2021-2022年河南省信陽中學(xué)高二（下）期末物理試題（解析版）

1、 2023屆高二下期期末考試物理試題一、選擇題：本題共10小題40分，每小題4分在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第17題只有一項(xiàng)符合題目要求，第810題有多項(xiàng)符合題目要求全部選對的得4分，選對但不全的得2分，有選錯(cuò)的得0分。1. 下列有關(guān)物理學(xué)史的說法正確的是（）A. 玻爾原子理論的成功之處是保留了經(jīng)典粒子的概念B. 普朗克把能量子引入物理學(xué)，破除了能量連續(xù)變化的觀念C. 麥克斯韋建立了經(jīng)典電磁場理論，并證明了電磁波存在D. 伽俐略將實(shí)驗(yàn)和邏輯推理相結(jié)合，利用理想斜面實(shí)驗(yàn)說明了物體的運(yùn)動(dòng)需要力來維持【答案】B【解析】【詳解】A. 玻爾原子理論的成功之處是引入了量子概念，不足之處是保留了經(jīng)典粒子的概念

2、，故A錯(cuò)誤；B. 普朗克把能量子引入物理學(xué)，破除了能量連續(xù)變化觀念，故B正確；C. 麥克斯韋建立了經(jīng)典電磁場理論，預(yù)言了電磁波的存在，赫茲用實(shí)驗(yàn)證明了電磁波的存在，故C錯(cuò)誤；D. 伽俐略將實(shí)驗(yàn)和邏輯推理相結(jié)合，利用理想斜面實(shí)驗(yàn)說明了物體的運(yùn)動(dòng)不需要力來維持，故D錯(cuò)誤；故選B。2. 如圖所示，摩天輪載著轎廂在豎直平面內(nèi)沿逆時(shí)針方向做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，轎廂中的乘客與轎廂相對靜止，a、c分別為轎廂運(yùn)動(dòng)過程中經(jīng)過與轉(zhuǎn)軸等高的兩個(gè)位置，b、d分別為轎廂經(jīng)過的最低點(diǎn)和最高點(diǎn)，對于圖中恰處于a位置轎廂內(nèi)的乘客，下列說法正確的是（）A. 在a位置時(shí)，轎廂內(nèi)乘客處于失重狀態(tài)B. 轎廂剛轉(zhuǎn)到b位置時(shí)，轎廂內(nèi)乘客所受合

3、力恰好為零C. 轎廂分別轉(zhuǎn)到a、c兩位置時(shí)，轎廂內(nèi)乘客受到座椅的作用力大小相等D. 轎廂分別轉(zhuǎn)到b、d兩位置時(shí)，轎廂內(nèi)乘客在d位置所受到的合力較小【答案】C【解析】【詳解】A因轎廂在豎直面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，故在a位置時(shí)，轎廂內(nèi)乘客豎直方向合力為零，則豎直方向處于平衡狀態(tài)，故A錯(cuò)誤；B轎廂剛轉(zhuǎn)到b位置時(shí)，轎廂內(nèi)乘客所受合力提供向心力，故合力不為零，故B錯(cuò)誤；C轎廂分別轉(zhuǎn)到a、c兩位置時(shí)，轎廂內(nèi)乘客受到座椅作用力的豎直方向分力與重力平衡，水平方向分力提供向心力，由平行四邊形定則可知，轎廂內(nèi)乘客受到座椅的作用力大小相等，故C正確；D因轎廂做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，轎廂分別轉(zhuǎn)到b、d兩位置時(shí)，轎廂內(nèi)乘客所受合力

4、大小相等，故D錯(cuò)誤。故選C。3. 運(yùn)動(dòng)員在水平地面上進(jìn)行拉輪胎的負(fù)荷訓(xùn)練，若在起動(dòng)后的一小段時(shí)間內(nèi)，運(yùn)動(dòng)員用兩根輕繩拉著輪胎做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，加速度大小為a。如圖所示運(yùn)動(dòng)過程中保持兩繩的端點(diǎn)A、B等高，兩繩間的夾角為、所在平面與水平面夾角恒為。已知輪胎重為G，運(yùn)動(dòng)過程受地面摩擦力大小恒為f，則每根繩的拉力大小為（）A. B. C. D. 【答案】A【解析】【詳解】設(shè)每根繩的拉力大小為T，根據(jù)力的合成與分解以及對稱性可知，兩根繩拉力的合力大小為對輪胎根據(jù)牛頓第二定律有解得故選A。4. 如圖（a），邊長為d的單匝正方形導(dǎo)線框固定在水平紙面內(nèi)，線框的電阻為R。虛線MN恰好將線框分為左右對稱的兩部分，

5、在虛線MN左側(cè)的空間內(nèi)存在與紙面垂直的勻強(qiáng)磁場，規(guī)定垂直于紙面向里為磁場的正方向，磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間t變化的規(guī)律如圖（b）。虛線MN右側(cè)存在垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小恒為。下列說法正確的是（）A. 時(shí)刻，線框中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢大小為B. 時(shí)刻，線框所受安培力的合力為0C. 時(shí)刻，線框受到的安培力大小為D. 在內(nèi)通過線框?qū)Ь€橫截面的電荷量為【答案】C【解析】【詳解】A時(shí)刻線框中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢大小故A錯(cuò)誤；B時(shí)刻的感應(yīng)電流為虛線MN左、右側(cè)磁感應(yīng)強(qiáng)度均為，線框左邊受安培力為方向向右，線框右邊受安培力方向仍向右，線框上、下邊所受安培力的合力為0，整個(gè)線框所受安培力的合力為方向向右，故B

6、錯(cuò)誤；C時(shí)，虛線MN左側(cè)磁感應(yīng)強(qiáng)度為，線框左邊受到的安培力大小為方向向右，線框右邊受到的安培力大小仍為，方向仍向右，線框上、下邊所受安培力的合力為0，整個(gè)線框所受安培力的合力為方向向右，故C正確；在內(nèi)，通過線框某橫截面的電荷量為故D錯(cuò)誤。故選C。5. 如圖所示，將a、b兩小球以大小為m/s的初速度分別從A、B兩點(diǎn)相差1s先后水平相向拋出，a小球從A點(diǎn)拋出后，經(jīng)過時(shí)間t，a、b兩小球恰好在空中相遇，且速度方向相互垂直，不計(jì)空氣阻力，g取10m/s2，則拋出點(diǎn)A、B間的水平距離是（）A. mB. 100mC. 200mD. m【答案】D【解析】【詳解】設(shè)A的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為t，則B的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為t-1，根

7、據(jù) 得解得又因?yàn)榻獾霉蔬xD。6. 如圖所示為一種質(zhì)譜儀的示意圖，該質(zhì)譜儀由速度選擇器、靜電分析器和磁分析器組成。若速度選擇器中電場強(qiáng)度大小為，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為、方向垂直紙面向里，靜電分析器通道中心線為圓弧，圓弧的半徑（）為R，通道內(nèi)有均勻輻射的電場，在中心線處的電場強(qiáng)度大小為E，磁分析器中有范圍足夠大的有界勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B、方向垂直于紙面向外。一帶電粒子以速度v沿直線經(jīng)過速度選擇器后沿中心線通過靜電分析器，由P點(diǎn)垂直邊界進(jìn)入磁分析器，最終打到膠片上的Q點(diǎn)，不計(jì)粒子重力。下列說法正確的是（）A. 速度選擇器的極板的電勢比極板的低B. 粒子的速度C. 粒子的比荷為D. 兩點(diǎn)間的距離為【

8、答案】C【解析】【詳解】A粒子在靜電分析器內(nèi)沿中心線方向運(yùn)動(dòng)，說明粒子帶正電，由左手定則可判斷出粒子在速度選擇器中受到的洛倫茲力方向向上，粒子受到的電場力方向向下，故速度選擇器的極板的電勢比極板的高，A錯(cuò)誤；B由可知，粒子的速度為B錯(cuò)誤；C由又電場力提供向心力可得，粒子的比荷為C正確；D粒子在磁分析器中做圓周運(yùn)動(dòng)，為軌跡圓的直徑，故兩點(diǎn)間的距離為D錯(cuò)誤。故選C。7. 半徑為R的某均勻球形天體，兩“極點(diǎn)”處的重力加速度大小為g，“赤道處”的重力加速度大小為“極點(diǎn)”處的。已知引力常量為G，則下列說法正確的是（ ）A. 該天體的質(zhì)量為B. 該天體的平均密度為C. 該天體的第一宇宙速度為D. 該天體的

9、自轉(zhuǎn)周期為【答案】D【解析】【詳解】AD在兩極點(diǎn)處有在赤道處聯(lián)立解得天體的質(zhì)量為自轉(zhuǎn)周期為A錯(cuò)誤，D正確；B由公式又聯(lián)立可得B錯(cuò)誤；C由可知，該天體的第一宇宙速度為C錯(cuò)誤。故選D。8. 圖為街頭變壓器給用戶供電的示意圖。輸出電壓通過輸電線輸送的用戶，兩條輸電線的總電阻為，變阻器R代表用戶用電器的總電阻，當(dāng)用戶用電器增加時(shí)，相當(dāng)于滑動(dòng)變阻器接入電路中的阻值減小。輸入電壓可以認(rèn)為保持不變，不計(jì)電表的內(nèi)阻及變壓器上的能量損失，當(dāng)用戶用電器增加時(shí)，則（）A. 電流表的示數(shù)增大B. 電壓表的示數(shù)不變C. 電流表的示數(shù)減小D. 電壓表的示數(shù)減小【答案】ABD【解析】【詳解】AC用戶用電器增加時(shí)，相當(dāng)于滑動(dòng)

10、變阻器接入電路中的阻值減小，則副線圈的電流變大，原副線圈匝數(shù)比不變，故原線圈的電流變大，即電流表、的示數(shù)都增大，A正確，C錯(cuò)誤；B原線圈輸入電壓不變，電壓表的示數(shù)不變，B正確；D副線圈兩端電壓不變，由于副線圈的電流變大，R0兩端的電壓變大，故R兩端的電壓變小，電壓表的示數(shù)減小，D正確。故選ABD。9. 如圖所示，半圓形框架豎直放置在粗糙的水平地面上，質(zhì)量為m的光滑小球P在水平外力F的作用下處于靜止?fàn)顟B(tài)，P和圓心O的連線與水平面的夾角為?，F(xiàn)將力F在豎直面內(nèi)沿順時(shí)針方向緩慢地轉(zhuǎn)過90，框架與小球始終保持靜止?fàn)顟B(tài)，重力加速度為g。在此過程中，下列說法正確的是（）A. 框架對小球的支持力先減小后增大B

11、. 拉力F的最小值為mgcosC. 地面對框架的摩擦力始終在減小D. 框架對地面的壓力先增大后減小【答案】BC【解析】【詳解】AB以小球?yàn)檠芯繉ο?，分析受力情況，作出受力示意力圖，如圖所示根據(jù)幾何關(guān)系可知，當(dāng)F順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)至豎直向上之前，支持力逐漸減小，F(xiàn)先減小后增大，當(dāng)F的方向沿圓的切線方向向上時(shí)，F(xiàn)最小，此時(shí)F=mgcos故A錯(cuò)誤，B正確；C以框架與小球組成的整體為研究對象，整體受到重力、地面的支持力、地面的摩擦力以及力F的作用；由圖可知，F(xiàn)在順時(shí)針方向轉(zhuǎn)動(dòng)的過程中，F(xiàn)沿水平方向的分力逐漸減小，所以地面對框架的摩擦力始終在減小，故C正確；D以框架與小球組成的整體為研究對象，整體受到重力、地面

12、的支持力、地面的摩擦力以及力F的作用；由圖可知，F(xiàn)在順時(shí)針方向轉(zhuǎn)動(dòng)的過程中，F(xiàn)沿豎直方向的分力逐漸增大，所以地面對框架的支持力始終在減小，故D錯(cuò)誤。故選BC。10. 如圖甲所示，質(zhì)量為m2的長木板靜止在光滑的水平面上，其上靜止一質(zhì)量為m1的小滑塊，現(xiàn)給木板施加一隨時(shí)間均勻增大的水平力F，滿足F=kt（k為常量，t代表時(shí)間），長木板的加速度a隨時(shí)間t變化的關(guān)系如圖乙所示。已知小滑塊所受到的最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力。下列說法正確的是（）A. 在02s時(shí)間內(nèi)，小滑塊與長木板間的摩擦力增大B. 小滑塊與長木板間動(dòng)摩擦因數(shù)C. m1與m2之比為1：3D. 當(dāng)小滑塊從長木板上脫離時(shí)，其速度比長木板小0.

13、5m/s【答案】AD【解析】【詳解】A在02s時(shí)間內(nèi)，小滑塊與長木板相對靜止，它們之間為靜摩擦力，對小滑塊有Ff=ma1a1在增大，所以靜摩擦力Ff也在增大，A正確；BC長木板的加速度a在3s時(shí)突變，所以小滑塊在3s時(shí)脫離長木板，對長木板在3s時(shí)刻前、后的運(yùn)動(dòng)分析，由牛頓第二定律可得F3Ff3=m2a前=m2（2m/s2）F3=m2a后=m2（3m/s2）解得Ff3=m2（1m/s2）在02s時(shí)間內(nèi)F=（m1+m2）a1=kt所以在23s時(shí)間內(nèi)FFf3=m2a2所以由圖線斜率可知解得m1=m2BC錯(cuò)誤；D在2s時(shí)刻，小滑塊與長木板的速度相同，在23s時(shí)間內(nèi)小滑塊的速度的變化量為v1=1m/s長

14、木板的速度變化量為v2=1.5m/s所以3s時(shí)，長木板比小滑塊的速度大0.5m/s，D正確。故選AD。【點(diǎn)睛】二、實(shí)驗(yàn)題：共15分。11. 某同學(xué)利用“驗(yàn)證牛頓第二定律”的實(shí)驗(yàn)器材，測量滑塊與長木板之間的動(dòng)摩擦因數(shù)如圖甲所示，帶滑輪的長木板水平放置，輕繩跨過固定在長木板末端的滑輪，端連接砂桶，另一端連接固定在滑塊上的拉力傳感器，穿過打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的紙帶與滑塊尾部相連接，砂桶離地面足夠高調(diào)節(jié)滑輪的位置使輕繩與長木板平行，不計(jì)輕繩與滑輪間的摩擦（1）為了完成實(shí)驗(yàn)_（選填“需要”或“不需要”）將長木板右端墊高以平衡摩擦力，_（選填“需要”或“不需要”）使砂桶的質(zhì)量遠(yuǎn)小于滑塊和拉力傳感器的總質(zhì)量（2）經(jīng)正

15、確、規(guī)范的操作后，打出一條如圖乙所示的紙帶，每兩個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)之間還有四個(gè)計(jì)時(shí)點(diǎn)沒有畫出來，紙帶上的數(shù)字為相鄰兩個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)間的距離，打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的頻率為50Hz由此可求得滑塊的加速度a=_m/s2（結(jié)果保留三位有效數(shù)字）（3）改變砂桶的質(zhì)量，進(jìn)行多次實(shí)驗(yàn)，測出多組滑塊的加速度a與相應(yīng)的拉力傳感器示數(shù)F，作出a-F圖線如圖（丙）所示，已知重力加速度為g=9.8m/2，則滑塊（含拉力傳感器）質(zhì)量為_kg，滑塊與長木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)為_【答案】 . 不需要 . 不需要 . 2.02 . 0.25 . 0.4【解析】【詳解】（1）滑塊受到的拉力是通過力傳感器顯示的，故不必保證砂和砂桶的總質(zhì)量遠(yuǎn)小于滑塊質(zhì)量和測定

16、砂和砂桶的質(zhì)量，由于要測量摩擦因數(shù)，故不需要平衡摩擦力；（2）把0-6點(diǎn)分成兩大段，由逐差公式求加速度；（3）根據(jù)牛頓第二定律，加速度，結(jié)合題目所給圖象知：斜率，從而求出滑塊質(zhì)量，從橫截距可求出12. 某同學(xué)用伏安法測定待測電阻R的阻值（約為12k），除了Rx、開關(guān)S、導(dǎo)線外，還有下列器材供選用：A電壓表（量程03V，內(nèi)阻約為10k）B電壓表（量程010V，內(nèi)阻約為100k）C電流表（01mA，內(nèi)阻約為30）D電流表（00.6A，內(nèi)阻約為0.05）E電源（電動(dòng)勢36V，額定電流2A，內(nèi)阻約為3）F滑動(dòng)變阻器R0（阻值范圍020，額定電流2A）G定值電阻R1（阻值約為50）H定值電阻R2（阻值約

17、為100）（1）為使測量盡量準(zhǔn)確，電壓表選用_，電流表選用_，由于電源電動(dòng)勢較大，為便于操作，還需選用定值電阻_；（均填器材的字母代號）（2）在如圖所示的虛線框中畫出測量Rx阻值的實(shí)驗(yàn)電路圖_?！敬鸢浮?. B . C . G . 【解析】【詳解】(1)123如選用量程為3V的電壓表。則電壓表滿偏時(shí)，待測電阻的電流約為I=兩個(gè)電流表均不太適合。若選用量程為10V的電壓表，則電壓表滿偏時(shí)，待測電阻的電流約為I=此時(shí)可選用lmA的電流表?；瑒?dòng)變阻器的最大阻值只有20，遠(yuǎn)小于待測電阻的12，因此采用變阻器的分壓接法，易于操作。但電源電動(dòng)勢36V相對所選用的電表量程，都較大，因此在實(shí)驗(yàn)時(shí)，滑動(dòng)變阻器不

18、能大幅度移動(dòng)，操作不方便，因此需選用一個(gè)電阻起分壓保護(hù)作用。二個(gè)保護(hù)電阻的阻值相對待測電阻的12較小，只能串放在干路上分壓，據(jù)分壓關(guān)系易得，定值電阻應(yīng)選50的。所以電壓表選用B，電流表選用C，定值電阻G。(2)4因待測電阻較大，為了準(zhǔn)確測量，電流表選擇內(nèi)接法，故電路圖如圖所示三、解答題（共30分）13. 如圖所示，一質(zhì)量M=0.4kg的小物塊B在足夠長的光滑水平臺(tái)面上靜止不動(dòng)，其右側(cè)固定有一輕質(zhì)水平彈簧（處于原長）。臺(tái)面的右邊平滑對接有一等高的水平傳送帶，傳送帶始終以v=1m/s的速率逆時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)，另一質(zhì)量m=0.1kg的小物塊A以速度v0=4m/s水平滑上傳送帶的右端。已知物塊A與傳送帶之間的

19、動(dòng)摩擦因數(shù)=0.1，傳送帶左右兩端的距離l=3.5m，滑塊A、B均視為質(zhì)點(diǎn)，忽略空氣阻力，取g=10m/s2。（1）求物塊A第一次壓縮彈簧過程中彈簧的最大彈性勢能Epm；（2）物塊A第二次離開傳送帶時(shí)的速度大小?！敬鸢浮浚?）0.36J；（2）1m/s【解析】【分析】【詳解】(1)物塊A從傳送帶的右端滑到左端的過程，根據(jù)動(dòng)能定理有代入數(shù)據(jù)解得v1=3m/s因?yàn)?，所以物塊A第一次到達(dá)傳送帶左端時(shí)速度大小為3m/s，物塊A第一次壓縮彈簧過程中，當(dāng)物塊A和B的速度相等時(shí)，彈簧的彈性勢能最大，根據(jù)動(dòng)量守恒定律有根據(jù)機(jī)械能守恒定律有聯(lián)立解得彈簧的最大彈性勢能為(2)從開始接觸彈簧到恢復(fù)原長時(shí)，可看成彈性

20、碰撞，以向左為正方向，據(jù)動(dòng)量守恒定律及機(jī)械能守恒定律分別可得解得兩物塊分離時(shí)物塊A的速度為故物塊A向右滑上傳送帶，減速到零前進(jìn)的距離為L，據(jù)動(dòng)能定理可得解得故物塊A在傳送帶上向右減速為零后向左加速，當(dāng)加速到1m/s時(shí)與傳動(dòng)帶共速，則向左離開傳送帶時(shí)的速度為1m/s。14. 如圖所示，在平面內(nèi)的之間的區(qū)域有水平向右的勻強(qiáng)間的電場，之間的電勢差，在的右側(cè)有一與和x軸相切的圓形有界勻強(qiáng)磁場，切點(diǎn)分別為P點(diǎn)和M點(diǎn)，磁感應(yīng)強(qiáng)度，方向垂直平面向外；在x軸下方足夠大的空間內(nèi)存在垂直平面向里的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度為；在x軸下方距離為a處平行x軸放置存在垂直一長為L的一探測板，為板的中點(diǎn)，且在M點(diǎn)的正下方，在y

21、軸上過原點(diǎn)放置一能均勻發(fā)射粒子的直線粒子發(fā)射源，其長度恰好等于圓形磁場的直徑，發(fā)射源產(chǎn)生的粒子質(zhì)量和電荷量均相同，初速度可視為零，經(jīng)過電場加速后進(jìn)入圓形磁場，偏轉(zhuǎn)后全部從M點(diǎn)進(jìn)入下方磁場區(qū)域，已知粒子質(zhì)量，電荷量，不計(jì)粒子重力和粒子間的相互作用。(1)求圓形磁場區(qū)域的半徑R；(2)若，求粒子打到探測板區(qū)域的長度；(3)若大小可以調(diào)節(jié)，調(diào)節(jié)的大小，可以使粒子恰好打滿整塊探測板，求此時(shí)的大小及打中探測板的粒子數(shù)占發(fā)射總粒子數(shù)的比例?！敬鸢浮?1)0.1m；(2)0.2m；(3)0.04T，80%【解析】【分析】【詳解】(1)粒子在電場中加速進(jìn)入圓形磁場，圓周運(yùn)動(dòng)的半徑恰好等于圓形磁場的半徑聯(lián)立可解

22、得。(2)粒子進(jìn)入x軸下方磁場如圖沿x軸負(fù)方向打出的粒子垂直打在探測板上，沿y軸負(fù)方向打出的粒子恰好與探測板相切，因此：粒子打到探測板區(qū)域的長度(3)當(dāng)沿x軸負(fù)方向打出的粒子甲剛好打在探測板的最左端時(shí)，由幾何關(guān)系可得解得，剛好與探測板最右端相切的粒子乙，由幾何關(guān)系可得解得，由幾何關(guān)系可得有，所以根據(jù)可解得，對粒子乙：在圓形磁場中運(yùn)動(dòng)過程如圖，由幾何關(guān)系可得所以四、選考題（共15分，請考生從15題和16題任選一題作答如果多做，則按第一題計(jì)分。） 選修3-315. 下列說法正確的是_A. 液晶顯示器是利用了液晶對光具有各向異性的特點(diǎn)B. 溫度升高時(shí)分子的熱運(yùn)動(dòng)加劇，分子的平均動(dòng)能增加C. 用氣體的

23、摩爾體積和阿伏伽德羅常數(shù)就可以估算出氣體分子的體積D. 浸潤現(xiàn)象產(chǎn)生的原因是附著層內(nèi)分子間距比液體內(nèi)部分子間距大，分子間作用力表現(xiàn)為引力的緣故E. 第二類永動(dòng)機(jī)不可能制成，因?yàn)閮?nèi)能不能全部轉(zhuǎn)化為機(jī)械能，同時(shí)不引起其他變化【答案】ABE【解析】【詳解】A液晶顯示器是利用了液晶對光具有各向異性的特點(diǎn)故A正確；B溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)志，溫度升高時(shí)，分子的平均動(dòng)能增加，分子的熱運(yùn)動(dòng)加劇，故B正確；C用氣體的摩爾體積和阿伏加德羅常數(shù)可以估算一個(gè)分子所占的體積，不能求解分子體積，故C錯(cuò)誤；D浸潤現(xiàn)象產(chǎn)生的原因是附著層內(nèi)分子間距比液體內(nèi)部分子間距小，分子間作用力表現(xiàn)為斥力的緣故，故D錯(cuò)誤；E第二類永動(dòng)機(jī)不

24、違反能量守恒定律，但違反熱力學(xué)第二定律，因?yàn)閮?nèi)能不能全部轉(zhuǎn)化為機(jī)械能，同時(shí)不引起其他變化，所以第二類永動(dòng)機(jī)不可能制成，故E正確故選ABE.16. 如圖，A、B兩個(gè)內(nèi)壁光滑、導(dǎo)熱良好的氣缸用細(xì)管連接，A氣缸中活塞M截面積為500cm2，裝有一個(gè)大氣壓強(qiáng)的理想氣體50LB氣缸中活塞N截面積為250cm2，裝有兩個(gè)大氣壓強(qiáng)的理想氣體25L現(xiàn)給活塞M施加一水平推力，使其緩慢向右移動(dòng)，此過程中氣缸均不動(dòng)，周圍環(huán)境溫度不變，大氣壓強(qiáng)為105pa求：(i)當(dāng)推力F=5103N時(shí)，活塞M向右移動(dòng)的距離；(ii)氣缸B中能達(dá)到的最大壓強(qiáng)【答案】(i)50cm （ii）【解析】【詳解】解：(i)加力F后,A中氣體的壓強(qiáng)為所以N活塞剛好不動(dòng)；對A中氣體,由得故活塞M向右移動(dòng)的距離是(ii)當(dāng)A中氣體全部進(jìn)入B中后B中氣體壓強(qiáng)最大，設(shè)為P，A中氣體在B中所占體積VA中氣體進(jìn)入B前后B中氣體在A中氣體進(jìn)入前后