高三物理高考三輪沖刺題專練選擇題帶解析

1、2010年高考物理沖刺預(yù)測(cè)試卷（一）選擇題部分1.熱學(xué)分子力與分子勢(shì)能【預(yù)測(cè)題1】根據(jù)分子動(dòng)理論，設(shè)兩個(gè)分子間的距離為r0時(shí)分子間的引力和斥力相等，以下關(guān)于分子力與分子勢(shì)能與它們間距離的關(guān)系，正確的是（ C ）A.若兩分子間距離在 r0的基礎(chǔ)上增大，則分子間的引力增大，斥力減小，分子力表現(xiàn)為引 力B.兩分子間距離越大，分子力越小.分子間距離越小，分子力越大C.兩分子間距離為r0時(shí)，分子勢(shì)能最小，在 r0的基礎(chǔ)上距離增大或減小，分子勢(shì)能都變大 D.兩分子間距離越大，分子勢(shì)能越大.分子間距離越小，分子勢(shì)能越小【解析】如下圖左，當(dāng)兩分子間的距離為r0時(shí)，分子間的引力和斥力相等，分子力為零；若分子間距

2、在r0的基礎(chǔ)上增大，分子間的引力和斥力同時(shí)減小，因斥力減小得快，故分子力表 現(xiàn)為引力，故選項(xiàng) A錯(cuò)誤；從分子力隨距離變化的圖像可知，分子力的變化不具有單調(diào)性， 故選項(xiàng)B錯(cuò)誤；如下圖右為分子勢(shì)能與分子間距的關(guān)系圖像，由圖像可知，兩分子間距離為 r0時(shí)，分子勢(shì)能最小，當(dāng)分子間距離在r0的基礎(chǔ)上增大時(shí)，分子間的作用力表現(xiàn)為引力，分子力做負(fù)功，分子勢(shì)能增加，當(dāng)減小分子間的距離時(shí)，分子間的作用力表現(xiàn)為斥力，分子力 做負(fù)功，分子勢(shì)能增加，故可以判斷選項(xiàng)C是正確的；同時(shí)，分子勢(shì)能的圖像不具有單調(diào)性，故選項(xiàng)D錯(cuò)誤?！军c(diǎn)評(píng)】固體在平衡時(shí)，分子間的引力與斥力大小相等，處于平衡狀態(tài)，而當(dāng)我們對(duì)它施加 作用力而企圖把

3、它拉長(zhǎng)時(shí)，分子間的距離稍微變大一點(diǎn)，分子間的引力就大于斥力，從而分 子間的作用力宏觀上變成了引力，因此很難被拉斷。.氣體之所以充滿整個(gè)容器，是因?yàn)闅怏w分子間幾乎沒(méi)有相互作用力，分子除了與其他分子發(fā)生碰撞以外，幾乎做勻速直線運(yùn)動(dòng)，直 到它們與器壁相碰。同樣，氣體分子對(duì)器壁有壓強(qiáng)，這是氣體分子在與器壁碰撞過(guò)程中的作 用力產(chǎn)生的，與氣體分子間的斥力無(wú)關(guān).氣體的壓強(qiáng)的分析【預(yù)測(cè)題2】有關(guān)氣體壓強(qiáng)，下列說(shuō)法正確的是（ D ）A.氣體分子的平均速率增大，則氣體的壓強(qiáng)一定增大B.氣體的分子密度增大，則氣體的壓強(qiáng)一定增大C.氣體分子的平均動(dòng)能增大，則氣體的壓強(qiáng)一定增大D.氣體分子的平均動(dòng)能增大，氣體的壓強(qiáng)有可

4、能減小有關(guān)分子的計(jì)算【預(yù)測(cè)題3】某氣體的摩爾質(zhì)量為 M摩爾體積為 V,密度為0 ,每個(gè)分子的質(zhì)量和體積分別 為m和V0,則阿伏加德羅常數(shù) NA不可以表示為（AD ）NaA.VV0B.Na=2V mNaD.NaM _N【解析】用na=m =_m_計(jì)算阿伏加德羅常數(shù)，不僅適用于分子間隙小的液體與固體，而且適用于分子間隙大的氣體,Na故BC正確；而M“占僅適用于分子間隙小的液體與固體,由于氣體分子間有很大的間隙，每個(gè)氣體分子所占據(jù)的空間為 V比每個(gè)分子的體積 V0大得多,所以AD不正確?！军c(diǎn)評(píng)】阿伏加德羅常數(shù)是聯(lián)系宏觀與微觀的橋梁，它們利用整體與個(gè)體的關(guān)系進(jìn)行計(jì)算， 本題給出了它的最常見(jiàn)的計(jì)算方法；

5、由于分子間存在的間隙的差別，氣體分子平均占有體 積比分子的實(shí)際體積 V0大得多，而固、液分子兩者的近似相等。拼盤(pán)式考題【預(yù)測(cè)題4】下列有關(guān)熱現(xiàn)象的敘述中正確的是（ D ）A.溫度升高，物體內(nèi)所有分子運(yùn)動(dòng)的速度大小都變大B.凡是不違背能量守恒定律的實(shí)驗(yàn)構(gòu)想，都是能夠?qū)崿F(xiàn)的C.分子力隨分子間距離的增大而減小，隨分子間距離的減小而增大D.溫度升高，物體的內(nèi)能不一定增大【解析】溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)志，溫度升高了，分子的平均動(dòng)能增大，但不代表每個(gè)分 子的速度都會(huì)變大；熱力學(xué)第第二定律表明第二類永動(dòng)機(jī)雖不違背能量守恒定律，但仍不能 實(shí)現(xiàn)；分子力的增大還是減小要根據(jù)實(shí)際情況而定，有時(shí)隨分子間距離的增大而減

6、小，而有 時(shí)隨分子間距離的增大而增大；物體的內(nèi)能取決于溫度、體積及物質(zhì)的量，所以溫度升高， 內(nèi)能不一定增大。故正確答案為Do【點(diǎn)評(píng)】 熱學(xué)部分是每年高考的必考內(nèi)容，從近幾年高考的情況來(lái)看，都是以選擇題的形式 出現(xiàn)。本題將多個(gè)知識(shí)點(diǎn)綜合在一起進(jìn)行考查，這也是現(xiàn)在高考命題趨勢(shì)。有關(guān)能量守恒與熱力學(xué)定律【預(yù)測(cè)題5】實(shí)驗(yàn)室有一杯很滿（體積增大則溢出）的渾濁的液體，將這杯液體置于絕熱容器中, 一段時(shí)間過(guò)后，沉淀物全部沉到底部，不考慮較小溫差范圍內(nèi)體積隨溫度的變化，關(guān)于這一過(guò)程，說(shuō)法正確的是（）A.液體溢出，整體溫度升高B.液體溢出，整體溫度不變C.液體不溢出，整體溫度升高D.液體不溢出，整體溫度不變答案

7、：C解析：因液體的重心下降，重力做正功，而液體與外界無(wú)熱交換，由熱力學(xué)第一定律可知， 整體的溫度要升高。點(diǎn)評(píng)：本題考查熱力學(xué)第一定律的應(yīng)用?！绢A(yù)測(cè)題6】如圖容器A中裝有氣體，容器 B是真空。打開(kāi)閥們 K,容器A中的氣體會(huì)自發(fā)地 向容器B中膨脹，最后兩個(gè)容器都充滿氣體，則下列說(shuō)法中正確民的是：（）:A 7 月A.氣體從容器A膨脹到容器B的過(guò)程中，對(duì)外做功，內(nèi)能減小B.氣體從容器 A膨脹到容器B的過(guò)程中，吸收熱量，內(nèi)能不變C.氣體可以從容器 B中再流回容器 A中，最后使容器 B恢復(fù)成真空D.氣體不可以從容器 B中再流回容器 A中，最后使容器 B恢復(fù)成真空答案：C解析：由于B內(nèi)是真空，氣體由 A向B

8、擴(kuò)散過(guò)程中，體積雖然增加但并不對(duì)外做功，也沒(méi)有 從外界吸收熱量，A、B錯(cuò)；根據(jù)熱力第二定律，容器A中的氣體能自發(fā)地向容器 B擴(kuò)散，但卻不能再自發(fā)地從容器 B中回到容器A,但在外界因素的干擾下是可以從容器B再回到容器A的，所以C正確；D錯(cuò)誤。點(diǎn)評(píng)：熱學(xué)也是高考必考知識(shí)點(diǎn)，而熱學(xué)學(xué)習(xí)的難點(diǎn)在于分子理論、熱力學(xué)第一、第二定律、 氣體狀態(tài)變化尤其是氣體壓強(qiáng)的微觀解釋，此題涉及了熱力學(xué)第一、第二定律，可以看出來(lái) 關(guān)鍵在于理解基礎(chǔ)知識(shí)的準(zhǔn)確性。尤其是 C D答案關(guān)于熱力學(xué)第二定律的理解?！绢A(yù)測(cè)題7】溫室效應(yīng)嚴(yán)重威脅著人類生態(tài)環(huán)境的安全.為了減少溫室效應(yīng)造成的負(fù)面影響，有的科學(xué)家受到了啤酒在較高壓強(qiáng)下能夠溶

9、解大量的二氧化碳的啟發(fā)，設(shè)想了一個(gè)辦法：可 以用壓縮機(jī)將二氧化碳送入海底，永久儲(chǔ)存起來(lái).海底壓強(qiáng)很大，溫度很底，海底深水肯定能夠溶解大量的二氧化碳，這樣就為溫室氣體二氧化碳找到了一個(gè)永遠(yuǎn)的“家”，從而避免溫 室效應(yīng)，在將二氧化碳送入海底的過(guò)程中，以下說(shuō)法不正確的是 A.壓縮機(jī)對(duì)二氧化碳做功，能夠使其內(nèi)能增大B.二氧化碳與海水間的熱傳遞能夠使其內(nèi)能減少,%C.二氧化碳分子平均動(dòng)能會(huì)減少D.每一個(gè)二氧化碳分子平均動(dòng)能都會(huì)減少一解析：D7點(diǎn)評(píng)：考查了氣體內(nèi)能和做功、熱傳遞的關(guān)系。一一一：2.光學(xué)幾何光學(xué)與物理光學(xué)的綜合【預(yù)測(cè)題8】如圖所示，水下光源 S向水面A點(diǎn)發(fā)射一束光線，折射光線分成 a、b兩束

10、，則 (AD )A. a、b兩束光相比較，a光的波動(dòng)性較強(qiáng)B.用同一雙縫干涉實(shí)驗(yàn)裝置分別以a、b光做實(shí)驗(yàn)，a光的干涉條紋間距于 b光的干涉條紋間距C.在水中a光的速度比b光的速度小D.若保持入射點(diǎn) A位置不變，將入射光線順時(shí)針旋轉(zhuǎn)，則從水面上方觀察，b光先消失L: x 二【解析】由題意可知b光偏折更多，b光頻率更高，則a光的波動(dòng)性更強(qiáng)，A項(xiàng)正確；由 d知，a光干涉條紋間距較大，B項(xiàng)錯(cuò)；同種介質(zhì)中，頻率越高的光對(duì)應(yīng)的傳播速度越小，C項(xiàng)錯(cuò)；因b光的臨界角較小，故順時(shí)針旋轉(zhuǎn)時(shí)b光先于a光發(fā)生全反射現(xiàn)象，D項(xiàng)正確.【點(diǎn)評(píng)】物理光學(xué)與幾何光學(xué)相聯(lián)系的是光的頻率和折射率，它們的關(guān)系是：對(duì)同一介質(zhì)而 言，光

11、的頻率越高其折射率越大。從光路傳播圖得出折射率的大小關(guān)系是幾何光學(xué)與物理光 學(xué)綜合題的解題的突破口?！绢A(yù)測(cè)題9 “不經(jīng)歷風(fēng)雨怎么見(jiàn)彩虹”，彩虹的產(chǎn)生原因是光的色散，如圖所示為太陽(yáng)光機(jī)絆射到空氣中的小水珠發(fā)生色散形成彩虹的光路示意圖，a、b為兩種折射出的單色光.以下 TOC o 1-5 h z 說(shuō)法正確的是(C )A. a光光子能量大于b光光子能量幺B.在水珠中a光的傳播速度小于 b光的傳播速度喲C.用同一雙縫干涉裝置看到的 a光干涉條紋間距比 b光寬D.如果b光能使某金屬發(fā)生光電效應(yīng)，則a光也一定能使該金屬發(fā)生光電效應(yīng)解析：由圖可以看出，b光的折射率大于a光折射率，故b的頻率大于a的頻率，波長(zhǎng)

12、a大于&x _ l、b,故A、D錯(cuò)，由C =，uf知b錯(cuò)，由 d上知C正確，點(diǎn)評(píng)：試題考查光的折射、光電效應(yīng)、雙縫干涉、光子能量等【預(yù)測(cè)題10】1961年德國(guó)學(xué)者約恩孫發(fā)表了一篇論文，介紹了他用電子束的一系列衍射和干 涉實(shí)驗(yàn).其中他做的雙縫干涉實(shí)驗(yàn)，與托馬斯楊用可見(jiàn)光做的雙縫干涉實(shí)驗(yàn)所得的圖樣基 本相同，這是對(duì)德布羅意的物質(zhì)波理論的又一次實(shí)驗(yàn)驗(yàn)證.根據(jù)德布羅意理論，電子也具有波泣二象性，其德布羅意波長(zhǎng) =h =h/p ,其中h為普朗克常量，p為電子的動(dòng)量.約恩孫實(shí)驗(yàn)時(shí)用50 kV電壓加速電子束，然后垂直射到間距為毫米級(jí)的雙縫上，在與雙縫距離約為35 cm的衍射屏上得到了干涉條紋，但條紋間距很小

13、.下面所說(shuō)的4組方法中，哪些方法一定能使條紋間距變大？（）A.降低加速電子的電壓，同時(shí)加大雙縫間的距離B.降低加速電子的電壓，同時(shí)減小雙縫間的距離C.加大雙縫間的距離，同時(shí)使衍射屏靠近雙縫 D.減小雙縫間的距離，同時(shí)使衍射屏靠近雙縫 答案：B X =解析：由雙縫干涉公式d ,加大雙縫間的距離（即 d增大），同時(shí)使屏靠近雙縫（即l減少），則條紋間距AX一定變小，C錯(cuò)誤；減小雙縫間的距離（即 d減?。瑫r(shí)使屏靠近雙 縫（即l減少），則條紋間距Ax不能一定變大，D也錯(cuò)誤；由于電子是加速電壓加速的，則H 122eUeU 二一 mv = p =,2, m ,因此降低加速電壓，p減小，波長(zhǎng)入增大，同加大

14、雙縫間的距離（即d增大），則條紋間距Ax不能一定變大，A錯(cuò)誤；但降低加速電壓的同時(shí)減小雙縫間 的距離（即d減?。?，則條紋間距Ax一定變大，B答案正確。點(diǎn)評(píng)：本題把電子在電場(chǎng)中加速和物質(zhì)波及雙縫干涉綜合起來(lái)了。光電效應(yīng)及光子說(shuō)【預(yù)測(cè)題11】對(duì)光電效應(yīng)的解釋正確的是（BD ）A.金屬內(nèi)的每個(gè)電子可以吸收一個(gè)或一個(gè)以上的光子，當(dāng)它積累的動(dòng)能足夠大時(shí)，就能逸出 金屬B.如果入射光子的能量小于金屬表面的電子克服原子核的引力而逸出時(shí)所需做的最小功，便 不能發(fā)生光電效應(yīng)C.發(fā)生光電效應(yīng)時(shí)，入射光越強(qiáng)，光子的能量就越大，光電子的最大初動(dòng)能就越大D.由于不同金屬的逸出功是不相同的，因此使不同金屬產(chǎn)生光電效應(yīng)的入

15、射光的最低頻率也 不同【解析】 按照愛(ài)因斯坦的光子說(shuō)，光子的能量是由光的頻率決定的，與光強(qiáng)無(wú)關(guān)，入射光的 頻率越大，發(fā)生光電效應(yīng)時(shí)產(chǎn)生的光電子的最大初動(dòng)能越大。但要使電子離開(kāi)金屬，須使電 子具有足夠的動(dòng)能，而電子增加的動(dòng)能只能來(lái)源于照射光的光子能量，但電子只能吸收一個(gè) 光子，不能同時(shí)吸收多個(gè)光子，否則當(dāng)光的頻率低，而照射時(shí)間足夠長(zhǎng)，也會(huì)發(fā)生光電效應(yīng)。 電子從金屬中逸出時(shí)處在從金屬表面的電子向外逃出時(shí)克服原子核的引力所做的功最小，這 個(gè)功稱為逸出功。不同金屬的逸出功不同【點(diǎn)評(píng)】本題考查了考生對(duì)光子說(shuō)和光電效應(yīng)規(guī)律的理解，同時(shí)要求知道光子和光電子間相互作用時(shí)的一一對(duì)應(yīng)關(guān)系和光強(qiáng)度與光子能量的關(guān)系；

16、“入射光的強(qiáng)度”，是指單位時(shí)間內(nèi) 垂直傳播方向的單位面積上的光子總能量.在入射光頻率不變的情況下，光強(qiáng)正比于單位時(shí)間內(nèi)照射到金屬表面上單位面積的光子數(shù)。利用光路圖分析光的傳播【預(yù)測(cè)題12】如右圖所示，空氣中有一塊截面為扇形的玻璃磚，折射率為短,現(xiàn)有光束，垂直射到 AO面上，經(jīng)玻璃磚反射、折射后，經(jīng)OB面平行于入射光束返回，/為135 ,圓半徑為r ,則入射點(diǎn)P距圓心O的距離為（B ）1rA. r - sin 15 B. r - sin 7.5 C. 21 r D. 4【解析】在出射點(diǎn) D處，令出射時(shí)的折射角為 r,入射角為i ,在C點(diǎn)反射角和入射角相等，sn r設(shè)為日。由幾何關(guān)系知r = 45

17、，貝U Sn i =4萬(wàn),有i =30 。即有26+30 = 45 ,故日=7.5 , PO = r - sin7.5 ?！军c(diǎn)評(píng)】在作球面的反射與折射光線時(shí)，要記住入射點(diǎn)的法線過(guò)半徑的特點(diǎn)，若在其球面內(nèi) 部反射時(shí)，則能構(gòu)成了等腰三角形；若光線從球內(nèi)以臨界角入射時(shí)，其出射光線沿入射點(diǎn)的 切線。光的有關(guān)現(xiàn)象【預(yù)測(cè)題13】下列說(shuō)法正確的是（BC ）A.在水中的潛水員斜向上看岸邊物體時(shí)，看到的物體的像將比物體所處的實(shí)際位置低B.光纖通信是一種現(xiàn)代通信手段，它是利用光的全反射原理來(lái)傳播信息C.玻璃杯裂縫處在光的照射下，看上去比周圍明顯偏亮，是由于光的全反射D.海市蜃樓產(chǎn)生的原因是由于海面上上層空氣的折射

18、率比下層空氣折射率大【解析】考查幾何光學(xué)中光的折射、全反射的有關(guān)知識(shí).光從空氣射入水中，折射角小于入射角，潛水員從水中逆著折射光線看岸上物體，像的位置應(yīng)該比實(shí)際位置高，A錯(cuò)；光導(dǎo)纖維是利用光的全反射原理制成的，B對(duì)；光從玻璃進(jìn)入裂縫中的空氣時(shí)發(fā)生全反射，C對(duì)；海市蜃樓是海面上空氣折射率上小下大，光從海面某處由下斜向上傳播時(shí)發(fā)生光的全反射形成的， D錯(cuò).3.近代物理和原子物理核反應(yīng)方程及各種粒子【預(yù)測(cè)題14】從四川省核電站發(fā)展論壇上傳出消息：四川首家核電站項(xiàng)目順利通過(guò)初步科研評(píng)審.該項(xiàng)目建成后，對(duì)四川乃至中國(guó)西部地區(qū)GDP增長(zhǎng)和一、二、三產(chǎn)業(yè)的拉動(dòng)將起到巨大作用.關(guān)于核電站獲取核能的基本核反應(yīng)方

19、程可能是（ D ）A.2氯歿Th -4HeB 2H+；HT：He+0n14417 -1 .C 7 N 2 He 8 sO i H2351901361D 92 U 0n 38Sr 54Xe 100n【解析】A為a衰變方程，B為聚變方程，C為發(fā)現(xiàn)質(zhì)子的人工核反應(yīng)方程，D為裂變方程,現(xiàn)在核電站獲取核能的方式為裂變，D正確?！军c(diǎn)評(píng)】能源問(wèn)題是當(dāng)今熱點(diǎn)問(wèn)題，當(dāng)今社會(huì)要構(gòu)建環(huán)保型新能源，隨著煤、石油、天然氣 等不可再生能源的減少，現(xiàn)在我國(guó)在發(fā)展核能方面逐漸增加投入，這一主題是十分時(shí)尚的話 題。讓學(xué)生了解現(xiàn)今核電站的原理很有必要，同時(shí)也應(yīng)了解今后在能源開(kāi)發(fā)和利用的發(fā)展方 向。（2）與粒子物理學(xué)相關(guān)的考題【預(yù)

20、測(cè)題15】“軌道電子俘獲”是放射性同位素衰變的一種形式，即原子核俘獲一個(gè)核外電 子，核內(nèi)一個(gè)質(zhì)子變?yōu)橹凶?，原子核衰變成一個(gè)新核，并且放出一個(gè)中微子（其質(zhì)量小于電 子質(zhì)量且不帶電）.若一個(gè)靜止的原子核發(fā)生“軌道電子俘獲”（電子的初動(dòng)量可不計(jì)），則（AD ）A.生成的新核與衰變前的原予核質(zhì)量數(shù)相同B.生成新核的核電荷數(shù)增加C.生成的新核與衰變前的原子核互為同位素D.生成的新核與中微子的動(dòng)量大小相等【解析】質(zhì)子與中子的質(zhì)量數(shù)相同，所以發(fā)生“軌道電子俘獲”后新核與原核質(zhì)量數(shù)相同，A正確；新核質(zhì)子數(shù)減少，故核電荷數(shù)減少，B錯(cuò)；新核與原核質(zhì)子數(shù)不同，不能稱它們互為同位素，C錯(cuò)；以靜止原子核及被俘獲電子為系

21、統(tǒng)，系統(tǒng)動(dòng)量守恒，系統(tǒng)初動(dòng)量為零，所以生成的新核與中微子的動(dòng)量大小相等，方向相反，D正確.【點(diǎn)評(píng)】“軌道電子俘獲”與“中微子”都是與大學(xué)物理相關(guān)的內(nèi)容，但它的相關(guān)現(xiàn)象卻可 以用中學(xué)物理所學(xué)的規(guī)律進(jìn)行分析，像這類中學(xué)物理與大學(xué)物理相交叉的內(nèi)容應(yīng)引起關(guān)注?！绢A(yù)測(cè)題16】“軌道電子俘獲”也是放射性同位素衰變的一種形式，它是指原子核（稱為母核）俘獲一個(gè)核外電子，其內(nèi)部一個(gè)質(zhì)子變?yōu)橹凶?，從而變成一個(gè)新核（稱為子核），并且放出一個(gè)中微子的過(guò)程.中微子的質(zhì)量很小，不帶電，很難探測(cè)到，人們最早就是通過(guò)子核的反沖而間接證明中微子的存在的 .下面關(guān)于一個(gè)靜止的原子核發(fā)生“軌道電子俘獲”，衰變?yōu)樽雍瞬⒎懦鲋形⒆拥恼f(shuō)

22、法中不正確的是 A.母核的質(zhì)量數(shù)等于子核的質(zhì)量數(shù) C.子核的動(dòng)量等于中微子的動(dòng)量 答案：DB.母核的電荷數(shù)大于子核的電荷數(shù)D.子核的動(dòng)能大于中微子的動(dòng)能解析：該過(guò)程的核反應(yīng)方程式為m 0 mnA+e- nB+V (中微子),因此根據(jù)核反應(yīng)中質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒可以判斷 A、B正確.在俘獲過(guò)程中系統(tǒng)動(dòng)量守恒，故C正確.根據(jù)Ek2P2m和題中中微子的質(zhì)量很小的信息可以知道D錯(cuò)誤點(diǎn)評(píng)：本題以“軌道電子俘獲”為背景的衰變的原子物理【預(yù)測(cè)題17】玻爾認(rèn)為，圍繞氫原子核做圓周運(yùn)動(dòng)的核外電子，軌道半徑只能取某些特殊的數(shù)值，這種現(xiàn)象叫做軌道的量子化。若離核最近的第一條可能的軌道半徑為ri ,則第n條可_2能的軌

23、道半徑為rn =n r1 （n=1, 2, 3,），其中n叫量子數(shù)。設(shè)氫原子的核外電子繞核2I近似做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，在 n = 2狀態(tài)時(shí)形成的等效電流強(qiáng)度為 I,則在n = 4狀態(tài)時(shí)形成的等 效電流強(qiáng)度為：（D ）A. 2Ic. 41解析：庫(kù)倫力提供向心力/2二 2= m(,)r2 2eI =電流定義T2同理2：、= m(-)rnT nIn2又n =n riIn聯(lián)合解得1=I8 故D正確點(diǎn)評(píng)：考查庫(kù)倫力、電流定義、玻爾理論等4.力學(xué)機(jī)械振動(dòng)與機(jī)械波【預(yù)測(cè)題18如圖所示，在一條直線上兩個(gè)振源A、B相距6m,振動(dòng)頻率相等，從t0時(shí)刻A、B開(kāi)始振動(dòng)，且都只振動(dòng)一個(gè)周期，振幅相等，振動(dòng)圖像 與B向左傳播

24、在t1 = 0.3s 時(shí)相遇，則 （AD ）A為甲，B為乙。若A向右傳播的波A.B.C.D.兩列波在 A、B間的傳播速度均為10m/s兩列波的波長(zhǎng)都是 4m在兩列波相遇過(guò)程中，中點(diǎn)C為振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)t2 = 0.7s 時(shí)刻B點(diǎn)經(jīng)過(guò)平衡位置且振動(dòng)方向向下【解析】由題意可知，波在 t1 = 0.3s 內(nèi)傳播的路程 s v =s = 3m,可以由 t計(jì)算出波速v = 10m/s ,故選項(xiàng)A正確；由圖像可知 T = 0.2s ,根據(jù)公v =式T可以計(jì)算出 九=2m選項(xiàng)B錯(cuò)誤；波由A傳到C與由B傳至IJ C都是3m,即傳播了 1.5人,又因?yàn)锳、B兩個(gè)振源是反相的，故 C為振動(dòng)減弱點(diǎn)，選項(xiàng) C錯(cuò)誤；由于B點(diǎn)

25、自身只振動(dòng)一個(gè) 周期，即自身振動(dòng)時(shí)間為 0.2s,此后B點(diǎn)的振動(dòng)則是由于 A點(diǎn)產(chǎn)生的波傳播到 B點(diǎn)引起的， 分析可知在0.6s時(shí)刻，A波的波前到達(dá) B點(diǎn)；在t2 = 0.7s 時(shí)刻，B點(diǎn)由于A波的傳播已做 了 0.5T的振動(dòng)，此時(shí)B質(zhì)點(diǎn)經(jīng)過(guò)平衡位置，其振動(dòng)方向向下，故選項(xiàng) D正確.【點(diǎn)評(píng)】波傳播的本質(zhì)是波形的平移，當(dāng)兩列波相遇時(shí)，滿足波的疊加原理。【預(yù)測(cè)題19】一簡(jiǎn)諧橫波在x軸上傳播，在某時(shí)刻的波形如圖所示。已知此時(shí)質(zhì)點(diǎn) 方向向下，則（AB ）A.B.C.D.此波朝x軸負(fù)方向傳播質(zhì)點(diǎn)質(zhì)點(diǎn)質(zhì)點(diǎn)D此時(shí)向下運(yùn)動(dòng)B將比質(zhì)點(diǎn)C先回到平衡位置E的振幅為零已知質(zhì)點(diǎn) F向下振動(dòng)，由上述方法可知，此列波向左傳播

26、。質(zhì)點(diǎn)B此時(shí)向上運(yùn)動(dòng),質(zhì)點(diǎn)D向下運(yùn)動(dòng)，質(zhì)點(diǎn) C比B先回到平衡位置。在此列波上所有振動(dòng)質(zhì)點(diǎn)的振幅都是相等的。故只有A、B選項(xiàng)正確?！军c(diǎn)評(píng)】判定波的傳播方向與質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方向的常見(jiàn)方法有平移法和上下坡法?！绢A(yù)測(cè)題20】一質(zhì)點(diǎn)以坐標(biāo)原點(diǎn) O為中心位置在y軸上做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)， 其振動(dòng)圖象如圖28甲所 示，振動(dòng)在介質(zhì)中產(chǎn)生的簡(jiǎn)諧橫波沿x軸正方向傳播，波速為 1 . 0m/s. 0. 3s后，此質(zhì)點(diǎn)立即停止運(yùn)動(dòng)，再經(jīng)過(guò) 0. 1s后的波形圖是圖乙中的（ C【預(yù)測(cè)題21】圖中實(shí)線是沿x軸傳播的一列簡(jiǎn)諧橫波在t=0時(shí)刻的波形圖，虛線是這列波在t=0.05s 時(shí)刻的波形圖。已知該波的波速是 ，肚m TOC o 1-5

27、 h z 80cm/s,則下列說(shuō)法中正確的是（）/A.這列波有可能沿 x軸正向傳播口 .比皿B.這列波的周期一定是 0.15s24y6sAo 1214C.這列波的波長(zhǎng)是 10cm工D. t=0.05s時(shí)刻x=6cm處的質(zhì)點(diǎn)正在向下運(yùn)動(dòng)因7答案為BoT =解析：從圖中虛線圖形可以看出，該波波長(zhǎng)是12cm,故選項(xiàng)C錯(cuò)誤；由v=0. 15s,故選項(xiàng)B正確；假設(shè)這列波是沿x軸正方向傳播s=vt=4cm= 3 ,正確的圖像應(yīng)該向右移動(dòng)3 距2一兒離，而圖像實(shí)際向右移動(dòng)了（12-4） cm=3 ,可知這列波是沿 x軸負(fù)方向傳播，故選項(xiàng) A錯(cuò)誤；利用爬坡法”可知，在 t=0.05s時(shí)，由虛線知，x=6cm處

28、的質(zhì)點(diǎn)速度沿y軸正方向，故 選項(xiàng)D正確。點(diǎn)評(píng)：本題中波傳播的距離并不是考生平時(shí)熟悉的四分之一波長(zhǎng)的整數(shù)倍， 會(huì)有畏難情緒；另外，一反常規(guī)，利用傳播距離來(lái)確定傳播方向?！绢A(yù)測(cè)題22】一列簡(jiǎn)諧橫波以1m/s的速度沿繩子由 A向B傳播。質(zhì)點(diǎn)A B間的水平距離x=3m.如圖甲所示.若t=0時(shí)質(zhì)點(diǎn)A剛從平衡位置開(kāi)始向 上振動(dòng).其振動(dòng)圖象如圖乙所示。則B點(diǎn)的振動(dòng)圖象為下圖中的（B ）解析：由題知波傳到 B點(diǎn)用時(shí)3秒，波傳到B點(diǎn)，B點(diǎn)的振動(dòng)規(guī)律和 A點(diǎn)在0時(shí)刻的規(guī)律相同，故選 B 點(diǎn)評(píng)：試題考查波的傳播和振動(dòng)圖像?！绢A(yù)測(cè)題23】一列向右傳播的橫波在某一時(shí)刻的波形如圖所示，其中質(zhì)點(diǎn)P、Q到平衡位置的距離相等，

29、關(guān)于P Q兩質(zhì)點(diǎn)，以下說(shuō)法正確的是A. P較Q先回到平衡位置B.再經(jīng)1/4周期兩質(zhì)點(diǎn)到平衡位置的距離相等C.兩質(zhì)點(diǎn)的動(dòng)量大小相同D.兩質(zhì)點(diǎn)的加速度相同 解析：由波的傳播方向知道 p點(diǎn)向上振，Q點(diǎn)向下振，P、Q相對(duì)平衡位置對(duì)稱，易知A、D錯(cuò)，B、C正確。點(diǎn)評(píng)：試題考查波的傳播基本規(guī)律和相關(guān)概念等?！绢A(yù)測(cè)題24】(1)在實(shí)驗(yàn)室可以做“聲波碎杯”的實(shí)驗(yàn).用手指輕彈一只酒杯，可以聽(tīng)到清脆的聲音，測(cè)得這聲音的頻率為500Hz.將這只酒杯放在兩只大功率的聲波發(fā)生器之間，操作人員通過(guò)調(diào)整其發(fā)出的聲音.就能使酒杯碎掉.下列關(guān)于操作過(guò)程的說(shuō)法中正確的是A 、操作人員一定是在把聲波發(fā)生器的功率逐漸調(diào)大，直至很大B

30、 、操作人員可能是在使聲波發(fā)生器發(fā)出的聲音頻率逐漸調(diào)高，直至很高C 、操作人員一定是在同時(shí)增大了聲波發(fā)生器發(fā)出聲波的頻率和功率D 、操作人員是在調(diào)節(jié)聲波發(fā)生器發(fā)出的聲波頻率，把它調(diào)到500Hz答案：D解析：由共振可知 D正確. 點(diǎn)評(píng)：非重點(diǎn)知識(shí)也可能出現(xiàn)在高考題中。天體運(yùn)動(dòng)【預(yù)測(cè)題25】1930年美國(guó)天文學(xué)家湯博發(fā)現(xiàn)冥王星，當(dāng)時(shí)錯(cuò)估了冥王星的質(zhì)量，以為冥王星比地球還大，所以命名為大行星.然而，經(jīng)過(guò)近30年的進(jìn)一步觀測(cè)，發(fā)現(xiàn)它的直徑只有2300公里，比月球還要小.2006年8月24日晚在布拉格召開(kāi)的國(guó)際天文學(xué)聯(lián)合會(huì)(IAU)第26屆大會(huì)上，來(lái)自各國(guó)天文界權(quán)威代表投票通過(guò)聯(lián)合會(huì)決議，今后原來(lái)九大行

31、星中的冥王星將不再 位于“行星”之列，而屬于矮行星，并提出了行星的新定義.行星新定義的兩個(gè)關(guān)鍵：一是 行星必須是圍繞恒星運(yùn)轉(zhuǎn)的天體；二是行星的質(zhì)量必須足夠大，它自身的重力必須和表面力平衡使其形狀呈圓球.一般來(lái)說(shuō)，行星直徑必須在 800公里以上，質(zhì)量必須在50億億噸以上.假 如冥王星的軌道是一個(gè)圓形，則由以下幾個(gè)條件能估測(cè)出其質(zhì)量的是 (其中萬(wàn)有引力常量為 G)(CD )A.冥王星圍繞太陽(yáng)運(yùn)轉(zhuǎn)的周期和軌道半徑B.冥王星圍繞太陽(yáng)運(yùn)轉(zhuǎn)的線速度和軌道半徑C.冥王星一個(gè)的衛(wèi)星查龍 (charon)圍繞冥王星在圓形軌道上轉(zhuǎn)動(dòng)的線速度和軌道半徑D.冥王星一個(gè)的衛(wèi)星查龍 (charon)圍繞冥王星在圓形軌道上

32、轉(zhuǎn)動(dòng)的周期和軌道半徑-mMv2 4 二2 mr、， G 2 - m 2-【解析】由 r2r T2可知，只要知道線速度與軌道半徑或知道周期和軌道半徑就能求出中心天體的質(zhì)量. A、B求得的是中心天體太陽(yáng)的質(zhì)量而不是冥王星的質(zhì)量；故正確答 案為C和D=【預(yù)測(cè)題26】銀河系的恒星中大約四分之一是雙星。某雙星由質(zhì)量不等的星體 S1和S2構(gòu)成,兩星在相互之間的萬(wàn)有引力作用下繞兩者連線上某一定點(diǎn)。做勻速圓周運(yùn)動(dòng)。由天文觀察測(cè) TOC o 1-5 h z 得其運(yùn)動(dòng)周期為 T, S1到。點(diǎn)的距離為r1、S1到S2間的距離為r,已知引力常量為 Go由此 可求出S2的質(zhì)量為()4二2r2(r-r1)4二 2rl34

33、二2r34二 2r2rl HYPERLINK l bookmark30 o Current Document 2222A.GT2 B. GT2 C . GT2 D. GT2答案：D HYPERLINK l bookmark32 o Current Document ,2-mm24 二G = m1 r解析：設(shè)S1的質(zhì)量為 m1, S2的質(zhì)量為 m2,則對(duì)S1分析有：rT ,所以2 24 二 r1m2= GT2點(diǎn)評(píng)：本題萬(wàn)有引力定律的應(yīng)用，已知量很多，要能夠區(qū)別各量是代表的具體物理含義?！绢A(yù)測(cè)題27】2007年11月5日，“嫦娥一號(hào)”探月衛(wèi)星沿地月轉(zhuǎn)移軌道到達(dá)月球附近，在點(diǎn)進(jìn)行第一次“剎車制動(dòng)”后

34、被月球捕獲，進(jìn)入橢圓軌道繞月飛行，如圖所示一號(hào)”的質(zhì)量為 m,遠(yuǎn)月點(diǎn)Q距月球表面的高度為 h,運(yùn)行到Q點(diǎn)時(shí)它的角速度為為a.月球的質(zhì)量為M半徑為 月點(diǎn)時(shí)對(duì)月球的萬(wàn)有引力大小為R,月球表面的重力加速度為g,萬(wàn)有引力常量為( ).已知“嫦娥w ,加速度G.則它在遠(yuǎn)A.GMm72RB. mamgR2R22D m(R h) -F =G解析：在遠(yuǎn)月點(diǎn)萬(wàn)有引力大小為Mm2(R+h),又由于月球表面的加速度GMg = r2 ,故mgR22(R+h) , AC項(xiàng)均錯(cuò)；衛(wèi)星只受一個(gè)萬(wàn)有引力，所以 F =ma, B項(xiàng)正確;由于衛(wèi)星不L _j_ VCj_J八2是做的圓周運(yùn)動(dòng)，故F *m(R + h)6 , D項(xiàng)錯(cuò)誤

35、.點(diǎn)評(píng)：本題考查萬(wàn)有引力定律及牛頓第二定律的應(yīng)用，還考查了地球表面重力加速度g與GM的關(guān)系式(黃金代換式GM =gR2),并要注意物體做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的條件.牛頓第二定律的應(yīng)用【預(yù)測(cè)題28】在“神舟”六號(hào)飛船發(fā)射時(shí)的一段時(shí)間內(nèi)，飛船豎直向上加速的過(guò)程中,宇航員處于超重狀態(tài)。人們把這種狀態(tài)下宇航員對(duì)座椅的壓力F與宇航員在地球表面時(shí)所受到的重力mg的比值mg稱為宇航員的耐受力值。假設(shè)兩位宇航員的耐受力值分別為k1、k2且k1 k2。為保證宇航員的安全，飛船豎直向上加速時(shí)加速度a不允許超過(guò)下面的哪一個(gè)數(shù)值?A.(ki -l)gb. (k2 -i)gC.(ki -k2)gkiD. 二【預(yù)測(cè)題29如圖所示

36、，在水平桌面上疊放著質(zhì)量均為M的A、B兩塊木板，在木板 A的上方放著一個(gè)質(zhì)量為 m的物塊C,木板和物塊均處于靜止?fàn)顟B(tài)。A、B、C之間以及B與地面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)都為IL o若用水平恒力 F向右拉動(dòng)木板 A,使之從C、B之間抽出來(lái)，已知重力加速度為go則拉力F的大小應(yīng)該滿足的條件是A.B.C.D.(2m+ M)(m+ 2M)林(m+ M)cnAF 2 mg答案：C解析：對(duì)整體分析，由牛頓第二定律有:F -收m+2M g =(m+2M ai ,對(duì)物體A由牛頓第二定律有：F Mmg *M +m g =峭，因?yàn)?e ,所以 f 2 d (m+ M) g。點(diǎn)評(píng)：注意整體法與隔離法在牛頓運(yùn)動(dòng)定律及平衡問(wèn)題

37、中的應(yīng)用?！绢A(yù)測(cè)題30】欲使在粗糙斜面上勻速下滑的物體靜止，可采用的方法是()A.4羽體上虐:胺一巫物B.也彳如牛而一垂匚雜C 時(shí)洌本施。彳H卜的d. N大於hlii項(xiàng)坨答案：B解析：物體在粗糙斜面上勻速下滑，則其所受重力沿斜面方向的分量與滑動(dòng)摩擦力平衡，欲使其靜止，應(yīng)先使其減速為零即滑動(dòng)摩擦力大于重力沿斜面方向的分量。A答案物體將仍做勻速直線運(yùn)動(dòng)，A錯(cuò)；B答案使物體與斜面間的彈力增加從而滑動(dòng)摩擦力增加，B正確；C答案物體仍將做勻速直線運(yùn)動(dòng)，C錯(cuò)；增大斜面傾角物體將加速下滑，D錯(cuò)。點(diǎn)評(píng)：動(dòng)力學(xué)問(wèn)題是高中物理主干知識(shí)，解決的關(guān)鍵在于弄清物體和運(yùn)動(dòng)之間的關(guān)系，進(jìn)而 根據(jù)牛頓運(yùn)動(dòng)定律解決問(wèn)題。【預(yù)測(cè)

38、題31】質(zhì)量為1kg的物體靜止在水平面上，物體與水平面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.2。對(duì)物體施加一個(gè)大小變化、方向不變的水平拉力 F,使物體在水平面上運(yùn)動(dòng)了 3t0的時(shí)間。為 使物體在3t0時(shí)間內(nèi)發(fā)生的位移最大，力F隨時(shí)間的變化情況應(yīng)該為下面四個(gè)圖中的哪一個(gè)？(D )解析：利用牛頓第二定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求解。點(diǎn)評(píng)：考查牛頓運(yùn)動(dòng)定律、圖像分析等【預(yù)測(cè)題32】物塊A放在斜面體的斜面上，和斜面體一起向右做加速運(yùn)動(dòng)，如圖所示.若物 塊與斜面體保持相對(duì)靜止，物塊A受到斜面對(duì)它的支持力和摩擦力的合力的方向可能是： A.向右斜上方B.水平向右C.向右斜下方D.上述三種方向都不可能答案：A解析：把物體受到的支持力和摩

39、擦力看作一個(gè)力時(shí)，這個(gè)力跟重力的合力方向水平向右， 這兩個(gè)力的合力只能向右斜上方.點(diǎn)評(píng)：考查了受力分析和牛頓第二定律的加速度跟合力的同時(shí)性知識(shí).功能關(guān)系【預(yù)測(cè)題33如圖所示，長(zhǎng)為 L的長(zhǎng)木板水平放置，在木板的 A端放置一個(gè)質(zhì)量為 m的小物 塊，現(xiàn)緩慢地抬高 A端，使木板以左端為軸轉(zhuǎn)動(dòng)，當(dāng)木板轉(zhuǎn)到與水平面的夾角為時(shí)小物塊開(kāi)始滑動(dòng)，此時(shí)停止轉(zhuǎn)動(dòng)木板，小物塊滑到底端的速度為v,則在整個(gè)過(guò)程中( ACD )12mv木板對(duì)物塊做功為 2擦力對(duì)小物塊做功為mgLsin -支持力對(duì)小物塊做功為mgLsin a2D.滑動(dòng)摩擦力對(duì)小物塊做功為(1/2)mv -mgLsin-【解析】在抬高的過(guò)程中，物塊受到的摩擦

40、力為靜摩擦力，其方向和物塊的運(yùn)動(dòng)方向時(shí)刻垂直，故在抬高階段，摩擦力并不做功；這樣在抬高物塊的過(guò)程中，由功能定理得:Wfn + %=0 即 Wfn -mgLsina = 0 所以 W =mgLsina在小木塊下滑的過(guò)程中，支持力不做功，有滑動(dòng)摩擦力和重力做功，由動(dòng)能定理得： TOC o 1-5 h z 212.WG Wf =- mvWf =-mv -mgLsin y,即 2在整個(gè)過(guò)程中，木板對(duì)物塊做的功等于支持力和摩擦力做的功之和，即：2W = % Wfmv2。故答案為ACD【點(diǎn)評(píng)】我們應(yīng)熟記下列常用的功與能的對(duì)應(yīng)關(guān)系：重力勢(shì)能改變量等于的重力做功負(fù)值; 電勢(shì)能改變量等于電場(chǎng)力做功的負(fù)值；機(jī)械能

41、的改變量等于除重力外的其他力做功； 動(dòng)能改變量等于合外力做的功.它們的大小關(guān)系是一一對(duì)應(yīng)的關(guān)系。在求摩擦力大小時(shí)，一定首先分清該摩擦力的性質(zhì)，是動(dòng)摩擦力還是靜摩擦力；在求解摩擦 力做功時(shí)，如果不能直接應(yīng)用公式求解，可以考慮從動(dòng)能定理或動(dòng)量守恒的角度來(lái)解答?！绢A(yù)測(cè)題34】籃球比賽非常精彩，吸引了眾多觀眾，在大型比賽中經(jīng)常有這樣的場(chǎng)面：在臨 終場(chǎng)0.1s的時(shí)候，運(yùn)動(dòng)員把球投出且準(zhǔn)確命中，獲得比賽的勝利。如果運(yùn)動(dòng)員投籃過(guò)程中對(duì) 籃球做功為 W出手高度為h1,籃筐距地面高度為 h2,球的質(zhì)量為 m,空氣阻力不計(jì)，則籃 球進(jìn)筐時(shí)的動(dòng)能為A. mgh1+ mgh2 WB. W mgh2 mgh1C. W

42、mgh1 mgh2D. mgh2- mgh1 W解析：利用動(dòng)能定理和機(jī)械能守恒知答案C正確點(diǎn)評(píng)：考查動(dòng)能定理和機(jī)械能守恒。物體的運(yùn)動(dòng)【預(yù)測(cè)題35】利用速度傳感器與計(jì)算機(jī)結(jié)合，可以自動(dòng)作出物 體運(yùn)動(dòng)白圖像.某同學(xué)在一次實(shí)驗(yàn)中得到的運(yùn)動(dòng)小車的速度一 時(shí)間圖像如圖所示，出此可以知道（AB ）A.小車先做加速運(yùn)動(dòng)，后做減速運(yùn)動(dòng)B.小車運(yùn)動(dòng)的最大速度約為0.8m/sC.小車的最大位移是 0.8mD.小車做曲線運(yùn)動(dòng)【解析】計(jì)算機(jī)屏上顯示出的圖像是利用傳感器作出的運(yùn)動(dòng)小車的速度一時(shí)間圖像.由圖像知，在07.8 s時(shí)間內(nèi)是加速運(yùn)動(dòng)，后半部分是減速運(yùn)動(dòng) .圖線的縱坐標(biāo)最大值約 0.8 m/s , 正確的選項(xiàng)是

43、A和B.對(duì)于C選項(xiàng)快速進(jìn)行最大位移的估算，大約是 8.3 m .【點(diǎn)評(píng)】近年來(lái)，DIS （數(shù)字化信息系統(tǒng)）實(shí)驗(yàn)在新課標(biāo)中得到很好的體現(xiàn).這些工具拓寬了中學(xué)實(shí)驗(yàn)的渠道、提高了實(shí)驗(yàn)的精度、改變著實(shí)驗(yàn)設(shè)計(jì)的思想，在新的高考中出現(xiàn)本類題目 是必然的。不管是怎樣“包裝”的考題，其解答過(guò)程都離不開(kāi)基本的物理知識(shí)和方法，都必 須還原為已經(jīng)學(xué)習(xí)過(guò)的物理模型.本題考查了對(duì)v t圖像的理解與應(yīng)用.【預(yù)測(cè)題36】質(zhì)量m= 4kg的質(zhì)點(diǎn)靜止在光滑水平面上的直角坐標(biāo)系的原點(diǎn)O,先用沿+ x軸方向的力F1=8N作用了 2s,然后撤去F1;再用沿+y方向的力F2=24N作用了 1s.則質(zhì)點(diǎn)在這 3s內(nèi)的軌跡為答案：D解析：

44、質(zhì)點(diǎn)在 F1的作用由靜止開(kāi)始從坐標(biāo)系的原點(diǎn)O沿+x軸方向加速運(yùn)動(dòng)，加速度ai = - = 2m / s2m速度為vi =aiti =4m/s,對(duì)應(yīng)位移1x1 = - v1tl = 4m2，到2s末撤去F1再受到沿+y方向的力F2的作用，物體在+ x軸方向勻速運(yùn)動(dòng),x2 = v1t2 =4m,在+y 方向加a2速運(yùn)動(dòng)，+y方向的加速度=-=6m/s2m方向向上，速度v2 = a2t2 = 6m/s,對(duì)應(yīng)的位移1, 2y a2t2 = 3m2,物體做曲線運(yùn)動(dòng)，所以 ABC項(xiàng)錯(cuò)誤.點(diǎn)評(píng)：y-x圖象是物體運(yùn)動(dòng)的軌跡，要注意與s-t圖象的區(qū)別。圓周運(yùn)動(dòng)與平拋運(yùn)動(dòng)【預(yù)測(cè)題37】如圖所示，光滑的半圓柱體的半

45、徑為R,其上方有一 TOC o 1-5 h z 個(gè)曲線軌道AB,軌道底端水平并與半圓柱體頂端相切。質(zhì)量為 m 的小球沿軌道滑至底端（也就是半圓柱體的頂端）B點(diǎn)時(shí)的速度大小為dgR ,方向沿水平方向。小球在水平面上的落點(diǎn)為C （圖中未-E0標(biāo)出），則（BC ）A.小球?qū)⒀貓A柱體表面做圓周運(yùn)動(dòng)滑至C點(diǎn)B.小球?qū)⒆銎綊佭\(yùn)動(dòng)到達(dá) C點(diǎn)OC之間的距離為-，2ROC之間的距離為Rmv2【解析】在 B點(diǎn)時(shí)，向心力 F向=r = mg,物體將做平拋運(yùn)動(dòng)，由平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律知：R 1gt2,OC =vt - .2R2,所以BC正確?！绢A(yù)測(cè)題38】 一根長(zhǎng)為L(zhǎng)的輕桿下端固定一個(gè)質(zhì)量為m的小球，上端連在光滑水平軸上，

46、輕桿可繞水平軸在豎直平面內(nèi)運(yùn)動(dòng)（不計(jì)空氣阻力）.當(dāng)小球在最低點(diǎn)時(shí)給它一個(gè)水平初速度v0,小球剛好能做完整的圓周運(yùn)動(dòng).若小球在最低點(diǎn)的初速度從v0逐漸增大，則下列判斷正. gL確的是（B ）A.小球能做完整的圓周運(yùn)動(dòng)，經(jīng)過(guò)最高點(diǎn)的最小速度為B.小球在最高點(diǎn)對(duì)輕桿的作用力先減小后增大C.小球在最低點(diǎn)對(duì)輕桿的作用力先增大后減小D.小球在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中所受合外力的方向始終指向圓心【解析】設(shè)輕桿對(duì)小球的作用力大小為F,方向向上，小球做完整的圓周運(yùn)動(dòng)經(jīng)過(guò)最高點(diǎn)時(shí)，2V m 對(duì)小球，由牛頓第二定律得 mg - F = L ,當(dāng)輕桿對(duì)小球的作用力大小 F = mg時(shí)，小球的2速度最小，最小值為零，所以 A錯(cuò).由V

47、 m mg- F = L ,可得在最高點(diǎn)輕桿對(duì)小球的作用力F=2V0逐漸增大，小球經(jīng)過(guò)最高點(diǎn)時(shí)的速度v也逐漸增V m mg - L ,若小球在最低點(diǎn)的初速度從大，所以輕桿對(duì)小球的作用力 F先減小后增大（先為支持力后為拉力）.由牛頓第三定律可得小球在最高點(diǎn)對(duì)輕桿的作用力先減小后增大，因此選項(xiàng)B正確.在最低點(diǎn)，由 F-2V m L ,若小球在最低點(diǎn)的初速度從V0C錯(cuò).輕桿繞水平軸在豎直平面2V m mg = L）可得輕桿對(duì)小球的作用力（拉力）F= mg +逐漸增大，則輕桿對(duì)小球的作用力（拉力）一直增大，選項(xiàng)內(nèi)運(yùn)動(dòng)，小球不是做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，所以合外力的方向不是始終指向圓心，只有在最低點(diǎn)和 最高點(diǎn)合外

48、力的方向才指向圓心，選項(xiàng)D錯(cuò).【點(diǎn)評(píng)】處理豎直平面內(nèi)的圓周運(yùn)動(dòng)的常用方法是：選擇圓周的最高點(diǎn)和最低點(diǎn)分別對(duì)小球 進(jìn)行受力分析，應(yīng)用牛頓第二定律列出方程，找出相關(guān)函數(shù)關(guān)系進(jìn)行分析.物體的平衡【預(yù)測(cè)題39】半圓柱體P放在粗糙的水平地面上， 其右端有一固定放置的豎直擋Q, MNP始終板MN在半圓柱體 P和MN之間放有一個(gè)光滑均勻的小圓柱體 整個(gè)裝置處于靜止?fàn)顟B(tài)，如圖所示是這個(gè)裝置的截面圖?，F(xiàn)使 保持豎直并且緩慢地向右平移，在Q滑落到地面之前，發(fā)現(xiàn)保持靜止。則在此過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是A BC D、MN寸Q的彈力逐漸減小、P對(duì)Q的彈力逐漸增大、Q所受的合力逐漸增大、地面對(duì)P的摩擦力逐漸增大答案：BD

49、解析：將Q的重力分解，沿水平方向和半徑方向分解,由此可見(jiàn)Q對(duì)MN的壓力越來(lái)越大,A.B.C.Q對(duì)P的壓力也越來(lái)越大。選項(xiàng) A錯(cuò)誤，B正確。由于Q是緩慢移動(dòng)，所以其合力為零，選項(xiàng)C錯(cuò)誤。再由平衡的知識(shí)可知，P受地面的靜摩擦力越來(lái)越大。選項(xiàng) D正確。點(diǎn)評(píng)：本題較好地考查了受力分析、隔離法、平衡條件、重力分解等知識(shí)?！绢A(yù)測(cè)題40】如圖所示，一根絲線兩端分別固定在M N點(diǎn)，玩具小娃上面帶一個(gè)小夾子，開(kāi)始時(shí)用夾子將玩具娃娃固定在圖示位置，a段絲線水平，b段絲段與水平方向的夾角為 45。.現(xiàn)a、b兩段絲線中的拉力，下將夾子向左移動(dòng)一小段距離，移動(dòng)后玩具仍處于靜止?fàn)顟B(tài).關(guān)于 列說(shuō)法正確的是 移動(dòng)前后，a段絲

50、線中的拉力均等于玩具所受的重力 移動(dòng)前后，a段絲線中的拉力均小于玩具所受的重力 移動(dòng)后，b段絲線中拉力的豎直分量一定不變D.移動(dòng)后，b段絲段中拉力的豎直分量一定變/ D解析：移動(dòng)前，玩具的受力情況如右圖 1所示，Ta =mgtan45 = mg,移動(dòng)后，繩的受力情況如圖2所示，由圖可以看出 Ta、 Tb的豎直分力之和等于重力，故移動(dòng)后，b段絲段中拉力的豎直分量變小，Ta的水平分力不一定等于重力，答案 D正確. 點(diǎn)評(píng)：本題考查共點(diǎn)力的平衡條件，及三力 平衡的分析方法.注意繩被結(jié)住后兩繩的拉力不再相等，并注意夾子向左移動(dòng)后，a繩不再水平.【預(yù)測(cè)題41】如圖所示，質(zhì)量為 m的質(zhì)點(diǎn)靜止地放在半徑為 R

51、的半球體上，質(zhì)點(diǎn)與半球體間 的動(dòng)摩擦因數(shù)為質(zhì)點(diǎn)與球心的連線與水平地面的夾角為6,則下列說(shuō)法正確的是（ D ）A.地面對(duì)半球體的摩擦力方向水平向左B.質(zhì)點(diǎn)對(duì)半球體白壓力大小為mgcos-C.質(zhì)點(diǎn)所受摩才察力大小為 mgsin【 _.D.質(zhì)點(diǎn)所受摩才察力大小為 mgcos -【解析】以質(zhì)點(diǎn)與半球體為系統(tǒng).利用系統(tǒng)處于平衡可知，地面對(duì)半球體的摩擦力為零，A錯(cuò);質(zhì)點(diǎn)所受的重力可分解為沿半徑方向與相應(yīng)的切線方向兩分量，F(xiàn)切=mgcos ,沿半徑方向：F半=mgsin 8,由質(zhì)點(diǎn)平衡可得：質(zhì)點(diǎn)所受的摩擦力為Ff = mgcos 6,對(duì)半球體的壓力為；FN = mgsin日，故正確答案為 D.【點(diǎn)評(píng)】力學(xué)中

52、物體的平衡是高考的熱點(diǎn)內(nèi)容之一，本題將摩擦力、受力分析、物體的平衡 條件、牛頓第三定律等知識(shí)綜合在一起，是一道較好的考查考生的知識(shí)與能力的考題。動(dòng)量與能量【預(yù)測(cè)題42】如圖所示，單擺擺球的質(zhì)量為 m,做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的周期為 由靜止開(kāi)始釋放，擺球運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn) B時(shí)的速度為v,則（AD ）12mvA.擺千從A運(yùn)動(dòng)到B的過(guò)程中重力做的功為 2mv2B.擺球從A運(yùn)動(dòng)到B的過(guò)程中重力的平均功率為T(mén)C.擺球運(yùn)動(dòng)到B時(shí)重力的瞬時(shí)功率是 mgvD.擺千從A運(yùn)動(dòng)到B的過(guò)程中合力的沖量為 mv5.電學(xué)電磁感應(yīng)與電路、與圖像、與力學(xué)規(guī)律的綜合【預(yù)測(cè)題43】矩形導(dǎo)線框abcd放在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，在外力控制下靜止不動(dòng)，磁感線方

53、向與線圈平面垂直，磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間變化的T,擺球從最大位移 A處圖像如右圖所示。t = 0時(shí)刻，磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向垂直紙面向里， 在04 s時(shí)間內(nèi)，線框ab邊受力隨時(shí)間變化的圖像（力的方向規(guī) 定以向左為正方向）可能是下圖中的（ D ）A. BCD.BAB【解析】由圖可知 02 s和24 s時(shí)間內(nèi)， 用不變，E =西S不變，回路中電流I不變, ab邊所受力安培力 F=BIL,而B(niǎo)是變化的，所以 A、B項(xiàng)錯(cuò)；根據(jù)楞次定律、安培定則、左手 定則判斷知C項(xiàng)錯(cuò)，D項(xiàng)正確?！军c(diǎn)評(píng)】由于電磁感應(yīng)與圖像的綜合題綜合性強(qiáng)、能力要求較高、區(qū)分度較大，一直以來(lái)受 高考的青睞，它不僅能綜合考查考生對(duì)楞次定律、法拉第電

54、磁感應(yīng)定律、全電路歐姆定律等 知識(shí)的掌握程度，而且還能很好地考查考生分析處理圖像的能力，一般屬于中等偏難的考題。【預(yù)測(cè)題44】光滑平行導(dǎo)軌水平放置，導(dǎo)軌左端通過(guò)開(kāi)關(guān)S與內(nèi)阻不計(jì)、電動(dòng)勢(shì)為 E的電源良好接觸且細(xì)線處于張緊狀態(tài)，如圖所示，系統(tǒng)空間有勻強(qiáng)磁場(chǎng).當(dāng)閉合開(kāi)關(guān)S時(shí)，導(dǎo)體棒相連，一根質(zhì)量為 m的導(dǎo)體棒ab,用長(zhǎng)為l的絕緣細(xì)線懸掛，懸線豎直時(shí)導(dǎo)體棒恰好與導(dǎo)軌被向右擺出，擺到最大高度時(shí)，細(xì)線與豎直方向成日角，則(BD )A.磁場(chǎng)方向一定豎直向下B.磁場(chǎng)方向豎直向下時(shí)，磁感應(yīng)強(qiáng)度最小mg1 (1-cos.)C.導(dǎo)體棒離開(kāi)導(dǎo)軌前通過(guò)棒的電量為ED.導(dǎo)體棒離開(kāi)導(dǎo)軌前電源提供的電能大于mgl(1 - c

55、os 8)【解析】 當(dāng)開(kāi)關(guān)S閉合時(shí)，導(dǎo)體棒向右擺起，說(shuō)明其所受安培力水平向右或有水平向右的分 量，但安培力若有豎直向上的分量，應(yīng)小于導(dǎo)體棒所受重力，否則導(dǎo)體棒會(huì)向上跳起而不是向右擺，由左手定則可知，磁場(chǎng)方向斜向下或豎直向下都成立，A錯(cuò)；當(dāng)滿足導(dǎo)體棒“向右擺起”時(shí)，若磁場(chǎng)方向豎直向下，則安培力水平向右，在導(dǎo)體棒獲得的水平?jīng)_量相同的條件下，所需安培力最小，因此磁感應(yīng)強(qiáng)度也最小，B正確；設(shè)導(dǎo)體棒右擺初動(dòng)能為Ek,擺動(dòng)過(guò)程中機(jī)械能守恒，有 Ek = mgl (1 -cos%,導(dǎo)體棒的動(dòng)能是電流做功而獲得的，若回路電阻不計(jì)，則電流所做的功全部轉(zhuǎn)化為導(dǎo)體棒的動(dòng)能，此時(shí)有 W= IEt= qE = Ek,

56、# W= mgl (1 - cos),mglq (1 -cos 力E 題設(shè)條件有電源內(nèi)阻不計(jì)而沒(méi)有“其他電阻不計(jì)”的相關(guān)表述，因此其他mgl (1cosi)電阻不可忽略，那么電流的功就大于mgl (1 -cos),通過(guò)的電重也就大于E, C錯(cuò)D正確.【點(diǎn)評(píng)】安培力的沖量與通過(guò)導(dǎo)線的電量相關(guān)，“沖量一電量”、“做功一能量”是力電綜合的二條重要思路。本題中由桿擺動(dòng)方向判斷所受安培力方向，進(jìn)一步判斷磁場(chǎng)的可能方向，一 般會(huì)判斷磁場(chǎng)方向豎直向下，而選項(xiàng)B既設(shè)置了一個(gè)小陷阱，同時(shí)又對(duì)磁場(chǎng)方向起到提示作 TOC o 1-5 h z 用.當(dāng)安培力與桿擺動(dòng)初速度方向相同時(shí)安培力最小，磁感應(yīng)強(qiáng)度 B也最?。浑娏?/p>

57、和能量的 計(jì)算分別借助安培力的沖量和所做的功來(lái)進(jìn)行，但試題沒(méi)有表明電路電阻可以忽略，因此實(shí) 際值都要大于計(jì)算值，這是試題的第二個(gè)陷阱.【預(yù)測(cè)題45】在傾角為0的兩平行光滑長(zhǎng)直金屬導(dǎo)軌的下端，接有一電阻R,導(dǎo)軌自身的電阻可忽略不計(jì)，有一勻強(qiáng)磁場(chǎng)與兩金屬導(dǎo)軌平面垂直，方向垂直于導(dǎo)軌面向上。質(zhì)量為m,電阻可不計(jì)的金屬棒 ab,在沿著導(dǎo)軌面且與棒垂直的恒力F作用下沿導(dǎo)軌勻速上滑，上升高度為h,如圖所示。則在此過(guò)程中()A.恒力F在數(shù)值上等于 mgsin 0B.恒力F對(duì)金屬棒ab所做的功等于 mghC.恒力F與重力的合力對(duì)金屬棒 ab所做的功等于電阻 R上釋放的焦耳熱D.恒力F與重力的合力對(duì)金屬棒 ab

58、所做的功等于零答案：C解析：金屬棒還受到安培力的作用，A錯(cuò)；金屬棒運(yùn)動(dòng)過(guò)程中克服重力和安培力做功，BD昔、C正確。點(diǎn)評(píng)：關(guān)于力做功和能量的轉(zhuǎn)化問(wèn)題，是學(xué)生學(xué)習(xí)中的難點(diǎn)而難點(diǎn)突破的關(guān)鍵在于動(dòng)能定理、 機(jī)械能守恒定律、功能關(guān)系的深入理解及特殊力做功能量的轉(zhuǎn)化的熟練掌握，如此題涉及到 了克服安培力做功其它形式的能轉(zhuǎn)化為電能，電能消耗于純電阻電路全部轉(zhuǎn)化為內(nèi)能以熱量 的形式釋放?！绢A(yù)測(cè)題46】如圖甲所示，有一個(gè)等腰直角三角形的勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域，其直角邊長(zhǎng)為L(zhǎng),磁場(chǎng)方向垂直紙面向外，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B。一邊長(zhǎng)為L(zhǎng)、總電阻為R的正方形導(dǎo)線框abcd,從圖示位置開(kāi)始沿 x軸正方向以速度u勻速穿過(guò)磁場(chǎng)區(qū)域。 取沿

59、aT bT CT dT a的感i隨bc邊的位置坐標(biāo)x變化應(yīng)電流為正，則圖乙中表示線框中電流 的圖象正確的是（C ）解析：利用楞次定律和左手定則分析C正確。點(diǎn)評(píng)：考查電磁感應(yīng)圖像分析?！绢A(yù)測(cè)題47】2003年1月1日磁懸浮列車在上海開(kāi)通.從此我國(guó)成為繼德國(guó)和日本之后第三 個(gè)擁有磁懸浮列車的國(guó)家.磁懸浮列車“懸浮”的主要原因就是超導(dǎo)體的緣故.當(dāng)一磁體靠 近超導(dǎo)體時(shí)，超導(dǎo)體將對(duì)磁體產(chǎn)生強(qiáng)大的排斥作用，其主要原因是A.穿過(guò)超導(dǎo)體的磁通量很大，產(chǎn)生的電流很大B.穿過(guò)超導(dǎo)體的磁通量變化很大，產(chǎn)生的電流很大C.穿過(guò)超導(dǎo)體的磁通量變化率很大，產(chǎn)生的電流很大D.超導(dǎo)體的電阻為零，產(chǎn)生的電流很大解析：由電流的磁效

60、應(yīng)知，電流大，磁性就強(qiáng)，才能產(chǎn)生強(qiáng)大的排斥力，而由法拉第電磁感 應(yīng)定律知，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)與磁通量的變化率成正比，而不能說(shuō)與磁通量或磁通量的變化量成正 比，故AB錯(cuò)誤.在電阻恒定的情況下，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大，感應(yīng)電流也大，但由于超導(dǎo)體的電阻 為零，因此C錯(cuò)，所以，正確答案為 D點(diǎn)評(píng)：考查電磁感應(yīng)、楞次定律、超導(dǎo)概念等?！绢A(yù)測(cè)題48】如圖所示，在水平地面下有一條沿東西方向鋪設(shè)的水平 直導(dǎo)線，導(dǎo)線中通有自東向西穩(wěn)定、強(qiáng)大的直流是流?，F(xiàn)用一閉合的 檢測(cè)線圈（線圈中串有靈敏的檢流計(jì)，圖中未畫(huà)出）檢測(cè)此通電直導(dǎo) 線的位置，若不考慮地磁場(chǎng)的影響，在檢測(cè)線圈位于水平面內(nèi)，從距 直導(dǎo)線很遠(yuǎn)處由北向南沿水平地面通過(guò)導(dǎo)線的止