高考物理專題物理方法知識(shí)點(diǎn)真題匯編及答案

1、高考物理專題物理方法知識(shí)點(diǎn)真題匯編及答案一、選擇題.如圖所示，已知Mm,不計(jì)滑輪及繩子的質(zhì)量，物體M和m恰好做勻速運(yùn)動(dòng)，若將 M與m互換，M、m與桌面的動(dòng)摩因數(shù)相同，則（）A.繩子中張力增大B.物體M與m仍做勻速運(yùn)動(dòng)C.物體M與m做加速運(yùn)動(dòng)，加速度a= （M-m） g/MD.物體M與m做加速運(yùn)動(dòng)，加速度a= （M+m） g/M.在物理學(xué)的重大發(fā)現(xiàn)中科學(xué)家們創(chuàng)造出了許多物理學(xué)方法和思路，以下關(guān)于所用研究方 法或思路的敘述正確的是（）A.在不需要考慮物體本身的大小和形狀時(shí)，用質(zhì)點(diǎn)來(lái)代替物體的方法叫假設(shè)法ArArB.根據(jù)速度定義式丫 =，當(dāng)/非常非常小時(shí)，就可以表示物體在，時(shí)刻的瞬時(shí)速度，該定義應(yīng)用

2、了極限思想方法C.伽利略對(duì)落體問(wèn)題的研究思路是：?jiǎn)栴}T猜想T實(shí)驗(yàn)驗(yàn)證數(shù)學(xué)推理-合理外推一得出 結(jié)論D.在推導(dǎo)勻變速運(yùn)動(dòng)位移公式時(shí)，把整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程劃分成很多小段，每一小段近似看作 勻速直線運(yùn)動(dòng)，然后把各小段的位移相加，這里采用了類比法3.在物理學(xué)的重大發(fā)現(xiàn)中科學(xué)家們創(chuàng)造出了許多物理學(xué)研究方法，如理想實(shí)驗(yàn)法、控制變 量法、極限思維法、類比法和科學(xué)假說(shuō)法、建立理想模型法、微元法等等.以下關(guān)于所用 物理學(xué)研究方法的敘述不正確的是（）A.牛頓用微元法提出了萬(wàn)有引力定律，并計(jì)算出了太陽(yáng)和地球之間的引力ArArB.根據(jù)速度定義式丫 =，當(dāng)/非常非常小時(shí)，丁就可以表示物體在/時(shí)刻的瞬時(shí)速度，該定義應(yīng)用了極限思

3、維法C.將插有細(xì)長(zhǎng)玻璃管的玻璃瓶?jī)?nèi)裝滿水.用力捏玻璃瓶，通過(guò)細(xì)管內(nèi)液面高度的變化，來(lái) 反映玻璃瓶發(fā)生形變，該實(shí)驗(yàn)采用了放大的思想D.在推導(dǎo)勻變速運(yùn)動(dòng)位移公式時(shí)，把整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程劃分成很多小段，每一小段近似看作 勻速直線運(yùn)動(dòng)，然后把各小段的位移相加，這里采用了微元法4.如圖所示，豎直平面內(nèi)放一直角桿MOV,桿的水平部分粗糙，動(dòng)摩擦因數(shù)=0.2,桿的 豎直部分光滑.兩部分各套有質(zhì)量均為1kg的小球4和& A、8球間用細(xì)繩相連.初始 4、B均處于靜止?fàn)顟B(tài)，己知0A=3m, OB=4 m,若A球在水平拉力的作用下向右緩慢地 移動(dòng)1m （取g=10m，4）,那么該過(guò)程中拉力尸做功為（）10 J12 J14

4、 J.如圖所示，粗糙程度均勻的絕緣空心斜面ABC放置在水平面上，ZCAB=30%斜面內(nèi)部 。點(diǎn)（與斜面無(wú)任何連接）固定有一正點(diǎn)電荷，一帶負(fù)電的小物體（可視為質(zhì)點(diǎn)）可以分 別靜止在M、N、MN的中點(diǎn)P上，OM = ON, OMAB,則下列判斷正確的是（）A.小物體分別在三處?kù)o止時(shí)所受力的個(gè)數(shù)一定都是4個(gè)B.小物體靜止在P點(diǎn)時(shí)受到的支持力最大，靜止在M、N點(diǎn)時(shí)受到的支持力相等C.小物體靜止在P點(diǎn)時(shí)受到的摩擦力最大D.當(dāng)小物體靜止在N點(diǎn)時(shí)，地面給斜面的摩擦力為零.如圖所示，傾角為8的斜面體c置于水平地面上，小物塊6置于斜面上，通過(guò)細(xì)繩跨過(guò) 光滑的定滑輪與沙漏。連接，連接方的一段細(xì)繩與斜面平行。在。中

5、的沙子緩慢流出的過(guò) 程中，。、b、c都處于靜止?fàn)顟B(tài)，則（）c對(duì)b的支持力減小c對(duì)方的摩擦力方向可能平行斜面向上C.地面對(duì)c的摩擦力方向向右D.地面對(duì)c的摩擦力增大.將一斜面固定在水平地面上，在斜面上放一小滑塊4如圖甲在小滑塊A上放一小物 體從物體8始終與A保持相對(duì)靜止如圖乙；或在小滑塊A上施加一豎直向下的作用力F,如圖丙則下列說(shuō)法正確的是（）A.若甲圖中A可沿斜面勻速下滑，加物體B后將加速下滑.若甲圖中A可沿斜面勻速下滑，加力尸后將加速下滑C.若甲圖中A可沿斜面勻加速下滑，加物體B后加速度將增大D.若甲圖中A可沿斜面勻加速下滑，加力產(chǎn)后加速度將增大8.在物理學(xué)的重大發(fā)現(xiàn)中科學(xué)家們創(chuàng)造出了許多物

6、理學(xué)方法，如理想實(shí)驗(yàn)法、控制變量 法、極限思想法、類比法和科學(xué)假說(shuō)法、建立物理模型法等等.以下關(guān)于所用物理學(xué)研究 方法的敘述不正確的是A.在不需要考慮物體本身的大小和形狀時(shí)，用質(zhì)點(diǎn)來(lái)代替物體的方法叫假設(shè)法.根據(jù)速度定義式U =，當(dāng)/t非常非常小時(shí)，就可以表示物體在t時(shí)刻的瞬時(shí)速 ArAr度，該定義應(yīng)用了極限思想法c.引入重心、合力與分力的概念時(shí)運(yùn)用了等效替代法D.在推導(dǎo)勻變速運(yùn)動(dòng)位移公式時(shí)，把整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程劃分成很多小段，每一小段近似看作勻速直線運(yùn)動(dòng)，然后把各小段的位移相加，這里采用了微元法.如圖所示，在水平粗糙橫桿上，有一質(zhì)量為m的小圓環(huán)A,用一細(xì)線懸吊一個(gè)質(zhì)量為m的球Bo現(xiàn)用一水平力F緩慢地

7、拉起B(yǎng),在此過(guò)程中A 一直保持靜止不動(dòng)，設(shè)圓環(huán)A受 到的支持力為F,摩擦力為f,此過(guò)程中：（）&減小,f增大C.吊,不變，f減小D.不變，f增大.如圖所示，相互垂直的固定絕緣光滑擋板P。、。豎直放置在重力場(chǎng)中，、人為兩個(gè) 帶有同種電荷的小球（可以近似看成點(diǎn)電荷），當(dāng)用水平向左的作用力F作用于時(shí)，心b 緊靠擋板處于靜止?fàn)顟B(tài).現(xiàn)若稍改變尸的大小，使稍向左移動(dòng)一段小距離，則當(dāng)。、人重 新處于靜止?fàn)顟B(tài)后（）PA/A.間電場(chǎng)力增大B.作用力尸將減小C.地面對(duì)b的支持力變大D.地面對(duì)的支持力變小.在固定于地面的斜面上垂直安放了一個(gè)擋板，截面為圓的柱狀物體甲放在斜面上,半徑與 甲相等的光滑圓球乙被夾在甲與擋

8、板之間，乙沒(méi)有與斜面接觸而處于靜止?fàn)顟B(tài)，如圖所示.現(xiàn) 在從球心處對(duì)甲施加一平行于斜面向下的力F使甲沿斜面方向緩慢地移動(dòng)，直至甲與擋板 接觸為1匕設(shè)乙對(duì)擋板的壓力為B,甲對(duì)斜面的壓力為在此過(guò)程中A. B緩慢增大,B緩慢增大B. B緩慢增大B緩慢減小B緩慢減小,B緩慢增大D. B緩慢減小,B保持不變12.如圖所示，兩塊相互垂直的光滑擋板OP、OQ, OP豎直放置，小球a、b固定在輕彈 簧的兩端，并斜靠在OP、OQ擋板上.現(xiàn)有一個(gè)水平向左的推力F作用于b上，使a、b緊 靠擋板處于靜止?fàn)顟B(tài).現(xiàn)保證b球不動(dòng)，使豎直擋板OP向右緩慢平移一小段距離，則( )A .推力F變大B.彈簧長(zhǎng)度變短C.彈簧長(zhǎng)度變長(zhǎng)b

9、對(duì)地面的壓力變大 13.如圖所示，三個(gè)形狀不規(guī)則的石塊a、b、c在水平桌面上成功地疊放在一起靜止不動(dòng)，下列說(shuō)法正確的是（）c與水平桌面間的動(dòng)摩擦因數(shù)產(chǎn)0c對(duì)b的作用力一定豎直向上b對(duì)a的支持力是由于a物體發(fā)生形變產(chǎn)生的a對(duì)b的壓力就是a物體的重力 14.定滑輪連接兩個(gè)質(zhì)量分別為加八的小球A、B,它們都穿在一根光滑的豎直桿 上，兩球靜止時(shí)，QA繩與水平方向的夾角為28,。8繩與水平方向的夾角為8,不計(jì)繩與滑輪間的摩擦及滑輪的重力則（）A.兩個(gè)小球的質(zhì)量關(guān)系為?A：，% = 2cos夕：1B.兩個(gè)小球的質(zhì)量關(guān)系為，7A =C.定滑輪受到細(xì)繩的合力等于（u+%）gD.兩個(gè)小球受到繩子的拉力關(guān)系為乙.

10、如圖所示，質(zhì)量為m的物體A放在傾角為6=37。的斜面上時(shí)，恰好能勻速下滑，現(xiàn)用 細(xì)線系住物體A,并平行于斜面向上繞過(guò)光滑的定滑輪，另一端系住物體B,物體A恰好 能沿斜面勻速上滑，（g 取 10m，s sm370=0.6, cos370=0.8）則（）A. p=0.65 B.卜i=0.5 C. niB=1.2m D. nte=1.6m.如圖所示，MON是固定的光滑絕緣直角桿，MO沿水平方向，NO沿豎直方向，A、B 為兩個(gè)套在此桿上的帶有同種電荷的小球.用一指向豎直桿的力F作用在A球，使兩球均 處于靜止?fàn)顟B(tài)，現(xiàn)將A球沿水平方向向右緩慢拉動(dòng)一小段距離后，A、B兩小球可以重新平 衡.則后一種平衡狀態(tài)與

11、前一種平衡狀態(tài)相比較，下列判斷正確的是1NfbA、B兩小球間的庫(kù)侖力變大，A球?qū)O桿的壓力變大A、B兩小球間的庫(kù)侖力變小，A球?qū)O桿的壓力變小A、B兩小球間的庫(kù)侖力變小，A球?qū)O桿的壓力不變A、B兩小球間的庫(kù)侖力變大，A球?qū)O桿的壓力不變.17.如圖所示，兩根直木棍八8和CD相互平行，斜靠在豎直墻壁上固定不動(dòng)，一根水泥圓筒從木棍的上部勻速滑下.若保持兩木棍傾角不變，將兩棍間的距離減小后固定不動(dòng)，仍將水 泥圓筒放在兩木棍上部，則水泥圓筒在兩木棍上將（）ADA.仍勻速滑下 B.勻加速滑下C.可能靜止D. 一定靜止.在推導(dǎo)“勻變速直線運(yùn)動(dòng)位移的公式”時(shí)，把整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程劃分為很多小段，每一小段

12、 近似為勻速直線運(yùn)動(dòng)，然后把各小段位移相加代表整個(gè)過(guò)程的位移，物理學(xué)中把這種方法 稱為“微元法下面幾個(gè)實(shí)例中應(yīng)用到這一思想方法的是（）A.在計(jì)算物體間的萬(wàn)有引力時(shí)，若物體的尺寸相對(duì)較小，可將物體看做質(zhì)點(diǎn)B.在探究彈性勢(shì)能的表達(dá)式過(guò)程中，把拉伸彈簧的過(guò)程分成很多小段，在每小段內(nèi)認(rèn)為彈 簧的彈力是恒力，然后把每小段做功的代數(shù)和相加C.探究牛頓第二定律的過(guò)程中，控制物體的質(zhì)量不變，研究物體的加速度與力的關(guān)系D.求兩個(gè)力的合力時(shí)，如果一個(gè)力的作用效果與兩個(gè)力的作用效果相同，這個(gè)力就是那 兩個(gè)力的合力.如圖所示，一斜面固定在地面上，木塊m和M疊放在一起沿斜面向下運(yùn)動(dòng)，它們始 終相對(duì)靜止，m. M間的動(dòng)摩

13、擦因數(shù)為i, M、斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為2,則（）A.若m、M 一起勻加速運(yùn)動(dòng)，可能有i = 0, 2=0B.若m、M一起勻速運(yùn)動(dòng)，一定有出=0,出。0C.若m、起勻加速運(yùn)動(dòng)，一定有F0, 2=0D.若m、M一起勻速運(yùn)動(dòng)，可能有產(chǎn)0, 2工。20.小華同學(xué)通過(guò)以下步驟測(cè)出了從一定高度落下的排球?qū)Φ孛娴臎_擊力：將一張白紙鋪 在水平地面上，把排球在水里弄濕，然后讓排球從規(guī)定的高度自由落下，并在白紙上留下 球的水印.再將印有水印的白紙鋪在臺(tái)秤上，將球放在紙上的水印中心，緩慢地向下壓 球，使排球與紙接觸部分逐漸發(fā)生形變直至剛好遮住水印.記下此時(shí)臺(tái)秤的示數(shù)即為沖擊 力的最大值.下列物理學(xué)習(xí)或研究中用到的方

14、法與該同學(xué)的方法相同的是A.建立“點(diǎn)電荷”的概念B.建立“合力與分力”的概念C.建立“瞬時(shí)速度”的概念D.研究加速度與合力、質(zhì)量的關(guān)系21.如圖所示，有3000個(gè)質(zhì)量均為機(jī)的小球，將它們用長(zhǎng)度相等的輕繩依次連接，再將 其左端用細(xì)繩固定在天花板上，右端施加一水平力使全部小球靜止.若連接天花板的細(xì)繩 與水平方向的夾角為37。.則第1218個(gè)小球與1219個(gè)小球之間的輕繩與水平方向的夾角a 的正切值等于（sin37=0.6, cos37=0.8）37 TOC o 1-5 h z 17811219A. B.40004000609891C. D.20002000.如圖所示物體在水平力尸作用下靜止在斜面上

15、，斜面靜止.若稍許增大水平力產(chǎn)，而 物體和斜面仍能保持靜止時(shí)（）A.斜面對(duì)物體的靜摩擦力一定增大B.斜面對(duì)物體的靜摩擦力及支持力都不一定增大C.地面對(duì)斜面的靜摩擦力一定增大，斜面對(duì)物體支持力一定增大D.斜面對(duì)物體的靜摩擦力和地面對(duì)斜面的靜摩擦力都不一定增大.如圖所示，質(zhì)量分別為M、m的兩個(gè)物體A和B,用跨過(guò)定滑輪的細(xì)線相連，有一外力 使B物體靜止在粗糙的水平桌面上，且桌面上方細(xì)線與桌面平行，B與桌面的動(dòng)摩擦因數(shù) 為U.若撤去作用在B上的外力，使A、B從靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，此時(shí)B物體的加速度大小為 a；若將作用在B上的外力變?yōu)樗较蜃蟮暮懔,使B物體向左做勻加速運(yùn)動(dòng)的加速度大 小a=2。，重力加速度

16、為g,則所加外力F的大小為（ ）B. 3Mg_77gD.(M +.如圖所示，質(zhì)量為m=L2Kg、頂角為a=37。的直角劈和質(zhì)量為M=2 Kg的正方體放在 兩豎直墻和水平地面間，處于靜止?fàn)顟B(tài).若不計(jì)一切摩擦，gIRlOnVs-,墻面對(duì)正方體的 彈力大小與水平地面對(duì)正方體的彈力大小分別為A. 20N, 36N B. 16N, 32N C. 16N, 40N D. 20N, 20N.如圖所示，物體A、B放在物體C上,水平力F水平向左作用于A上，使A、B、C 一起在 水平地面向左做勻速直線運(yùn)動(dòng)，則()B.物體C受到六個(gè)力作用D. C對(duì)B有向左的摩擦力A.物體A受到三個(gè)力作用C.物體C受到三個(gè)摩擦力的作

17、用【參考答案】林*試卷處理標(biāo)記，請(qǐng)不要?jiǎng)h除一、選擇題C解析:C【解析】【詳解】當(dāng)物體X和m恰好做勻速運(yùn)動(dòng)，X水平方向受到繩子的拉力和地面的摩擦力，對(duì)M：mg m|iMg=T ：對(duì)m ： T=mg,所以動(dòng)摩因數(shù)p=Mg=M若M與m互換，對(duì)M： Mg-T =Ma對(duì) m： T-Mnig=mamMg - nmg M。(M - m)g解得：a=M + m= M + m= Mm (M - m)g繩子中的張力T=Mnig+ma=Mmg+m M =mg,所以繩子中的張力不變，ABD錯(cuò)誤，C 正確.故選：C.B解析：B【解析】質(zhì)點(diǎn)是理想模型，利用理想模型法，A錯(cuò)誤：瞬時(shí)速度的定義是當(dāng)時(shí)間趨近于零時(shí)，平均 速度就

18、可表示瞬時(shí)速度，利用了極限思想方法，B正確；伽利略在研究物體下落規(guī)律時(shí)， 首先是提出問(wèn)題即對(duì)亞里士多德的觀點(diǎn)提出疑問(wèn)，然后進(jìn)行了猜想即落體是一種最簡(jiǎn)單的 變速運(yùn)動(dòng)，而最簡(jiǎn)單的變速運(yùn)動(dòng)就是速度變化是均勻的，接著進(jìn)行了實(shí)驗(yàn)，伽利略對(duì)實(shí)驗(yàn) 結(jié)果進(jìn)行數(shù)學(xué)推理，然后進(jìn)行合理的外推得出結(jié)論，C正確；在推導(dǎo)勻變速運(yùn)動(dòng)位移公式 時(shí)，把整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程劃分成無(wú)數(shù)小段，采用的是數(shù)學(xué)中的微元法，D錯(cuò)誤.A解析：A【解析】Ar試題分析：萬(wàn)有引力定律的提出沒(méi)有應(yīng)用到微元法，A錯(cuò)誤；公式中n= 一當(dāng)加分0時(shí)Ar 就可以表示物體在t時(shí)刻的瞬時(shí)速度，應(yīng)用了極限法，B正確：玻璃瓶?jī)?nèi)裝滿水，用穿有透明細(xì)管的橡皮泥封II.手捏玻璃瓶，

19、細(xì)管內(nèi)液面高度變化，說(shuō)明玻璃瓶發(fā)生形變.該 實(shí)驗(yàn)采用放大的思想，故C正確：在探究勻變速運(yùn)動(dòng)的位移公式時(shí)，采用了微元法將變速 運(yùn)動(dòng)無(wú)限微分后變成了一段段的勻速運(yùn)動(dòng)，即采用了微元法；故D正確； 考點(diǎn)：考查了物理研究方法【名師點(diǎn)睛】在高中物理學(xué)習(xí)中，我們會(huì)遇到多種不同的物理分析方法，這些方法對(duì)我們 理解物理有很大的幫助：故在理解概念和規(guī)律的基礎(chǔ)上，更要注意科學(xué)方法的積累與學(xué) 習(xí).D解析：D【解析】【分析】對(duì)AB整體受力分析，根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件列式，求出支持力N,從而得到滑動(dòng)摩擦力為 恒力，最后對(duì)整體運(yùn)用動(dòng)能定理列式，得到拉力的功；【詳解】對(duì)AB整體受力分析，受拉力F、重力G、支持力N、向左的摩擦力f

20、和向右的彈力Ni, 如圖所示：機(jī)根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件，有 豎直方向：N = G、+ G、水平方向：F = f + Ni其中：/ = N解得：N = (L + m1g = 20N , / = N = 0.2x20N = 4N對(duì)整體在整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中運(yùn)用動(dòng)能定理列式，得到：卬尸-力-機(jī)遇 =0根據(jù)幾何關(guān)系，可知求B上升距離 =1?，故有：VVF = fs + m2gh = 4xlJ + lxlOxlJ = 14J ,故選項(xiàng) D 正確，選項(xiàng) ABC 錯(cuò)誤.【點(diǎn)睛】本題中拉力為變力，先對(duì)整體受力分析后根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件得出摩擦力為恒力，然后根 據(jù)動(dòng)能定理求變力做功.B解析：B【解析】試題分析：根據(jù)共點(diǎn)力的

21、平衡可知在M點(diǎn)小物體可以受三個(gè)力的作用，所以A錯(cuò)誤；根據(jù) 幾何關(guān)系小物體在M、N兩點(diǎn)時(shí)，庫(kù)侖力咋垂直于AC方向的分立相同，支持力等于重力 的分立加上庫(kù)侖力的分力，所以靜止在M、N點(diǎn)時(shí)受到的支持力相等，0P垂直與AC,故 支持力等重力的分力加上庫(kù)侖力，所以小物體靜止在P點(diǎn)時(shí)受到的支持力最大，故B正 確；在P點(diǎn)小物體受靜摩擦力等于重力沿斜面向下的分力，在N點(diǎn)小物體受靜摩擦力等于 重力沿斜面向下的分力加庫(kù)侖力的分力，大于在P點(diǎn)受摩擦力，所以C錯(cuò)誤；因正點(diǎn)電荷 與斜面無(wú)任何連接，小物體靜止在N點(diǎn)時(shí)，地面給斜面的向右的靜摩擦力，所以D錯(cuò)誤. 考點(diǎn)：本題考查庫(kù)侖力，物體的平衡B解析：B【解析】【分析】b受

22、到c的摩擦力不一定為零，與兩物體的重力、斜面的傾角有關(guān)。對(duì)be整體研究，由平 衡條件分析水平面對(duì)c的摩擦力方向和支持力的大小?！驹斀狻緼項(xiàng)：c對(duì)b的支持力為：“gCOSd,所以不變，故A錯(cuò)誤；B項(xiàng)：設(shè)a、b的重力分別為Ga、Gb.若Ga=GbSine, b受到c的摩擦力為零；若 Ga/Gbsin6, b受到c的摩擦力不為零。若G；1VGbSin。，b受到c的摩擦力沿斜面向上，故B 正確；C項(xiàng)：以be整體為研究對(duì)象，分析受力如圖，Gb+Gc根據(jù)平衡條件得知水平面對(duì)c的摩擦力f=Tcose=Gacos 0 ,方向水平向左在a中的沙子緩慢流出的過(guò)程中，則摩擦力在減小。故應(yīng)選:Bo【點(diǎn)睛】本題采用隔離

23、法和整體法研究?jī)蓚€(gè)物體的平衡問(wèn)題及B所受的摩擦力，要根據(jù)B所受的拉 力與重力沿斜面向下的分力大小關(guān)系，分析摩擦力的大小和方向。D解析：D【解析】【分析】加物體B時(shí)，可以把AB看出一個(gè)整體處理，對(duì)物體進(jìn)行受力分析，根據(jù)牛頓第二定律列式求解即可，但是加力F之后，需要酌情分析：【詳解】設(shè)斜面傾角為。，A的質(zhì)量為m, B的質(zhì)量為M,A、若甲圖中A可沿斜面勻速下滑，則A重力沿斜面的分量與滑動(dòng)摩擦力相等，即 mgsmO = pngcosO ,加上B后，把AB看成一個(gè)整體，則仍然滿足(m+M)gsm9 = p(m+M)gcosO,所以仍然做勻速下滑，故A錯(cuò)誤；B、加力F后與加物體B是一樣的情況，故B錯(cuò)誤；C

24、、若甲圖中A可沿斜面勻加速下滑，則根據(jù)牛頓第二定律得：mgsinO - LungcosO- 一、+ a = := gsinO - pgcosG ,加物體B后加速度m心 吐遜吧他史英巴2丹，則加速度不變，故c錯(cuò)誤； m+MD、加力 F后加速度=(mg + F)sme-(mg + F)cose gsiiiO - |igcos0，則加速度變 m大，故D正確?！军c(diǎn)睛】解決本題的關(guān)鍵能夠正確地進(jìn)行受力分析，運(yùn)用牛頓第二定律進(jìn)行求解，注意加上力F之 后，求解加速度時(shí)，物塊的質(zhì)量不變，但是受力發(fā)生變化，則加速度會(huì)發(fā)生變化。A解析：A【解析】試題分析：在不需要考慮物體本身的大小和形狀時(shí)，用質(zhì)點(diǎn)來(lái)代替物體的方法

25、叫理想模型 法，A錯(cuò)誤；速度定義式p=，當(dāng)/t非常非常小時(shí)，州就可以表示物體在t時(shí)刻的瞬/Ar時(shí)速度，這是用了應(yīng)用了極限思想的方法，B正確；重心就是從效果上相當(dāng)于重力作用在 那個(gè)點(diǎn)上、是采用等效的思想，同樣合力與分力，也是從作用效果相同，同樣是采用等效 的思想，C正確；在勻變速運(yùn)動(dòng)時(shí)，把整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程劃分成很多小段，每一小段近似看作 勻速直線運(yùn)動(dòng)，然后把各小段的位移相加，就是整體位移，這樣分的越細(xì)，值越接近真實(shí) 值，這是采用了微元法，D正確，由于選不正確的，因此只能選A 考點(diǎn)：物理的思想方法D解析：D【解析】對(duì)B受力分析，則B受重力、繩子的拉力及F；三力滿足應(yīng)始終處于平衡狀態(tài); 受力分析如圖所示

26、：在B上升的過(guò)程中繩子與豎直方向的夾角增大，而重力不變，F(xiàn)=Gtan0,故拉力F應(yīng)增大； 以AB為整體受力分析，整體在水平方向受拉力、摩擦力；豎直方向上受重力、支持力； 因整體處于平衡狀態(tài)，故水平方向f=F,因F增大，故摩擦力/增大；豎直方向重力不變， 則壓力Fn不變；故D正確，A、B、C錯(cuò)誤；故選D.【點(diǎn)睛】本題也可以由隔離法求解，但是解答過(guò)程較為麻煩；因此在解題時(shí)要特別注意整 體法的應(yīng)用.B解析：B【解析】【分析】以。球?yàn)檠芯繉?duì)象，分析受力情況，根據(jù)平衡條件分析。、人間電場(chǎng)力和擋板對(duì)小球的彈力 如何變化，由庫(kù)侖定律分析兩間距離的變化情況，根據(jù)電場(chǎng)力做功正負(fù)判斷系統(tǒng)電勢(shì)能的 變化.對(duì)整體研究

27、，分析作用力F如何變化?！驹斀狻恳浴Ｇ?yàn)檠芯繉?duì)象，分析受力情況如圖所示：根據(jù)平衡條件得：電場(chǎng)力耳乜=坐一，G減小，COSG增大，則電場(chǎng)力/電減小。擋板對(duì)。的 cos a彈力N=mgtana, a減小，N減小。對(duì)整體研究：水平方向：F=N,則作用力尸將減小。故 AB錯(cuò)誤；對(duì)整體研究：豎直方向：FniAg+rnng,則受的支持力Ev不變，故C正確，D 錯(cuò)誤。所以B正確，ACD錯(cuò)誤?！军c(diǎn)睛】本題是動(dòng)態(tài)平衡問(wèn)題，關(guān)鍵要靈活選擇研究對(duì)象，先對(duì)。研究，再對(duì)分研究，比較簡(jiǎn)便。D解析：D【解析】試題分析：如圖對(duì)乙進(jìn)行受力分析，當(dāng)乙球向上運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，甲球?qū)λ闹С至n與豎直 方向夾角減小，所以擋板對(duì)乙球的壓力

28、/緩慢減小；可以把甲乙看成一個(gè)整體，甲沿斜面 方向緩慢地移動(dòng)時(shí)，力F沿斜面方向，甲乙兩球?qū)π泵娴膲毫?2等于它們重力垂直于斜面 的分力，大小方向不變，所以D選項(xiàng)正確 故選DF9 &0 1 R考點(diǎn)：共點(diǎn)力動(dòng)態(tài)平衡點(diǎn)評(píng)：較難。動(dòng)態(tài)平衡”是指平衡問(wèn)題中的一部分力是變力，是動(dòng)態(tài)力，力的大小和方向 均要發(fā)生變化，所以叫動(dòng)態(tài)平衡，這是力平衡問(wèn)題中的一類難題.解決這類問(wèn)題的一般思 路是：把動(dòng)化為靜，靜中求動(dòng)C解析：C【解析】【詳解】對(duì)小球a、b受力分析如圖所示：migmtgFah = F 逑=對(duì)小球 a： tan。， sinf).ntigmigF = F也cos8 = . .cos.=對(duì)小球b,s】n8 t

29、anFni = 7712g + 尸彈 sinB = mig + m?gmig mAgF = F 逋 co8 = -cosO =A、OP向右緩慢平移，。變大，由推力sm8tan。知推力f變小，故A錯(cuò)：F彈=BC、OP向右緩慢平移，。變大,由 sin知彈簧彈力逐漸變小，彈簧處于壓縮狀態(tài)， 所以彈簧形變量減小，即彈簧變長(zhǎng)，故B錯(cuò)；C對(duì)D、OP向右緩慢平移，6變大，由FN2 = m2j + F彈加8 =皿10 + 742。知6對(duì)地面的壓力 不變，故D錯(cuò)：故選CB解析：B【解析】【分析】根據(jù)平衡條件，依據(jù)相互作用力的內(nèi)容，及力的合成與分解方法，并依據(jù)摩擦力產(chǎn)生條 件，即可求解；【詳解】A、以三塊作為整體

30、研究，整體受到的重力與桌面的支持力是平衡力，則石塊c不會(huì)受到 水平桌面的摩擦力，故無(wú)法判斷c與桌面間的動(dòng)摩擦因數(shù)是否為零，故A錯(cuò)誤：B、選取ab作為整體研究，根據(jù)平衡條件，則石塊c對(duì)b的作用力與其重力平衡，則塊c 對(duì)b的作用力一定豎直向上，故B正確；C、根據(jù)彈力產(chǎn)生條件可知：b對(duì)a的支持力是由于b物體發(fā)生形變產(chǎn)生的，故選項(xiàng)C錯(cuò) 誤；D、a對(duì)b的壓力屬于彈力性質(zhì)，施力物體是a, a物體的重力的施力物體是地球，即這兩 個(gè)力的性質(zhì)不同，施力物體也不同，故不同用“就是二字來(lái)形容，但是二者的大小是相 等的，故選項(xiàng)D錯(cuò)誤?！军c(diǎn)睛】該題考查整體法與隔離法的運(yùn)用，掌握平衡條件的應(yīng)用，注意平衡力與相互作用力的區(qū)

31、 別，注意c對(duì)b的作用力是支持力與摩擦力的合力。A解析：A【解析】【詳解】分別對(duì)AB兩球分析，運(yùn)用合成法，如圖所示：由幾何知識(shí)得：Tsui2，= %g , Tsm0 = mBg ,所以，n：= sm26 ；sin，= 2cos，： 1,故A正確，B錯(cuò)誤；以48球整體為研究對(duì)象，豎直方向受力平衡： 尸cosa = (%+)g，可見(jiàn)尸(U+，)g，故C錯(cuò)誤；兩個(gè)小球受到繩子的拉力關(guān) 系為Ta=Tob，故D錯(cuò)誤所以A正確，BCD錯(cuò)誤C解析：C【解析】【分析】A勻速下滑時(shí)，對(duì)物體A進(jìn)行受力分析，根據(jù)物體所處平衡狀態(tài)結(jié)合力的分解列出平衡等 式，求解動(dòng)摩擦因數(shù).當(dāng)物體A沿斜面勻速上滑時(shí)，再對(duì)A受力分析，根

32、據(jù)共點(diǎn)力平衡求 出物體B的質(zhì)量.【詳解】當(dāng)物體A沿斜面勻速下滑時(shí)，受力圖如圖甲： 圖甲 根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件有：f = mgsin3, N = mgcosO,其中/ = N,聯(lián)立解得: = 37 = 0.75,當(dāng)物體A沿斜面勻速上滑時(shí)，受力圖如圖乙：A物體所受摩擦力大小不變，方向沿斜面向下，沿斜面方向的合力為0,則有：TA = f + mgsuibt對(duì)物體b： Tlf = mBg由牛頓第三定律可知：TA = TBy聯(lián)立各式得：皿=1.2叫故選c0【點(diǎn)睛】解決共點(diǎn)力平衡問(wèn)題的一般思路是對(duì)物體進(jìn)行受力分析，根據(jù)物體所處平衡狀態(tài)結(jié)合力的 分解列出平衡等式.C解析：C【解析】試題分析：以AB整體作為研究

33、對(duì)象，分析其受力知，整體受重力，OM桿的支持力，水平 拉力，和ON桿上的彈力，整體豎直方向平衡，OM桿的支持力等于重力，由牛頓第三定 律知A球?qū)M桿的壓力不變；分析B球的受力如圖：豎直方向有尸COSd = ?g ,移動(dòng)以后F與豎直方向的夾角變小，余弦值變大，庫(kù)侖力F力 將變小，C正確，ABD錯(cuò)誤.考點(diǎn)：本題考查了整體法和隔離法B解析：B【解析】【詳解】水泥圓筒從木棍的上部勻速滑下過(guò)程中，受到重力、兩棍的支持力和摩擦力，根據(jù)平衡條 件得知：mgsind26=0；將兩棍間的距離稍減小后，兩棍支持力的合力不變，夾角減小，每 根木棍對(duì)圓筒的支持力減小，滑動(dòng)摩擦力減小，根據(jù)牛頓第二定律，有：mgsm6

34、-2f2=ma, 由于摩擦力變小，故加速度變大；可知圓筒將勻加速滑動(dòng)；故選【點(diǎn)睛】本題中關(guān)犍是討論滑動(dòng)摩擦力的變化，也就是討論正壓力的變化，運(yùn)用到推論：當(dāng)兩個(gè)分 力大小一定時(shí)，夾角增大時(shí)，其合力減小，分析兩棍支持力的變化.B解析：B【解析】在計(jì)算物體間的萬(wàn)有引力時(shí)，若物體的尺寸相對(duì)較小，可將物體看做質(zhì)點(diǎn)，運(yùn)用 的是理想模型的方法，A錯(cuò)誤；在探究彈性勢(shì)能的表達(dá)式過(guò)程中，把拉伸彈簧的過(guò)程分成 很多小段，在每小段內(nèi)認(rèn)為彈簧的彈力是恒力，然后把每小段做功的代數(shù)和相加，運(yùn)用的 是微元法，B正確；在探究牛頓第二定律的過(guò)程中，控制物體的質(zhì)量不變，研究物體的加 速度與力的關(guān)系，運(yùn)用的是控制變量法，C錯(cuò)誤；在求

35、兩個(gè)力的合力時(shí)，如果一個(gè)力的作 用效果與兩個(gè)力的作用效果相同，這個(gè)力就是那兩個(gè)力的合力，運(yùn)用的是等效法，D錯(cuò) 誤.D解析：D【解析】A、M、N一起勻加速下滑，對(duì)m：根據(jù)牛頓第二定律知，m受到三個(gè)力，M時(shí) m的支持力，m的重力，M對(duì)m摩擦力，所以一定有u i#0,故A錯(cuò)誤；BCD、M、N 一起勻速下滑，合力都為零，對(duì)m：根據(jù)平衡條件知，M對(duì)m的支持力等于 m的重力，M對(duì)m沒(méi)有摩擦力，故可能也可能m=0；對(duì)整體：由平衡條件分析 可知，斜面對(duì)M有摩擦力，方向沿斜面向上，故口2工0：故BC錯(cuò)誤，D正確； 故選D。B解析：B【解析】【詳解】A、點(diǎn)電荷是一種理想化的模型，是采用的理想化的方法，故A錯(cuò)誤；B、合力和分力的作用效果是等效的，它們是等效替代的關(guān)系，故B正確；C.瞬時(shí)速度是把很短時(shí)間內(nèi)物體的平均速度近似的認(rèn)為是瞬時(shí)速度，采用的是極限的方 法，故C錯(cuò)誤；D.研究加速度與合力、質(zhì)量的關(guān)系的時(shí)候，是控制其中的一個(gè)量不變，從而得到其他兩個(gè) 物理量的關(guān)系，是采用的控制變量的方法