高中物理人教版選修21電場直流電路單元測試卷含解析

1、高中物理選修2-1第一章電場 直流電路（含解析）一、單選題1.下面幾組器材中，不能完成測定電池的電動勢和內(nèi)電阻實驗的是（） A.一只電流表, 一只電壓表, 一只變阻器, 開關(guān)和導(dǎo)線B.一只電流表，二只變阻器，開關(guān)和導(dǎo)線C.一只電流表，一只電阻箱，開關(guān)和導(dǎo)線D.一只電壓表，一只電阻箱，開關(guān)和導(dǎo)線2.如圖所示是電場中某區(qū)域的電場線分布圖，A是電場中的一點，下列判斷中正確的是（ ）A.A點的電場強度方向向左B.A點的電場強度方向向右C.負點電荷在A點受電場力向右D.正點電荷受電場力沿電場線方向減小3.關(guān)于電場線的下列說法中錯誤的是（ ） A.電場線并非真實存在，是人們假想出來的B.電場線既能反映電場

2、的強弱，也能反映電場的方向C.只要初速度為零，正電荷必將沿電場線方向移動D.勻強電場的電場線分布是均勻、相互平行的直線4.關(guān)于電場線，下述說法中正確的是（ ） A.電場線是客觀存在的B.電場線與電荷運動的軌跡是一致的C.電場線上某點的切線方向與電荷在該點的受力方向可以不相同D.沿電場線方向，場強一定越來越大5.如圖所示，用靜電計可以測量已充電的平行板電容器兩極板之間的電勢差U，現(xiàn)使B板帶正電，則下列判斷正確的是（ ）A.增大兩極板之間的距離，指針張角變大B.將A板稍微上移，靜電計指針張角將變小C.若將玻璃板插入兩板之間，則靜電計指針張角變大D.若將導(dǎo)體插入兩板之間，則靜電計指針張角變大6.電流

3、通過導(dǎo)體產(chǎn)生的熱量跟電流的二次方成正比，跟導(dǎo)體的電阻及通電時間成正比這個關(guān)系最初是（ ）用實驗直接得到的 A.庫侖B.安培C.歐姆D.焦耳7.電容器是一種常用的電子元件下列對電容器認識正確的是（ ） A.電容器的電容表示其儲存電荷能力B.電容器的電容與它所帶的電量成正比C.電容器的電容與它兩極板間的電壓成反比D.電容的常用單位有F和pF，1F=103pF8.某電場的部分電場線如圖所示，A，B是一帶電粒子僅在電場力作用下運動軌跡（圖中虛線）上的兩點，下列說法中正確的是（ ）A.粒子一定是從B點向A點運動B.粒子在A點的加速度小于它在B點的加速度C.粒子在A點的電勢能小于它在B點的電勢能D.電場中

4、A點的電勢高于B點的電勢9.兩塊大小、形狀完全相同的金屬板正對水平放置，構(gòu)成一個平行板電容器，將兩金屬板分別與電源兩極相連接，如圖所示。閉合開關(guān)S達到穩(wěn)定后，在兩板間有一帶電液滴p恰好處于靜止狀態(tài)。下列判斷正確的是( )A.保持開關(guān)S閉合，減小兩板間的距離，液滴向上運動B.保持開關(guān)S閉合，減小兩板間的距離，液滴向下運動C.斷開開關(guān)S，減小兩板間的距離，液滴向上運動D.斷開開關(guān)S，減小兩板間的距離，液滴向下運動10.如圖所示，用靜電計可以測量已充電的平行板電容器兩極板之間的電勢差U，現(xiàn)使B板帶正電，則下列判斷正確的是（ ）A.若將玻璃板插入兩板之間，則靜電計指針張角變大B.將A板稍微上移，靜電計

5、指針張角將變小C.增大兩極板之間的距離，靜電計指針張角變大D.若將金屬板插入兩板之間，且與兩極板絕緣，則靜電計指針張角變大二、多選題11.如圖所示，A、B為平行板電容器的金屬板，G為靜電計，開始時開關(guān)S閉合，靜電計指針張開一定角度下述結(jié)論正確的是（ ）A.若保持開關(guān)S閉合，將A、B兩極板靠近些，指針張開角度將變小B.若保持開關(guān)S閉合，將A、B兩極板正對面積變小些，指針張開角度將不變C.若斷開開關(guān)S后，將A、B兩極板靠近些，指針張開角度將變小D.若斷開開關(guān)S后，將A、B兩極板正對面積變小些，指針張開角度將變大12.在某控制電路中，需要連成如圖所示的電路，主要由電動勢為E、內(nèi)阻為 的電源與定值定阻

6、 、 及電位器（滑動變阻器）R連接而成， 、 是紅綠兩個指示燈，當電位器的觸頭由弧形碳膜的中點逆時針滑向a端時，下列說法中正確的是（ ）A.、 兩個指示燈都變亮B.、 兩個指示燈都變暗C.變亮， 變暗D.1兩端電壓增大13.在如圖所示的UI圖象中，直線為某一電源的路端電壓與電流的關(guān)系圖線，直線為某一電阻R的UI圖線用該電源直接與電阻R相連組成閉合電路，由圖象可知（ ）A.電源的電動勢為3V，內(nèi)阻為0.5B.電阻R的阻值為2C.電源的輸出功率為4WD.電源的效率為50%14.兩電荷量分別為q1和q2的點電荷放在x軸上的O，M兩點，兩電荷連線上各點電勢隨x變化的關(guān)系如圖所示，其中A，N兩點的電勢均

7、為零，ND段中的C點電勢最高，則（ ）A.C點的電場強度大小為零B.A點的電場強度大小為零C.NC間場強方向向x軸正方向D.將一負點電荷從N點移到D點，電場力先做正功后做負功15.真空中有一半徑為r0的帶電金屬球殼，通過其球心的一直線上各點的電勢分布如圖，r表示該直線上某點到球心的距離，r1、r2分別是該直線上A，B兩點離球心的距離，下列說法中正確的有（ ）A.該金屬球殼可能帶負電B.A點的電場強度方向由A指向BC.A點的電場強度大于B點的電場強度D.負電荷沿直線從A移到B的過程中，電場力做正功16.下列說法正確的是（ ） A.根據(jù)公式E= 可知，電場中某點的電場強度與檢驗電荷q受的電場力F成

8、正比，與檢驗電荷的電量q成反比B.根據(jù)公式E=k 可知，點電荷電場中某點的電場強度與點電荷的電量Q成正比，與該點到點電荷的距離r的平方成反比C.根據(jù)公式F=qE可知，點電荷q所受電場力與其帶電量成正比，與其所在處的電場強度成正比D.電場強度是矢量，電場中某點的電場強度的方向就是電荷在那點的受力方向三、填空題17.如圖是某區(qū)域電場線的分布圖，A、B是電場中的兩個點由圖可知，電場強度EA_EB（選填“”或“”），將一個點電荷先后放在A、B兩點，它所受的電場力FA_FB（選填“”或“”）18.一節(jié)干電池的電動勢E=1.5V，內(nèi)阻r=1.0，把阻值R=2.0的電阻直接接在該電池的兩極，則電阻R兩端的電

9、壓U=_V，電阻R消耗的功率P=_W 19.在電場中A點放入一個電荷量為2106C的正試探電荷，它受到的電場力為1103N，則A點的電場強度為_N/C，若將正試探電荷的電荷量減為1106C，則A點的電場強度為_N/C 20.如圖所示，有一水平方向的勻強電場，場強大小為9000N/C，在電場內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點，AO沿E方向，BOOA，另在圓心處放一電量為108C的正點電荷，則A處場強大小EA為零_（判斷對錯）21.通過電阻R的電流為I時，在t時間內(nèi)產(chǎn)生的熱量為Q ， 若電阻為2R ， 電流為2I ， 則在t時間內(nèi)產(chǎn)生的熱量為_Q 22.有一個電流表G ， 內(nèi)電阻R

10、g=30，滿偏電流Ig=1mA。要把它改裝為量程03V的電壓表，要串聯(lián)_的電阻，改裝后電壓表的內(nèi)阻是_；若給電流表 并聯(lián)一個30的電阻，它改裝后的電流量程是_mA。 23.電場強度的定義式是E=_，電場中某點的電場強度與試探電荷_關(guān)（填“有”或“無”） 四、解答題24.如圖所示，電阻R1=R2=R3=1.0，當電鍵K閉合時理想電壓表讀數(shù)是1.0V，當K斷開時理想電壓表讀數(shù)是0.8V，求：電源的電動勢E和內(nèi)電阻r25.如圖所示，A為帶正電Q的金屬板，沿金屬板的垂直平分線，在距板r處放一質(zhì)量為m、電荷量為q的小球，小球受水平向右的電場力偏轉(zhuǎn)角靜止。小球用絕緣絲線懸掛于O點，試求小球所在處的電場強度

11、。五、實驗探究題26.物理興趣小組的同學(xué)得到一塊新能源電池。 （1）甲同學(xué)選用圖1所示的電路圖測量該電池的電動勢和內(nèi)阻。在他測量與計算無誤的情況下，所得到的電源電動勢 的測量值比真實值小。 的測量值比真實值小的原因可能是_（填選項前的字母）造成的。A.電壓表的分流B.電流表的分壓（2）乙同學(xué)選用圖2所示的電路圖測量該電池的電動勢和內(nèi)阻，其中定值電阻的阻值為 ，根據(jù)實驗電路圖連接好電路，閉合開關(guān) ，逐次改變電阻箱接入電路中電阻的阻值 ，讀出與 對應(yīng)的電壓表的示數(shù) ，并作記錄。根據(jù)多組實驗數(shù)據(jù)繪出如圖3所示的 圖象，若已知圖線的斜率為 ，縱軸截距為 ，則這個實驗中所測電池電動勢的測量值 _，內(nèi)阻的

12、測量值 _ 六、綜合題27.如圖所示，電源電動勢有E=12V，內(nèi)阻r=0.5，“10V、20W”的燈泡L與直流電動機M并聯(lián)在電源兩極間，燈泡恰能正常發(fā)光，已知電動機線圈的電阻為RM=1，求：（1）流過內(nèi)阻的電流為多少？ （2）電動機的輸出功率為多少？ （3）電源的效率為多少？ 28.如圖所示，電源電動勢E=6V，內(nèi)阻r=1，電流表內(nèi)阻RA=3，三個定值電阻的阻值分別為R1=5，R2=10，R3=15，電容器電容C=1.01010F，問：（1）閉合開關(guān)S待電路穩(wěn)定后，電流表的示數(shù)是多少？ （2）閉合開關(guān)S待電路穩(wěn)定后，電容器的帶電量是多少？ （3）再次斷開開關(guān)S待電路穩(wěn)定，通過R2的電量是多少？

13、 29.在某電場中的A點放一試探電荷q1=3104C，它受到的電場力F1=9102N請問： （1）則A點的場強大小為多少？ （2）若將q2=8104C的試探電荷放在A點處，它受到的電場力大小為多大？ （3）若在A點不放任何電荷則A點的場強為多少？ 答案解析部分一、單選題1.【答案】B 【考點】測電源電動勢和內(nèi)阻 【解析】【分析】根據(jù)閉合電路歐姆定律：，在U、I、R中至少測量出兩個量，且至少測量兩組，才能求解出E、r值.只有電流表和滑動變阻器是不能求出E、r。故應(yīng)選B?！军c評】在測量電源電動勢和內(nèi)阻時，可以通過列方程組求出電動勢及內(nèi)阻匯或者通過圖象分析出電動勢及內(nèi)阻。2.【答案】B 【考點】電場

14、強度和電場線 【解析】【解答】解：A、A點的電場強度方向即為該點的切線方向，所以沿電場線向右故A錯誤；B、A點的電場強度方向即為該點的切線方向，所以沿電場線向右故B正確；C、正點電荷在某點所受電場力方向與該點的電場強度方向相同，而負點電荷在A點受力方向則相反故C錯誤；D、正點電荷在某點所受電場力方向與該點的電場強度方向相同，由于是勻強電場，所以正點電荷受力不變故D錯誤；故選：B【分析】由圖可知，電場線是平行等間距，則是勻強電場而勻強電場大小與方向均相同3.【答案】C 【考點】電場強度和電場線 【解析】【解答】解：A、電場線是人為假想的曲線，不是真實存在的，故A正確B、電場線的疏密表示電場的強弱

15、，切線方向表示場強的方向故B正確C、若電場線是曲線，或正電荷的初速度與電場線不在同一直線上，則正電荷并不沿電場線運動故C錯誤D、勻強電場中各點的電場強度大小和方向處處相同，電場線是一組均勻的平行線，故D正確本題選錯誤的，故選：C【分析】電場線是假想的曲線，不存在，其疏密都表示電場的強弱，切線方向表示場強的方向電場線與電荷的運動軌跡不一定重合勻強電場的場強處處相同根據(jù)這些知識分析4.【答案】C 【考點】電場強度和電場線 【解析】【分析】電場線是人為了方便研究電場而假想出來的，是不存在的，所以A錯誤電場線上某點的切線方向即為電場強度的方向，若是正電荷，電場力方向與電場強度方向相同，而電荷運動的軌跡

16、在電場線上，電場線必須是直線，B錯誤；負電荷受到的電場力方向和電場方向相反，即和電場線的切線方向相反，C錯誤，沿電場方向，電勢是降落的，電場強度用電場線的疏密程度來表示，D錯誤?！军c評】電場線雖然不存在，但可形象來描述電場的分布當正電荷沿著電場線方向移動時，電場力做正功，則電勢能減少，所以電勢在減少當負電荷沿著電場線方向移動時，電場力做負功，則電勢能增加，而電勢仍減小。5.【答案】A 【考點】電容器 【解析】【解答】解：A、增大兩極板之間的距離，由電容的決定式C= 可知，電容增小，電容器的電量不變，由C= 分析可知，板間電壓增大，靜電計指針張角變大，故A正確；B、將A板稍微上移時，正對面積減小

17、，由電容的決定式C= 可知，電容增小，電量不變，由C= 分析可知，板間電壓增大，靜電計指針張角變大，故B錯誤；C、將玻璃板插入兩板之間，電容的決定式C= 可知，電容增大，電量不變，由C= 分析可知，板間電壓減小，靜電計指針張角變小，故C錯誤；D、加入金屬板，相當于減小兩極板之間的距離，由電容的決定式C= 可知，電容增大，電容器的電量不變，由C= 分析可知，板間電壓減小，靜電計指針張角變小，故D錯誤；故選：A【分析】已充電的平行板電容器電量不變；靜電計測量電勢差的大小，電容器板間的電勢差越大，靜電計指針張角越大；根據(jù)電容器電容的決定分析電容的變化，由電容的決定式分析板間電勢差的變化6.【答案】D

18、 【考點】全電路的功和能 【解析】【解答】電流通過導(dǎo)體產(chǎn)生的熱量跟電流的二次方成正比，跟導(dǎo)體的電阻及通電時間成正比，即：Q=I2Rt這個規(guī)律最初是由焦耳通過實驗總結(jié)的；故選：D【分析】電流有熱效應(yīng)、磁效應(yīng)和化學(xué)效應(yīng)，其中焦耳定律描述熱效應(yīng)7.【答案】A 【考點】電容器 【解析】【解答】解：A、電容是表示電容器容納電荷本領(lǐng)大小的物理量，電容器的電容表示其儲存電荷能力，故A正確；BC、電容器的電容由電容器本身決定，與所帶電荷量和板間的電壓無關(guān)，故BC錯誤；D、電容的常用單位有F和pF，1F=106F=1012PF，故D錯誤；故選：A【分析】電容是表示電容器容納電荷本領(lǐng)大小的物理量，由電容器本身決定

19、，與所帶電荷量和板間的電壓無關(guān)8.【答案】C 【考點】電場強度和電場線 【解析】【解答】解：A、帶電粒子僅在電場力作用下運動，帶電粒子受電場力向右指向其軌跡的內(nèi)側(cè)，粒子可能是從B點向A點運動，也有可能是從A點向B點運動的，故A錯誤B、電場線密的地方電場的強度大，電場線疏的地方電場的強度小，粒子在A點時受到的電場力大，根據(jù)牛頓第二定律得知，粒子在A點的加速度大于在B點的加速度故B錯誤C、帶電粒子受電場力向右指向其軌跡的內(nèi)側(cè)，假設(shè)由A點運動到B點過程中，電場力與軌跡上每一點的切線方向也就是速度方向成鈍角，所以電場力做負功，電勢能增大，動能減小，所以粒子在A點的動能大于它在B點的動能，粒子在A點的電

20、勢能小于它在B點的電勢能反之一樣故C正確D、帶電粒子受電場力向右指向其軌跡的內(nèi)側(cè)，所以粒子帶正電，由于粒子在A點的電勢能小于它在B點的電勢能，所以電場中A點的電勢低于B點的電勢，故D錯誤故選：C【分析】根據(jù)做曲線運動的物體所受合外力指向其軌跡的內(nèi)側(cè)來判斷電場力方向，電場線密的地方電場的強度大，電場線疏的地方電場的強度小，確定場強的大小，根據(jù)牛頓第二定律判斷加速度的大小電場力做正功時，電勢能減小，電場力做負功時，電勢能增加9.【答案】A 【考點】電容器 【解析】【分析】當平行板電容器充電穩(wěn)定后，兩板間存在勻強電場，則帶電液滴在電場力與重力共同作用下處于靜止狀態(tài)當開關(guān)閉合后兩板板間的電壓不變。當變

21、化極板間距，從而改變電容器的電容，導(dǎo)致極板間的電場強度發(fā)生變化，最終使得液滴狀態(tài)發(fā)生變化；當而開關(guān)斷開后，兩極板的電量不變，當變化極板間距，從而改變電容器的電容，但極板間的電場強度卻不變化，從而確定液滴是否會運動。兩板間有一帶電液滴p恰好處于靜止狀態(tài)，所受電場力大小等于重力。A、當保持開關(guān)S閉合，則兩極板間的電壓不變由，若減小兩板間的距離，兩板間的電場強度增加，所以電場力大于重力，出現(xiàn)液滴向上運動故A正確；B錯誤；C、當斷開開關(guān)S，則兩極板間的電量不變?nèi)魷p小兩板間的距離，則導(dǎo)致平行板電容器的電容增大，從而導(dǎo)致電容器的電壓減小由于極板的電量、正對面積及電介質(zhì)均沒變，所以兩板間的電場強度仍不變，因

22、此電場力仍等于重力，則液滴仍處于靜止狀態(tài)故C錯誤；D錯誤。故選：A?！军c評】電容器的電容由兩板間距、正對面積與電介質(zhì)決定；而兩板間的電場強度則由電容器的電量、電介質(zhì)及正對面積決定當開關(guān)斷開時，電容器的電量不變；而開關(guān)閉合時，電容器的電壓卻不變。10.【答案】C 【考點】電容器 【解析】【解答】解：A、將玻璃板插入兩板之間，電容的決定式C= 可知，電容增大，電量不變，由C= 分析可知，板間電壓減小，靜電計指針張角變小故A不符合題意B、將A板稍微上移時，正對面積減小，由電容的決定式C= 可知，電容增小，電量不變，由C= 分析可知，板間電壓增大，靜電計指針張角變大故B不符合題意C、增大兩極板之間的距

23、離，由電容的決定式C= 可知，電容增小，電容器的電量不變，由C= 分析可知，板間電壓增大，靜電計指針張角變大故C符合題意D、加入金屬板，相當于減小兩極板之間的距離，由電容的決定式C= 可知，電容增大，電容器的電量不變，由C= 分析可知，板間電壓減小，靜電計指針張角變小，故D不符合題意故選：C【分析】考察平行板電容器的定義式和決定式的綜合運用。是電容的?？碱}型。二、多選題11.【答案】B,C,D 【考點】電容器 【解析】【解答】解：A、保持開關(guān)閉合，電容器兩端的電勢差不變，靜電計測量的是電容器兩端的電勢差，所以指針張角不變故A錯誤，B正確C、斷開電鍵，電容器帶電量不變，將AB靠近一些，則d減小，

24、根據(jù)C= 知，電容增大，根據(jù)C= 知，電勢差減小，指針張角減小，C正確D、斷開電鍵，電容器帶電量不變，將AB正對面積變小些，根據(jù)C= 知，電容減小，根據(jù)C= 知，電勢差增大，指針張角增大故D正確故選：BCD【分析】靜電計測量的是電容器兩端的電勢差，斷開電鍵，電容器所帶的電量不變，根據(jù)電容的變化判斷電勢差的變化閉合電鍵，電容器兩端的電勢差等于電源的電動勢12.【答案】B,D 【考點】全電路的功和能 【解析】【解答】當電位器向 段滑動時，電路的總電阻減小，干路電流增大，故 兩端電壓增大，同時內(nèi)電壓增大，路段電壓減小，所以燈 變暗；通過電阻 的電流變大，所以電位器兩端的電壓減小，即通過燈 兩端的電壓

25、減小，所以此燈變暗，故AC錯誤，BD正確?！痉治觥块]合電路的歐姆定律；本題是動態(tài)電路的分析題，注意電位器的原理與滑動變阻器的原理相同，注意動態(tài)電路的分析方法，先整體后局部。13.【答案】A,C 【考點】測電源電動勢和內(nèi)阻 【解析】【解答】解：A、由圖線圖線縱軸截距讀出電源的電動勢E=3V，其斜率大小等于電源的內(nèi)阻r= = =0.5故A正確B、電阻R的阻值為R= = =1故B錯誤；C、兩圖線的交點表示該電源直接與電阻R相連組成閉合電路時電路中電流和路端電壓，則有U=2V，I=2A，電源的輸出功率為P=UI=22W=4W故C正確D、電源的效率為= = 66.7%故D錯誤故選：AC【分析】根據(jù)圖線縱

26、軸截距讀出電源的電動勢，斜率大小讀出電源的內(nèi)阻圖線的斜率大小等于電阻R的大小兩圖線的交點表示電阻R接在該電源的電壓和電流，求出電源的輸出功率和電源的效率14.【答案】A,D 【考點】電場強度和電場線 【解析】【解答】解：A、該圖象的斜率等于場強E，則知C處切線斜率為零，C點電場強度為零故A正確B、A處切線的斜率不等于零，則A點的電場強度大小不為零，故B錯誤C、由圖可知：從N到C，電勢升高，根據(jù)順著電場線電勢降低可知，NC間電場強度方向沿x軸負方向故C錯誤；D、ND段中，電勢先高升后降低，所以場強方向先沿x軸負方向，后沿x軸正方向?qū)⒁回擖c電荷從N點移到D點，電場力先做正功后負功故D正確；故選：A

27、D【分析】x圖象的斜率等于電場強度E根據(jù)兩點電荷連線的電勢高低的分布如圖所示，由于沿著電場線電勢降低，可知兩點電荷的電性根據(jù)功能關(guān)系分析電場力做功的正負15.【答案】B,C 【考點】電場強度和電場線 【解析】【解答】解：A、依據(jù)沿著電場線方向，電勢降低，由圖可知0到r0電勢不變，隨著間距的增大，電勢降低，可知，金屬球殼可能帶正電，故A錯誤；BC、A點的電場強度方向由A指向B，A點的電場強度大于B點的電場強度，故B、C正確；D、負電荷沿直線從A移到B的過程中，電場力做負功，故D錯誤故選：BC【分析】根據(jù)直線上各點的電勢分布圖判斷A點和B點電勢沿電場線方向電勢逐點降低根據(jù)電場力方向和運動方向判斷做

28、功情況16.【答案】B,C 【考點】電場強度和電場線 【解析】【解答】解：A、公式E= 是電場強度的定義式，運用比值法定義，E與F、q無關(guān)，故A錯誤B、公式E=k 是點電荷場強的計算式，Q是場源電荷，則知點電荷電場中某點的電場強度與點電荷的電量Q成正比，與該點到點電荷的距離r的平方成反比故B正確C、根據(jù)公式F=qE可知，電場力由場強和電荷量共同決定，點電荷q所受電場力與其帶電量成正比，與其所在處的電場強度成正比故C正確D、電場強度是矢量，電場中某點的電場強度的方向就是正電荷在那點的受力方向，而電場強度與負電荷在那點的受力方向相反，故D錯誤故選：BC【分析】公式E= 是電場強度的定義式，根據(jù)比值

29、法定義的共性進行分析公式E=k 是點電荷場強的計算式，Q是場源電荷由公式F=qE分析電場力與場強的關(guān)系電場中某點的電場強度的方向就是正電荷在那點的受力方向三、填空題17.【答案】； 【考點】電場強度和電場線 【解析】【解答】由圖知B點的電場線比A點密，所以B點的電場強度大于A點的電場強度，故EAEB；由電場力公式F=qE知FAFB 故答案為：，【分析】根據(jù)電場線的疏密判斷場強的大小，電場線越密的地方，場強越強；電場線越疏的地方，場強越弱，同一電荷電場力與場強成正比18.【答案】1；0.5 【考點】全電路的功和能 【解析】【解答】解：根據(jù)閉合電路歐姆定律得：I= ，電阻R兩端的電壓U=IR=0.

30、52=1V，電阻R消耗的功率P=UI=10.5=0.5W故答案為：1；0.5【分析】本題是閉合電路，先根據(jù)閉合電路歐姆定律求得電路中電流，再由歐姆定律求電壓U，根據(jù)功率公式求解電阻消耗的功率19.【答案】500；500 【考點】電場強度和電場線 【解析】【解答】解：A點的電場強度為E= = N/C=500N/C電場強度反映電場本身的特性，與試探電荷無關(guān)，所以將正試探電荷的電荷量減為1106C，A點的電場強度仍為500N/C故答案為：500，500【分析】電場強度的方向與正電荷在該點所受的電場力方向相同，大小由場強的定義式E= 求出電場強度反映電場本身的特性，與試探電荷無關(guān)20.【答案】正確 【

31、考點】電場強度和電場線 【解析】【解答】解：點電荷在A點的場強 根據(jù)場強的疊加原理得，則兩點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，A點的場強大小為EA=E點E勻=9103N/C9103N/C=0，所以A處場強大小為0故答案為：正確【分析】根據(jù)公式E=k 求出點電荷在A點處產(chǎn)生的場強大小，判斷出場強方向，A點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點處的場強大小及方向21.【答案】8 【考點】全電路的功和能 【解析】【解答】通過電阻R的電流為I時，t時間內(nèi)產(chǎn)生的熱量為Q ， 根據(jù)焦耳定律，有：Q=I2Rt若只有電阻變?yōu)?R ， 電流為2I ， 則根據(jù)焦耳定律公式Q=（2

32、I）22Rt ， 在t時間內(nèi)產(chǎn)生的熱量為8Q ， 故答案為：8Q 【分析】通過電阻R的電流為I ， 根據(jù)焦耳定律得出在時間t內(nèi)產(chǎn)生的熱量Q=I2Rt22.【答案】2970；3000；2 【考點】全電路的功和能，測電源電動勢和內(nèi)阻 【解析】【解答】電流表G滿偏時電壓是0.03V，要把它改裝為量程03V的電壓表，量程擴大到了100倍，應(yīng)串聯(lián)一個（n-1）Rg大小的電阻，即R=2970 的電阻，改裝后電壓表的內(nèi)阻是3000 ；若給電流表G并聯(lián)一個30的電阻，量程擴大到2倍，即它改裝后的電流量程為2mA。【分析】表頭改裝成電壓表需要串聯(lián)一個電阻 ；改裝成一個電流表，需要并聯(lián)一個電阻 。23.【答案】；

33、無 【考點】電場強度和電場線 【解析】【解答】解：電場強度是描述電場本身的性質(zhì)的物理量，其定義式：E= ，為電荷受到的電場力與所帶電量的比值，電場中某點的電場強度與試探電荷無關(guān)故答案為： ，無【分析】電場強度的定義式是試探電荷受到的電場力除以自身的電荷量即可，此處的電場強度與電荷量無關(guān)。四、解答題24.【答案】解：當電鍵K閉合時，電阻R1與R2并聯(lián)后與R3串聯(lián)，外電路總電阻為R= R1+R3= 電路中干路電流為 I= = A=1A根據(jù)閉合電路歐姆定律得：E=I（R+r） 當K斷開時，R1與R3串聯(lián)，電路中干路電流為 I= = A=0.8A根據(jù)閉合電路歐姆定律得：E=I（R+r） 聯(lián)立解得E=2

34、V，r=0.5答：電源的電動勢E為2V，內(nèi)電阻r為0.5 【考點】全電路的功和能 【解析】【分析】當電鍵K閉合時，電阻R1與R2并聯(lián)后與R3串聯(lián)，當K斷開時，R1與R3串聯(lián)，電壓表測量R3的電壓根據(jù)閉合電路歐姆定律對兩種情況分別列式，聯(lián)立即可求得電源的電動勢E和內(nèi)電阻r25.【答案】解:小球的受力如圖所示。由平衡條件得：F電=mgtan小球所在處的電場強度： 。小球帶正電荷，電場強度方向與其受到的電場力方向一致，方向水平向右?！究键c】電場強度和電場線 【解析】【分析】根據(jù)受力平衡，向下的重力，沿繩拉力，水平向右的電場力，由平行四邊形定則可計算電場力大小，并根據(jù)電荷排斥可只是正電荷，受力水平向右，場強向右。五、實驗