-北京市海淀區(qū)2018屆高三理科綜合適應(yīng)性訓練反饋

1、海淀區(qū)高三理科綜合適應(yīng)性訓練反饋題2018.3下列說法正確的是（）A陽光照在肥皂泡上出現(xiàn)彩色條紋，是光的色散現(xiàn)象B.光電效應(yīng)和康普頓效應(yīng)說明光具有波動性C.立體電影應(yīng)用了光的偏振理論D波長很短的光子只具有粒子性下列說法正確的是（）A.所謂布朗運動就是液體分子的無規(guī)則運動B.壓縮氣體需要施加較大的外力，這是分子間存在斥力的宏觀表現(xiàn)C.兩個分子相互靠近的過程中，分子力一定增大D.兩個分子由平衡位置相互遠離的過程中，分子力表現(xiàn)為引力，先增大后減小太陽內(nèi)部的核聚變可以釋放出大量的能量，這些能量以電磁波（場）的形式向四面八方輻射出去，其總功率達到3.81026W。下列說法正確的是（）A.核聚變可以在常溫

2、下進行B.我國大亞灣核電站所使用核裝置的核反應(yīng)原理與太陽內(nèi)部的這種核反應(yīng)原理相同C.由于這種輻射，則太陽每秒鐘減少物質(zhì)的數(shù)量級最接近于118kgD.在消耗相同質(zhì)量的核燃料時，聚變比裂變釋放的能量少1122r16.已知太陽光到達地球表面用時大約500s，萬有引力常量G=6.670-N?m永g-，由20C.10kg()D.1010kg此估算太陽的質(zhì)量最接近OA.1180kgB.10%17.圖1為小型旋轉(zhuǎn)電樞式交流發(fā)電機的原理圖，其矩形線圈在磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場中繞垂直于磁場方向的固定軸2.00勻速轉(zhuǎn)動。磁場的磁感應(yīng)強度B=1.00-T，線圈的邊長ab=20cm、bc=10cm，匝數(shù)n=400,

3、線圈總電阻r=2.0莒線圈的兩端經(jīng)集流環(huán)和電刷與電阻R=18Q連接，與電阻R并聯(lián)的交流電壓表為理想電表，線圈的轉(zhuǎn)速n0=50r/s。在t=0時刻，線圈平圖1面與磁場方向平行，則下列說法正確的是A.交流發(fā)電機產(chǎn)生電動勢隨時間的變化關(guān)系是e=25cos50t（V）B.交流電壓表的示數(shù)為17.8VC.從t=0時刻開始轉(zhuǎn)過30o的過程中，通過電阻的電量為2.00-3CD.電阻R上的熱功率為3.24W18.把兩根金屬絲固定在同一個振動片上，當振動片上、下振動時，兩根金屬絲周期性地觸動水面形成兩個波源甲和乙，設(shè)每個金屬絲單獨振動時形成水波的振幅為0.50cm。若P點為水面上甲、乙兩波源連線中垂線上的某一點

4、，則（）A.甲、乙兩波源在P點引起的振動一定加強，P點振動的振幅為1cmB.甲、乙兩波源在P點引起的振動一定減弱，P點處水面平靜C.只有P到甲、乙的距離恰好等于波長的整數(shù)倍，P點的振幅才為1cmD.P點總是和甲、乙同時達到波峰位置19.如圖2所示，一個質(zhì)量為m、帶電荷量為+q的物體處于場強按E=kt規(guī)律（k為大于零的常數(shù)，取水平向左為正方向）變化的電場中，物體與絕緣豎直墻壁間的動摩擦因數(shù)為i,當t=0時，物體由靜止釋放。若最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，且電場空間和墻面均足夠大，下列說法正確的是（）A物體開始運動后加速度先增加后保持不變B.物體開始運動后速度先增加后保持不變C.當摩擦力大小等于物體

5、所受重力時，物體運動速度可能最大也可能最小D.經(jīng)過時間t=m，物體在豎直墻壁上的位移達最大值kq20.如圖3所示，甲、乙是兩個完全相同的帶電金屬球，它們所帶的電荷量分別為-Q和+Q,放在光滑絕緣的水平面上。若使金屬球甲、乙分別由M、N兩點以相等的動能Ek相向運動，經(jīng)時間to兩球剛好發(fā)生碰撞，且碰撞時無機械能損耗。然后兩球又分別向相反方向運動，則（）MN圖3A.甲、乙兩球在上述過程中系統(tǒng)的動量守恒，機械能守恒B.乙球受甲球彈力的沖量小于乙球受甲球庫侖力的沖量C.甲、乙接觸后返回M、N兩點所經(jīng)歷的時間一定相等，且大于toD.甲、乙返回M、N兩點時的機械能之和大于2Ek21.（1）如圖4所示，半圓形

6、玻璃磚按圖中實線位置放置，直邊與BD重合。過圓心0作A0垂直于BD，在A0上豎直插兩根大頭針。眼睛在右側(cè)觀察，讓兩大頭針的像重合。使玻璃磚繞0點逆時針緩慢地轉(zhuǎn)過角度0（伙90,同時調(diào)整視線，始終讓兩大頭針的像重合。以下說法正確的是;A.視線沿CO觀察時，像的位置比實際位置離眼睛近B.在玻璃磚轉(zhuǎn)動過程中，像的亮度逐漸變暗C.在玻璃磚轉(zhuǎn)動過程中，視線由0C的位置逆時針轉(zhuǎn)動D.視線轉(zhuǎn)過的角度小于玻璃磚轉(zhuǎn)過的角度0A圖4D當玻璃磚轉(zhuǎn)至0=37時，恰好看不到兩大頭針的像。則此玻璃磚的折射率n=。（2）為測量電源電動勢E及內(nèi)阻r（E約為4.5V,r約為1.5Q）。提供如下器材：量程為3V內(nèi)阻很大的電壓表V

7、，量程0.5A的電流表A（具有一定內(nèi)阻），定值電阻R=4Q,滑動變阻器R,電鍵K，導線若干。某同學設(shè)計了圖5甲所示的實驗電路圖。請按其將圖5乙中所示的實物連接成實驗電甲圖5乙TOC o 1-5 h z實驗中，當電流表讀數(shù)為Ii時，電壓表讀數(shù)為5；當電流表讀數(shù)為12時，電壓表讀數(shù)為U2。則可以求出E=，r=。(用字母表在圖中畫出U-I圖線。根據(jù)圖線求出電池的電動勢E=V，內(nèi)阻。如圖7所示，如圖7所示，水平桌面距地面高h=0.80m,桌面上放置兩個小物塊A、B,物塊B置于桌面右邊緣，桌面上另一小物塊A以初速度vo=5.Om/s向物塊B運動，經(jīng)過時間t=0.50s運動到桌面的右端時與物塊B發(fā)生碰撞，

8、碰撞時間極短，碰后兩物塊都落到地面上。碰后物塊A落到水平地面時的水平距離xA=0.40m,物塊B落到水平地面時的水平距離xb=0.80m。兩物塊質(zhì)量mA、mB均為0.10kg。重力加速度g取10m/s2，物塊A和B均可視為質(zhì)點，不計空氣阻力。求：若不放置物塊B,物塊A直接飛出桌面的水平位移的大??；物塊A與桌面間的動摩擦因數(shù)曲勺大?。煌ㄟ^數(shù)據(jù)分析，物塊A與物塊B碰撞過程中，A、B所組成的系統(tǒng)機械能是否守恒。如圖8所示，光滑的平行長直金屬導軌置于水平面內(nèi)，間距為L,導軌左端接有阻值為R的電阻。質(zhì)量為m的導體棒垂直跨接在導軌上，導軌和導體棒的電阻均不計，且接觸良好。通過沿導軌安裝的通電線圈，在一矩形

9、區(qū)域內(nèi)產(chǎn)生勻強磁場，磁場方向豎直向下，磁感應(yīng)強度的大小為B。開始時，導體棒靜止于磁場區(qū)域的右端，當磁場以速度V1勻速向右移動時，導體棒隨之開始運動，并很快達到恒定速度。已知導體棒在運動中所受到的阻力為其對地速度的k倍，設(shè)導體棒運動中始終處于磁場區(qū)域內(nèi)。求:mLB導體棒開始運動時的加速度a；導體棒所達到的恒定速度V2；rR在(2)情況下每秒鐘消耗的磁場能。T如圖9甲所示，在水平放置的兩平行金屬板的右側(cè)存在著有界的勻強磁場，磁場方向垂直于紙面向里，磁場邊界MN和PQ與平行板的中線00垂直。金屬板的下極板接地，上極板的電壓u隨時間變化的情況如圖9乙所示，勻強磁場的磁感應(yīng)強度B=1.0102T?，F(xiàn)有帶

10、正電的粒子以vo=1.73Xl18m/s的速度沿兩板間的中線00連續(xù)進入電場，經(jīng)電場后射入磁場。已知帶電粒子的比荷=1.0X18C/kg，在t=0.10s時刻射入電場的帶電粒子恰能m從平行金屬板邊緣穿越電場射入磁場。假設(shè)在粒子通過電場區(qū)的極短時間內(nèi)極板間的電壓可以看作不變，粒子的重力和粒子間相互作用力均可以忽略不計。(結(jié)果保留兩位有效數(shù)字)求t=0.10s時刻射入電場的帶電粒子射出電場時速度的大小和方向。為使t=0.10s時刻射入電場的帶電粒子不會由磁場右邊界射出，該勻強磁場區(qū)的寬度至少為多大？若磁場的寬度足夠大，對任何時刻以v0射入電場的帶電粒子，設(shè)其射入磁場的入射點和從磁場射出的出射點間的

11、距離為x,則x的大小是否相等？若不相等，求出x的變化范圍；若相等，求出x的大小。甲適應(yīng)性訓練反饋題參考答案13.C14.D15.C16.B17.C18.A2018.319.C20.DTOC o 1-5 h z HYPERLINK l bookmark32 丨2hU26U2-(1)AB:1.67(2圖略；-2,1-R:4.47,1.40I2-I112j1(1)1.20m；(2)0.40；(3)機械能不守恒解:金屬框開始運動時速度為零感應(yīng)電動勢E=BLV1回路中的電流I_BLvlRR金屬框受到的安培力F=BIL2,2BLv1加速度大小a=F2,2BLv1mR，方向向右當金屬框受到的阻力等于安培力時

12、，金屬框以恒定速度感應(yīng)電動勢E=BL(V1-V2)V2勻速運動回路中的電流I=-=BL(VV2)RR金屬框受到的安培力F=BIL22BL(V|V2)R達到恒定速度V2時，受力平衡kv222BL(v1-v2)R解得v2二B2L2v1kRB2L2系統(tǒng)消耗磁場能的功率，包括金屬框發(fā)熱功率和克服阻力的功率。即2P茲=IRkv2V2解得kB2L2vikRB2L2(1)由動能定理qU二丄mq2-mv：，解得=2.0105m/s222設(shè)偏轉(zhuǎn)角度為e,則co汁乎，9=30oM1111111rvoOL*-4、二：丁=|r4OXXXX爼XRXX2S2XXvXXXdXXXX(2)粒子運動軌跡如答圖1所示，設(shè)粒子運動軌跡剛好與右邊界相切，這時磁場寬度為d,則33mvjd=R+Rin30R1=0.30m22qB2mvimvi而qvB=，R=RqB解得，d=0.30m所以，磁場寬度至少為0.30m。(3)設(shè)