2022-2023學(xué)年廣西壯族自治區(qū)欽州市高三物理第一學(xué)期期中考試模擬試題（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷注意事項(xiàng):1答題前，考生先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)碼填寫(xiě)清楚，將條形碼準(zhǔn)確粘貼在條形碼區(qū)域內(nèi)。2答題時(shí)請(qǐng)按要求用筆。3請(qǐng)按照題號(hào)順序在答題卡各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書(shū)寫(xiě)的答案無(wú)效；在草稿紙、試卷上答題無(wú)效。4作圖可先使用鉛筆畫(huà)出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準(zhǔn)使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、第谷、開(kāi)普勒等人對(duì)行星運(yùn)動(dòng)的研究漫長(zhǎng)而曲折，牛頓在他們研究的基礎(chǔ)上，得出了科學(xué)史上最偉大的定律之一萬(wàn)有引

2、力定律，下列說(shuō)法正確的是（ ）A開(kāi)普勒通過(guò)研究、觀測(cè)和記錄發(fā)現(xiàn)行星繞太陽(yáng)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)B太陽(yáng)與行星之間引力的規(guī)律并不適用于行星與它的衛(wèi)星C牛頓在發(fā)現(xiàn)萬(wàn)有引力定律的過(guò)程中應(yīng)用了牛頓第三定律的知識(shí)D庫(kù)倫利用實(shí)驗(yàn)較為準(zhǔn)確地測(cè)出了引力常量G的數(shù)值2、如圖所示，長(zhǎng)為3L的輕桿課繞水平轉(zhuǎn)軸O轉(zhuǎn)動(dòng)，在桿兩端分別固定質(zhì)量均為m的球A、B（可視為質(zhì)點(diǎn)），球A距軸O的距離為L(zhǎng)現(xiàn)給系統(tǒng)一定動(dòng)能，使桿和球在豎直平面內(nèi)轉(zhuǎn)動(dòng)當(dāng)球B運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)時(shí)，水平轉(zhuǎn)軸O對(duì)桿的作用力恰好為零，忽略空氣阻力已知重力加速度為g，則球B在最高點(diǎn)時(shí)，下列說(shuō)法正確的是A球B的速度為0B桿對(duì)球B的彈力為0C球B的速度為D球A的速度等于3、如圖所示，

3、滑塊穿在水平橫桿上并可沿桿左右滑動(dòng)，它的下端通過(guò)一根細(xì)線與小球相連，小球受到水平向右的拉力F的作用，此時(shí)滑塊與小球處于靜止?fàn)顟B(tài)保持拉力F始終沿水平方向，改變F的大小，使細(xì)線與豎直方向的夾角緩慢增大，這一過(guò)程中滑塊始終保持靜止，則（ ）A滑塊對(duì)桿的壓力增大B滑塊受到桿的摩擦力不變C小球受到細(xì)線的拉力大小增大D小球所受各力的合力增大4、如圖所示，在繩下端掛一物體，用力F作用于O點(diǎn)，使懸線偏離豎直方向的夾角為，且保持物體平衡設(shè)F與水平方向的夾角為，在保持角不變的情況下，要使拉力F的值最小，則應(yīng)等于 （ ）ABC0D25、游樂(lè)場(chǎng)的過(guò)山車(chē)可以底朝上在圓軌道上運(yùn)行，游客卻不會(huì)掉下來(lái)，如圖甲所示。我們把這種

4、情形抽象為圖乙的模型；弧形軌道的下端與豎直圓軌道相接，將質(zhì)量為m的小球從弧形軌道上端距水平地面高度為h處釋放，小球進(jìn)入半徑為的圓軌道下端后沿圓軌道運(yùn)動(dòng)不計(jì)阻力，重力加速度為g。當(dāng)小球運(yùn)動(dòng)到豎直圓軌道的最高點(diǎn)時(shí)，下列說(shuō)法正確的是（）A小球的速度可以為零B小球的加速度可以為零C小球?qū)壍赖膲毫σ欢ㄐ∮趍gD小球的速度越大對(duì)軌道的壓力越大6、材料相同、質(zhì)量不同的兩滑塊，以相同的初動(dòng)能分別在水平面上運(yùn)動(dòng)直到停止，則A質(zhì)量大的滑塊運(yùn)動(dòng)時(shí)間長(zhǎng)B質(zhì)量小的滑塊運(yùn)動(dòng)位移大C質(zhì)量大的滑塊所受摩擦力的沖量小D質(zhì)量小的滑塊克服摩擦力做功多二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有

5、多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、質(zhì)量m=1kg的物體從靜止開(kāi)始做直線運(yùn)動(dòng)，物體所受合外力F隨時(shí)間t變化的圖象如圖所示，在08s內(nèi)，下列說(shuō)法中正確的是（）A物體在02s內(nèi)動(dòng)量均勻增加，在24s內(nèi)動(dòng)量均勻減小B02s內(nèi)力F的沖量為2NsC2s末物體的速度最大D3s末物體速度為3m/s，在8s末速度為2m/s8、如圖所示，物體A、B經(jīng)無(wú)摩擦的定滑輪用細(xì)線連在一起，A物體受水平向右的力F的作用，此時(shí)B勻速下降，A水平向左運(yùn)動(dòng)，可知 ( )A物體A做勻速運(yùn)動(dòng)BA做加速運(yùn)動(dòng)C物體A所受摩擦力逐漸減小D物體A所受繩子的拉力大小不變9、如圖，兩位同學(xué)同時(shí)在等

6、高處拋出手中的籃球A、B，A以速度v1斜向上拋出，B以速度v2豎直向上拋出，當(dāng)A到達(dá)最高點(diǎn)時(shí)恰與B相遇。不計(jì)空氣阻力，A、B質(zhì)量相等且均可視為質(zhì)點(diǎn)，重力加速度為g，以下判斷正確的是A相遇時(shí)A的速度一定為零B相遇時(shí)B的速度一定為零CA從拋出到最高點(diǎn)的時(shí)間為D從拋出到相遇A、B豎直方向速度的變化量相同10、如圖所示，MN、PQ是傾角為的兩平行光滑且足夠長(zhǎng)的金屬軌道，其電阻忽略不計(jì)。空間存在著垂直于軌道平面向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B。導(dǎo)體棒ab、cd垂直于軌道放置，且與軌道接觸良好，每根導(dǎo)體棒的質(zhì)量均為m，電阻均為r，軌道寬度為L(zhǎng)，與軌道平行的絕緣細(xì)線一端固定，另一端與ab棒中點(diǎn)連接，細(xì)線承

7、受的最大拉力Tm=2mgsin 。今將cd棒由靜止釋放，則細(xì)線被拉斷時(shí)，cd棒的A速度大小是2mgrsinB2L2B速度大小是mgrsinB2L2C加速度大小是2gsin D加速度大小是0三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。11（6分）為了驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律，某同學(xué)使用如圖所示的氣墊導(dǎo)軌裝置進(jìn)行實(shí)驗(yàn)其中G1、G2為兩個(gè)光電門(mén)，它們與數(shù)字計(jì)時(shí)器相連，當(dāng)滑行器M通過(guò)G1、G2光電門(mén)時(shí)，光束被滑行器M上的擋光片遮擋的時(shí)間t1、t2都可以被測(cè)量并記錄，滑行器連同擋光片的總質(zhì)量為M，擋光片寬度為D，兩光電門(mén)中心間的距離為x，牽引砝碼的質(zhì)量為m，細(xì)繩不可

8、伸長(zhǎng)且其質(zhì)量可以忽略，重力加速度為g該同學(xué)想在水平的氣墊導(dǎo)軌上，只利用以上儀器，在滑行器通過(guò)G1、G2光電門(mén)的過(guò)程中驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律，請(qǐng)回答下列問(wèn)題：（1）實(shí)驗(yàn)開(kāi)始應(yīng)先調(diào)節(jié)氣墊導(dǎo)軌下面的螺母，使氣墊導(dǎo)軌水平請(qǐng)?jiān)谝韵驴瞻滋幪顚?xiě)實(shí)驗(yàn)要求在不增加其他測(cè)量器材的情況下，調(diào)水平的步驟是：取下?tīng)恳来am，接通氣墊導(dǎo)軌裝置的電源，調(diào)節(jié)導(dǎo)軌下面的螺母，若滑行器M放在氣墊導(dǎo)軌上的任意位置都能保持靜止，或者輕推滑行器M，M分別通過(guò)光電門(mén)G1、G2的時(shí)間 ，則導(dǎo)軌水平；（2）當(dāng)氣墊導(dǎo)軌調(diào)水平后，在接下來(lái)的實(shí)驗(yàn)操作中，以下操作合理的是 ；A擋光片的寬度D應(yīng)盡可能選較小的B選用的牽引砝碼的質(zhì)量m應(yīng)遠(yuǎn)小于滑行器和擋光片

9、的總質(zhì)量MC為了減小實(shí)驗(yàn)誤差，光電門(mén)G1、G2的間距x應(yīng)該盡可能大一些D用來(lái)牽引滑行器M的細(xì)繩可以與導(dǎo)軌不平行（3）在每次實(shí)驗(yàn)中，若表達(dá)式 （用M、g、m、t1、t2、D、x表示）在誤差允許的范圍內(nèi)成立，則機(jī)械能守恒定律成立12（12分）在做“探究小車(chē)速度隨時(shí)間變化的規(guī)律”的的實(shí)驗(yàn)中：（1）實(shí)驗(yàn)室提供了以下器材：一端裝有定滑輪的長(zhǎng)木板、小車(chē)、紙帶、鉤碼為了完成本實(shí)驗(yàn)還須從圖中選取實(shí)驗(yàn)器材，其名稱(chēng)是_ （2）實(shí)驗(yàn)過(guò)程中，得到如圖所示的一條紙帶已知打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打點(diǎn)的時(shí)間間隔為0.02s，紙帶上的各個(gè)點(diǎn)均為計(jì)數(shù)點(diǎn)（相鄰兩個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)之間還有四個(gè)點(diǎn)圖中未畫(huà)出）測(cè)量數(shù)據(jù)及其標(biāo)記符號(hào)如圖所示打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打下點(diǎn)2時(shí)

10、小車(chē)的速度大小為_(kāi)m/s（結(jié)果保留小數(shù)點(diǎn)后2位）某同學(xué)記錄如下數(shù)據(jù)若從計(jì)數(shù)點(diǎn)0開(kāi)始計(jì)時(shí)，結(jié)合上一步求得的點(diǎn)2速度，請(qǐng)?jiān)谧鴺?biāo)紙中畫(huà)出v-t圖象_時(shí)刻t/s0.10.30.40.5速度v（m/s）0.531.161.471.78由圖象可求得小車(chē)運(yùn)動(dòng)的加速度大小為_(kāi)若當(dāng)交流電的實(shí)際頻率變小，但計(jì)算時(shí)仍按50Hz計(jì)算，則加速度的測(cè)量值比真實(shí)值_（填“偏大”、“偏小”或“不變”）（結(jié)果保留2位有效數(shù)字）四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，要求寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，傾角為30的光滑斜面與粗糙的水平面平滑連接現(xiàn)將一滑塊(可視為質(zhì)點(diǎn))從斜

11、面上A點(diǎn)由靜止釋放，最終停在水平面上的C點(diǎn)已知A點(diǎn)距水平面的高度h0.8m，B點(diǎn)距C點(diǎn)的距離L2.0m(滑塊經(jīng)過(guò)B點(diǎn)時(shí)沒(méi)有能量損失，取g10m/s2)求：(1)滑塊在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中的最大速度；(2)滑塊與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)；(3)滑塊從A點(diǎn)釋放后，經(jīng)過(guò)時(shí)間t1.0s時(shí)速度的大小14（16分）車(chē)發(fā)動(dòng)機(jī)的功率為60kW，汽車(chē)的質(zhì)量為4t，當(dāng)它行駛在坡度為0.02（sin=0.02）的長(zhǎng)直公路上時(shí)，如圖所示，所受摩擦阻力為車(chē)重的0.1倍（g=10m/s2），求：（1）汽車(chē)所能達(dá)到的最大速度vm；（2）若汽車(chē)從靜止開(kāi)始以0.6m/s2的加速度做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，則此過(guò)程能維持多長(zhǎng)時(shí)間？(計(jì)算結(jié)果保留三位有

12、效數(shù)字)15（12分）在一條平直的公路上，甲車(chē)在前以54km/h的速度勻速行駛，乙車(chē)在后以90km/h的速度同向行駛某時(shí)刻兩車(chē)司機(jī)同時(shí)聽(tīng)到前方有事故發(fā)生的警笛提示，同時(shí)開(kāi)始剎車(chē)已知甲、乙減速的加速度大小分別為0.5m/s1和1m/s1請(qǐng)問(wèn)(1)若兩車(chē)恰好不相撞，則兩車(chē)從開(kāi)始剎車(chē)到恰好不撞的行駛時(shí)間為多少？(1)為避免兩車(chē)發(fā)生撞車(chē)事故，開(kāi)始剎車(chē)時(shí)兩車(chē)的最小間距為多少？參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、C【解析】根據(jù)開(kāi)普勒第一定律可知，所有行星繞太陽(yáng)的運(yùn)動(dòng)都是橢圓，故A錯(cuò)誤；太陽(yáng)與行星間的引力就是萬(wàn)有引力，萬(wàn)有引力適

13、用于一切天體之間，故B錯(cuò)誤；在發(fā)現(xiàn)萬(wàn)有引力定律的過(guò)程中，牛頓應(yīng)用了牛頓第三定律以及開(kāi)普勒定律的知識(shí)，故C正確；萬(wàn)有引力常量G是由卡文迪許在實(shí)驗(yàn)室中首次準(zhǔn)確測(cè)量出來(lái)的，故D錯(cuò)誤；故選C.2、D【解析】試題分析：球B運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)時(shí)，球B對(duì)桿恰好無(wú)作用力，即重力恰好提供向心力，有，解得，故AB錯(cuò)誤，C正確；因?yàn)锳B同軸轉(zhuǎn)動(dòng)，B的半徑是A的兩倍，所以有：，即，故D錯(cuò)誤考點(diǎn)：向心力、牛頓第二定律【名師點(diǎn)睛】本題中兩個(gè)球組成的系統(tǒng)內(nèi)部動(dòng)能與重力勢(shì)能相互轉(zhuǎn)化，機(jī)械能守恒，同時(shí)兩球角速度相等，線速度之比等于轉(zhuǎn)動(dòng)半徑之比3、C【解析】:CD、對(duì)球分析,受重力mg、拉力F和細(xì)線的拉力T,如圖所示:根據(jù)平衡條件,有

14、: 隨著的不斷增大，故拉力F不斷增加,拉力T也增加;小球的合力為零,保持不變故C正確，D錯(cuò)誤；AB、對(duì)球和滑塊整體分析,受到總重力、支持力、拉力和靜摩擦力,根據(jù)平衡條件,有: 所以支持力不變,根據(jù)牛頓第三定律,壓力也不變，靜摩擦力等于拉力，不斷增加;故AB錯(cuò)誤；綜上所述本題答案是：C4、A【解析】O點(diǎn)受三個(gè)拉力處于平衡，向上的兩個(gè)拉力的合力大小等于物體的重力，方向豎直向上，根據(jù)作圖法，作出力的變化圖象由圖可知，當(dāng)F與天花板相連的繩子垂直時(shí)，拉力F最小，根據(jù)幾何關(guān)系知，故A正確，BCD錯(cuò)誤。故選A。【點(diǎn)睛】對(duì)結(jié)點(diǎn)O受力分析，抓住拉物體繩子的拉力大小和方向都不變，與天花板相連繩子拉力方向不變，通過(guò)

15、作圖法求出拉力的最小值5、D【解析】AB小球在豎直平面內(nèi)做圓周運(yùn)動(dòng)剛好過(guò)最高點(diǎn)，由重力提供向心力，所以在最高點(diǎn)有則，故AB錯(cuò)誤；CD小球在最高點(diǎn)有得所以小球?qū)壍赖膲毫εc過(guò)最高點(diǎn)的速度有關(guān)，同時(shí)可知，小球的速度越大對(duì)軌道的壓力越大，故C錯(cuò)誤，D正確。故選D。6、B【解析】由動(dòng)能定理可知克服摩擦力做的功的多少以及前進(jìn)位移的大??；由動(dòng)量定理可知摩擦力的沖量即等于動(dòng)量的變化量，可知滑行時(shí)間的關(guān)系；【詳解】根據(jù)動(dòng)能定理可知： -mgs=0-EK；即兩物塊克服摩擦力的功相等，且質(zhì)量較小的滑塊運(yùn)動(dòng)位移較大，選項(xiàng)B正確，D錯(cuò)誤；根據(jù)動(dòng)量定理：-mgt=0-P，P=2mEk，則t=1g2Ekm,可知質(zhì)量大的滑

16、塊運(yùn)動(dòng)時(shí)間短，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；根據(jù)動(dòng)量定理可知摩擦力的沖量即等于動(dòng)量的變化量即為：Ip2mEk，則質(zhì)量大的物體摩擦力的沖量大，故C錯(cuò)誤；故選B?！军c(diǎn)睛】本題綜合考查動(dòng)能定理、動(dòng)量定理的應(yīng)用，在解題時(shí)要注意如果題目中涉及時(shí)間，則應(yīng)考慮應(yīng)用動(dòng)量定理，若不涉及時(shí)間應(yīng)優(yōu)先采用動(dòng)能定理或功能關(guān)系。二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、BD【解析】物體在02s內(nèi)F逐漸增大，根據(jù)牛頓第二定律知，加速度逐漸增大，第2s末加速度最大，在24s內(nèi)F先逐漸減小再逐漸增大，所以加速度先減小后增大，

17、物體先做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，再反向做加速增大的減速運(yùn)動(dòng)，根據(jù)動(dòng)量P=mv可知，動(dòng)量不是均勻變化的，故A錯(cuò)誤；根據(jù)圖象的性質(zhì)可知，圖象與時(shí)間軸所圍成的面積表示沖量，故02s內(nèi)力F的沖量為I=222=2Ns，故B正確；由圖可知，03s內(nèi)物體均在加速，所以3s的速度為最大；故C錯(cuò)誤；3s末時(shí)沖量為I=322=3Ns；根據(jù)動(dòng)量定理I=mv可知，物體的速度v=31=3m/s；同理可知，在8s末速度為2m/s；故D正確故選BD點(diǎn)睛：解題時(shí)要明確圖象的性質(zhì)，根據(jù)牛頓第二定律可明確加速度的大小，從而分析物體的運(yùn)動(dòng)性質(zhì)，明確動(dòng)量變化；再根據(jù)圖象與時(shí)間軸圍成的面積表示沖量求出物體的沖量，再根據(jù)動(dòng)量定理即可求得速

18、度大小8、BCD【解析】ABB勻速下降，A沿水平面向左做運(yùn)動(dòng)，如圖1，設(shè)繩子與水平方向的夾角為，則有A水平向左運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，夾角增大，所以A的速度增大，即A物體做加速運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤，B正確；CD因?yàn)锽勻速下降，所以B受力平衡，B所受繩拉力 A受斜向上的拉力等于B的重力，在圖2中把拉力分解成豎著方向的F2和水平方向F1，在豎直方向上，有繩子與水平方向的夾角增大，所以有F2增大，支持力N減小，所以摩擦力減小，故CD正確。9、BCD【解析】A相遇時(shí)A還具有水平速度，則相遇時(shí)A的速度不為零，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B因A在最高點(diǎn)的豎直速度為零，AB豎直方向運(yùn)動(dòng)情況相同，則相遇時(shí)B的速度一定為零，選項(xiàng)B正確；C兩球運(yùn)

19、動(dòng)到最高點(diǎn)的時(shí)間相等，即，選項(xiàng)C正確；D根據(jù)可知，從拋出到相遇A、B豎直方向速度的變化量相同，選項(xiàng)D正確。10、AD【解析】當(dāng)cd棒向下運(yùn)動(dòng)時(shí)，切割產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，感應(yīng)電流，有沿導(dǎo)軌向上的安培力，ab棒有沿導(dǎo)軌向下的安培力，結(jié)合細(xì)線的最大拉力求出細(xì)線拉斷時(shí)所受的安培力大小，抓住ab和cd棒所受的安培力大小相等，根據(jù)牛頓第二定律求出cd棒的加速度，結(jié)合切割產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)公式、閉合電路歐姆定律求出cd棒的速度。【詳解】細(xì)線被拉斷時(shí)，拉力達(dá)到Tm=2mgsin，根據(jù)平衡條件有Tm=FA+mgsin，可得ab棒所受安培力FA=mgsin，由于兩棒的電流相等，所受安培力大小相等，由FA=BIL，I=E

20、2r，E=BLv，可得cd棒的速度v=2mgrsinB2L2，A正確，B錯(cuò)誤；對(duì)cd棒，根據(jù)牛頓第二定律有mgsin-FA=ma，得a=0，C錯(cuò)誤，D正確?！军c(diǎn)睛】對(duì)于電磁感應(yīng)問(wèn)題研究思路常常有兩條：一條從力的角度，重點(diǎn)是分析安培力作用下導(dǎo)體棒的平衡問(wèn)題，根據(jù)牛頓第二定律或平衡條件列出方程；另一條是能量，分析涉及電磁感應(yīng)現(xiàn)象中的能量轉(zhuǎn)化問(wèn)題，根據(jù)動(dòng)能定理、功能關(guān)系等列方程求解。三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。11、（1）相等；（2）AC；（3 ）【解析】（1）當(dāng)氣墊導(dǎo)軌水平時(shí)，滑塊做勻速直線運(yùn)動(dòng)，通過(guò)光電門(mén)的速度相等，即光電門(mén)的擋光時(shí)間相

21、等（2）在實(shí)驗(yàn)中，根據(jù)極限逼近思想用平均速度代替瞬時(shí)速度，則D要可能小，另外G1、G2越遠(yuǎn)，相對(duì)誤差越小（3）滑塊經(jīng)過(guò)光電門(mén)時(shí)的速度近似等于滑塊經(jīng)過(guò)光電門(mén)時(shí)的平均速度，可由 求出，然后根據(jù)砝碼的重力勢(shì)能減少量與砝碼及滑行器（連同擋光片）的動(dòng)能增加量相等，寫(xiě)出需要驗(yàn)證的方程【詳解】（1）實(shí)驗(yàn)開(kāi)始應(yīng)先調(diào)節(jié)氣墊導(dǎo)軌下面的螺釘，在不掛重物的情況下輕推滑塊，若滑塊做勻速直線運(yùn)動(dòng)，滑塊通過(guò)光電門(mén)速度相等，則光電門(mén)的擋光時(shí)間相等，證明氣墊導(dǎo)軌已經(jīng)水平（2）A、滑塊經(jīng)過(guò)光電門(mén)時(shí)的瞬時(shí)速度用平均速度來(lái)代替，由求出，D越小，誤差越小，故A正確B、本實(shí)驗(yàn)不需要測(cè)量細(xì)繩對(duì)滑行器的拉力，即不需要用砝碼的質(zhì)量代替細(xì)繩的拉

22、力，所以不需要滿(mǎn)足砝碼的質(zhì)量m應(yīng)遠(yuǎn)小于滑行器的總質(zhì)量M這個(gè)條件，故B錯(cuò)誤C、光電門(mén)G1、G2的間距x越大，x相對(duì)誤差越小，故C正確D、用來(lái)牽引滑行器M的細(xì)繩必須與導(dǎo)軌平行，以減小阻力，保持滿(mǎn)足實(shí)驗(yàn)阻力足夠小的條件，故D錯(cuò)誤故選AC（3）滑行器經(jīng)過(guò)光電門(mén)G1、G2的速度近似等于滑塊經(jīng)過(guò)光電門(mén)時(shí)的平均速度，分別為： ，砝碼的重力勢(shì)能減少量為：Ep=mgx；砝碼及滑行器（連同擋光片）的動(dòng)能增加量相等為：若表達(dá)式Ep=Ek，即得：，在誤差允許的范圍內(nèi)成立，則機(jī)械能守恒定律成立【點(diǎn)睛】本題關(guān)鍵應(yīng)掌握光電門(mén)測(cè)量滑塊瞬時(shí)速度的原理：平均速度代替瞬時(shí)速度，注意與探究牛頓第二定律實(shí)驗(yàn)的區(qū)別，此實(shí)驗(yàn)不需要滿(mǎn)足砝碼

23、的質(zhì)量m應(yīng)遠(yuǎn)小于滑行器的總質(zhì)量M這個(gè)條件12、打點(diǎn)計(jì)時(shí)器、刻度尺 0.85 3.1 偏大 【解析】(1)1在本實(shí)驗(yàn)中需要電磁打點(diǎn)計(jì)時(shí)器記錄小車(chē)運(yùn)動(dòng)位置和時(shí)間，還需要刻度尺測(cè)量小車(chē)的位移(2) 2相鄰兩個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)之間還有四個(gè)點(diǎn)圖中未畫(huà)出，所以相鄰的計(jì)數(shù)點(diǎn)間的時(shí)間間隔T=0.1s，根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)中時(shí)間中點(diǎn)的速度等于該過(guò)程中的平均速度，可以求出打紙帶上2點(diǎn)時(shí)小車(chē)的瞬時(shí)速度大?。?根據(jù)描點(diǎn)作圖法可得：45v-t圖象的斜率等于加速度，得：若當(dāng)交流電的實(shí)際頻率小于50Hz時(shí)，時(shí)間的間隔大于0.02s，仍按0.02s計(jì)算則時(shí)間的實(shí)際值比測(cè)量值大，所以加速度的測(cè)量值偏大四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，要求寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13、 (1)vm4m/s (2) 0.4 (3) v3.2m/s【解析】試題分析：（1）滑塊在斜面上時(shí)，對(duì)其受力分析，受到重力、支持力和摩擦力，根據(jù)牛頓第二定律列式求解出加速度，再根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式計(jì)算末速度；（2）對(duì)減速過(guò)程運(yùn)用牛頓第二定律列式，再運(yùn)用速度位移公式列式，最后聯(lián)立方程組求解；（3）先判斷加速時(shí)間，再根據(jù)速度時(shí)間關(guān)系公式求解t=1.0s時(shí)速度的大小解：（1）滑塊先在斜面上做勻加速運(yùn)動(dòng)，然后在水平面上做勻減速運(yùn)動(dòng)，故滑塊運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)速度最大為，設(shè)滑塊在斜面上運(yùn)