上海市普陀區(qū)高三質(zhì)量調(diào)研（一模）物理試題 及答案1

1、2015屆上海市普陀區(qū)高考物理一模試卷參考答案與試題解析一單項選擇題（共16分，每題2分，每題只有一個正確選項）1 “韋/米2”為磁感應強度的單位，它和下面哪個單位相同（）a牛/（安米）b牛安/米c牛安/米2d牛/（安米2）分析：“韋/米2”為磁感應強度的單位，在國際單位制中磁感應強度的單位是t，根據(jù)磁感應強度的定義式b=分析單位關系解答：解：在國際單位制中磁感應強度的單位是t，1特=1韋/米2，根據(jù)磁感應強度的定義式b=可知，1特=1牛/（安米）故a正確，bcd錯誤故選：a點評：對于單位關系，往往要根據(jù)物理規(guī)律即公式進行推導2關于慣性，下列說法中正確的是（）a靜止的物體沒有慣性b物體運動速度

2、大時慣性大c航天員在空間站中失去慣性d物體在任何情況下都有慣性考點：慣性分析：一切物體在任何情況下都有慣性，慣性的大小只與物體的質(zhì)量有關解答：解：a、慣性大小只與物體的質(zhì)量有關，而與其他因素無關，故a錯誤；b、慣性的大小只與物體的質(zhì)量有關，與速度無關，故b錯誤；c、任何物體在任何情況下都有慣性，那么就不存在沒有慣性的物體，故c錯誤；d、任何物體在任何情況下都有慣性，故d正確；故選：d點評：慣性是物理學中的一個性質(zhì)，它描述的是物體能夠保持原來的運動狀態(tài)的性質(zhì)，不能和生活中的習慣等混在一起解答此題要注意：一切物體任何情況下都具有慣性慣性只有在受力將要改變運動狀態(tài)時才體現(xiàn)出來3對于萬有引力定律的表達

3、式，下列說法正確的是（）ag是引力常量，是人為規(guī)定的b當r等于零時，萬有引力為無窮大c兩物體受到的引力總是大小相等，與兩物體質(zhì)量是否相等無關dr是兩物體間最近的距離考點：萬有引力定律及其應用專題：萬有引力定律的應用專題分析：1、萬有引力定律內(nèi)容：自然界中任何兩個物體都相互吸引，引力的方向在它們的連線上，引力的大小與物體的質(zhì)量m1和m2的乘積成正比、與它們之間距離r的二次方成反比2、表達式：f=g，g為引力常量：g=6.671011 nm2/kg23、適用條件：（1）公式適用于質(zhì)點間的相互作用當兩物體間的距離遠遠大于物體本身的大小時，物體可視為質(zhì)點（2）質(zhì)量分布均勻的球體可視為質(zhì)點，r是兩球心間

4、的距離解答：解：a、公式中引力常量g的值是卡文迪許在實驗室里用實驗測定的，而不是人為規(guī)定的，故a錯誤；b、當兩個物體間的距離趨近于0時，兩個物體就不能視為質(zhì)點了，萬有引力公式不再適用，故b錯誤；c、力是物體間的相互作用，萬有引力同樣適用于牛頓第三定律，即兩物體受到的引力總是大小相等，與兩物體是否相等無關，故c正確；d、r是兩質(zhì)點間的距離；質(zhì)量分布均勻的球體可視為質(zhì)點，r是兩球心間的距離；故d錯誤；故選：c點評：本題關鍵明確萬有引力定律的適用條件和萬有引力常量的測量，基礎題4如圖，當邏輯電路中的a、b兩端分別輸入電信號“1”和“0”時，在c和d端輸出的電信號分別為（）a1和0b1和1c0和1d0

5、和0考點：簡單的邏輯電路分析：與門的特點是當所有條件都滿足，事件才能發(fā)生，非門的特點是輸入狀態(tài)和輸出狀態(tài)完全相反解答：解：當a端輸入電信號“1”，b端輸入電信號“0”時，則非門輸出為1，即d端輸出為11和1又輸入與門，所以輸出端c為1故選：b點評：解決本題的關鍵知道與門和非門的特點，并能靈活運用5（2分）（2015普陀區(qū)一模）如圖，一顆小彈丸從離水面不高處落入水中，濺起的幾個小水珠可以跳得很高（不計能量損失），下列說法正確的是（）a小彈丸下落時具有的重力勢能等于幾個水珠在最高點的重力勢能b小彈丸下落時具有的重力勢能大于幾個水珠在最高點的重力勢能c小彈丸下落時具有的重力勢能小于幾個水珠在最高點的

6、重力勢能d小水珠跳起的高度超過彈丸下落的高度，是違背能量守恒的考點：功能關系分析：該題中，彈丸的重力勢能轉化彈丸的動能，再轉化為水的彈性勢能最后轉化成小水珠的動能，在這一過程中，水的總動能要小于彈丸的動能，但是，各個水珠的質(zhì)量都比較小，因此，小水珠跳起的高度存在多種可能性，這樣，即可對題目的各選項做出判斷解答：解：彈丸的重力勢能轉化彈丸的動能，再轉化為水的彈性勢能最后轉化成小水珠的動能，小水珠升高的過程中，動能又轉化為重力勢能，（即表現(xiàn)為小水珠的高度），在這一過程中，水的總動能要小于彈丸的動能，但是，各個水珠的質(zhì)量都比較小，因此，小水珠跳起的高度存在多種可能性當彈丸的質(zhì)量又比較大的時候，完全有

7、可能出現(xiàn)個別小水珠跳起的高度較高的情況，甚至可以超過彈丸下落的高度故b正確，acd都錯誤故選：b點評：該題考查能量的轉化與守恒，題目中彈丸的重力勢能轉化成小水珠的勢能，在這一過程中，各個水珠的質(zhì)量都比較小，因此，小水珠跳起的高度存在多種可能性考慮到這樣的多種性，才能對題目做出正確的判定6（2分）（2015普陀區(qū)一模）如圖，一輛轎車正在水平路面上轉彎時，下列說法正確的是（）a水平路面對轎車彈力的方向斜向上b轎車受到的向心力來源于靜摩擦力c轎車受到的向心力是重力、支持力和牽引力的合力d轎車加速度的方向一定垂直于運動路線的切線方向考點：向心力；摩擦力的判斷與計算專題：勻速圓周運動專題分析：汽車拐彎時

8、做圓周運動，在豎直方向上摩托車受重力和支持力平衡，靠水平路面對車輪的靜摩擦力提供向心力解答：解：a、水平路面對車身的彈力方向垂直于路面豎直向上故a錯誤bc、汽車做圓周運動靠水平路面對車輪的靜摩擦力提供向心力故b正確，c錯誤d、一輛轎車正在水平路面上轉彎時，一定有指向圓心的向心加速度，故轎車加速度的方向一定不垂直于運動路線的切線方向，故d錯誤故選：b點評：解決本題的關鍵知道在豎直方向上汽車受重力和支持力平衡，靠水平路面對車輪的靜摩擦力提供向心力7（2分）（2015普陀區(qū)一模）如圖，絕緣金屬小球a、b帶同種電荷，用絲線相連a球固定不動，b球從絲線處于水平位置由靜止開始釋放下列說法正確的是（）ab球

9、的電勢能增加bb球的電勢能減小ca、b球所帶電荷量越多，電場力對b球做功越大db球到達最低點時的速度與小球所帶電荷量無關考點：電勢差與電場強度的關系；功能關系；電勢能專題：電場力與電勢的性質(zhì)專題分析：小球b處于小球a形成的等勢面上運動，電場力不做功，只有重力做功，根據(jù)動能定理即可判斷小球的速度解答：解：abc、a球形成的電場為點電荷的電場，故b運動的軌跡處于同一等勢面上，電場力不做功，故b球的電勢能不變，故abc錯誤；d、b球到達最低點的過程中，只有重力做功，電場力不做功，故與小球所帶電荷量無關，故d正確故選：d點評：本題主要考查了等勢面，帶電體在等勢面上移動時，電場力不做功；8（2分）（20

10、15普陀區(qū)一模）如圖，在水平放置的螺線管的中央，放著一個可繞水平軸oo自由轉動的閉合線圈abcd，軸oo與螺線管的軸線垂直，ab邊在oo軸的左上方，閉合k的瞬間，關于線圈的運動情況，下列說法正確的是（）a不轉動bab邊向左轉動cab邊向右轉動d轉動的方向與螺線管中的電流方向有關考點：楞次定律專題：電磁感應與電路結合分析：先根據(jù)安培定則判斷出通電螺線管的磁場的方向，然后根據(jù)楞次定律判斷出線圈轉動的方向解答：解：根據(jù)安培定則與線圈的繞法可知，通電時，通電螺線管中產(chǎn)生的磁場的n極向右；閉合k的瞬間，螺線管中的電流增大，所以產(chǎn)生的磁場增大，即向右的磁場增大，根據(jù)楞次定律可知線圈的感應電流的磁場方向向左

11、，感應電流的方向為abcd的方向，最后由左手定則可知，ab邊受力的方向向下，cd邊受力的方向向上，所以ab邊向左轉動故b正確故選：b點評：學會通過瞬時感應電動勢來判定在什么時刻，線圈處于什么位置；以及感應電流的方向和線圈的受力關系該題也可以使用“阻礙變化”的推論直接解答二、單項選擇題（共24分，每題3分，每題只有一個正確選項）9（3分）（2015普陀區(qū)一模）如圖，水平桌面上疊放著甲、乙兩個物體，拉力f作用在乙上，甲、乙一起相對桌面向右做勻減速直線運動，乙物體受到的作用力有（）a3個b4個c5個d6個考點：物體的彈性和彈力專題：受力分析方法專題分析：對整體及甲分析可知乙受摩擦力的情況，再分析乙的

12、受力情況可知乙受力個數(shù)解答：解：由甲分析，可知甲受重力、支持力，由于勻減速直線運動，則水平方向受到乙對甲的靜摩擦力，所以甲對乙也有靜摩擦力；對乙分析可知乙受重力、支持力、壓力、拉力及地面對乙的摩擦力，還有甲對乙也靜摩擦力，故乙受6個力； 故選：d點評：本題要注意摩擦力的判斷，必要時可以用假設法進行判斷；并且要靈活應用整體法與隔離法10（3分）（2015普陀區(qū)一模）如圖，是質(zhì)點做直線運動的速度時間圖象，該質(zhì)點（）a在第1秒末速度方向發(fā)生了改變b在第1秒末加速度方向發(fā)生了改變c在前2秒內(nèi)發(fā)生的位移為零d第3秒末和第6秒末的位置相同考點：勻變速直線運動的圖像；勻變速直線運動的速度與時間的關系專題：運

13、動學中的圖像專題分析：速度圖象與時間軸圍成的面積等于物體在該段時間內(nèi)通過的位移，速度的正負表示速度的方向，只要圖象在時間軸同一側物體運動的方向就沒有改變；只要總面積仍大于0，位移方向就仍沿正方向；解答：解：a、02s內(nèi)速度圖象在時間軸的上方，都為正，速度方向沒有改變故a錯誤；b、速度時間圖象的斜率表示加速度，由圖可知1s末加速度方向發(fā)生了改變，故b正確；c、根據(jù)“面積”表示位移可知，02s內(nèi)的位移為：x1=，故c錯誤；d、根據(jù)“面積”表示位移可知，03s內(nèi)的位移為：x1=1m05s內(nèi)的位移為：x2=1m，所以第3秒末和第5秒末的位置相同故d錯誤故選：b點評：深刻理解某一段時間內(nèi)的位移就等于在該

14、段時間內(nèi)速度圖象與時間軸圍成的面積是解決此類題目的突破口11（3分）（2015普陀區(qū)一模）如圖，有一輕圓環(huán)和插栓，在甲、乙、丙三個力作用下平衡時，圓環(huán)緊靠著插栓不計圓環(huán)與插栓間的摩擦，若只調(diào)整兩個力的大小，欲移動圓環(huán)使插栓位于圓環(huán)中心，下列說法正確的是（）a增大甲、乙兩力，且甲力增加較多b增加乙、丙兩力，且乙力增加較多c增加甲、丙兩力，且甲力增加較多d增加乙、丙兩力，且丙力增加較多考點：合力的大小與分力間夾角的關系專題：平行四邊形法則圖解法專題分析：根據(jù)力的合成法則，結合題意，將圓環(huán)向上移動，即可判定求解解答：解：由題意可知，圓環(huán)將豎直向上運動，因此同時增加甲、丙兩力，則會出現(xiàn)向乙反向運動，若

15、要使插栓位于圓環(huán)中心，圓環(huán)必須偏向左，則甲力增加較多，這樣才能實驗位于中心，故c正確，abd錯誤；故選：c點評：考查力的合成法則，理解平衡條件的應用，注意使插栓位于圓環(huán)中心，是解題的突破口12（3分）（2015普陀區(qū)一模）如果閉合電路中電源的電動勢為12v，外電壓為10v，當有0.5c電量通過電路時，下列結論正確的是（）a在電源內(nèi)部，非靜電力將5j的其它形式的能轉化為電能b在電源內(nèi)部，靜電力將6j的其它形式的能轉化為電能c在電源外部，靜電力將5j的電能轉化為其它形式的能d在電源外部，靜電力將6j的電能轉化為其它形式的能考點：電源的電動勢和內(nèi)阻專題：恒定電流專題分析：在電源的內(nèi)部非靜電力做功將其

16、它形式的能轉化為電能，在電源的外部，靜電力做功將電能轉化為其它形式的能解答：解：在電源內(nèi)部，根據(jù)公式：w=qe=0.512=6j，非靜電力將6j的其它形式的能轉化為電能故a、b都錯誤 在電源外部，根據(jù)公式：w=qu=0.510=5j，靜電力將5j的電能轉化為其它形式的能故c正確，d錯誤故選c點評：解決本題的關鍵搞清哪部分靜電力做功，哪部分非靜電力做功13（3分）（2015普陀區(qū)一模）在高度h=45m處豎直上拋一小球，比與它同時在同一高度自由下落的另一小球遲t=1s落到地上，不計空氣阻力，則豎直上拋小球的初速度為（）a8.75m/sb11.5m/sc17.5m/sd21.5m/s考點：豎直上拋運

17、動分析：先對自由落體運動的物體運用公式h=gt2求解運動時間，然后對豎直上拋運動的球運用位移時間關系公式列式求解初速度解答：解：對高度h=45m自由落體的小球，有：h=gt2解得：t=故豎直上拋運動的時間為：t=t+1s=4s規(guī)定向上為正方向，有：h=gt2代入數(shù)據(jù)，有：45=4解得：v0=8.75m/s故選：a點評：本題關鍵是明確兩個小球的運動性質(zhì)，然后選擇位移時間關系公式列式求解，注意豎直上拋運動的全程是勻變速直線運動，可以當作勻減速運動處理14（3分）（2015普陀區(qū)一模）如圖，用一根螺釘、一節(jié)電池、一根導線、一塊釹磁鐵，可以做一個電動機先把螺釘和釹磁鐵連起來，并把它一頭吸在電池的一極上

18、，再用導線把電池和螺釘尾端的釹磁鐵連接起來，螺釘就會轉動下列說法正確的是（）a該電動機的工作原理基于電磁感應定律b沒有換向器，螺釘仍能連續(xù)旋轉一段時間c電源消耗的總功率等于熱功率d無論把螺釘?shù)囊活^吸在電池的正極還是負極上，螺釘?shù)男D方向均相同考點：楞次定律；功能關系分析：根據(jù)左手定則判斷螺絲釘?shù)霓D動方向，根據(jù)能量守恒定律判斷電流的大小解答：解：a、小磁鐵產(chǎn)生的磁場方向為螺絲的下端a向下流向磁鐵，對螺絲的下端平臺側面分析，扁圓柱形磁鐵上端為s極，下端為n極周圍磁感線由上往下斜穿入螺絲內(nèi)部在垂直于紙面向外的徑向上，磁感應線有垂直于紙面向里的分量在此徑向上的負電荷由下往上運動，由左手定則知：此負電荷

19、受到垂直于徑向沿紙面向右的洛倫茲力，即在徑向的左垂線方向；同理，其他任一徑向上的電荷均受到左垂線方向的洛倫茲力（中心原點除外）所以，由上往下看（俯視），螺絲沿逆時針轉動，所以該裝置的原理是電流在磁場中的受力，不是電磁感應故a錯誤；b、沒有換向器，螺釘仍能連續(xù)旋轉一段時間故b正確；c、因為電源消耗的總功率一部分轉化為內(nèi)能，另一部分轉化為動能，所以總功率大于熱功率故c錯誤d、結合a的方向可知，把螺釘?shù)囊活^吸在電池的正極或負極上時，電流的方向不同，所以螺釘?shù)男D方向不相同故d錯誤故選：b點評：解決本題的關鍵掌握左手定則判斷安培力的方向，以及知道在本題中電能部分轉化為內(nèi)能，還有部分轉化為機械能15（3

20、分）（2015普陀區(qū)一模）如圖，由均勻的電阻絲組成的等邊三角形導體框，垂直磁場放置，將ab兩點接入電壓恒定的電源兩端，通電時，線框受到的安培力為f，若將acb邊移走，則余下線框受到的安培力大小為（）afbfcfdf考點：安培力分析：根據(jù)左手定則判斷出各段受到的安培力的方向，根據(jù)閉合電路的歐姆定律計算出各段上的電流大小，再計算出各段安培力的大小，然后使用平行四邊形定則合成即可解答：解：根據(jù)左手定則判斷出各段受到的安培力的方向，如圖由于曲線acb上產(chǎn)生的安培力等效于長ab上的電線產(chǎn)生的安培力，所以等效電路為r和2r并聯(lián)，并聯(lián)后總電阻為：根據(jù)歐姆定律：并聯(lián)的電流：i1=i2=則安培力f1=余下線框受

21、到的安培力大小為：f2=bi2l=故選：d點評：該題中，各段時的電流的大小不相等，要使用閉合電路的歐姆定律分別計算出各段的電流的大小，然后計算安培力是解題的正確思路題目的難度中檔16（3分）（2015普陀區(qū)一模）一質(zhì)點做勻加速直線運動時，速度變化v時發(fā)生位移x1，緊接著速度變化同樣的v時發(fā)生位移x2，則該質(zhì)點的加速度為（）ab2c（v）2（）d（v）2（+）考點：加速度專題：直線運動規(guī)律專題分析：首先知道題境，利用運動學速度位移公式和速度的變化量公式求解即可解答：解：設勻加速的加速度a，物體的速度分別為v1、v2和 v3據(jù)運動學公式可知：且v2v1=v3v2=v聯(lián)立以上三式解得：a=，故a正確

22、，bcd錯誤故選：a點評：明確題境，利用運動學速度位移公式和速度的變化量公式求解，一定動手計算，否則感覺無從下手三多項選擇題（共16分，每小題4分，每小題有二個或三個正確選項，全選對的，得4分，選對但不全的，得2分，有選錯或不答的，得0分）17（4分）（2015普陀區(qū)一模）如圖，將兩根吸管串接起來，再取一根牙簽置于吸管中，前方掛一張薄紙，用同樣的力對吸管吹氣，牙簽加速射出，擊中薄紙若牙簽開始是放在吸管的出口處，則牙簽吹在紙上即被阻擋落地；若牙簽開始時放在近嘴處，則牙簽將穿入薄紙中，有時甚至射穿薄紙下列說法正確的是（）a兩種情況下牙簽的加速度不同b兩種情況下牙簽的加速度相同c牙簽開始放在吸管的出

23、口處，氣體對其做功大d牙簽開始時放在近嘴處，末速度更大考點：平拋運動專題：平拋運動專題分析：牙簽被吹出后做平拋運動，只受重力，加速度相同根據(jù)平拋運動的規(guī)律分析末速度關系解答：解：ab、牙簽被吹出后做平拋運動，只受重力，加速度都為g，故a錯誤，b正確c、牙簽在吸管中加速運動，受到的合力恒定，根據(jù)動能定理可得，fl=mv2由此可見，加速的距離越大，獲得的動能越大，故牙簽開始放在近嘴處，氣體對其做功大，故c錯誤d、牙簽開始時放在近嘴處獲得的初速度大，根據(jù)速度的合成可得末速度 v=，則它的末速度大，故d正確故選：bd點評：本題是物理知識在生活中的應用，關鍵要掌握平拋運動的規(guī)律，知道牙簽加速的距離大，獲

24、得的動能大，牙簽就可能射穿薄紙18（4分）（2015普陀區(qū)一模）如圖，矩形abcd為勻強磁場區(qū)域，磁場方向豎直向下，圓形閉合金屬線圈以一定的速度沿光滑絕緣水平面向磁場區(qū)域運動下圖是線圈的四個可能到達的位置，則線圈的動能可能為零的位置是（）abcd考點：導體切割磁感線時的感應電動勢；功能關系；楞次定律專題：電磁感應與電路結合分析：根據(jù)線圈完全進入磁場后，磁通量不變，沒有感應電流產(chǎn)生，不再受安培力，線圈的速度不變進行分析當線圈進入或穿出磁場時，磁通量變化，產(chǎn)生感應電流，受到安培阻力作用，速度可能為零解答：解：ad、線圈進或出磁場時，磁通量變化，線圈中會產(chǎn)生感應電流，線圈受到安培阻力作用而減速運動，

25、速度可能為零，動能可能為零故ad正確bc、線圈完全進入磁場后，磁通量不變，沒有感應電流產(chǎn)生，不再受安培力，線圈的速度不變，所以圖中線框速度不可能為零故bc錯誤故選：ad點評：本題的解題關鍵是抓住線框完全進入磁場中沒有感應電流產(chǎn)生，不受安培力進行分析19（4分）（2015普陀區(qū)一模）小球從高處下落到豎直放置的輕彈簧上（如圖甲），在剛接觸輕彈簧的瞬間（如圖乙），速度是5m/s，將彈簧壓縮到最短（如圖丙）的整個過程中，小球的速度v和彈簧縮短的長度x之間的關系如圖丁所示，其中a為曲線的最高點已知該小球重為2n，彈簧在受到撞擊至壓縮到最短的過程中始終發(fā)生彈性形變，彈簧的彈力大小與形變成正比下列說法正確的

26、是（）a在撞擊輕彈簧到輕彈簧壓縮至最短的過程中，小球的動能先變大后變小b從撞擊輕彈簧到它被壓縮至最短的過程中，小球的機械能先增大后減小c小球在速度最大時受到的彈力為2nd此過程中，彈簧被壓縮時產(chǎn)生的最大彈力為12.2n考點：功能關系；彈性勢能分析：小球的速度先增加后減小，故其動能先增大后減小，在整個過程中只有重力和彈簧彈力對小球做功，故小球與彈簧組成的系統(tǒng)機械能守恒，在壓縮彈簧的過程中彈簧的彈性勢能增加故小球的機械能減小，小球速度最大時彈力大小與小球的重力平衡，根據(jù)胡克定律求彈簧壓縮時產(chǎn)生的最大彈力解答：解：a、由圖可知，小球的速度先增加后減小，故小球的動能先增大后減小，故a正確；b、在小球下

27、落過程中至彈簧壓縮最短時，只有重力和彈簧彈力做功，故小球與彈簧組成的系統(tǒng)機械能守恒，在壓縮彈簧的過程中彈簧的彈性勢能增加，故小球的機械能減小，所以b錯誤；c、小球下落時，當重力與彈簧彈力平衡時小球的速度最大，據(jù)此有：小球受到的彈力大小與小球的重力大小平衡，故此時小球受到的彈力為2n，故c正確；d、小球速度最大時，小球的彈力為2n，此時小球的形變量為0.1m，故可得彈簧的勁度系數(shù)k=20n/m，故彈簧彈力最大時形變量最大，根據(jù)胡克定律知，小球受到的最大彈力為fmax=kxmax=200.61n=12.2n，故d正確故選：acd點評：本題考查學生對圖象的認識，知道小球落在彈簧上后先做加速運動達到最

28、大速度后再做減速運動，這是解決問題的根本，能根據(jù)速度最大的條件求得彈簧的勁度系數(shù)是關鍵20（4分）（2015普陀區(qū)一模）如圖甲，固定在光滑水平面上的正三角形金屬線框，匝數(shù)n=20，總電阻r=2.5，邊長l=0.3m，處在兩個半徑均為r=的圓形勻強磁場區(qū)域中線框頂點與右側圓中心重合，線框底邊中點與左側圓中心重合磁感應強度b1垂直水平面向外，大小不變；b2垂直水平面向里，大小隨時間變化，b1、b2的值如圖乙所示（）a通過線框中感應電流方向為逆時針方向bt=0時刻穿過線框的磁通量為0.1wbc在t=0.6s內(nèi)通過線框中的電量為0.12cd經(jīng)過t=0.6s線框中產(chǎn)生的熱量為0.06j考點：導體切割磁感

29、線時的感應電動勢；焦耳定律專題：電磁感應與電路結合分析：根據(jù)楞次定律判斷感應電流的方向；根據(jù)磁通量=bs求解；由q=t求解電荷量；由q=i2rt求解熱量解答：解：a、由磁感應強度b1垂直水平面向外，大小不變；b2垂直水平面向里，大小隨時間增大，故線框的磁通量減小，由楞次定律可得，線框中感應電流方向為逆時針方向，故a正確；b、t=0時刻穿過每匝線框的磁通量為：=10.5wb，總磁通量為=n=203.8103wb=7.6102wb，故 b錯誤；c、在t=0.6s內(nèi)通過線框中的電量q=t=0.12c，故c正確；d、由q=i2rt=，故d正確故選：acd點評：考查磁通量的定義，注意磁通量的正負，理解法

30、拉第電磁感應定律與閉合電路歐姆定律的應用，及其焦耳定律，注意安培力大小計算與方向的判定四填空題（共20分，每小題4分）21（4分）（2015普陀區(qū)一模）如圖，一棵樹上與a等高處有兩個質(zhì)量均為0.2kg的蘋果，其中一個落入b處的籃子里，若以溝底d處為零勢能參考面，則此時該蘋果的重力勢能為8.8 j；另一個落到溝底的d處，若以c處為零勢能參考面，則此時該蘋果的重力勢能為6 j考點：動能和勢能的相互轉化；重力勢能分析：已知零勢能面，則由ep=mgh可求得重力勢能解答：解：以d點為零勢能面，則b點的重力勢能為：ep=mgh=0.210（3+1.4）=8.8j；c處為零勢能參考面，d點重力勢能為：ep=

31、mgh=0.210（3）=6j故答案為：8.8，6j點評：本題主要考查了重力勢能的表達式的直接應用，注意零勢能面的選取，難度不大，屬于基礎題22（4分）（2015普陀區(qū)一模）在如圖所示的電路中，已知定值電阻為r，電源內(nèi)阻為r，電表均為理想電表將滑動變阻器滑片向下滑動，電流表a示數(shù)變化量的絕對值為i，則電壓表v1示數(shù)變化量的絕對值u1=ir，電壓表v2示數(shù)變化量的絕對值u2=ir考點：閉合電路的歐姆定律專題：恒定電流專題分析：理想電壓表內(nèi)阻無窮大，相當于斷路理想電流表內(nèi)阻為零，相當短路分析電路的連接關系，根據(jù)歐姆定律分析根據(jù)電源的輸出功率分析功率的變化解答：解：據(jù)題理想電壓表內(nèi)阻無窮大，相當于斷

32、路理想電流表內(nèi)阻為零，相當短路，所以r與變阻器串聯(lián)，電壓表v1、v2、分別測量r、路端電壓的電壓當滑動變阻器滑片向下滑動時，接入電路的電阻減小，電路中電流增大，則a的示數(shù)增大i，則u1=ir根據(jù)閉合電路歐姆定律得：u2=eir，則得：=r 則有：u2=ir故答案為：ir；ir點評：本題是電路的動態(tài)分析問題，關鍵要搞清電路的結構，明確電表各測量哪部分電路的電壓或電流，根據(jù)閉合電路歐姆定律進行分析23（4分）（2015普陀區(qū)一模）如圖，p是水平放置的足夠大的圓盤，繞經(jīng)過圓心o點的豎直軸勻速轉動，在圓盤上方固定的水平鋼架上，吊有盛水小桶的滑輪帶動小桶一起以v=0.1m/s的速度勻速向右運動，小桶底部

33、與圓盤上表面的高度差為h=5mt=0時，小桶運動到o點正上方且滴出第一滴水，以后每當一滴水剛好落在圓盤上時桶中恰好再滴出一滴水，不計空氣阻力，若要使水滴都落在圓盤上的同一條直徑上，圓盤角速度的最小值為，則=rad/s，第二、三滴水落點的最大距離為d，則d=0.5m考點：線速度、角速度和周期、轉速；自由落體運動專題：勻速圓周運動專題分析：滴下的水做平拋運動，平拋運動的時間由高度決定，水平位移由時間和初速度共同決定若要使水滴都落在圓盤上的同一條直徑上，且圓盤的角速度最小，則在滴水的時間內(nèi)圓盤轉動rad解答：解：水滴平拋運動的時間：t=1s則圓盤的最小角速度：=rad/s= rad/s第2滴水距離o

34、點的距離x2=vt2=0.12m=0.2m，第3滴水距離o點的距離為x3=vt3=0.13m=0.3m，因為2、3兩滴水分居在o點的兩側，所以d=x2+x3=0.5m故答案為：，0.5點評：本題是平拋運動與圓周運動相結合的問題，關鍵掌握兩種運動的運動規(guī)律，抓住相等量進行分析計算24（4分）（2015普陀區(qū)一模）如圖，光滑絕緣細管與水平面成30角，在管的上方p點固定一個點電荷+q，p點與細管在同一豎直平面內(nèi)，管的頂端a與p點連線水平，pbac，ab=bc=15cm，b是ac的中點電荷量為+q的小球（小球直徑略小于細管內(nèi)徑）從管中a處以速度v=1m/s開始沿管向下運動，在a處時小球的加速度為a=4

35、m/s2則小球運動到c處速度大小為2m/s，加速度大小為6m/s2考點：電勢差與電場強度的關系；牛頓第二定律專題：電場力與電勢的性質(zhì)專題分析：（1）從a到c的過程中，因ac兩點處于同一等勢面上，故電場力做功為零，只有重力做功，根據(jù)動能定理即可求的速度；（2）根據(jù)受力分析，利用牛頓第二定律即可求的加速度解答：解：（1）根據(jù)動能定理可得mg代入數(shù)據(jù)解得vc=2m/s（2）在a處時小球的加速度為a，對a點受力分析，電場力、重力與支持力，由力的合成法則可知，合外力由重力與電場力沿著細管方向的分力之和提供的；當在c處時，小球仍受到重力、電場力與支持力，合外力是由重力與電場力沿著細管方向的分力之差提供的，

36、即為a=ga=104m/s2=6m/s2故答案為：2；6點評：考查點電荷的電場強度公式，掌握矢量的合成法則，利用動能定理求解，理解牛頓第二定律與力的平行四邊形定則的綜合應用25（4分）（2015普陀區(qū)一模）如圖，重為g的物體，用繩子掛在支架的滑輪b上，繩子的另一端接在絞車d上轉動絞車，物體便能升起設滑輪的大小及軸承的摩擦略去不計，桿ab和bc的質(zhì)量不計，a、b、c三處均用鉸鏈連接當物體處于平衡狀態(tài)時，桿ab所受力的大小為2.73g，桿bc所受力的大小為3.73g考點：力矩的平衡條件；共點力平衡的條件及其應用分析：畫出各個力，分別作出各個力的力臂，然后又力矩的平衡即可解答解答：解：以a為支點，a

37、b受到bc的支持力和兩個繩子的拉力，它們的力臂如圖1，設ab桿的長度為l，則：豎直向下的拉力的力臂；l1=lbd的拉力的力臂：bc桿的作用力的力臂：由力矩平衡得：gl1+gl2=fbcl3代入數(shù)據(jù)得：fbc=3.73g同理，以b為支點，bc受到ab的拉力和兩個繩子的拉力，它們的力臂如圖2，則：豎直向下的拉力的力臂：；bd的拉力的力臂：bc桿的作用力的力臂：由力矩平衡得：gl4+gl5=fabl6代入數(shù)據(jù)得：fab=2.73g故答案為：2.73g；3.73g點評：本題的解題突破口是抓住ab桿和bc桿是二力桿，分別畫出ab和bc的作用力方向，再根據(jù)力矩平衡條件求解五實驗題（共24分）26（4分）（

38、2015普陀區(qū)一模）1825年，科拉頓做了這樣一個實驗，他將一個磁鐵插入連有靈敏電流計的閉合線圈，觀察在線圈中是否有電流產(chǎn)生在實驗時，科拉頓為了排除磁鐵移動時對靈敏電流計的影響，他通過很長的導線把接在閉合線圈上的靈敏電流計放到隔壁房間科拉頓在兩個房間之間來回跑，始終沒看到電流計指針動一下科拉頓沒能看到電流計指針發(fā)生偏轉的原因是他認為電流是穩(wěn)定的若要使科拉頓能看到電流計指針發(fā)生偏轉，請你提出一種改進的方法將電表等器材置于同一房間考點：感應電流的產(chǎn)生條件分析：當穿過閉合電路的磁通量發(fā)生變化時，電路中產(chǎn)生感應電流；當穿過閉合電路的磁通量不發(fā)生變化時，電路中不會產(chǎn)生感應電流解答：解：科拉頓用條形磁鐵在

39、線圈中進行插進和抽出的實驗時，線圈中的磁通量發(fā)生了變化，電流表的回路中有感應電流產(chǎn)生；當他跑到另一個房間時，由于磁鐵在線圈在不動，此時沒有感應電流，所以他無法觀察到若要使科拉頓能看到電流計指針發(fā)生偏轉，將電表等器材置于同一房間即可在線圈中進行插進和抽出的實驗時，觀察到電流表的回路中有感應電流產(chǎn)生故答案為：他認為電流是穩(wěn)定的；將電表等器材置于同一房間點評：本題考查了感應電流產(chǎn)生的條件的應用，掌握感應電流條件是正確解題的關鍵；本題難度不大，是一道基礎題27（5分）（2015普陀區(qū)一模）在“用dis研究機械能守恒定律”的實驗中，（1）請按正確的實驗順序填寫下列步驟：開啟電源，運行dis應用軟件，點擊

40、實驗條目中的“研究機械能守恒定律”軟件界面卸下“定位擋片”和“小標尺盤”，安裝光電門傳感器并接入數(shù)據(jù)采集器擺錘置于a點，點擊“開始記錄”，同時釋放擺錘，擺錘通過d點的速度將自動記錄在表格的對應處把光電門傳感器放在大標尺盤最底端的d點，并以此作為零勢能點a、b、c點相對于d點的高度已事先輸入，作為計算機的默認值點擊“數(shù)據(jù)計算”，計算d點的勢能、動能和機械能依次將光電門傳感器放在標尺盤的c、b點，重復實驗，得到相應的數(shù)據(jù)（2）（多選題）除了以上實驗步驟，該實驗還需要測量的物理量有bca擺線的長度 b擺錘的直徑 c擺錘的質(zhì)量 d擺錘下落的時間考點：驗證機械能守恒定律專題：實驗題分析：擺錘擺動過程受到

41、拉力和重力，拉力不做功，只有重力做功，在這個條件下得出結論：只有重力做功的情況下擺錘機械能守恒實驗前使標尺盤上的豎直線與擺線平行，能使得光電門的接收孔與測量點位于同一水平面內(nèi)解答：解：（1）卸下“定位擋片”和“小標尺盤”，安裝光電門傳感器，用來采集數(shù)據(jù)；再開啟電源，運行軟件；確定零勢能點，然后輸入相應的高度；開始點擊“開始記錄”，同時釋放擺錘；更換光電門位置，重復實驗；最后點擊“數(shù)據(jù)計算”，計算d點的勢能、動能和機械能故答案為：；（2）根據(jù)實驗原理可知，減小的重力勢能轉化為動能的增加還需要測量擺鍾的直徑d，及其質(zhì)量m；故bc正確，ad錯誤；故答案為：（1）；（2）bc點評：本題比較新穎，要注意

42、結合實驗的原理進行分析，從而找出符合該實驗的原理28（7分）（2015普陀區(qū)一模）在研究共點力的合成實驗中，（1）甲、乙和丙三位同學在做這個實驗時，所用彈簧秤的量程均為05n，且事先均調(diào)整好了零刻度如圖，他們都把橡皮條的一端固定在木板上的a點，用兩個彈簧秤分別鉤住橡皮條另一端的細繩套，互成角度地將橡皮條拉到某一確定的o點，此時細繩都與制圖板平行，用f1和f2表示兩個彈簧秤的拉力其中，甲圖：f1和f2的方向互相垂直，f1=3.0n、f2=3.8n；乙圖：f1和f2方向間的夾角約為60，f1=f2=4.0n；丙圖：f1和f2方向間的夾角約為120，f1=f2=4.0n這三位同學中操作不合適的是哪一

43、位？為什么？操作不合適的是乙同學，因為他這兩個力的合力超過了彈簧秤刻度的最大值5n，下面再用一個彈簧測力計拉時拉不到o點（2）丁圖是一位同學某次實驗用兩彈簧秤通過細線oa、ob拉橡皮筋oo的情況，其操作錯誤或不妥當之處有：細線oa太短和兩細線夾角太?。ㄖ辽賹憙蓷l）考點：驗證力的平行四邊形定則專題：實驗題分析：抓住彈簧測力計的量程，通過平行四邊形定則求出合力的大小，從而判斷彈簧測力計能否測量合力的大小解答：解：（1）對于甲同學，合力f甲=4.8n對于乙同學f乙=24cos155n，對于丙同學，f丙=4n可見操作不合適的是乙同學，因為他的兩個力的合力超過了彈簧測力計的最大值，下面再用一個彈簧測力計

44、拉時拉不到o點（2）操作錯誤或不妥當之處有：細線oa太短；兩細線夾角太??；彈簧秤的軸線沒有與細線在同一條直線上；故答案為：（1）操作不合適的是乙同學，因為他這兩個力的合力超過了彈簧秤刻度的最大值5n，下面再用一個彈簧測力計拉時拉不到o點 （2）細線oa太短；兩細線夾角太小；彈簧秤的軸線沒有與細線在同一條直線上點評：解決本題的關鍵知道“互成角度的兩個力的合成”實驗的原理，知道用兩根彈簧秤拉和用一根彈簧秤拉，都必須將繩子的結點拉到同一點，保證產(chǎn)生相同的作用效果29（8分）（2015普陀區(qū)一模）在用多用表測量電阻、電流和電壓的實驗中，（1）若旋轉選擇開關，使尖端對準直流電流檔，可測出通過a、b兩燈的

45、電流請按要求連接實物圖（要求電路中導線不能交叉）（2）若旋轉選擇開關，使尖端對準歐姆檔，可測出a、b兩燈串聯(lián)的總電阻請按要求連接實物圖（要求電路中導線不能交叉）（3）如圖為用多用電表測未知電阻r的原理圖已知電源電動勢為e、內(nèi)阻為r，滑動變阻器的阻值為r1，靈敏電流計的內(nèi)阻為rg請根據(jù)以上物理量說明：當r越小時，相同的電阻變化量對應的電流變化量越大考點：用多用電表測電阻專題：實驗題分析：（1）電流表應與被測電路串聯(lián)，電流從正接線柱流入，從負 接線柱流出，根據(jù)題目要求連接實物電路圖（2）用歐姆表測電阻，歐姆表與待測電阻并聯(lián)（3）歐姆表的工作原理是閉合電路的歐姆定律，應用歐姆定律分析答題解答：解：（

46、1）電流表測通過a、b兩燈的電流，兩燈泡與電流表串聯(lián)，實驗電路圖如圖所示：（2）用多用電表測測出a、b兩燈串聯(lián)的總電阻，兩燈泡串聯(lián)，多用電表選擇歐姆檔，歐姆表并聯(lián)在燈泡兩端，如圖所示：（3）電流變化量：i=i2i1=，由上述推導可得，當r一定時，被測電阻r的阻值越小，|i|就越大所以，當r越小時，相同的電阻變化量對應的電流變化量越大故答案為：（1）如圖所示；（2）如圖所示；（3）如上所述點評：本題考查了多用電表的用法，知道電流表、歐姆表的使用方法、應用閉合電路的歐姆定律即可正確解題六計算題（共50分）30（10分）（2015普陀區(qū)一模）跳傘員常常采用“加速自由降落”（即aff）的方法跳傘如果一

47、個質(zhì)量為50kg的運動員在3658m的高度從飛機上跳出，自由降落40s時，豎直向下的速度達到50m/s，然后再打開降落傘（開傘時間不計），假設這一運動是勻加速直線運動求：（1）運動員平均空氣阻力為多大？（2）在開傘時，他離地面的高度是多少？考點：牛頓第二定律；自由落體運動專題：牛頓運動定律綜合專題分析：根據(jù)加速度的定義式求加速度，由牛頓第二定律求阻力；根據(jù)運動學公式求高度解答：解：（1）加速度平均阻力為f，mgf=ma所以f=（5010501.25）=437.5n （2）自由降落的位移為h，開傘時的高度為h，h=h0h=36581000=2658m 答：（1）運動員平均空氣阻力為437.5n

48、（2）在開傘時，他離地面的高度是2658m點評：本題綜合考查了牛頓第二定律、自由落體公式的聯(lián)合應用，難度中等31（12分）（2015普陀區(qū)一模）一輛車通過一根跨過定滑輪的繩pq提升井中質(zhì)量m=10kg的物體如圖，繩的p端拴在車后的掛鉤上，q端拴在物體上設繩的總長不變，繩的質(zhì)量、定滑輪的質(zhì)量和尺寸、滑輪上的摩擦都忽略不計開始時，車在a點，左右兩側繩都已繃緊并且是豎直的，左側繩長h=1m提升時，車加速向左運動，沿水平方向從a經(jīng)過b駛向c設a到b的距離h=1m，車經(jīng)過b點時的速度為vb=5m/s求：（1）當車運動到b點時，物體升高的高度h；（2）車由a移到b的過程中，繩q端的拉力對物體做的功w某同學

49、的解法為：wmgh=mv，代入h和vb的數(shù)據(jù)，即可求出拉力對物體做的功w你若認為該同學的結論正確，計算該功大??；你若認為該同學的結論錯誤，說明理由并求出該功的大小考點：動能定理；運動的合成和分解專題：動能定理的應用專題分析：（1）根據(jù)幾何關系求解物體升高的高度h（2）該同學的結論是錯誤的因為汽車經(jīng)過b點時的速度與此時物體的速度不等，應根據(jù)速度的分解得到物體的速度，再由動能定理求解功解答：解：（1）當車運動到b點時，物體升高的高度為：h=h=（1）m=0.41m （2）該同學的結論是錯誤的因為繩總長不變，物體的速度與車在同一時刻沿繩方向的速度大小相等，而此刻車的速度方向不沿繩的方向，所以兩者的速

50、度大小不相等如圖，將車的速度v沿繩的方向和垂直于繩的方向分解，得：v1=vbcos 繩q端拉力對物體是變力做功，可用動能定理求解則有：wmgh=得：w=mgh+=（10100.41+1052cos245）j=103.5j答：（1）當車運動到b點時，物體升高的高度h是0.41m；（2）該同學的結論是錯誤的因為繩總長不變，物體的速度與車在同一時刻沿繩方向的速度大小相等，而此刻車的速度方向不沿繩的方向，所以兩者的速度大小不相等該功的大小為103.5j點評：本題考查了動能定理和速度的合成和分解綜合運用，難度中等，知道汽車沿繩子方向的分速度等于物體的速度32（14分）（2015普陀區(qū)一模）如圖，a、b是兩塊豎直放置的平行金屬板，相距為2l，兩板間有場強為e的勻強電場a板上有一小孔（忽略它對兩板間電場分布的影響），c、d為水平光滑絕緣軌道軌道c端有一固定擋板，長為l的輕彈簧左端固定在擋板上，右端固定一塊輕小的絕緣薄板q一個質(zhì)量為m，電荷量為q（q0）的小球，在電場力作