電磁感應(yīng)定律練習(xí)

1、電磁感應(yīng)定律練習(xí)班級(jí) 姓名 1發(fā)現(xiàn)電流磁效應(yīng)的科學(xué)家是（ ）A. 奧斯特 B. 安培 C. 法拉第 D. 庫(kù)侖2當(dāng)線圈中的磁通量發(fā)生變化時(shí)，下列說法中正確的是： ( )A. 線圈中一定有感應(yīng)電動(dòng)勢(shì) B. 線圈中有感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，其大小與磁通量成正比C. 線圈中一定有感應(yīng)電流 D. 線圈中有感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，其大小與磁通量的變化量成正比3如圖所示，銅質(zhì)金屬環(huán)從條形磁鐵的正上方由靜止開始下落，在下落過程中，下列判斷中正確的是()A. 金屬環(huán)在下落過程中的機(jī)械能守恒B. 金屬環(huán)在下落過程中動(dòng)能的增加量小于其重力勢(shì)能的減少量C. 金屬環(huán)的機(jī)械能先減小后增大D. 磁鐵對(duì)桌面的壓力始終大于其自身的重力4用均勻?qū)Ь€做

2、成的單匝正方形線框，每邊長(zhǎng)為0.2米，正方形的一半放在和紙面垂直向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，如圖示，當(dāng)磁場(chǎng)以20T/s的變化率增強(qiáng)時(shí)， 線框中點(diǎn)a、b兩點(diǎn)電勢(shì)差是：（ ）A. Uab0.2V B. Uab0.2V C. Uab0.4V D. Uab0.4V5如圖所示，線圈兩端與電阻相連構(gòu)成閉合回路，在線圈上方有一豎直放置的條形磁鐵，磁鐵的S極朝下.在將磁鐵的S極插入線圈的過程中,下列正確的是A. 通過電阻的感應(yīng)電流的方向?yàn)橛蒪到a，線圈與磁鐵相互排斥B. 通過電阻的感應(yīng)電流的方向?yàn)橛蒩到b, 線圈與磁鐵相互排斥C. 通過電阻的感應(yīng)電流的方向?yàn)橛蒩到b，線圈與磁鐵相互吸引D. 通過電阻的感應(yīng)電流的方向?yàn)橛?/p>

3、b到a, 線圈與磁鐵相互吸引6空間存在豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，將一個(gè)不會(huì)變形的單匝金屬圓線圈放入該磁場(chǎng)中，規(guī)定圖甲所示的線圈中的電流方向?yàn)檎?。?dāng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間t按圖乙所示的規(guī)律變化時(shí)，能正確表示線圈中感應(yīng)電流隨時(shí)間變化的圖線是（ ）7關(guān)于感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，下列幾種說法中正確的是： （ ）A. 線圈中的磁通量變化越大，線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)一定越大B. 穿過線圈的磁通量越大，線圈中的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)越大C. 線圈放在磁場(chǎng)越強(qiáng)的位置，線圈中的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)越大D. 線圈中的磁通量變化越快，線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)越大8如圖甲所示，一個(gè)圓形線圈的匝數(shù)n=100，線圈面積S=100cm2，線圈的電阻r=1，線圈外

4、接一個(gè)阻值R=4的電阻，把線圈放入一方向垂直線圈平面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間變化規(guī)律如圖乙所示下列說法中正確的（）A. 線圈中的感應(yīng)電流方向?yàn)槟鏁r(shí)針方向B. 電阻R兩端的電壓隨時(shí)問均勻增大C. 前4s內(nèi)通過電阻R的電荷量為4×102CD. 線圈電阻r消耗的功率為4×102W9一個(gè)邊長(zhǎng)為10 cm的正方形金屬線框置于勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，線框匝數(shù)n=100，線框平面與磁場(chǎng)垂直，電阻為20 。磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間變化的圖象如圖所示則前兩秒產(chǎn)生的電流為_ _ 10一個(gè)200匝、面積為 的線圈，放在磁場(chǎng)中，磁場(chǎng)的方向與線圈平面成30°角，若磁感應(yīng)強(qiáng)度在0.05 s內(nèi)由0.1

5、T均勻增加到0.5 T。在此過程中穿過線圈的磁通量的變化是_ Wb；線圈產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的大小是_ V。11如圖所示，10匝線圈上方有一豎立的條形磁體，此時(shí)線圈內(nèi)的磁通量為0.02Wb，現(xiàn)把條形磁體插入線圈，線圈內(nèi)的磁通量變?yōu)?.10Wb，該過程經(jīng)歷的時(shí)間為0.4s。求：(1)該過程線圈內(nèi)的磁通量的變化量；(2)該過程線圈產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)。12如圖所示，磁感應(yīng)強(qiáng)度B=1T的勻強(qiáng)磁場(chǎng)垂直紙面向里，紙面內(nèi)的平行導(dǎo)軌寬l=1m，金屬棒PQ以1m/s速度緊貼著導(dǎo)軌向右運(yùn)動(dòng)，與平行導(dǎo)軌相連的電阻R=1，其他電阻不計(jì)。（1）運(yùn)動(dòng)的金屬棒會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，相當(dāng)電源，用電池、電阻和導(dǎo)線等符號(hào)畫出這個(gè)裝置的等效

6、電路圖。（2）通過電阻R的電流方向如何？大小等于多少？13如圖甲所示，有一面積，匝數(shù)n=100匝的閉合線圈，電阻為，線圈中磁場(chǎng)變化規(guī)律如圖乙所示，磁場(chǎng)方向垂直紙面向里為正方向，求（1）t=1s時(shí)，穿過每匝線圈的磁通量為多少？（2）t=2s內(nèi)，線圈產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為多少？14矩形線圈abcd，長(zhǎng)ab=20cm，寬bc=10cm，匝數(shù)n=200，每匝線圈電阻R=0.25，整個(gè)線圈平面均有垂直于線框平面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)穿過，磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間的變化規(guī)律如圖所示，求（1）線圈回路的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)（2）在t=0.3s時(shí)線圈ab邊所受的安培力的大小15在豎直向下的磁感應(yīng)強(qiáng)度為0.1T的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，兩根光滑平行金屬軌

7、道MN、PQ固定在水平面內(nèi)，相距為0.1m，電阻不計(jì)。左端接有電阻為R =0.9的定值電阻；金屬導(dǎo)體棒ab垂直于MN、PQ放在軌道上，與軌道接觸良好，其電阻r = 0.1，以10m/s平行于MN的速度向右做勻速運(yùn)動(dòng)。（1）判斷通過金屬棒ab的感應(yīng)電流的方向（2）計(jì)算通過金屬棒ab的感應(yīng)電流的大?。?）計(jì)算金屬棒ab兩端的電壓U16如圖所示，一個(gè)圓形線圈n=1000匝，線圈面積S=20cm2，線圈電阻r=1，在線圈外接一個(gè)阻值為R=4的電阻，把線圈放入一個(gè)方向垂直線圈平面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間變化的規(guī)律如B-t圖線所示，在0-2s內(nèi)求：(1)線圈產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E；(2)電阻R中的電

8、流I的大小；(3)電阻R兩端的電勢(shì)差Uab17如圖所示，橫截面積為S = 0.10m2，匝數(shù)為N = 120匝的閉合線圈放在平行于線圈軸線的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，該勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間t變化的規(guī)律如圖所示。線圈電阻為r = 1.2，電阻R = 4.8。求：（1）線圈中的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)；（2）從t1 = 0到t2 = 0.30s時(shí)間內(nèi)，通過電阻R的電荷量q（3）從t1 = 0到t2 = 0.30s時(shí)間內(nèi)，電阻R的焦耳熱。18如圖甲所示，一個(gè)匝數(shù)n=100的圓形導(dǎo)體線圈，面積S1=0.4 m2 ，電阻r=1 。在線圈中存在面積S2=0.3 m2的垂直線圈平面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域，磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間t變化的

9、關(guān)系如圖乙所示。有一個(gè)R=2 的電阻，將其兩端a、b分別與圖甲中的圓形線圈相連接，求：（1）ab兩點(diǎn)間的電勢(shì)差；（2）在0-4s時(shí)間內(nèi)通過電阻R的電荷量；（3）在0-4s時(shí)間內(nèi)電阻R上產(chǎn)生的熱量。19如圖甲所示，水平放置的線圈匝數(shù)n200匝，直徑，電阻，線圈與阻值的電阻相連在線圈的中心有一個(gè)直徑的有界勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度按圖乙所示規(guī)律變化，規(guī)定垂直紙面向里的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向?yàn)檎较蛟嚽螅海?）通過電阻R的電流方向；（2）電壓表的示數(shù)；（3）若撤去原磁場(chǎng)，在圖中虛線的右側(cè)空間加磁感應(yīng)強(qiáng)度B=0.5T的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，方向垂直紙面向里，試求在施加新磁場(chǎng)過程中通過電阻R上的電荷量20如圖甲所示，一個(gè) n=1

10、000 匝的線圈的兩端跟 R=18的電阻相連接， 置于豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，線圈的橫截面積 s=20cm2，電阻 r=2，磁場(chǎng)的磁 感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間變化的圖像如圖乙所示。求：（1）判斷通過電阻 R 的電流方向（填向上或向下）（2）線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)（3）電阻 R 兩端的電壓參考答案1A【解析】奧斯特發(fā)現(xiàn)了通電導(dǎo)體周圍存在磁場(chǎng)，是第一個(gè)發(fā)現(xiàn)電流磁效應(yīng)的科學(xué)家，故A正確；安培總結(jié)出了電流周圍的磁場(chǎng)方向和電流方向的關(guān)系定則-安培定則，故B錯(cuò)誤；法拉第發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象，故C錯(cuò)誤；庫(kù)侖發(fā)現(xiàn)了庫(kù)侖定律，故D錯(cuò)誤；選A.2A【解析】當(dāng)線圈中的磁通量發(fā)生變化時(shí)，若線圈是閉合的，則有感應(yīng)電流，若不閉合，則無

11、感應(yīng)電流，有感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)故A正確，C錯(cuò)誤根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律，E=N，知感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的大小與磁通量的變化率成正比故BD錯(cuò)誤故選A3BD【解析】金屬環(huán)在下落過程中磁通量發(fā)生變化，由感應(yīng)電流產(chǎn)生，機(jī)械能不守恒，A錯(cuò)；由能量守恒可知，重力勢(shì)能的減小量轉(zhuǎn)為動(dòng)能的增加量和焦耳熱的產(chǎn)生，B對(duì)；金屬環(huán)的機(jī)械能始終減小，C錯(cuò)；由楞次定律，安培力的效果總是阻礙磁通量的變化，所以兩者間的安培力為斥力，D對(duì)；4B【解析】試題分析：由題得，磁感應(yīng)強(qiáng)度的變化率為=20T/s，由法拉第電磁感應(yīng)定律得，E=S=20××0.22V=0.4V，由楞次定律判斷得，線框中感應(yīng)電流方向沿逆時(shí)針方向，b相當(dāng)于電源的正

12、極，a相當(dāng)于電源的負(fù)極，則a的電勢(shì)低于b的電勢(shì)，根據(jù)歐姆定律得Uab=-E=-0.2V考點(diǎn)：本題考查法拉第電磁感應(yīng)定律。5A【解析】試題分析：當(dāng)磁鐵向下運(yùn)動(dòng)時(shí)，穿過線圈的磁通量變大，原磁場(chǎng)方向向上，所以感應(yīng)磁場(chǎng)方向向下，根據(jù)右手螺旋定則，拇指表示感應(yīng)磁場(chǎng)的方向，四指彎曲的方向表示感應(yīng)電流的方向，即通過電阻的電流方向?yàn)閎a根據(jù)楞次定律“來拒去留”可判斷線圈對(duì)磁鐵的作用是阻礙作用，故磁鐵與線圈相互排斥綜上所述：線圈中感應(yīng)電流的方向?yàn)殡娮璧碾娏鞣较驗(yàn)閎a，磁鐵與線圈相互排斥故選A考點(diǎn)：楞次定律【名師點(diǎn)睛】楞次定律應(yīng)用的題目我們一定會(huì)做，大膽的去找原磁場(chǎng)方向，磁通量的變化情況，應(yīng)用楞次定律判斷即可；記

13、住判斷磁體與線圈相互作用的快捷方法-“來拒去留”6B【解析】試題分析：根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律和歐姆定律：和可得：，所以線圈中的感應(yīng)電流決定于磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨t的變化率，由圖乙可知，01s時(shí)間內(nèi)，B增大，增大，感應(yīng)磁場(chǎng)與原磁場(chǎng)方向相反（感應(yīng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向向外），由楞次定律，感應(yīng)電流是順時(shí)針的，因而是正值、所以可判斷01s為正的恒值；在12s內(nèi)，因磁場(chǎng)的不變，則感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為零，所以感應(yīng)電流為零；同理24s，磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度在減小，由楞次定律可知，感應(yīng)電流與原方向相反，即為負(fù)的恒值；又由可知，斜率越大的，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)越大，則感應(yīng)電流越大，B正確；ACD錯(cuò)誤；故選B?？键c(diǎn)：法拉第電磁感應(yīng)定律、閉合

14、電路的歐姆定律。【名師點(diǎn)睛】由圖乙可知磁感應(yīng)強(qiáng)度的變化，則可知線圈中磁通量的變化，由法拉第電磁感應(yīng)定律可知感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)變化情況，由楞次定律可得感應(yīng)電流的方向，二者結(jié)合可得出正確的圖象。7D【解析】根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律,則線圈中的磁通量變化越大，線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)不一定越大，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；穿過線圈的磁通量越大，線圈中的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)不一定越大，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；線圈放在磁場(chǎng)越強(qiáng)的位置，線圈中的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)不一定越大，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；線圈中的磁通量變化越快，線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)越大，選項(xiàng)D正確；故選D.8AC【解析】由圖可知，穿過線圈的磁通量變大，由楞次定律可得：線圈產(chǎn)生的感應(yīng)電流逆時(shí)針，故A正確；根據(jù)法拉第

15、電磁感應(yīng)定律，可知，磁感應(yīng)強(qiáng)度的變化率恒定，所以電動(dòng)勢(shì)恒定，則電阻兩端的電壓恒定，故B錯(cuò)誤；由法拉第電磁感應(yīng)定律： ，由閉合電路歐姆定律，可知電路中的電流為： ，前4s內(nèi)通過R的電荷量：Q=It=0.01×4C=0.04C，故C正確；所以線圈電阻r消耗的功率P=I2R=0.012×1W=1×10-4W，故D錯(cuò)誤。所以AC正確，BD錯(cuò)誤。90.05 A【解析】根據(jù)B-t圖中同一條直線磁通量的變化率是相同的，所以電動(dòng)勢(shì)為定值，即為： ；感應(yīng)電流： 10 4×10-4， 1.6【解析】：穿過線圈的磁通量的變化是 ；根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律得，線圈產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)

16、的大小是 綜上所述本題答案是：(1). ， (2). 11（1）0.08wb （2）2V【解析】試題分析：由磁通量的定義求線圈中磁通量的變化；由法拉第電磁感應(yīng)定律可求得線圈中的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)。（1）該過程線圈內(nèi)的磁通量的變化量=2-1=0.10Wb-0.02Wb=0.08Wb。（2）該過程線圈產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為： 。點(diǎn)睛：本題主要考查了查法磁通量的變化量和拉第電磁感應(yīng)定律的應(yīng)用，注意磁通量的變化量與線圈匝數(shù)無關(guān)。12(1) (2) A 【解析】（1）等效電路如圖：（2）感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)：E=BLv=1×1×1V=1V通過電阻R的電流大?。?，方向由a到b.13（1）10-3Wb； （

17、2） 0.1V【解析】試題分析：（1）t=1s時(shí)B=0.1T，則；（2）t=2s內(nèi)，線圈產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)考點(diǎn)：法拉第電磁感應(yīng)定律.14（1）E=2V ;（2）F=0.32N【解析】（1）從圖象可知：穿過線圈平面的磁通量隨時(shí)間均勻增大，線圈回路中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)是不變的根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律得感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為： （2） 當(dāng)t=0.3s時(shí)，B=20×102 T 綜上所述本題答案是：（1）E=2V ;（2）F=0.32N點(diǎn)睛：對(duì)于此類題要知道法拉第電磁感應(yīng)定律，并結(jié)合回路結(jié)構(gòu)解電路中的電流，知道安培力的計(jì)算公式F=BIL。15（1）ba（2）0.1A（3）0.09V【解析】（1）根據(jù)右手定則可

18、知，通過金屬棒ab的感應(yīng)電流的方向ba；（2）根據(jù)電磁感應(yīng)定律：E=BLv=0.1×0.1×10V=0.1V根據(jù)閉合電路歐姆定律I=0.1A（3）路端電壓：U=E-Ir=0.09V16(1)E=4V (2) I=0.8A (3)Uab=-3.2V【解析】（1）由法拉第電磁感應(yīng)定律磁通量定義代入數(shù)據(jù)得E=4V （2）由閉合電路歐姆定律代入數(shù)據(jù)得I=0.8A（3）U=IR得U=3.2V，由楞次定律可知電流在導(dǎo)體中由ba，Uab=-3.2V 17（3）【解析】（1）由B-t圖象知， 根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律得： （2）由閉合電路歐姆定律得電流強(qiáng)度： 通過電阻R的電量： （3）電阻R的焦耳熱Q=I2Rt=5.76J 18（1）-3V（2）6C（3）18J【解析】（1）由法拉第電磁感應(yīng)定律可得，解得E4.5 V電流I1.5 AUab=-IR=-3V（2）通過電阻R的電荷量q=It=6C（3）由焦耳定律可得QI2Rt，得Q=18 J19（1）A-R-B，（2），（3）【解析】試題分析：（1）根據(jù)楞次定律判斷出通過電阻R的電流方向；（2）根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律求出感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的大小，結(jié)合閉合電路歐姆定律求出電壓表的示數(shù)（3）根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律求出平均感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，從而得出平均感應(yīng)電流，結(jié)合求出通過電