律可得：2mg2ma，聯(lián)立可得：F6mg，選項D正確5.(2016河南安陽模擬)在傾角為的固定光滑斜面上，有一用繩子拴著的長木板，木板上站著一只貓已知貓的質(zhì)量是木板的質(zhì)量的2倍當(dāng)繩子突然斷開時，貓立即沿著板向上跑，以保持其相對斜面的位置不變則此時木板沿斜面下滑的加速度為()A3gsin Bgsin C3gsin /2 D2gsin 解析：選A.貓與木板加速度不同，分別對其受力分析是比較常見的解決方法貓受力平衡，設(shè)貓的質(zhì)量為2m，其所受摩擦力沿斜面向上，且Ff2mgsin ，則木板所受摩擦力沿斜面向下，木板的加速度為a3gsin ，正確選項為A.6如圖甲所示，靜止在光滑水平面上的長木板B(長木板足夠長)的左端放置著靜止的小物塊A.某時刻，A受到水平向右的外力F作用，F(xiàn)隨時間t的變化規(guī)律如圖乙所示，即Fkt，其中k為已知常數(shù)若A、B之間的最大靜摩擦力為Ff，且滑動摩擦力與最大靜摩擦力大小相等，mB2mA.則下列圖象中，可以定性地描述長木板B運動的vt圖象的是()解析：選C.根據(jù)題意，開始時，A、B相對靜止，相對滑動前以相同加速度a向右做變加速運動，木板B的最大加速度aB，當(dāng)時，A、B開始相對滑動，解得時間t，之后A的加速度aA隨時間增大，木板B以不變的加速度aB做勻加速直線運動從以上分析可知，C正確二、多項選擇題7(2015高考海南卷)如圖，升降機內(nèi)有一固定斜面，斜面上放一物塊開始時，升降機做勻速運動，物塊相對斜面勻速下滑，當(dāng)升降機加速上升時，()A物塊與斜面間的摩擦力減小B物塊與斜面間的正壓力增大C物塊相對于斜面減速下滑D物塊相對于斜面勻速下滑解析：選BD.當(dāng)升降機加速上升時，物塊有豎直向上的加速度，則物塊與斜面間的正壓力增大，根據(jù)滑動摩擦力公式 FfFN可知接觸面間的正壓力增大，物塊與斜面間的摩擦力增大，故A錯誤、B正確；設(shè)斜面的傾角為，物塊的質(zhì)量為m，當(dāng)勻速運動時有mgsin mgcos ，即sin cos ，假設(shè)物塊以加速度a向上運動時，有FNm(ga)cos ，F(xiàn)fm(ga)cos ，因為sin cos ，所以m(ga)sin m(ga)cos ，故物塊仍做勻速下滑運動，C錯誤、D正確；選項B、D正確8如圖甲所示，在光滑水平面上疊放著甲、乙兩物體現(xiàn)對甲施加水平向右的拉力F，通過傳感器可測得甲的加速度a隨拉力F變化的關(guān)系如圖乙所示已知重力加速度g10 m/s2，由圖線可知()A甲的質(zhì)量是2 kgB甲的質(zhì)量是6 kgC甲、乙之間的動摩擦因數(shù)是0.2D甲、乙之間的動摩擦因數(shù)是0.6解析：選BC.由題圖乙可以看出，水平拉力F達到48 N之前，兩物體一起加速運動，水平拉力超過48 N之后，兩物體發(fā)生相對滑動設(shè)動摩擦因數(shù)為，以整體為研究對象受力分析有F(m甲m乙)a1，以甲為研究對象受力分析有Fm甲gm甲a2，結(jié)合圖象可知，當(dāng)水平拉力小于48 N時，直線的斜率倒數(shù)等于8，即甲、乙兩物體的質(zhì)量之和為8 kg，同理，當(dāng)水平拉力大于48 N時，求得甲的質(zhì)量為6 kg，故A錯誤、B正確；取坐標(biāo)點(8，60)代入方程可解得0.2，所以C正確、D錯誤9(2016南昌調(diào)研)如圖甲所示，在電梯箱內(nèi)輕繩AO、BO、CO連接吊著質(zhì)量為m的物體，輕繩AO、BO、CO對輕質(zhì)結(jié)點O的拉力分別為F1、F2、F3.現(xiàn)電梯箱豎直向下運動，其速度v隨時間t的變化規(guī)律如圖乙所示，重力加速度為g，則()A在0t1時間內(nèi)，F(xiàn)1與F2的合力等于F3B在0t1時間內(nèi)，F(xiàn)1與F2的合力大于mgC在t1t2時間內(nèi)，F(xiàn)1與F2的合力小于F3D在t1t2時間內(nèi)，F(xiàn)1與F2的合力大于mg解析：選AD.對輕質(zhì)結(jié)點O，因沒質(zhì)量，故其無論在何狀態(tài)下，F(xiàn)1、F2、F3三個力的合力都為零，即F1與F2的合力與F3等大反向，選項A正確、C錯誤；對物體進行受力分析，其受到豎直向下的重力mg和豎直向上的繩子的拉力F3，在0t1 時間內(nèi)，電梯加速向下運動，物體處于失重狀態(tài)，F(xiàn)3mg，即F1與F2的合力小于mg，選項B錯誤；在t1t2時間內(nèi)，電梯減速向下運動，物體處于超重狀態(tài)，F(xiàn)3mg，即F1與F2的合力大于mg，選項D正確10如圖甲所示，在水平地面上有一長木板B，其上疊放木塊A，假定木板與地面之間、木塊和木板之間的最大靜摩擦力都和滑動摩擦力相等用一水平力F作用于B，A、B的加速度與F的關(guān)系如圖乙所示，重力加速度g取10 m/s2，則下列說法中正確的是()AA的質(zhì)量為0.5 kgBB的質(zhì)量為1.5 kgCB與地面間的動摩擦因數(shù)為0.2DA、B間的動摩擦因數(shù)為0.2解析：選AC.F3 N時，A、B均靜止，表明B與地面間最大靜摩擦力為3 N；3 NF9 N時，A、B一起以相同加速度運動，aF2g，由圖象斜率知mAmB1.5 kg，B與地面間的動摩擦因數(shù)為20.2；當(dāng)F9 N時，A的加速度為aA1g，根據(jù)圖象可知10.4，B的加速度為aB，由圖象斜率知mB1 kg，mA0.5 kg，A、C對三、非選擇題11.如圖所示，長12 m、質(zhì)量為50 kg的木板右端有一立柱，木板置于水平地面上，木板與地面間的動摩擦因數(shù)為0.1，質(zhì)量為50 kg 的人立于木板的左端木板與人都靜止當(dāng)人以4 m/s2 的加速度向右奔跑至板的右端時，立即抱住立柱g取10 m/s2.試求：(1)人在奔跑過程中受到的摩擦力的大小；(2)人在奔跑的過程中木板的加速度；(3)人從開始奔跑至到達木板的右端時，人和木板對地各運動了多大距離？解析：(1)設(shè)人的質(zhì)量為m，加速度為a1，人受到的摩擦力為Ff，由牛頓第二定律有Ffma1200 N，方向水平向右(2)由牛頓第三定律可知人對木板的摩擦力大小Ff200 N，方向水平向左設(shè)木板的質(zhì)量為M，加速度為a2，對木板由牛頓第二定律有：Ff(Mm)gMa2代入數(shù)據(jù)得a22 m/s2，方向水平向左(3)設(shè)人從左端跑到右端所用的時間為t，由運動學(xué)公式得：La1t2a2t2，解得t2 s人對地向右前進的距離x人a1t28 m木板對地向左后退的距離為x木a2t24 m.答案：(1)200 N(2)2 m/s2，方向水平向左(3)8 m4 m12有一項“快樂向前沖”的游戲可簡化如下：如圖所示，滑板長L1 m，起點A到終點線B的距離s5 m開始滑板靜止，右端與A平齊，滑板左端放一可視為質(zhì)點的滑塊，對滑塊施一水平恒力F使滑板前進板右端到達B處沖線，游戲結(jié)束已知滑塊與滑板間動摩擦因數(shù)0.5，地面視為光滑，滑塊質(zhì)量m12 kg，滑板質(zhì)量m21 kg，重力加速度g10 m/s2，求：(1)滑板由A滑到B的最短時間可達多少？(2)為使滑板能以最短時間到達，水平恒力F的取值范圍如何？解