2019高考物理（人教版）一輪選練編題（6）及答案

1、.2019高考物理人教版一輪選練編題6及答案一、選擇題1、物體受到程度推力F的作用在粗糙程度面上做直線運動通過力和速度傳感器監(jiān)測到推力F、物體速度v隨時間t變化的規(guī)律分別如圖甲、乙所示取g10 m/s2，那么以下說法錯誤的選項是A物體的質(zhì)量m0.5 kgB物體與程度面間的動摩擦因數(shù)0.40C第2 s內(nèi)物體抑制摩擦力做的功W2 JD前2 s內(nèi)推力F做功的平均功率3 W解析：選D.綜合甲、乙兩個圖象信息，在12 s，推力F23 N，物體做勻加速運動，其加速度a2 m/s2，由牛頓運動定律可得，F(xiàn)2mgma；在23 s，推力F32 N，物體做勻速運動，由平衡條件可知，mgF3；聯(lián)立解得物體的質(zhì)量m0

2、.5 kg，物體與程度面間的動摩擦因數(shù)0.40，選項A、B正確由速度時間圖象所圍的面積表示位移可得，第2 s內(nèi)物體位移x1 m，抑制摩擦力做的功Wfmgx2 J，選項C正確第1 s內(nèi)，由于物體靜止，推力不做功；第2 s內(nèi)，推力做功WF2x3 J，前2 s內(nèi)推力F做功為W3 J，前2 s內(nèi)推力F做功的平均功率 W1.5 W，選項D錯誤2、2019江西重點中學(xué)盟校聯(lián)考如下圖,固定的半圓形豎直軌道,AB為程度直徑,O為圓心,同時從A點程度拋出甲、乙兩個小球,速度分別為v1,v2,分別落在C,D兩點,OC,OD與豎直方向的夾角均為37sin 37=0.6,cos 37=0.8,那么DA.甲、乙兩球下落

3、到軌道上的時間不相等B.甲、乙兩球下落到軌道上的速度變化量不一樣C.v1v2=13D.v1v2=14解析:由圖可知,兩個小球下落的高度是相等的,根據(jù)h=gt2可知,甲、乙兩球下落到軌道上的時間相等,速度變化量v=gt一樣,選項A,B錯誤;設(shè)圓形軌道的半徑為R,那么A,C兩點間的程度位移為x1=R-Rsin 37=0.4R,A,D兩點間的程度位移為x2=R+Rsin 37=1.6 R,那么x2=4x1,由h=gt2,可知t一樣,又由v=可知,v2=4v1,選項C錯誤,D正確.3、頻閃照相是每隔相等時間曝光一次的照相方法，在同一張相片上記錄運動物體在不同時刻的位置。如下圖是小球在豎直方向運動過程中

4、拍攝的頻閃照片，相機的頻閃周期為T， 利用刻度尺測量相片上2、3、4、5 與1 位置之間的間隔 分別為x1、x2、x3、x4。以下說法正確的選項是 A小球一定處于下落狀態(tài) B小球在2位置的速度大小為 C小球的加速度大小為 D頻閃照相法可用于驗證機械能守恒定律【答案】D4、如下圖，空間中存在沿x軸的靜電場，其電勢沿x軸的分布如下圖，x1、x2、x3、x4是x軸上的四個點，質(zhì)量為m、帶電量為q的粒子不計重力，以初速度v0從O點沿x軸正方向進入電場，在粒子沿x軸運動的過程中，以下說法正確的選項是A粒子在x2點的速度為0B從x1到x3點的過程中，粒子的電勢能先減小后增大C假設(shè)粒子能到達x4處，那么v0

5、的大小至少應(yīng)為 D假設(shè)v0，那么粒子在運動過程中的最大動能為3q0解析：選C.根據(jù)沿著電場線方向電勢逐漸降低，由x圖象，畫出沿x軸方向的場強方向圖中箭頭指向及各點電勢分布如下圖由圖示知，O和x2兩點電勢相等，O到x2過程，電場力做功為0，動能不變，故粒子在x2點的速度為v0，選項A錯誤；從x1到x3過程中，電場力對負電荷一直做負功，粒子的電勢能一直增加，選項B錯誤；從x3到x4過程中，電場力對負電荷做正功，故粒子假設(shè)能到達x4點，需能到達x3點假設(shè)粒子恰好到達x3，由動能定理得Wq0mv，故v0大小至少為 ，選項C正確；粒子運動過程中，電場力所做正功的最大值為q0，假設(shè)v0，那么動能最大值為2

6、q0，選項D錯誤5、2019內(nèi)蒙古赤峰三模15分關(guān)于一定量的氣體,以下說法正確的選項是填正確答案標號.選對1個得2分,選對2個得4分,選對3個得5分.每選錯1個扣3分,最低得分為0分.A.氣體的體積指的是該氣體的分子所能到達的空間的體積,而不是該氣體所有分子體積之和B.只要能減弱氣體分子熱運動的劇烈程度,氣體的溫度就可以降低C.在完全失重的情況下,氣體對容器壁的壓強為零D.氣體從外界吸收熱量,其內(nèi)能一定增加E.氣體在等壓膨脹過程中溫度一定升高210分在一端封閉、內(nèi)徑均勻的光滑直玻璃管內(nèi),有一段長為l=16 cm的水銀柱封閉著一定質(zhì)量的理想氣體,當玻璃管程度放置到達平衡時如圖甲所示,被封閉氣柱的

7、長度l1=23 cm;當管口向上豎直放置時,如圖乙所示,被封閉氣柱的長度l2=19 cm.重力加速度g=10 m/s2,不計溫度的變化.求:大氣壓強p0用cmHg表示;當玻璃管開口向上以a=5 m/s2的加速度勻加速上升時,水銀柱和玻璃管相對靜止時被封閉氣柱的長度.解析:1氣體的體積指的是該氣體的分子所能到達的空間的體積,A正確;根據(jù)氣體溫度的微觀意義可知,B正確;在完全失重的情況下,分子運動不停息,氣體對容器壁的壓強不為零,C錯誤;假設(shè)氣體在從外界吸收熱量的同時對外界做功,那么氣體的內(nèi)能不一定增加,D錯誤;氣體在等壓膨脹過程中,根據(jù)蓋呂薩克定律知,體積增大,溫度升高,E正確.2由玻意耳定律可

8、得p0l1S=p0+gll2S解得p0=76 cmHg.當玻璃管加速上升時,設(shè)封閉氣體的壓強為p,氣柱的長度為l3,液柱質(zhì)量為m,對液柱,由牛頓第二定律可得pS-p0S-mg=ma,又=16 cmHg,解得p=p0+=100 cmHg,由玻意耳定律可得p0l1S=pl3S解得l3=17.48 cm.答案:1ABE276 cmHg17.48 cm6、2019湖北八校聯(lián)考在物理學(xué)開展的過程中，許多物理學(xué)家的科學(xué)研究推動了人類文明的進程在以下幾位物理學(xué)家所做科學(xué)奉獻的表達中，正確的選項是A在對自由落體運動的研究中，伽利略巧妙的利用斜面實驗來沖淡重力影響使得時間更容易測量，最后邏輯推理證明了自由落體的

9、運動規(guī)律B牛頓應(yīng)用“理想斜面實驗推翻了亞里士多德關(guān)于“力是維持物體運動的原因的觀點，并歸納總結(jié)了牛頓第一定律C卡文迪許將行星與太陽、地球與月球、地球與地面物體之間的引力規(guī)律推廣到宇宙中的一切物體，得出萬有引力定律，并測出了引力常量G的數(shù)值D法國物理學(xué)家?guī)靵隼门こ訉嶒灠l(fā)現(xiàn)了點電荷間的互相作用規(guī)律，并通過油滴實驗測定了元電荷的電荷量解析：選A.在對自由落體運動的研究中，伽利略巧妙的利用斜面實驗來沖淡重力影響使得時間更容易測量，最后邏輯推理證明了自由落體的運動規(guī)律，選項A正確伽利略應(yīng)用“理想斜面實驗推翻了亞里士多德關(guān)于“力是維持物體運動的原因的觀點，牛頓歸納總結(jié)了牛頓第一定律，選項B錯誤牛頓將行星

10、與太陽、地球與月球、地球與地面物體之間的引力規(guī)律推廣到宇宙中的一切物體，得出萬有引力定律，卡文迪許測出了引力常量G的數(shù)值，選項C錯誤法國物理學(xué)家?guī)靵隼门こ訉嶒灠l(fā)現(xiàn)了點電荷間的互相作用規(guī)律，密立根通過油滴實驗測定了元電荷的電荷量，選項D錯誤7、2019山東棗莊八中重點班月考如圖甲所示，一輕彈簧的兩端與質(zhì)量分別為和的兩物塊、相連接，并靜止在光滑的程度面上. 現(xiàn)使瞬時獲得程度向右的速度，以此刻為計時起點，兩物塊的速度隨時間變化的規(guī)律如圖乙所示，從圖像信息可得 A. 在、時刻兩物塊到達共同速度，且彈簧都是處于壓縮狀態(tài)B. 從到時刻彈簧由壓縮狀態(tài)恢復(fù)到原長C. 兩物體的質(zhì)量之比為D. 在時刻與的動能之

11、比為【答案】CD彈簧的長度將逐漸增大，兩木塊均減速，當t3時刻，二木塊速度相等，系統(tǒng)動能最小，彈簧最長，因此從t3到t4過程中彈簧由伸長狀態(tài)恢復(fù)原長，故B錯誤；系統(tǒng)動量守恒，選擇開場到t1時刻列方程可知m1v1=m1+m2v2，將v1=3m/s，v2=1m/s代入得：m1：m2=1：2，故C正確；在t2時刻A的速度vA=1m/s，B的速度vB=2m/s，根據(jù)m1：m2=1：2，求出Ek1：Ek2=1：8，故D正確8、如下圖，豎直平面內(nèi)放一直角桿MON，桿的程度部分粗糙，動摩擦因數(shù)，桿的豎直部分光滑。兩部分各套有質(zhì)量均為的小球A和B，A、B球間用細繩相連。初始A、B均處于靜止狀態(tài)，知，假設(shè)A球在

12、程度拉力的作用下向右緩慢地挪動1m取，那么該過程中拉力F做功為 A. 14JB. 10C. 6JD. 4J【來源】【全國百強?！窟|寧省莊河市高級中學(xué)2019屆高三第五次模擬考試理科綜合物理試題【答案】 A【解析】對AB整體受力分析，受拉力F、重力G、支持力N、向左的摩擦力f和向右的彈力N1，如圖；點睛：此題中拉力為變力，先對整體受力分析后根據(jù)共點力平衡條件得出摩擦力為恒力，然后根據(jù)動能定理求變力做功。二、非選擇題在第象限內(nèi)緊貼兩坐標軸的一邊長為L的正方形區(qū)域內(nèi)存在勻強磁場，磁感應(yīng)強度為B，在第、象限xL區(qū)域內(nèi)存在沿y軸負方向的勻強電場，電場強度大小為E；在xL區(qū)域內(nèi)存在垂直紙面向里、磁感應(yīng)強度

13、為B的矩形勻強磁場，矩形的其中一條邊在直線xL上一質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電粒子不計粒子重力從第象限的正方形勻強磁場區(qū)域的上邊界和左邊界的交點處以沿y軸負方向的某一速度進入磁場區(qū)域，從坐標原點O沿x軸正方向射入勻強電場區(qū)域1求帶電粒子射入第象限的勻強磁場時的速度大?。?求帶電粒子從勻強電場區(qū)域射出時的坐標；3假設(shè)帶電粒子進入xL區(qū)域的勻強磁場時速度方向與x軸正方向成45角，要使帶電粒子可以回到xL區(qū)域，那么xL區(qū)域中勻強磁場的最小面積為多少 ? 解析：1根據(jù)題述帶電粒子的運動情境，可知帶電粒子在第象限的勻強磁場中運動的軌跡半徑等于正方形區(qū)域的邊長L，即RL設(shè)帶電粒子射入第象限的勻強磁場中時速度大小為v，由qvBm，解得v.2設(shè)帶電粒子從勻強電場區(qū)域射出時的縱坐標為y1，帶電粒子從坐標原點O沿x軸正方向射入勻強電