3將阻值為4Ω和10Ω的兩個電阻R1和R2分別接到同一電源上

1、物理錯題集選修3-1P46 P54 物理錯題集選修3-1P46 P54 3將阻值為4 Q和10Q的兩個電阻 R1和R2分別接到同一電源上，結(jié)果在R2上消耗的功率P2比在R1上消耗的功率 P1大，則（）A 只接 R1時整個電路的總功率一定大于只接R2時整個電路的總功率P1兩個電阻并聯(lián)后再接到電源，外電路總功率一定小于C兩個電阻串聯(lián)后再接到電源，外電路總功率一定大于D電源的內(nèi)電阻一定大于4 Q考點(diǎn)：電功、電功率. 專題：恒定電流專題.分析：電源的輸出功率隨外電阻R的變化關(guān)系圖象如圖所示:當(dāng)內(nèi)、外電阻相同時，電源的輸出功率最大.E2解答：解：A、根據(jù)公式：P=EI=R + r，外電阻越小，總功率越大

2、，故只接R1時整個電路的總功率一定大于只接 R2時整個電路的總功率，故 A正確；結(jié)合分析中圖結(jié)合分析中圖B兩個電阻并聯(lián)后再接到電源，外電路總電阻小于兩個電阻中較小的電阻, 象，總功率一定小于 P1,故B正確；象，外電路總功率一定小于P2;故C錯誤；D兩個電阻 R1和R2分別接到同一電源上，結(jié)果在R2上消耗的功率C兩個電阻串聯(lián)后再接到電源，外電路總電阻大于兩個電阻中較大的電阻,P2比在R1上消耗的 功率P1大，結(jié)合分析中圖象，電源內(nèi)電阻一定大于 4 Q;故D正確；故選：ABD6.直流電池組的電動勢為E,內(nèi)電阻為r,用它給電阻為R的直流電動機(jī)供電， 當(dāng)電動機(jī)正常工作時，電動機(jī)兩端的電壓為U,通過電

3、動機(jī)的電流是I ,下列說法中正確的是（電動機(jī)輸出的機(jī)械功率是A.B.電動機(jī)電樞上發(fā)熱功率為UII 2RC.D.電源消耗的化學(xué)能功率為 電源的輸出功率為EI-I 2rEI考點(diǎn)：電功、電功率.專題：恒定電流專題.分析：當(dāng)電動機(jī)正常工作時，根據(jù)P=UI求解.發(fā)熱功率由其電路是非純電阻電路，輸入的功率是電功率， P=I 2r求解.輸出功率由能量守恒定律研究，電源 消耗的化學(xué)能功率就是電源的總功率，則P=EI .解答：解：A、電動機(jī)輸入的功率是電功率，即P電=UI，電動機(jī)的輸出功率是機(jī) 械功率，根據(jù)能量守恒定律得，P出=P電-P熱=UI-I 2R.故A錯誤，B正確.C、電源消耗的化學(xué)能功率就是電源的總功

4、率，則P=EI .故C正確.D 電源的輸出功率P =P-P r=EI-I 2r .故D正確.故選：BCD點(diǎn)評：本題中當(dāng)電動機(jī)正常工作時其電路是非純電阻電路，求電功率只能用P=UI，求熱功率只能用P=I 2r .而輸出的機(jī)械功率只能根據(jù)能量守恒求解，而且 電功率大于熱功率.7.“ 200V、40W”白熾燈泡400盞，并聯(lián)于電源兩端，這時路端電壓Ui=150V，當(dāng)關(guān)掉200盞，則路端電壓升為 U2=175V試求：(假設(shè)燈的電阻不隨電壓而變化)電源電動勢E,內(nèi)阻r多大？(2)前后兩次每盞燈實(shí)際消耗的功率各多大?(3)若使電燈正常發(fā)光還應(yīng)關(guān)掉多少盞燈?有“ 200V40W”燈泡400盞，并聯(lián)于電源兩端

5、，這時路端電壓Ui=150V，當(dāng)關(guān)掉 200盞，則路端電壓升為U2=175V .不考試溫度對電阻的影響，不計輸電線上的 電阻.試求：電源電動勢E和內(nèi)阻r;前后兩次每盞燈實(shí)際消耗的功率P1和P2 ;若使電燈正常發(fā)光共應(yīng)開多少盞燈？ 考點(diǎn)：閉合電路的歐姆定律.專題：恒定電流專題.分析：(1)先求出小燈泡的電阻和額定電流，根據(jù)并聯(lián)電路的特點(diǎn)求出400盞 燈泡并聯(lián)時的電阻和200盞燈泡并聯(lián)時的電阻，再根據(jù)閉合電路歐姆定律聯(lián)立 方程即可求解；u2(2)根據(jù)P= R即可求解前后兩次每盞燈實(shí)際消耗的功率；(3)電燈正常發(fā)光時，路端電壓為200V ,根據(jù)閉合電流歐姆定律求出干路電流， 從而求出燈泡數(shù).2Uo

6、40000解答：解 :( 1)小燈泡的電阻&= Po =40=1000 Q_Pl額定電流lo=U0 =40200 =o.2ARd400盞燈泡并聯(lián)時的電阻R1= n11000400 =2.5 QRo1000200盞燈泡并聯(lián)時的電阻R2= n1 =200 =5 QU根據(jù)閉合電路歐姆定律得：R+r = R1U2R2 + r _ R2聯(lián)立解得 E=210Vr=1 Q ;(2)第一次消耗的功率Pi =第二次消耗的功率P2 =U12 3R02(150)1000 =22.5W(175 丫1000=30.6W答：(1)電源電動勢E為210V ,R4的總電量。E.主(3)電燈正常發(fā)光時，路端電壓為200V ,

7、根據(jù)閉合電流歐姆定律得：E-U0210-200I=r=1=10AI10n3 =10 =0.2=50 ;內(nèi)阻r為1 Q ;物理錯題集選修3-1 P 46 P54 #物理錯題集選修3-1 P 46 P54 解：由電阻的串聯(lián)公式，得閉合電路的總電阻為由歐姆定律得，通過電源的電流E i=N電源的端電壓U = E Ir電阻R3兩端的電壓U=愍+矗通過R4的總電量就是電容器的電量Q = CU由以上各式并代入數(shù)據(jù)得Q = 2.0 X10 4 C1.關(guān)于電源的電動勢，下面敘述正確的是（A .電源的電動勢就是接在電源兩極間的電壓表測得的電壓B.同一電源接入不同的電路，電動勢就會發(fā)生變化C .電源的電動勢是表示電

8、源把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能本領(lǐng)大小的物理量B、D錯誤；電壓表接在電D .在閉合電路中，當(dāng)外電阻變大時，路端電壓增大，電源的電動勢也增大A錯誤.解析電源電動勢是不變的，不隨外電阻的變化而變化，故 源兩端，測得的電壓是路端電壓，并不是電源電動勢，故答案 C如圖所示是一實(shí)驗(yàn)電路圖，在滑動觸頭由a端滑向b端的過程中，下列說法正確的是（A.路端電壓變小B.電流表的示數(shù)變大C.電源內(nèi)阻消耗的功率變大D.R2兩端的電壓變小考點(diǎn)：閉合電路的歐姆定律.專題: 恒定電流專題.物理錯題集選修3-1P46 P54 物理錯題集選修3-1P46 P54 分析：在滑動觸頭由a端滑向b端的過程中，分析變阻器接入電路的電阻如何

9、 變化，分析外電路總電阻的變化，根據(jù)歐姆定律分析總電流和路端電壓的變化， 以及電源內(nèi)阻消耗的功率如何變化，再判斷電流表的示數(shù)的變化.解答：解：滑片由a向b移動時，滑動變阻器接入電路的電阻減小，則外電路 總電阻減小，由閉合電路歐姆定律可知，電路中總電流增大，則內(nèi)電壓增大， 由P=I 2r可知，內(nèi)電阻上消耗的功率變大.路端電壓U=E-lr ,因I增大，故U變小.又電流表的示數(shù)Ia= R3，因U變小，故I A變小，I增大，則通過R2的電流增大,R2兩端的電壓增大.故AC正確，BD錯誤.故選：AC.點(diǎn)評：本題是電路的動態(tài)變化分析問題，首先分析變阻器接入電路的電阻如何 變化，接著分析總電阻、總電流和路端

10、電壓的變化，再分析局部電流、電壓的 變化，即按“局部到整體再到局部”的思路進(jìn)行分析.如圖所示，當(dāng)電路里滑線變阻器R2的滑動觸頭P向下滑動時(CDA.電容器C的電容增大B.電容器C兩極板間的場強(qiáng)增大C.電壓表的讀數(shù)減小D.Ri消耗的功率增大考點(diǎn)：電容器.專題：電容器專題.分析：當(dāng)滑動變阻器R2的滑動觸頭P向下滑動時，變阻器在路電阻增大，外電R2兩端的路總電阻增大，根據(jù)閉合電路歐姆定律分析干路電流和路端電壓的變化，即可 知電壓表讀數(shù)和Ri消耗的功率的變化情況.電容器的電壓等于變阻器 電壓，根據(jù)歐姆定律分析電容器電壓的變化，即可知其電量的變化. 解答：解：A、電容器的電容與R2無關(guān).故A錯誤.U=E

11、d 知,B、電容器的電壓U=E-I ( Ri+r ), I減小，其他量不變，則U增大，由 電容器C兩極板間的場強(qiáng)增大.故B正確.外電路總C、當(dāng)滑動變阻器R2的滑動觸頭P向下滑動時，變阻器在路電阻增大，電阻增大，干路電流減小，電源的內(nèi)電壓減小，則路端電壓增大，電壓表的讀 數(shù)增大，故C錯誤.D、干路電流減小，Ri消耗的功率減小.故D錯誤.故選B 點(diǎn)評：本題是含有電容的電路，根據(jù)歐姆定律分析電壓和電流的變化，即可判 斷電容器的電荷量如何變化.在如圖所示的電路中，當(dāng)滑動變阻器的滑動片向下移動時，關(guān)于電燈L的亮度及電容器C所帶電荷量Q的變化判斷正確的是(，T 匚二T徉岳I 隔I一丄-1 一 _A. L變

12、暗，Q增大 B. L變暗，Q減小C. L變亮，Q增大D. L變亮，考點(diǎn)：電容；閉合電路的歐姆定律.專題：電容器專題.分析：當(dāng)滑動變阻器的滑動片向下移動時，變阻器接入電路的電阻減小，分析 外電路總電阻的變化，得到干路電流和路端電壓的變化，則知燈L亮度的變化.電 容器的電壓等于變阻器兩端的電壓，分析其電壓的變化，判斷帶電量Q的變化. 解答：解:當(dāng)滑動變阻器的滑動片向下移動時，變阻器接入電路的電阻減小， 外電路總電阻減小，由閉合電路歐姆定律得知，干路電流增大，電源的內(nèi)電壓增大，則路端電壓減小，燈L變暗.電容器板間電壓等于變阻器兩端的電壓.由上得知，路端電壓減小，則通過燈的電流減小，而干路電流增大，則

13、通過Ri的電流增大，Ri的電壓也增大，變阻器兩端的電壓減小，電容器所帶電量Q減小.故B正確.用此電源與三個阻值均為3 Q的電B. TrC.D.故選：B 點(diǎn)評：本題是電路動態(tài)分析問題，按“局部7整體7局部”的思路進(jìn)行分析.路穩(wěn)定時，與電容器串聯(lián)的電路沒有電流，電容器的電壓等于所并聯(lián)的電路兩 端的電壓.如圖為測量某電源電動勢和內(nèi)電阻時得到的U-I圖線,阻連接成電路，測得路端電壓為4.8V，則該電路可能為由電源的U-I圖象得，電源的電動勢為E=6V，內(nèi)阻為r=直U6AI = 12 Q=0.5 Q.當(dāng)路端電壓為4.8V時，則有U= R + r E,代入解得，外電路總電阻R=2 QA、外電路總電阻為1

14、Q,與R不符合.故A錯誤.3x6B、外電路總電阻為3 + 6 Q=2 Q,與R相符.故B正確.C、外電路總電阻為9 Q,與R不符故C錯誤.D、外電路總電阻為3 Q + 1.5 Q=4.5 Q,與R不符.故D錯誤.故選BLi、某同學(xué)設(shè)計了一個轉(zhuǎn)向燈電路（如圖），其中L為指示燈，L1、L2分別為左、 右轉(zhuǎn)向燈，S為單刀雙擲開關(guān)，E為電源.當(dāng)S置于位置1時，以下判斷正確的5（ 6 1Q1A.L的功率小于額定功率C.L2亮，其功率等于額定功率B. L1亮，其功率等于額定功率D.含L支路的總功率較另一支路的大電功率;串聯(lián)電路和并聯(lián)電路.考點(diǎn)：閉合電路的歐姆定律;電功、 專題：恒定電流專題.分析：當(dāng)開關(guān)接

15、1時，L與L2串聯(lián)后與Li并聯(lián)；則由閉合電路的歐姆定律及串 并聯(lián)電路的規(guī)律可得出各燈的功率情況.解答：解：A、因L與L2串聯(lián)后接在電源兩端，而兩燈的額定電壓均為6V,故 兩燈功率一定小于額定功率，故A正確；B、因電源電壓為6V,而電源有內(nèi)電阻，故電源的輸出電壓一定小于6V,故B 錯誤；C、由A的分析可知，L2的功率要小于額定功率，故C錯誤；U2D、因兩并聯(lián)支路兩電壓相等，故由P= R可知，含L支路的電阻要大，故其功率比另一支路要小，故D錯誤； 故選A.點(diǎn)評：本題要注意圖中給出的電源電動勢與燈泡的額定電壓的關(guān)系，由此才能 分析燈泡的功率.汽車電動機(jī)啟動時車燈會瞬時變暗，如圖，在打開車燈的情況下，

16、電動機(jī)未 啟動時電流表讀數(shù)為10A ,電動機(jī)啟動時電流表讀數(shù)為58A ,若電源電動勢為12.5V，內(nèi)阻為0.05 Q,電流表內(nèi)阻不計，則因電動機(jī)啟動，車燈的電功率降低1機(jī)了(A.35.8WB. 43.2WC. 48.2WD.76.8W考點(diǎn)：閉合電路的歐姆定律；電功、電功率.專題：計算題;壓軸題.分析：電機(jī)不啟動時電源電壓直接加在燈泡兩端，由閉合電路歐姆定律可求得 通過燈泡的電流，由功率公式可求得燈泡消耗的功率；而當(dāng)電機(jī)啟動時，電動機(jī)與燈泡并連接在電源兩端，此時燈泡兩端的電壓仍等 于路端電壓，由功率公式可求得車燈消耗的功率；則可求得車燈的電功率降低值.由歐姆定律得 匸R+r求得R=1.2 Q,燈

17、泡消耗功率為Pl=EI-I 電源的電動勢E和內(nèi)阻r (電流表內(nèi)阻不計)： S扳至2時，電源的輸出功率.考點(diǎn)：閉合電路的歐姆定律:電功、電功率. r=120W :電動機(jī)啟動后，路端電壓Ul =E-I r=9.6V ,燈泡消耗電功率為Pl Ul29.62電壓：以由U=E-lr 求得.11.如圖所示電路中，電阻R1=R2=3 Q , R3=6 Q ,S扳至1時，電流表的示數(shù)為1.0A ,S扳至2時，R = 1.2 W=76.8W.所以燈泡功率降低了 P=120W-76.8W=43.2W;B.點(diǎn)評：本題要注意電路的結(jié)構(gòu)，無論開關(guān)是否閉合，燈泡兩端的電壓都為路端 同時要注意電動機(jī)為非純電阻用電器，不能適

18、用歐姆定律，路端電壓可專題：恒定電流專題.分析：(1)開關(guān)S扳至1時，電阻Ri、R3并聯(lián)后與R2串聯(lián).S扳至2時，電阻R1、R2串聯(lián)聯(lián)后與R2并聯(lián).分別求出外電路總電阻，根據(jù)閉合電路歐姆定律列 出兩個方程，組成方程組求解電源的電動勢E和內(nèi)阻r .(2) S扳至2時，電路電流為1.5A，根據(jù)串并聯(lián)電路的特點(diǎn)算出外電路總電阻， 根據(jù)P出=I2R求解電源的輸出功率.解答：解 :( 1)根據(jù)閉合電路歐姆定律得RR2(R1 + R2 )R3當(dāng)開關(guān) S 接 1 時：E=li( R1 +R2 +R 2+r)當(dāng)開關(guān) S 接 2 時：E= I2 R1 + R2 + R電源的效率n多大？考點(diǎn)：閉合電路的歐姆定律;

19、電功、電功率. 專題：.分析：(1 )由電源的U-I圖象讀出電動勢，求出內(nèi)阻.兩圖線交點(diǎn)表示電阻與 電源組成閉合電路時的工作狀態(tài)，讀出電壓和電流，由公式P=UI求出電源的輸 出功率P +r代入數(shù)據(jù)，得：E=5+rE=1.5( 3+r )求解方程組，得：E=6.0V , r=1.0 Q當(dāng)開關(guān)S接2時，l=1.5A,外電路電阻(R1 + R2) R3R= R1 + R2 + R3 = 3 Q2P 出=I R = 1.5 XI.5 3 = 6.75W(1)電源的電動勢E為6.0V，內(nèi)阻r為S扳至2時，電源的輸出功率為6.75W .1.0 Q ;電源內(nèi)部損耗的電功率是多大(2)?U-I圖線，當(dāng)上(2)

20、點(diǎn)評：關(guān)于電源的電動勢和內(nèi)電阻的求解，經(jīng)常出現(xiàn)兩種情況，根據(jù)閉合電路 歐姆定律列兩個方程，組成方程組求解.電源內(nèi)部損耗的電功率由公式P內(nèi)=I 2r求解.電源的總功率為P總=IE ,電源的效率為n =P總.代入數(shù)據(jù)求解即可.解答:解：(1)從A的圖線可讀出電源的電動勢 E=3V,旦3 內(nèi)阻 r= 1 m = 6 Q =0.5 Q ,從圖象的交點(diǎn)可讀出：路端電壓U=2V,電路電流I=2A則電源的輸出功率為(2)電源內(nèi)部損耗的P 出=UI=2 X 2W=4W電功率 P 內(nèi)=1 2r=2 2 X 0.5W=2W .電源的總功率為P 總=IE=2 X 3W=6W也4故 電源的 效率為n = P、= 6

21、X100% =66.7% .答：(1)電源的輸出功率P出為4W(2)電源內(nèi)部損耗的電功率是2W.(3)電源的效率n是66.7% .點(diǎn)評：本題考查對電源和電阻伏安特性曲線的理解能力，關(guān)鍵要理解兩圖線的 交點(diǎn)就表示該電源和該電阻組成閉合電路時的工作狀態(tài)，能直接讀出電流和路 端電壓，從而求出電源的輸出功率.13.如圖所示，電源電動勢為E=30V,內(nèi)阻為r=1 Q ,電燈上標(biāo)有“ 6V, 12W字R=2 Q 若電燈恰能正常發(fā)光，求電動機(jī)輸出的機(jī)械功考點(diǎn)：電功、電功率;閉合電路的歐姆定律.專題：電場力與電勢的性質(zhì)專題.分析：電燈恰能正常發(fā)光，故回路中電流等于電燈的額定電流，電動機(jī)輸出的Pl機(jī)械功率等于電

22、源總功率減去回路中的熱功率.12解答：解：電燈恰好正常發(fā)光 匸U L = 6 A=2A設(shè)電動機(jī)兩端電壓為Um ,則有：E=U燈+Um +lr電動機(jī)輸出功率：Pm出=UmI-I 2R 代入數(shù)據(jù)聯(lián)立解得，Pm出=36W 答：電動機(jī)輸出的機(jī)械功率為36W.點(diǎn)評：本題是電機(jī)電路問題，關(guān)鍵明確電動機(jī)不是純電阻，其輸出的機(jī)械功率 等于輸入功率與熱功率之差.1.用伏安法測電池的電動勢和內(nèi)電阻的實(shí)驗(yàn)中，下列注意事項中正確的是A 應(yīng)選用新的干電池作為被測電源，以使電壓表示數(shù)的變化比較明顯B.應(yīng)選用內(nèi)阻較小的電壓表和電流表C 移動滑動變阻器的滑片時，不能使滑動變阻器短路造成電流表過載D .根據(jù)實(shí)驗(yàn)記錄的數(shù)據(jù)作 U

23、 - I圖象時，應(yīng)通過盡可能多的點(diǎn)畫一條直線，并使不在直線上的點(diǎn)大致均勻地分布在直線兩側(cè)A.B.C.D.1.在用伏安法測電池的電動勢和內(nèi)電阻的實(shí)驗(yàn)中，下列注意事項中錯誤的是 應(yīng)選用舊的干電池作為被測電源，以使電壓表示數(shù)的變化比較明顯 應(yīng)選用內(nèi)阻較小的電壓表和電流表 移動滑動變阻器的滑片時，不能使滑動變阻器短路造成電流表過載 根據(jù)實(shí)驗(yàn)記錄的數(shù)據(jù)作U- I圖象時，應(yīng)通過盡可能多的點(diǎn)畫一條直線，并使不在B錯誤.直線上的點(diǎn)大致均勻分布在直線兩側(cè)解析：選B.電壓表內(nèi)阻應(yīng)選阻值大的，對電流表內(nèi)阻沒有特別要求,如圖為兩個不同閉合電路中兩個不同電源的U-I圖象，則下列說法正確的是（A .電動勢E1=E2,發(fā)生

24、短路時的電流 l1 l2B .電動勢Ei=E2，內(nèi)阻電動勢E1=E2，內(nèi)阻D .電流相同時，電源1的輸出功率大由圖可知，兩圖象的與縱坐標(biāo)的交點(diǎn)相同，說明兩圖象所表示的電源的電動勢相同;由圖可知，1的短路電流大于2的短路電流I1 l2，故A正確;則由r=可知，內(nèi)電阻rirrunJUI IHr 1 I 2Rt在任何電路中，電功 W=UIt=I 2Rt在任何電路中，電功為Ult，電熱為 I 2Rt考點(diǎn)：電功、電功率;焦耳定律. 專題：恒定電流專題.電能全部轉(zhuǎn)化分析：電功和電熱的公式均適用于任何電路.在純電阻電路中，為內(nèi)能，電功等于電熱，W=UIt=I 2Rt .在非純電阻電路中，電能一部分轉(zhuǎn)化為內(nèi)

25、能，另一部分轉(zhuǎn)化為其他形式的能，電功大于電熱，即UIt I 2Rt .解答：解：A、在任何電路中，電功 W=UIt ,電熱Q=I 2Rt .故A正確.B、C、D、在非純電阻電路中，電能一部分轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，另一部分轉(zhuǎn)化為其他形 式的能，電功大于電熱，即Ult I 2Rt ;在純電阻電路中，電能全部轉(zhuǎn)化為內(nèi)能， 電功等于電熱，W=UIt=I 2Rt .故B正確，C錯誤，D正確.故選：ABD.物理錯題集選修3-1P46 P54 物理錯題集選修3-1P46 P54 點(diǎn)評：對于純電阻電路和非純電阻電路，電功與電熱的公式都成立，只是在純 電阻電路中，兩者相等，在非純電阻電路中，電功大于電熱.臺電動機(jī)，額定電壓是100V，電阻是1 Q.正常工作時，通過的電流為 5A，則電動機(jī)因發(fā)熱損失的功率為（)A . 500W B . 25W C. 2000WD . 475W根據(jù)焦耳定律得到P 熱=1 2r= (5A ) 2 X1 Q=25W故選BU2（2011?松江區(qū)二模）計算電功率的公式P= R中，U表示加在用電器兩端的電壓值，R是用電器的電阻值，則此式可用于（A.計算電冰箱的功率B.計算電風(fēng)扇的功率計算電烙鐵的功率計算一切用電器的功率考點(diǎn)：電功、電功率;歐姆定律.專題: 恒定電流專題.分析：在計算電功率的公式中，總功率用P=IU來計