電功率選擇題練習(xí)(word)

1、電功率選擇題練習(xí)（word）一、電功率選擇題1 .下列電器中，利用電流熱效應(yīng)工作的是（）A.電風(fēng)扇曲暖氣Ofe視機(jī)Dfe磁繼電器【答案】B【解析】 【解答】A.電風(fēng)扇的電動(dòng)機(jī)工作時(shí)主要把電能轉(zhuǎn)化為機(jī)械能，不是利用電流熱 效應(yīng)工作的，A不符合題意；B.電暖氣工作時(shí)把電能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，是利用電流熱效應(yīng)工作 的，B符合題意；C.電視機(jī)主要是把電能轉(zhuǎn)化為光能和聲能，不是利用電流熱效應(yīng)工作 的，C不符合題意；D.電磁繼電器主要利用了電流的磁效應(yīng)工作的，D不符合題意。故答案為：B【分析】電流的熱效應(yīng)：電流通過電阻要發(fā)熱，這叫做電流的熱效應(yīng).如電燈、電爐、電烙鐵、電焊等，都是電流的熱效應(yīng)的例子.S閉合時(shí)，燈）

2、L正常發(fā)光，如果將滑動(dòng)2 .如圖所示的電路中，電源電壓保持不變，當(dāng)開關(guān) 變阻器的滑片P向右滑動(dòng)，下列說法正確的是（A.電壓表示數(shù)變小，燈 L變亮C.電壓表示數(shù)變大，燈 L變亮【答案】DB.電壓表示數(shù)變小，燈L變暗D.電壓表示數(shù)變大，燈L變暗【解析】【解答】由電路圖可知，燈泡L與滑動(dòng)變阻器 R串聯(lián)，電壓表測 R兩端的電壓,電流表測電路中的電流，將滑動(dòng)變阻器的滑片P向右滑動(dòng)時(shí)，接入電路中的電阻變大，電f路中的總電阻變大，由可知，電路中的電流變小，由 ? 五可知，燈泡兩端的電壓變小，因燈泡的亮暗取決于實(shí)際功率的大小，所以，由 尸=£7可知，燈泡的實(shí)際功率變小，燈泡L變暗，AC不符合題意；因

3、串聯(lián)電路中總電壓等于各分電壓之和，所以，滑動(dòng)變阻器R兩端的電壓變大，即電壓表的示數(shù)變大，B不符合題意、D符合題意。故答案為：Do【分析】結(jié)合電路圖，理清電路的連接方式及電表的測量對象，結(jié)合滑動(dòng)變阻器的滑片P向右滑動(dòng)時(shí)，接入電路中的電阻變化，利用歐姆定律及電功率的計(jì)算公式分析即可3 .如圖所示的電路，電源電壓為 3V且保持不變，定值電阻R=1Q,滑動(dòng)變阻器 R2阻值范圍為04Q閉合開關(guān)S,在滑片從左向右移動(dòng)的過程中，下列說法正確的是（）A.滑動(dòng)變阻器的最大功率為 1.44WB.滑動(dòng)變阻器的最大功率為 2WC.滑動(dòng)變阻器的最大功率為 2.25WD.電壓表示數(shù)從0V增大到2.4V【答案】C【解析】【

4、解答】由電路圖可知，Ri與2串聯(lián)，電壓表測 Ri兩端的電壓，電流表測電路中的電流。（1）因串聯(lián)電路中總電阻等于各分電阻之和，所以，電路中的電流：1 =,滑動(dòng)變阻器消耗的電功率：P2 = I2R2 =（凡，+昭 ）2R2 =I F（Ri -f-粉？窿檢 他，-史,所以，當(dāng) R2=Ri = 1Q時(shí)，滑動(dòng)變阻器消耗的電功率最if .沙大，則P2大=此 i 乂 /0=2.25W, AB不符合題意、C符合題意；（2）當(dāng)滑動(dòng)變阻器 接入電路中的電阻為零時(shí)，電路為Ri的簡單電路，電壓表測電源兩端的電壓，示數(shù)為3V,當(dāng)滑動(dòng)變阻器接入電路中的電阻最大時(shí)，電路中的電流最小，R兩端的電壓最小，此U 3F時(shí)電路中的電

5、流： 1= 2 R大+ 4口 =0.6A,電壓表的最小示數(shù)： Ui =i貯 0.6A X 1狗0.6V,所以，在滑片從左向右移動(dòng)的過程中，電壓表示數(shù)從3V減小到0.6V, D不符合題意。故答案為：Co【分析】R與R2串聯(lián)，電壓表測 Ri兩端的電壓，電流表測電路中的電流，根據(jù)電阻的串聯(lián)和歐姆定律表示出電路中的電流，根據(jù)P=2R表示出滑動(dòng)變阻器消耗的電功率，然后分析表達(dá)式得出滑動(dòng)變阻器消耗最大功率時(shí)接入電路中的電阻，并求出其大小；當(dāng)滑動(dòng)變阻器接入電路中的電阻為零時(shí)，電路為Ri的簡單電路，電壓表測電源兩端的電壓；當(dāng)滑動(dòng)變阻器接入電路中的電阻最大時(shí)，電路中的電流最小，Ri兩端的電壓最小，根據(jù)電阻的串聯(lián)

6、和歐姆定律求出電路中的電流，再根據(jù)歐姆定律求出Ri兩端的電壓，然后得出電壓表示數(shù)的變化.4 .如圖是探究 電流通過導(dǎo)體時(shí)產(chǎn)生熱的多少跟什么因素有關(guān)”的實(shí)驗(yàn)裝置.通電前， A、B兩個(gè)U型管內(nèi)的液面相平，通電一定時(shí)間后，通過Ri、R2的電流分別為Ii、|2 ,則（）:R .9 Q<0 J J ；Mu©A. I1=I2, A管中的液面較低B1=I2 , A管中的液面較高C.h>l2, A管中的液面較低I. Di i> I2 , A管中的液面較高【答案】D【解析】【解答】解：由圖可知，右側(cè)兩電阻絲并聯(lián)后與左側(cè)電阻絲串聯(lián)，并聯(lián)電路中干路電流等于各支路電流之和，所以Ii>

7、l2,故AB錯(cuò)誤；由Q=I2Rt可知，通電時(shí)間相同時(shí)，Ii>l2 , Ri=R2=5 Q,所以左側(cè)電阻產(chǎn)生的熱量較多，密閉空氣吸收熱量后，體積不變，壓強(qiáng)變大，左側(cè)容器內(nèi)氣體的壓強(qiáng)與大氣壓的差值較大，A測玻璃管液面較高.故選D.【分析】由電路圖分析電阻絲的連接方式，根據(jù)串并聯(lián)電路的電流特點(diǎn)可知通過它們的電流關(guān)系，根據(jù) Q=PRt比較兩電阻產(chǎn)生的熱量關(guān)系，密閉空氣吸收熱量后，壓強(qiáng)變大， U形 管內(nèi)兩液面的差值變大，據(jù)此進(jìn)行解答.5 .小明利用電能表測量某個(gè)家用電器的電功率，當(dāng)電路中只有這個(gè)電器連續(xù)工作時(shí)，測得在1h內(nèi)，消耗的電能為1.2kW?h,那么用這個(gè)電器是（）A.液晶電視機(jī)B.臺(tái)式計(jì)算

8、機(jī)iC.家用空調(diào)iD.電冰箱【答案】C【解析】【解答】解： 用電器在t=1h內(nèi)消耗的電能為 W=1.2kW?h,用電器的電功率：P= F = 血 =1.2kW=1200W,液晶電視機(jī)的電功率約為100W,臺(tái)式計(jì)算機(jī)的電功率約為 200W,空調(diào)的電功率約為1000W,電冰箱的功率約為 100W,所以電功率是1200W的用電器是空調(diào).故選C.【分析】根據(jù)用電器在1h內(nèi)消耗的電能，結(jié)合公式P；,求出電功率，再與題目中給出的用電器的功率比較即可.R、R2均為電熱絲.下6 .某型號(hào)電飯鍋具有保溫與加熱兩種功能，其簡化電路如圖所示, 列說法正確的是（）A. &、8閉合時(shí)，電飯鍋處于加熱狀態(tài)| B.

9、 S S2閉合時(shí)，電飯鍋處于保溫狀態(tài)C. S閉合、S2斷開時(shí)，電飯鍋處于加熱狀態(tài)D. S斷開、8閉合時(shí)，電飯鍋處于保溫狀態(tài)【答案】A【解析】【解答】解：由電路圖可知，當(dāng) S、S2閉合時(shí)，R1短路，電路中只有 R2；當(dāng)S1閉 合、3斷開時(shí)，Ri ,及串聯(lián)，S斷開、S2閉合時(shí)，整個(gè)電路斷開，電飯鍋不工作；可見，當(dāng)S、S2閉合時(shí)，電路中電阻最小，當(dāng) S閉合、S2斷開時(shí)，電路中電阻較大， if由P= #可知，當(dāng)Si、S2閉合時(shí)，電功率最大，處于加熱狀態(tài)；當(dāng)Si閉合、S2斷開時(shí)，電功率較小，處于保溫狀態(tài).故A正確、BCD錯(cuò).故選A.IT【分析】根據(jù) P=不可知，在電源電壓不變時(shí)，電路中電阻越小，電功率越

10、大，即為加熱狀態(tài)，反之為保溫狀態(tài).據(jù)此分析判斷.7 .下列表述正確的是（）X叉牌乂匣本彩色電視機(jī)號(hào)：TC2975GF源一5毋近220VA.電視機(jī)正常工作電流約為1.57AD.磁極間在不接觸時(shí)無法發(fā)生相互作用【解析】【解答】A.電視機(jī)正常工作電流:也6L額定功率J 140WB.電水壺的電阻為:I?(2?如力？= 一 二=48. 4P 1000WC.兩個(gè)帶有正電荷的小球之間的距離明顯增大, D.磁極間在不接觸時(shí)能夠發(fā)生相互作用，故 故選C。說明同種電荷相互排斥，故 D錯(cuò)誤。C正確;【分析】（1）已知額定功率和額定電壓根據(jù)，計(jì)算正常工作電流;已知額定功率和額定電壓根據(jù)計(jì)算電阻;(2)(3)(4)同種

11、電荷相互排斥，異種電荷相互吸引；磁體之間的磁力不需要相互接觸就能發(fā)生力的作用。8 .兩個(gè)定值電阻 Ri、R2并聯(lián)在電路中，如圖甲所示，它們的電流與其兩端的電壓關(guān)系如 圖乙所示，閉合開關(guān) S,則Ri ,2產(chǎn)生的熱量之比為（）甲乙A. 2: 1舊.1 : 2C. 4: 1 D. 1: 4【答案】A【解析】【解答】由并聯(lián)電路的特點(diǎn)知道，R1、R2的電壓是相同的，由圖乙知道，在電壓相同時(shí)，通過R、R2的電流之比是2:1;由I=U/R知道，R1、R2的電阻之比為1 : 2;由圖甲知道，閉合開關(guān) S,則通電時(shí)間相同，由Q=W=U2r t知道，產(chǎn)生的熱量與電阻成反比，故R1、R2產(chǎn)生的熱量之比是 2: 1,

12、 故答案為：Aod【分析】利用歐姆定律判定 R、R2的阻值關(guān)系；根據(jù)焦耳定律公式Q=W=斤t判定產(chǎn)生熱量的比值.9 . 2017?黃岡）下列關(guān)于電和磁的說法正確的是（）A.金屬導(dǎo)體中的電流方向與導(dǎo)體中自由電子定向移動(dòng)方向相同B.家庭電路中同時(shí)工作的用電器總功率越大，通過電能表的電流越大C.磁場中某點(diǎn)的磁場方向與該點(diǎn)小磁針靜止時(shí)南極的指向相同D.電動(dòng)機(jī)是根據(jù)電磁感應(yīng)原理工作的【答案】B【解析】【解答】解：A、自由電子是負(fù)電荷，所以金屬導(dǎo)體中的電流方向與自由電子定 向移動(dòng)方向相反，故 A錯(cuò)誤；B、接入電路的用電器總功率越大，由公式I=Z可知通過電能表的電流就越大，故 B正確；C、小磁針靜止時(shí)N極所

13、指的方向?yàn)樵擖c(diǎn)磁場的方向，故C錯(cuò)誤；A、電動(dòng)機(jī)是利用通電線圈在磁場中受力轉(zhuǎn)動(dòng)的原理制成的，故 D錯(cuò)誤.故選B.【分析】（1）物理學(xué)中規(guī)定正電荷定向移動(dòng)的方向?yàn)殡娏鞣较?；?）家庭電路電流大的原因：總功率過大；（3）我們規(guī)定小磁針 N極所指的方向?yàn)樵擖c(diǎn)磁場的方向；（4）帶電磁鐵的儀器利用的是電流的磁效應(yīng)原理.10 .下列數(shù)據(jù)最接近實(shí)際情況的是（）B.學(xué)生課桌高度約為 200cmD.家用節(jié)能燈的功率約為1kW1cm2 ,大氣壓強(qiáng)約105Pa,A.大氣對拇指指甲蓋的壓力約為10NC.讓人感覺舒適的氣溫約為 37 C【答案】A【解析】【解答】A.大拇指的指甲蓋的面積大約那么大氣對指甲蓋的壓力；F=pS

14、=105PaX T0m2=10N,故A符合題意;B.普通學(xué)生課桌的高度大約1m,而200cm=2m ,太高了，故B不合題意;C.讓人感覺舒適的溫度大約在25c左右，37c太高了，故C不合題意；D家用節(jié)能燈的功率大約 30W左右，1kW的功率太大了，故 D不合題意。故選Ao【分析】（1）大拇指的指甲蓋的面積大約1cm2 ,根據(jù)F=pS計(jì)算大氣對指甲蓋的壓力;（2）普通學(xué)生課桌的高度大約1m；（3）讓人感覺舒適的溫度大約在25 c左右；（4）家用節(jié)能燈的功率大約 30W左右。11 .小芳同學(xué)在做電學(xué)實(shí)驗(yàn)時(shí)，實(shí)物圖如圖所示，電源電壓恒為4.5V,電壓表量程 “上3V”，燈L標(biāo)有“2.5V1.25W”

15、（設(shè)燈絲電阻不變），滑動(dòng)變阻器規(guī)格為“20!A"，在不損壞電路元件的情況下進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，下列說法正確的是（）A.燈泡的最小功率是 0.162W" BM電路的最大功率是 4.05WC.電路中電流變化的范圍是0.3A-0.4AD滑動(dòng)變阻器的阻值應(yīng)在4Q- 10 之間變化【答案】D【解析】【解答】解：A燈泡與滑動(dòng)變阻器串聯(lián)，滑動(dòng)變阻器接入電路中的電阻最大（電壓表的示數(shù)是3V時(shí)），電路中的電流最小，燈泡的功率最小，此時(shí)燈泡兩端的電壓:Ul'=U-U 滑大=4.5V3V= 1.5V,“2.5V1.25W Rl=/I列5n =0.3A, Pl最小= 1.5V X 0.3A0.45W

16、, A 不符合題意;0.5A所以，電路中電流范圍是0.3A0.5A, C不符合題意;2.25A,B不符合題意；電路中電流最大時(shí)電阻最小，電路中的最小電流：I小=電路中的電流 I最大=5y =P最大=UI最大=4.5VR最小= 9 P，則口 宓=/q ,電路中電流最小時(shí)電阻最大r最大=。為=150 - 5。, D符合題意。故答案為：D【分析】燈泡與滑動(dòng)變阻器串聯(lián)，電壓表測滑動(dòng)變阻器兩端的電壓；根據(jù)口，則0.5A =R滑小=9R滑大=15p=ui求出燈泡正常發(fā)光時(shí)的電流，根據(jù)串聯(lián)電路的電流特點(diǎn)結(jié)合滑動(dòng)變阻器允許通過最大電流確定電路中 的最大電流，根據(jù) P=UI求出電路的最大功率，根據(jù)歐姆定律求出燈

17、泡的電阻和電路中的總3V時(shí)，電電阻，利用電阻的串聯(lián)求出變阻器接入電路中的最小阻值；當(dāng)電壓表的示數(shù)為路中的電流最小，燈泡的功率最小，滑動(dòng)變阻器接入電路中的電阻最大，利用串聯(lián)電路的 電壓特點(diǎn)求出燈泡兩端的電壓，利用歐姆定律求出電路中的電流，進(jìn)一步求出電路中電流 變化的范圍，根據(jù) p=ui求出燈泡的最小功率，最后根據(jù)歐姆定律求出滑動(dòng)變阻器接入電路 中的最大阻值即可得出滑動(dòng)變阻器阻值變化的范圍Ro為定值電阻,12 .如圖，是某煤氣泄漏檢測裝置的簡化電路，其中電源電壓保持不變,R為氣體傳感器電阻，其阻值隨煤氣濃度的增大而減小，閉合開關(guān)，下列說法中正確的是甲A.煤氣密度增大時(shí), B.煤氣密度增大時(shí), C.

18、煤氣密度減小時(shí), D.煤氣濃度減小時(shí),【答案】C電流表的示數(shù)將變小電壓表的示數(shù)將變小電路消耗的電功率將變小電壓表與電流表示數(shù)的比值略變大【解析】【解答】解：（1）當(dāng)煤氣密度增大時(shí)，氣體傳感器電阻變小，電路中的總電阻變 小，uI= i ：,，電路中的電流變大，即電流表的示數(shù)變大，故A不正確；.U=IR,.定值電阻Ro兩端的電壓變大，故 B不正確；2）當(dāng)煤氣密度減小時(shí)，氣體傳感器電阻變大，電路中的總電阻變大，U= i= R,電路中的電流變小，.p=ui,且電源的電壓保持不變，電路消耗的電功率將變小，故C正確；電壓表與電流表示數(shù)的比值等于定值電阻Ro的阻值，電壓表與電流表示數(shù)的比值不變，故D不正確.

19、故選C.【分析】根據(jù)題意得出煤氣密度變化時(shí)氣體傳感器電阻的變化，電路中總電阻的變化，根據(jù)歐姆定律可知電流表示數(shù)的變化和電壓表示數(shù)的變化，根據(jù)P=UI可知電路消耗電功率的變化，利用歐姆定律可知電壓表與電流表示數(shù)比值的變化.13.下列說法正確的是（）A.電流表測電路中電流時(shí)，流過的電流是正電荷定向移動(dòng)形成的 卜麗B.某同學(xué)家的電能表示數(shù)是,表示他家消耗的電能是 1234.5JC.可燃冰屬于可再生能源D.衛(wèi)星電話用電磁波傳遞信息【答案】D【解析】【解答】解：A、在金屬導(dǎo)體中自由電子的定向移動(dòng)形成電流，故 A錯(cuò)誤；甘 FrZTBl 匕曰而比B、某同學(xué)家的電能表不數(shù)是',表小他家消耗的電能是 1

20、234.5kW?h,故B錯(cuò)誤；C、可燃冰是埋藏于海底的化石燃料，可燃冰屬于不可再生能源，故C錯(cuò)誤；D、衛(wèi)星電話是用電磁波傳遞信息的，故D正確.故選：D.【分析】（1）金屬導(dǎo)電靠的是自由電子的定向移動(dòng)；（2）要知道電能表示數(shù)的最后一位是小數(shù)，單位是 kw?h. （3）從能源是否可再利用的角度可把能源分為可再生能源和不可 再生能源.人類開發(fā)利用后，在現(xiàn)階段不可能再生的能源，屬于不可再生能源；指在自然界中可以不斷再生、連續(xù)利用的能源，屬于可再生能源.（4）移動(dòng)通信、衛(wèi)星通信都是利用電磁波中的微波來傳遞信息的，因?yàn)槲⒉▊鬟f信息量大.14.甲用電器標(biāo)有 “220V20W ,乙用電器標(biāo)有 “220V60W

21、 ,它們都在額定電壓下工作, 則下列判斷中正確的是（）A.甲用電器做功一定多C.乙用電器做功一定多瞰相同的功，甲用電器用的時(shí)間一定少D目同時(shí)間內(nèi)，乙用電器做的功一定多【答案】D【解析】【解答】解：額定電壓下，甲用電器的電功率為 AC、由W=Pt可知，電流做功的多少與通電時(shí)間有關(guān)，20W,乙用電器的功率為AC不正確；60W。B、根據(jù)t= F可知，完成相同的功，乙用電器所用的時(shí)間一定少, D.根據(jù) W=Pt可知，相同時(shí)間內(nèi)，乙用電器完成的功一定多， 故答案為：Do【分析】（1）電功率是表示電流做功快慢的物理量；（2）定功率相等，根據(jù) W= Pt比較電功和時(shí)間之間的關(guān)系。B不正確;D符合題意。額定電

22、壓下用電器的功率和額15.用石墨烯制成的濕敏電阻，其阻值會(huì)隨含水量的升高而增大。圖D.電路總功5是檢測植物葉片含）【答案】B【解析】【解答】由圖5知，電路是由濕敏電阻 R和定值電阻R0串聯(lián)構(gòu)成的，電壓表測 R0兩端的電壓，當(dāng)葉片含水量升高時(shí)，濕敏電阻的阻值增大，根據(jù)R總mRo+R得電路總電阻增,一，I 二二一 一大，又由 /且U不變，得電路中電流減小，即電流表的本數(shù)減小；由U=IRo得Ro兩端rp - 1的電壓減小，即電壓表的示數(shù)減小；而由利？知電路總功率減小。故答案為：B?！痉治觥拷Y(jié)合題意，理清元件的連接方式及電表的測量對象，將濕敏電阻R附著在葉片上，根據(jù) 濕敏電阻的阻值會(huì)隨含水量的升高而增

23、大”可知濕敏電阻的阻值變化，根據(jù)電阻的串聯(lián)可知電路中總電阻的變化，根據(jù)歐姆定律可知電路中電流的變化和Ro兩端的電壓變化，利用P=UI判斷電路總功率的變化情況.R為光敏電阻，其阻值隨著光照的增強(qiáng)而減小,16 .如圖所示電路，電源電壓恒定, 定值電阻，當(dāng)光照減弱時(shí) A. V與力上示數(shù)的比值減小C. §與'示數(shù)之差變大【答案】DB. V與血示數(shù)的比值不變hD.電路消耗的總功率減小【解析】【解答】A、由歐姆定律可知，V與月/示數(shù)的比值為光敏電阻 R的阻值，因R的阻值變大，則該比值變大，A不符合題意；B、電壓表示數(shù)不變， 足示數(shù)變小，則V與比示數(shù)的比值變大，B不符合題意；C、由并聯(lián)電路

24、的特點(diǎn)可知，閨與出示數(shù)之差為通過 戊的電流，保持不變， C不符合題意；D、電源電壓不變，總電流變小，根據(jù)"可知，總功率減小，D符合題意。故答案為：Do【分析】光敏電阻 R與定值電阻Ro并聯(lián)，電壓表測量的是 R兩端的電壓 （即電源的電 壓），保持不變；電流表 Ai測量的是通過 R的電流，電流表 A2測量的是干路中的電流；已知光敏電阻 R的阻值隨著光照的增強(qiáng)而減小，則當(dāng)光照減弱時(shí)，R的阻值變大，根據(jù)歐姆定律可知，通過 R的電流變小，即電流表 Ai示數(shù)變??；通過 Ro的電流不變，而通過 R 的電流變小，所以干路中的電流變小，即電流表A2示數(shù)變小，根據(jù) P=UI可知，總功率減小.S,當(dāng)滑動(dòng)變

25、阻器的滑片P向右移17 .如圖所示的電路中，電源電壓保持不變，閉合開關(guān)動(dòng)時(shí)，電路中保持不變的是（）0 ri*1（0）111pA.用電器消耗的總功率B.電壓表V的示數(shù)與電流表 A的示數(shù)的比值C.電流表A的示數(shù)與電流表 Ai的示數(shù)的差值 D.電壓表V的示數(shù)與電流表 Ai的示數(shù)的乘積 【答案】D【解析】【解答】由電路圖知道，Ri與2并聯(lián)，電流表Ai測R的電流，電流表 A測并聯(lián)電路的總電流，電壓表測電源電壓，所以無論滑片如何移動(dòng)，電壓表的示數(shù)不變；當(dāng)滑動(dòng) 變阻器的滑片P向右移動(dòng)時(shí)，變阻器連入電路中的電阻變大，由P=U2/R知道，用電器消耗的總功率變小，A不符合題意；由圖知道，電壓表 V的示數(shù)與電流表

26、A的示數(shù)的比值等于 電路的總電阻，由于滑動(dòng)變阻器的滑片P向右移動(dòng)而使總電阻變大，所以該比值變大，B不符合題意；因?yàn)椴⒙?lián)電路中各支路互不影響，所以當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片P向右移動(dòng)時(shí)，通過Ri的電流不變，即電流表 Ai示數(shù)不變，但變阻器由于連入電路中的電阻變大，而使 通過變阻器的電流變小，由于電流表A的示數(shù)與電流表 Ai的示數(shù)的差值等于通過變阻器的電流，所以，該差值會(huì)變小，C不符合題意；又因?yàn)殡妷罕硎緮?shù)不變、電流表Ai示數(shù)不變，所以電壓表 V的示數(shù)與電流表 Ai的示數(shù)的乘積不變，D符合題意， 故答案為：Do【分析】結(jié)合電路圖判斷電阻的連接方式及電表的測量對象，通過滑動(dòng)變阻器的滑片P向右移動(dòng)時(shí)變阻器連入

27、電路中的電阻變化，結(jié)合歐姆定律、并聯(lián)電路的規(guī)律、電功率公式進(jìn) 行分析即可.i8.如圖是一個(gè)油量表的示意圖，滑動(dòng)變阻器規(guī)格為“20QiA”.閉合開關(guān)，當(dāng)浮球最低時(shí)B.電源電壓為15V滑片P滑到a端，電流表示數(shù)為 0.3A,當(dāng)浮球最高時(shí)，滑片 P滑到b端，電流表示數(shù)為0.5A.下列說法錯(cuò)誤的是（A.電阻Ri的阻值為30 aC.在加滿油后,imin內(nèi)電阻Ri產(chǎn)生的熱量為 450J D.電阻Ri最小功率為7.5W【解析】【解答】解：由電路圖可知，Ri與R2串聯(lián)，電流表測電路中的電流.（ D當(dāng)滑片位于a端時(shí)，滑動(dòng)變阻器接入電路中的電阻最大，因串聯(lián)電路中總電阻等于各分電阻之和, 所以，由1=/可得，電源的

28、電壓：U=Ia (R1+R2) =0.3AX(R+20Q ,當(dāng)滑片位于b端時(shí)，電路為Ri的簡單電路，則電源的電壓：U=IbRi=0.5A XiR , 因電源的電壓不變， 所以，0.3AX (R+20Q) =0.5A XiR , 解得：Ri=30Q,故A正確；電源的電壓 U=IbRi=0.5A X 30 0=1,5敞B正確；(2)在加滿油后，滑片位于b端，則imin內(nèi)電阻Ri產(chǎn)生的熱量：Qi=Ib2Rit= (0.5A) 2X30 ax 60s=450J C 正確;當(dāng)滑片位于a端時(shí)，電阻Ri的功率最小，則Pi=Ia2Ri= (0.3A) 2X 30 Q =2.7W D 錯(cuò)誤.故選D.【分析】由電

29、路圖可知，Ri與R2串聯(lián)，電流表測電路中的電流.( i)當(dāng)滑片位于 a端時(shí)，滑動(dòng)變阻器接入電路中的電阻最大，根據(jù)電阻的串聯(lián)和歐姆定律表示出電源的電壓； 當(dāng)滑片位于b端時(shí)，電路為 R的簡單電路，根據(jù)歐姆定律表示出電源的電壓，利用電源的 電壓不變得出等式即可求出Ri的阻值，進(jìn)一步求出電源的電壓；(2)在加滿油后，滑片位于b端，根據(jù) Q=I2Rt求出imin內(nèi)電阻Ri產(chǎn)生的熱量；當(dāng)滑片位于 a端時(shí)，電阻Ri的功 率最小，根據(jù)P=I2R求出其大小.i9.如圖所示的電路中，電源電壓保持不變.閉合開關(guān)S,移動(dòng)滑片，使電壓表 Vi示數(shù)與使電壓表Vi示數(shù)與電壓電壓表V2示數(shù)之比為2: i,此時(shí)R2的功率為Pi

30、；再次移動(dòng)滑片,表V2示數(shù)之比為i ： 2,此時(shí)R2的功率為P2 ,則Pi: P2為()A. i: 4B. i : 2C. i: iD. 4: i解：在第i種情況下，R2兩端的電壓 U2i = m 7 U=3 , R兩端的電壓為22L在第2種情況 下，R2兩端的電壓 U22二1'二:U= 3 , Ri的電壓為Ui2=U -根據(jù)電阻不變時(shí)，通過的電流與電壓成正比，I 所以，兩種情況下通過 Ri的電流之比 門上="修=，即兩種情況下通過 R2的電流之比;Pi U2i * In Z J 7HammF£ =如X/n=£ M = L 故選C.&的電壓之比，根

31、據(jù)串聯(lián)電路電壓的特點(diǎn)，求出R1的電壓R1的電流之比，即通過 R2的電流之比，根據(jù) P=UI可求兩種【分析】首先求出兩種情況下 之比，即可求出通過定值電阻 情況下R2的電功率之比.20.如圖所示，電源電壓保持6V不變，電壓表的量程為 0 3V,電流表的量程為 0 0. 6A,定值電阻Ri的規(guī)格為“10Q.5A”，滑動(dòng)變阻器 於的規(guī)格為“209A”.閉合開關(guān),A.電流表示數(shù)允許的變化范圍為為了保證電路安全，下列說法正確的是（）0. 2A 0. 5A B. Ri消耗功率允許的變化范圍為0. 4W 0. 9WC. F2接入電路的阻值允許的變化范圍為2 Q 20 Q D.電路消耗總功率允許的變化范圍為1

32、 . 2W3W【答案】B【解析】【解答】當(dāng)電壓表的示數(shù)為最大值Ui=3V時(shí)，定值電阻Ri兩端電壓為R=3V,電路中電流Ii=" I=" I 2= Ui/ Ri=0. 3A<0. 6A,所以電路中最大電流只能為0. 3A;滑動(dòng)變阻器6V - 3V一， R二二一，一接入電路中的最小電阻0.3A電路消耗的最大功率P=UI=6VX0. 3A=i . 8W,電阻Ri消耗的最大功率 Pi=UiIi=3VXQ 3A=0. 9W,所以B、C、D錯(cuò)誤；滑動(dòng)變阻器阻值6V口 ，一 ，“，、一 口， 411 n - T777 - Q 二川 ，一最大時(shí)，電路中電流最小加。,電阻 R的最小電功

33、率品n =就34=很引萬X3"S期所以Ri消耗的功率的變化范圍為0 . 4W 0. 9W。故答案為：B?！痉治觥坑蓤D可知：滑動(dòng)變阻器Ri與定值電阻R2串聯(lián)，電壓表測量定值電阻兩端的電壓，根據(jù)串聯(lián)電路的分壓原理（電阻越大，電阻兩端的電壓越高），當(dāng)電壓表的示數(shù)最小 時(shí)，變阻器接入電路的電阻最大；當(dāng)電流表的示數(shù)達(dá)到最大值時(shí)，變阻器接入電路的電阻 最?。桓鶕?jù)歐姆定律的應(yīng)用可分別電路中的總電阻和滑動(dòng)變阻器接入電路中的電阻值，同 時(shí)可以確定電壓表示數(shù)、電流表示數(shù)以及電路中總功率的變化.）C.電視機(jī)"D.手機(jī)21 .下列用電器工作時(shí)，將電能全部轉(zhuǎn)化為內(nèi)能的是（A.電風(fēng)扇B.電水壺【答案】

34、B【解析】【解答】解：A、電風(fēng)扇工作時(shí)，電能轉(zhuǎn)化為機(jī)械能和內(nèi)能，A不符合題意；B、電水壺工作時(shí)，把電能全部轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，B符合題意；C、電視機(jī)工作時(shí)，電能主要轉(zhuǎn)化為聲能、光能和內(nèi)能，C不符合題意；D、手機(jī)工作時(shí)，電能轉(zhuǎn)化為光能和內(nèi)能，D不符合題意。故答案為：B?！痉治觥孔龉偸前殡S著能量的轉(zhuǎn)化，電功也不例外。用電器消耗了電能，獲得了其它形 式的能量，就是一個(gè)電流做功的過程。22 .如圖所示電路中，電源電壓不變，Ri為定值電阻，e為滑動(dòng)變阻器（a、b為其兩端點(diǎn)）.閉合開關(guān) S,當(dāng)，t片P在某一端點(diǎn)時(shí)，電流表示數(shù)為0.1A, R2消耗的電功率為1W;當(dāng)滑片P移動(dòng)至某一位置時(shí)，電流表示數(shù)為0.3A,

35、R2消耗的電功率為 1.8W.則當(dāng)滑片 P從a移到b的過程中（）A.電流表示數(shù)變化了 0.4AII由壓表示數(shù)變化了 8VC. R消耗的電功率變化了 6WiD.電路消耗的總功率變化了6W【答案】D【解析】【解答】解：由圖知，Ri與滑動(dòng)變阻器 R2串聯(lián)，電壓表測 R2兩端的電壓，電流 表測電路中電流，/根據(jù)1= /可知，滑片P在某一端點(diǎn)時(shí)，電流表示數(shù)為0.1A,電流最小，電阻最大，由此可知滑片在b端，變阻器R2連入阻值最大，根據(jù)P=UI得：滑動(dòng)變阻器 R2的電壓：U2/晅力=儀川=10V, I 超 10 V滑動(dòng)變阻器R2的最大值：R2=a11=100 0,根據(jù)串聯(lián)電路的電壓特點(diǎn)可知：U=U1+U2

36、 ,所以有：U=0.1AX R1+10V當(dāng)滑片P移動(dòng)至某一位置時(shí)，電流表示數(shù)為0.3A,P?工好此時(shí)R2的電壓：U2' = =23A =6V,由U=U1，+UI 得：U=0.3A L肚6V聯(lián)立解得：R1=20 q, U=12V;當(dāng)P在a端時(shí)，R2連入阻值為0,所以電壓表示數(shù) Uv=0,;jr電流表本數(shù)：Ia=吊=0.6A,由前面的計(jì)算可知：當(dāng) P在b端時(shí)，Ia' =0.1 A電壓表示數(shù) Uv' =10V由此可知，電流表變化為：I=IaIa' =0.6 A0.1A=0.5A,故A錯(cuò)誤；電壓表變化為： aUnUv-Uv' =12V0=12V,故B錯(cuò)誤；R 消

37、耗的電功率變化：P懺dR - Ia2R= (0.6A) 2X20R ( 0.1A) 2X 20 Q =7楸 C錯(cuò)誤;電路消耗的總功率變化：P=U4 I=12VX0.5A=6Vy故D正確.故答案為：D.【分析】由圖可知， R與滑動(dòng)變阻器 R2串聯(lián)，電壓表測 R2兩端的電壓，電流表測電路中P=UI計(jì)算P在Ri的阻值；根據(jù)串電流，由P在某一端點(diǎn)時(shí)電流最小，根據(jù)歐姆定律計(jì)算變阻器的最大值，由 兩個(gè)位置時(shí)變阻器兩端電壓，根據(jù)串聯(lián)電路和歐姆定律計(jì)算電源電壓和聯(lián)電路特點(diǎn)和歐姆定律計(jì)算P在兩端時(shí)電路中電流和變阻器兩端電壓，從而判斷電表示數(shù)變化；由P=UI計(jì)算R1消耗的電功率和總功率變化.Ri為定值電23.家用

38、飲水機(jī)是一種雙溫電熱器，其工作原理可簡化為如圖所示的電路,阻，R為電熱板，R1=3R2 , a、b是溫控開關(guān) 或保溫狀態(tài)。則飲水機(jī)在加熱與保溫狀態(tài)時(shí)()S的兩個(gè)觸點(diǎn)，調(diào)節(jié) S可使飲水機(jī)處于加熱R2消耗的電功率之比及有關(guān)說法正確的是段A. 4： 1, S與a點(diǎn)接觸時(shí)處于保溫狀態(tài)B. 16:1, S與a點(diǎn)接觸時(shí)處于保溫狀態(tài)C. 4： 1, S與b點(diǎn)接觸時(shí)處于保溫狀態(tài)D.16: 1,【答案】S與b點(diǎn)接觸時(shí)處于保溫狀態(tài)B【解答】當(dāng)S接b時(shí)是加熱狀態(tài)，此時(shí)PiR2電功率為態(tài) ，R2Pi:P2=16:1, B 符合題意。故答案為：B.【分析】根據(jù)電阻串聯(lián)時(shí)，總電功率減小，根據(jù)電壓和電阻可以計(jì)算電功率，根據(jù)電流和