高考物理各地最新模擬試題匯編-復(fù)合場

1、2009 屆高考物理各地最新模擬試題匯編一一復(fù)合場.如圖所示，光滑絕緣、相互垂直的固定擋板PO OQ豎直放置于勻強(qiáng)電場 E中，場強(qiáng)方向水平向左且垂直于擋板 PO圖中A、B兩球（可視為質(zhì)點）質(zhì)量相同且?guī)N正電荷.當(dāng)A 球受豎直向下推力 F作用時，A、B兩球均緊靠擋板處于靜 止?fàn)顟B(tài)，這時兩球之間的距離為L.若使小球A在推力F作用下沿?fù)醢錚O向O點移動一小段距離后，小球 A與B重新 處于靜止?fàn)顟B(tài).在此過程中（）A.A 球?qū)球作用的靜電力減小B. A球?qū)球作用的靜電力增大 C.墻壁PO對A球的彈力不變 D.兩球之間的距離減小則 F增大2.如圖所示，一束電子以大小不同的速率沿圖示方向飛入橫截面一正

2、方形的勻強(qiáng)磁場區(qū)，下列判斷正確的是:（）A.電子在磁場中運動時間越長，其軌跡線越長B.電子在磁場中運動時間越長，其軌跡線所對應(yīng)的圓心角越大C.在磁場中運動時間相同的電子，其軌跡線一定重合D.電子的速率不同，它們在磁場中運動時間一定不相同3.如圖所示，空間的虛線框內(nèi)有勻強(qiáng)電場,aA、bB、cC是該電場的三個等勢面，相鄰等勢面間的距離為0.5cm,其中BB為零勢能面.一個質(zhì)量為初動能Ek,自圖中的P點進(jìn)入電場，剛好從C點離開電場。計。下列說法中正確的是：（）A.該粒子到達(dá)C點時的動能是2Ek,B.該粒子通過等勢面 BB時的動能是1.25 Ek,C.該粒子在P點時的電勢能是 E,CIBI P kAm

3、帶電量為+q的粒子沿aA方向以D.該粒子到達(dá)C點時的電勢能是0.5 E,4. 一帶電粒子射入點電荷 +Q的電場中，僅在電場力作用下, 運動軌跡如圖所示，則下列說法中正確的是（）A.運動粒子可能帶正電B.運動粒子一定是從 A運動到BC.粒子在A、B間運動過程中加速度先變大后變小D.粒子在 A B間運動過程中電勢能先變小后變大5.不考慮重力作用， 從t = 0時刻開始，下列各種隨時間變化的電場中哪些能使原來靜止的帶電粒子做單向直線運動（6.如圖所示，光滑的水平桌面放在方向豎直向下的勻強(qiáng)磁場中,桌面上平放著一根一端開m粒子僅在電場力的作用下，以2vo已知ab間距離為l ,則關(guān)于電場和粒子運動下列說法

4、正確的是（A.電場中B.粒子在ab兩點間電勢差為 3mv/2qab兩點的加速度可能相等-4bC.粒子在ab兩點間運動時速度可能是先減少后增加D.粒子在ab兩點間運動時電勢能一直是減少的口、內(nèi)壁光滑的試管，試管底部有一帶電小球.在水平拉力 作用下，試管向右勻速運動，帶電小球能從試管口處飛出，關(guān) 于帶電小球及其在離開試管前的運動，下列說法中正確的是A.小球帶正電B.小球運動的軌跡是拋物線C.洛倫茲力對小球做正功D.維持試管勻速運動的拉力F應(yīng)逐漸增大.如圖所示為某電場中的一條電場線，一帶電q、質(zhì)量為初速度v沿ab方向從a點運動到b點，到達(dá)b點時速度為續(xù)射入，電容器的電容 為C,當(dāng)S閉合且平行金屬板狀

5、態(tài)后，關(guān)于電容器的充電電荷量Q說法正確的是（江關(guān)二穩(wěn)定A.當(dāng)S斷開時,CBdvB.當(dāng)S斷開時,= CBdvC.當(dāng)S閉合時,二 CBdvD.當(dāng)S閉合時,CBdv9.如圖，電源電動勢為E,內(nèi)阻為r,滑動變阻器電阻為 R,開關(guān)S閉合。兩平行極板間有勻強(qiáng)磁場，一帶電粒子正好以速度v勻速穿過兩板，以下說法正確的是.如圖所示，平行金屬板 M N之間的距離為d,其中勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B,方向垂以速度v沿著水平方向由左端連直于紙面向外，有帶電量相同的正負(fù)離子組成的等離子束,A.保持開關(guān)S閉合，將滑片P向上滑動一 點，粒子將可能從下極板邊緣射出B.保持開關(guān)S閉合，將滑片P向下滑動一點，粒子將可能從下極板邊緣

6、射出C.保持開關(guān)S閉合，將a極板向下移動一點，粒子將繼續(xù)沿直線穿出D.如果將開關(guān)S斷開，粒子將繼續(xù)沿直線穿出10.空氣中的負(fù)離子對人的健康極為有益.人工產(chǎn)生負(fù)離子的最常見方法是電暈放電法.如 圖所示，一排針狀負(fù)極和環(huán)形正極之間加上直流高壓電，電壓達(dá)5000 V左右，使空氣發(fā)生電離，從而產(chǎn)生負(fù)一價氧離子排出，使空氣清新化，針狀負(fù)極與環(huán)形正極間距為5mm且視為勻強(qiáng)電場，電場強(qiáng)度為E,電場對負(fù)氧離子的作用力為F,則（）A. E=103 N/C , F=1.6 X 10 16 NB. E =106 N/C , F =1.6 X 10 16 NC. E =103 N/C , F =1.6X10 13ND

7、. E =106 N/C , F =1.6 X 10 13 N.如圖所示，電源電動勢為 E,內(nèi)阻為r,滑動變阻器電阻為 R,開關(guān)閉合。兩平行極板間 有勻強(qiáng)磁場，一帶電粒子（不計重力）正好以速度v勻速穿過兩板。以下說法正確的是：（）保持開關(guān)閉合，將滑片 p向上滑動一點，粒子將可能從下極板邊緣射出保持開關(guān)閉合，將滑片 p向下滑動一點，粒子將不可能從下極板邊緣射出保持開關(guān)閉合，將 a極板向下移動一點，粒子將繼續(xù)沿直線穿出如果將開關(guān)斷開，粒子將繼續(xù)沿直線穿出fk-1 X X X用 P VX X X XIb.如圖所示，MN是負(fù)點電荷產(chǎn)生的電場中的一條電場線。當(dāng)一個帶正電的粒子（不計重那么下列表述正確的是

8、（）aA.負(fù)點電荷一定位于 M點的右側(cè)B.帶電粒子在a點的加速度小于在b點的加速度C.帶電粒子在a點時的電勢能大于在b點時的電勢能D.帶電粒子從a到b的過程中，動量逐漸減小13.如圖所示，在屏MN勺上方有磁感應(yīng)強(qiáng)度為 B的勻強(qiáng)磁場,磁場的方向垂直紙面向里.P為屏上的一個小孔.PC與MN直.一群質(zhì)量為 m帶電量為一q的粒子（不計重力），以相同的速率v,從P處沿垂直于磁場的方向射入磁場區(qū)域.粒子入射方向在與磁場B垂直的平面內(nèi)，且散開在與 PC夾角為0的范圍內(nèi)，則在屏 MN被粒子打中的區(qū)域的長度為 （）A.亞 qBCx x i x x x81& X X I X 5/Kx x G石ZxAf力）從a到b

9、穿越這條電場線的軌跡如圖中的虛線所示。B.D.2 mv cos 二qB2mv(1 -cos 力qB2mv(1-sin u)qB.如圖2所示，帶有等量異種電荷的兩塊很大的平行金屬板M N水平正對放置，兩板間有帶電微粒以速度 V0沿直線運動，當(dāng)微粒運動到P點時，迅速將 M板上移一小段距離，則此后微粒的可能運動情況是（）A.沿軌跡做曲線運動B.方向改變沿軌跡做直線運動一L . NC.方向不變沿軌跡做直線運動D.沿軌跡做曲線運動.如圖所示，在兩個水平放置的平行金屬板之間有豎直向下的勻強(qiáng)電場,電場強(qiáng)度為 E.在兩板之間及右側(cè)有垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場,磁感應(yīng)強(qiáng)度均為B現(xiàn)有兩個帶電粒子在同一豎直平面內(nèi)，分別

10、從端以水平速度射入兩平行板之間，恰好都做勻速直線運動，射入點相距d =網(wǎng) （已知e為元電荷的電荷量，m為質(zhì)子質(zhì)量，Mh He的質(zhì)量分別為2m4 m不計重 eB2,求兩粒子射入平力和粒子間的作用力）.要使兩粒子離開平行金屬板之間的區(qū)域后能夠相遇行板的時間差二t.4 ,2He21H ：XXXXXXXXXXXX解:（1）如圖所示，由于兩粒子均能勻速通過平行板，則有:qvB = qE (4 分) TOC o 1-5 h z E八v =（1 分）兩粒子的速度相等，通過平行板的時間相同，兩粒子離開平行板后均做勻速圓周運動，軌跡如圖所示.設(shè)粒子質(zhì)量為M2 v qvB = M (4 分)(1分）MvqB故有r

11、1二2mveB4mv2eB2mE2=d（1分)eB2mE=d（1分)-2A點,因為ri=r2=d,所以必相遇在因為AO102A為等邊三角形，所以2H粒子在磁場中轉(zhuǎn)過120角，:He粒子在磁場中轉(zhuǎn)過 60角。02二 M /口由T =得:qB2H的周期：Ti =4.，2 He的周期：T2 =eB8二 m（2分）二（22eB eB分). .Ti T2 1 2 二 m所以 t = t1 12 :366 3eB16.（本題14分）如圖（a）所示，在真空中,（4 分）半徑為 b的虛線所圍的圓形區(qū)域內(nèi)存在勻強(qiáng)M和N,兩板間距離也為b,磁場，磁場方向與紙面垂直.在磁場右側(cè)有一對平行金屬板板長為2b,兩板的中心

12、線 0Q與磁場區(qū)域的圓心 0在同一直線上， 兩板左端與 0也在同一直線上.有一電荷量為+ q、質(zhì)量為 m的帶電粒子，以速率 Vo從圓周上的P點沿垂直于半徑00并指向圓心 0的方向進(jìn)入磁場，當(dāng)從圓周上的 0點飛出磁場時，給 M N板加上如圖(b)所示電壓u.最后粒子剛好以平行于 N板的速度，從N板的邊緣飛出.不計平行金 屬板兩端的邊緣效應(yīng)及粒子所受的重力.(1)求磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度 B;(2)求交變電壓的周期 T和電壓U0的值;(3)若t = T時，將該粒子從 MNS右側(cè)沿板的中心線 Q0,仍以速率V0射入M N之間,求粒子從磁場中射出的點到P點的距離.U0001vo：一P02-UoT/2Tt3T

13、/2圖(a)圖(b)(1)粒子自P點進(jìn)入磁場，從 0點水平飛出磁場，運動的半徑必為b,（1分）qv0B =2 mvo1分)(1分)由左手定則可知,磁場方向垂直紙面向外(1分)解得B=mv。 bqt,則(2)粒子自O(shè)點進(jìn)入電場，最后恰好從 N板的邊緣平行飛出，設(shè)運動時間為2b = vot分)b八1=2n -2 mb 2(1分)t = nT (n = 1, 2,)分)解得T= 2b (n=1,nv。2,)(1分)U0=2nmv。,c 、 (n = 1, 2,)2q1分)(3)當(dāng)t = T粒子以速度vo沿QO射入電場時，則該粒子恰好從 M板邊緣以平行于極板的速度射入磁場，且進(jìn)入磁場的速度仍為v。，運

14、動的軌道半徑仍為 b.(2分17. (13分)如圖所示，在光滑絕緣的水平面上，用長為2L的絕緣輕桿連接兩個質(zhì)量均為 m的帶電小球 A和B, A球的電荷量為+ 2q, B球的電荷量為一3q,組成一靜止的帶電系統(tǒng)。虛線NQ與M呼行且相距3L,開始時MP恰為桿的中垂線。視小球為質(zhì)點，不計輕桿的質(zhì)量,現(xiàn)在在虛線MP NQ可加上水平向右的勻強(qiáng)電場E,求:B球剛進(jìn)入電場時帶電系統(tǒng)的速度大小;B球的最大位移以及從開始到最大位移處時B球電勢能的變化量;帶電系統(tǒng)運動的周期。解：(1)對帶電系統(tǒng)由動能定理得:22qEL=2 2m v1 ,解得V1 =2qEL%,設(shè)B球的最大位移為x,由動能定理得：2qEML 3q

15、Ex= 0,解得x = 4 L,3所以s總=3 L,(3)向右運動分三段，第一段加速:a產(chǎn)舞2mL ,第二段減速:qE 、幾32=,僅2m,22、x2m（V2 vi ）,解得時嘴,134一2 ma31A球出電場時速度為 V2,由動能定理得：一qEL= 2Vi- V2mL 一-a =2(，2 i)qE，第二段再減速:mLqE 08、=2 （11 + 12+ 13） = （ 62 ）如圖所示，一質(zhì)量為 m帶電量為q的物體處于場強(qiáng)按 E=E- kt ( E、k均為大于零的常數(shù)，取水平向左為正方向)變化的電場中，物體與豎直墻壁間動摩擦因數(shù)為當(dāng)1=0時刻物體剛好處于靜止?fàn)顟B(tài).若物體所受的最大靜摩擦力等于

16、滑動摩擦力，且電場空間和墻面均足夠大，下列說法正確的是(BC )A.物體開始運動后加速度先增加、后保持不變B.物體開始運動后加速度不斷增加C.經(jīng)過時間1=Eo/k,物體在豎直墻壁上的位移達(dá)最大值D.經(jīng)過時間1=( wEoq-m7 kq,物體運動速度達(dá)最大值(12分)如圖所示，電場極板 AB間有電場強(qiáng)度 E =200N/C的勻強(qiáng)電場，一帶電量q = -2父10工C的小球開始時靜止在電場中的 P點，靠近電場極板 B處有一擋板 S,小 球與擋板S的距離x1 =5cm,與A板距離x2 = 45cm,小球的重力不計.在電場力作用下小球向左運動，與擋板 S相碰后電量減少到碰前的 K倍，已知k=5,碰撞過程

17、中小6球的機(jī)械能沒有損失.(1)求小球第一次到達(dá)擋板 S時的動能；(2)求小球第一次與擋板 S相碰后向右運動的距離；(2)小球與擋板 S經(jīng)過多少次碰撞后，才能運動到A板?(1)小球第一次到達(dá)擋板時，由動能定理得 TOC o 1-5 h z Ek=Eq%=0.02J(3 分)(2)設(shè)小球與擋板相碰后向右運動s,則kEqs = Eqx1(2 分) HYPERLINK l bookmark93 o Current Document s = x1 =0.06m(1 分)(3)分析題意可知，每次碰后向右運動的距離是前一次的1/k,n -kn（4分）（2分）n=-1 =13lg1.2(17分)如圖所示的坐

18、標(biāo)系，x軸沿水平方向，y軸沿豎直方向。在 x軸上方空間的第、第二象限內(nèi)，既無電場也無磁場，第三象限，存在沿y軸正方向的勻強(qiáng)電場和垂直xy平面(紙面)向里的勻強(qiáng)磁場，在第四象限，存在沿 y軸負(fù)方向、場強(qiáng)大小與第三 象限電場場強(qiáng)相等的勻強(qiáng)電場。一質(zhì)量為m電量為q的帶電質(zhì)點，從y軸上y=h處的Pi點以一定的水平初速度沿 x軸負(fù)方向進(jìn)入第二象限。然后經(jīng)過x軸上x=2h處的P2點進(jìn)入第三象限，帶電質(zhì)點恰好能做勻速圓周運動，之后經(jīng)過y軸上y= 2h處的P3點進(jìn)入第四象限。已知重力加速度為g。求：(1)粒子到達(dá)P2點時速度的大小和方向；(2)第三象限空間中電場強(qiáng)度和磁感應(yīng)強(qiáng)度的大??；(3)帶電質(zhì)點在第四象限

19、空間運動過程中最小速度的大小和方向。(1)質(zhì)點從Pi到P2,由平拋運動規(guī)律卜12hh = -gt Vo =Vy = gt2t求出 v = &0 +v； =2gh方向與x軸負(fù)方向成45角(2)質(zhì)點從P2到P3,重力與電場力平衡，洛侖茲力提供向心力Eq=mgVmin =vcos45, = J2gh方向沿x軸正方向21 .如圖所示，在絕緣光滑水平面上，可視為質(zhì)點的A、B兩個帶正電的小球相距為r,帶電量分別為4q和q. B的質(zhì)量為my在庫侖力作用下，兩球從靜止開始運動：起初， A的加速度大小為 a、B的加速度大小為 4a；經(jīng)過一段時間后，B的加速度大小為 a,速度達(dá)到v.試計算這時： TOC o 1-

20、5 h z (1)兩球間距是多少？滴，AB(2) A球的速度是多少？ O(3)兩電荷的電勢能發(fā)生了什么變化，變化了多少？一一一解：(1)以B為研究對象，根據(jù)牛頓第二定律和庫侖定律4n24q2K當(dāng)廠=4ma,K%=ma ,所以，兩球的間距為 R=2r. rR(2)根據(jù)兩球受到同樣大小的庫侖力，有F=ma=m 帶電量為 q= 2.0 x 10 16C.微粒的重力和所受空氣阻力均不計，油漆微粒最后都落在金屬AT板B上.試求:(1)微粒打在B板上的動能;PdE微粒到達(dá)B板所需的最短時間;微粒最后落在 B板上所形成的圖形及面積的大小.解;(1)據(jù)動能定理，電場力對每個微粒做功為W = Ekt-Ek0微粒

21、打在B板上時動能為12Ekt =W Ek0 =Wmv02_ 141_ 15_218.0 105.0 102.0 J2（2分）= 9.0 10,4J（2）微粒初速度方向垂直于極板時，到達(dá)B板時間最短，到達(dá) B板時速度為vt，有Ekt =；mv；2vt =2Ekt2 9.0 10,4kt =m/s=6.0m/sm : 5.0 10,5（2分）vovt2所以t = _2L_ vo vt （3）微粒落在2 0.40 八 / s =0.1s2.0 6.0（2分）B板上所形成的圖形是圓形.（1分）加速度a = qEm2.0 10一16 1.0 103 , 2, 2-m/ s2 = 40m / s25.0 10一15RMh =1 at122圓面積為（2分）S = R2 二二（vot1）22h、 二 vt2 （）a= 3.14 2.02 （2 0.40（2分）40）m2 ： 0.25m227. （18分）圖9 （甲）所示，一對金屬板 M和N平行、豎直放置，M N的中心分別有小孔 P、Q, PQ連線垂直金屬板。N板右側(cè)有一半徑為r的圓形有界的勻強(qiáng)磁場，其圓心 O在PQ的延長線上，磁場方向垂直于紙面向外，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為Bo置于P孔附近的粒子源連續(xù)不斷地沿PQ方向放射出質(zhì)量為 m電量為+ q的帶電粒子（帶電粒子所受的重力、初速度及粒子間的相互作用力可忽略