2023學(xué)年西藏林芝地區(qū)第二中學(xué)高二物理第一學(xué)期期中質(zhì)量跟蹤監(jiān)視試題含解析

1、2023學(xué)年高二上物理期中模擬試卷注意事項：1 答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。2選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用05毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3請按照題號順序在各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、在一個閉合電路中，當把外電阻變?yōu)樵瓉淼谋叮渌鼦l件不變時，電路中的電流變?yōu)樵瓉淼囊话?，?/p>

2、此可以判斷電源的內(nèi)阻與的關(guān)系是（ ）A B C D2、P、Q兩電荷的電場線分布如圖所示，、為電場中的兩點一個離子從運動到（不計重力），軌跡如圖所示則下列判斷正確的是AQ帶正電Bc點電勢低于d點電勢C離子在運動過程中受到P的吸引D離子從到，電場力做正功3、如圖，等邊三角形線框LMN由三根相同的導(dǎo)體棒連接而成，固定于勻強磁場中，線框平面與磁感應(yīng)強度方向垂直，線框頂點M、N與直流電源兩端相接，已如導(dǎo)體棒MN受到的安培力大小為F，則線框LMN受到的安培力的大小為A2FB1.5FC0.5FD04、如圖所示，實線表示電場線，虛線表示等勢線，a、b兩點的電勢分別為=20 V，=50 V，則a、b連線的中點c

3、的電勢應(yīng)為（）A B C D無法判斷的高低5、關(guān)于電動勢，下列說法正確的是A所有電池的電動勢都是B體積越大的電源，其電動勢一定越大C電動勢數(shù)值上就等于電源正負極之間的電壓D電動勢表示電源將其它形式的能轉(zhuǎn)化為電能的本領(lǐng)6、 “套圈圈”是大人和小孩都喜愛的一種游戲某大人和小孩直立在界外，在同一豎直線上不同高度分別水平拋出小圓環(huán)，并恰好套中前方同一物體，假設(shè)小圓環(huán)的運動可以視作平拋運動，從拋出圓環(huán)至圓環(huán)落地的整個過程中，下列說法中正確的是（）A大人拋出圓環(huán)運動的時間比小孩拋出圓環(huán)運動的時間要短B小孩拋出圓環(huán)的速度比大人拋出圓環(huán)的速度要小C大人拋出的圓環(huán)運動發(fā)生的位移比小孩拋出的圓環(huán)運動發(fā)生的位移要大

4、D小孩與大人拋出的圓環(huán)速度變化量大小相等二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示的電場中有A、B兩點，下列判定正確的是：( )A電勢AB，場強EAEBB電勢AB，場強EA0）的粒子從a點移動到b點，其電勢能減小W1：若該粒子從c點移動到d點，其電勢能減小W2，下列說法正確的是（ ）A此勻強電場的場強方向一定與a、b兩點連線平行B若該粒子從M點移動到N點，則電場力做功一定為C若c、d之間的距離為L，則該電場的場強大小一定為D若W1=W2，則a、M兩點之間的電勢差一定

5、等于b、N兩點之間的電勢差10、如圖電路中，電源電動勢為E、內(nèi)阻為r，電容器的電容為C。閉合開關(guān)S，增大可變電阻R的阻值，電壓表示數(shù)的變化量大小為U，電流表示數(shù)變化量的大小為I，在這個過程中，下列判斷正確的是A電容器的帶電量減少，減小量小于CUB電阻R1兩端電壓減小，減小量等于UC電壓表的示數(shù)U和電流表的示數(shù)I的比值變大D電壓表的示數(shù)U和電流表的示數(shù)I的比值變大三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）在測量電源的電動勢和內(nèi)阻的實驗中，某同學(xué)根據(jù)電流表和電壓表的示數(shù)，得到了如圖所示的UI圖象，則該電源的電動勢_V，內(nèi)電阻_。12（12分

6、）圖（a）為某同學(xué)測量一節(jié)干電池的電動勢和內(nèi)電阻的電路圖。（1）虛線框內(nèi)是用毫安表改裝成電流表的電路。已知毫安表表頭的內(nèi)阻為10 ，滿偏電流為100 mA，電阻R1=2.5 ，由此可知，改裝后電流表的量程為_A。（2）實驗步驟如下，請完成相應(yīng)的填空：將滑動變阻器R的滑片移到_端（選填“A”或“B”），閉合開關(guān)S；多次調(diào)節(jié)滑動變阻器的滑片，記下電壓表的示數(shù)U和毫安表的示數(shù)I；某次測量時毫安表的示數(shù)如圖（b）所示，其讀數(shù)為_mA。以U為縱坐標，I為橫坐標，作UI圖線，如圖（c）所示；根據(jù)圖線求得電源的電動勢E=_V，內(nèi)阻r=_。（結(jié)果均保留到小數(shù)點后兩位）四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案

7、寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）兩個相同的極板Y與Y的長度l=6.0cm，相距d=2cm，極板間的電壓U=200V一個電子從靜止經(jīng)電壓為U0=900V的加速電場后，沿平行于板面的方向射入電場中把兩極板間的電場看做勻強電場，電子能射出電場（電子的電量與質(zhì)量的比值為0.51012C/kg），求(1)電子射出電場時沿垂直于板面方向偏移的距離y；(2)出射時速度偏轉(zhuǎn)的角度正切值14（16分）如圖所示，地面光滑，質(zhì)量為m1的A物塊，以v0=10m/s的速度向右勻速運動，質(zhì)量分別為m2、m3的物塊B與C，由輕質(zhì)并且處于原長狀態(tài)的彈簧相固連，B、C和彈簧初始

8、靜止放置，某時刻A與B碰撞后立刻粘在一起已知m1=2kg，m2=m3=3kg，求：(1)A與B碰撞粘在一起后瞬間的速度大小;(2)此后運動過程中，彈簧被第一次壓縮到最短時的彈性勢能大小15（12分）如圖所示，在空間有一坐標系xOy，直線OP與x軸正方向的夾角為30，第一象限內(nèi)有兩個大小不同、方向都垂直紙面向外的勻強磁場區(qū)域和，直線OP是它們的邊界，OP上方區(qū)域中磁場的磁感應(yīng)強度為B。一質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電的粒子(不計重力)以速度v從O點沿與OP成30角的方向垂直于磁場進入?yún)^(qū)域，質(zhì)子先后通過磁場區(qū)域和后，恰好垂直打在x軸上的Q點(圖中未畫出)，試求：（1）區(qū)域中磁場的磁感應(yīng)強度大?。唬?

9、）Q點的坐標。參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】設(shè)變化前，根據(jù)閉合回路歐姆定律可得，變化后，聯(lián)立解得，A正確2、C【解析】根據(jù)電場線從正電荷出發(fā)到負電荷終止可知，P帶正電荷，Q帶負電荷，選項A錯誤；由順著電場線方向電勢逐漸降低可知，c點電勢高于d點電勢，選項B錯誤；由離子從運動到的軌跡彎曲方向可知，離子在運動過程中受到P的吸引，選項C正確；離子從到，電場力做負功，選項D錯誤3、B【解析】設(shè)每一根導(dǎo)體棒的電阻為R，長度為L，則電路中，上下兩路電阻之比為，根據(jù)并聯(lián)電路兩端各電壓相等的特點可知，上下兩路電流之

10、比如下圖所示，由于上路通電的導(dǎo)體受安培力的有效長度為L，根據(jù)安培力計算公式，可知，得，根據(jù)左手定則可知，兩力方向相同，故線框LMN所受的合力大小為，故本題選B4、B【解析】由圖看出，ac段電場線比bc段電場線密，所以ac段場強較大，根據(jù)公式U=Ed可知，ca間電勢差Uca大于b、c間電勢差Ubc，即，得到A故A不符合題意B故B符合題意 C故C不符合題意 D無法判斷的高低故D不符合題意5、D【解析】各種干電池的電動勢都是1.5V，鉛蓄電池的電動勢是2V，故A錯誤；電動勢是表征電源把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能本領(lǐng)強弱，與電源的體積無關(guān)，如各種體積干電池的電動勢都是1.5V，故B錯誤；電源正負極之間的電

11、壓是路端電壓，電源的電動勢在數(shù)值上等于內(nèi)、外電壓之和，電源沒有接入電路時兩極間的電壓在數(shù)值上等于電源的電動勢，故C錯誤；電動勢表示電源將其它形式的能轉(zhuǎn)化為電能的本領(lǐng)，故D正確；故選D【點睛】本題考查對于電源的電動勢的理解能力；電源沒有接入電路時兩極間的電壓在數(shù)值上等于電源的電動勢電動勢的物理意義是表征電源把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能本領(lǐng)強弱，與外電路的結(jié)構(gòu)無關(guān)電源的電動勢在數(shù)值上等于內(nèi)、外電壓之和6、C【解析】A項：圓環(huán)拋出后為平拋運動，豎直方向為自由落體運動，圓環(huán)運動時間，大人身高高，拋出的圓環(huán)做平拋運動高度高，所以運動時間長，故A錯誤；B項：大人小孩在同一豎直線上拋出，套中前方同一個物體，說明

12、水平位移相同，水平方向勻速直線運動，大人拋出的圓環(huán)運動時間長，所以大人應(yīng)該以較小的初速度拋出，故B錯誤；C項：大人和小孩拋出的圓環(huán)水平位移相同，但大人拋出圓環(huán)的豎直位移大，根據(jù)矢量合成，大人拋出圓環(huán)的位移較大，故C正確；D項：圓環(huán)單位時間內(nèi)速度變化量，圓環(huán)拋出后加速度相同，所以無論大人還是小孩拋出，單位時間內(nèi)的速度變化量都相同，故D錯誤。點晴：解決本題關(guān)鍵是理解平拋運動的處理方法：水平方向的勻速直線運動，豎直方向的自由落體運動。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC

13、【解析】AB、電場線疏密表示電場的強弱，故場強，沿著電場線的方向電勢降低，可知，故B正確，A錯誤；C、將電荷量為q的正電荷放在電場中，受力的方向是從A指向B，故從A點移到B點，電場力做正功，電勢能減少，故C正確；D、將電荷量為q的負電荷分別放在A、B兩點，根據(jù)可知負電荷在電勢低的地方電勢能大，即有，故D錯誤；故選BC8、ABD【解析】帶電粒子所受電場力指向軌跡彎曲的內(nèi)側(cè)，電場線與等勢面垂直，且由于帶電粒子帶正電，因此電場線指向右下方，根據(jù)沿電場線電勢降低，可知a等勢線的電勢最高，c等勢線的電勢最低，故A正確；根據(jù)帶電粒子受力情況可知，若粒子從P到Q過程，電場力做正功，動能增大，電勢能減小，故帶

14、電粒子在P點具有的電勢能比在Q點具有的電勢能大，故B正確；只有電場力做功，所以帶電粒子在P點的動能與電勢能之和與在Q點的相等，故C錯誤；電場的方向總是與等勢面垂直，所以R點的電場線的方向與該處的等勢面垂直，而帶正電粒子受到的電場力的方向與電場線的方向相同，加速度的方向又與受力的方向相同，所以帶電粒子在R點的加速度方向垂直于等勢面b故D正確9、BD【解析】試題分析：利用電場力做功 ，可以找到兩點之間電勢差的關(guān)系，要知道中點電勢和兩端點電勢之間的關(guān)系A(chǔ)、選項根據(jù)題意無法判斷，故A項錯誤B、由于電場為勻強磁場，M為a、c連線的中點，N為b、d連線的中點，所以 若該粒子從M點移動到N點，則電場力做功一

15、定為 ,故B正確；C、因為不知道勻強電場方向，所以場強大小不一定是，故C錯誤；D、若W1=W2，說明 由因為；解得： ，故D正確；故選BD點睛： 對勻強電場的電場特征要了解，利用電場力做功與電勢差之間的關(guān)系求解10、AC【解析】AB閉合開關(guān)S，增大可變電阻R的阻值后，電路中電流減小，由歐姆定律分析得知，電阻R1兩端的電壓減小，電阻R兩端的電壓增大，而它們的總電壓即路端電壓增大，所以電阻R1兩端的電壓減小量小于U，則電容器的帶電量減小，減小量小于CU。故A正確，B錯誤。C根據(jù)歐姆定律，R增大，則電壓表的示數(shù)U和電流表的示數(shù)I的比值變大。故C正確。D根據(jù)閉合電路歐姆定律得：U=E-I（R1+r），

16、由數(shù)學(xué)知識得知，保持不變。故D錯誤。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、1.5 1.0 【解析】根據(jù)閉合電路歐姆定律有則可知圖象與縱軸的交點表示電動勢，圖象的斜率表示內(nèi)電阻；則由圖示電源UI圖可知，電源的電動勢為內(nèi)電阻為12、0.5 B 68 1.48 0.45 【解析】（1）1根據(jù)歐姆定律得，改裝后電流表的量程A（2）2為保護電路，實驗中應(yīng)讓電阻由最大值開始調(diào)節(jié)，所以開始時滑片應(yīng)滑到B端；3電流表量程為100mA，由圖示表盤可知，其讀數(shù)為68mA；4 根據(jù)改裝原理可知，實際電流為電流表讀數(shù)的5倍，由閉合電路歐姆定律可知：由圖可知，電源

17、的電動勢：E=1.48V解得：r=2.45-2=0.45。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、 (1)y=0.01m (2)tan=13【解析】(1)用動能定理求得電子經(jīng)加速電場后的速度，電子進入偏轉(zhuǎn)電場后做類平拋運動，將運動分解為沿初速方向和垂直初速方向可得側(cè)移y；(2)用速度的分解求出速度偏轉(zhuǎn)角的正切值?！驹斀狻?1) 電子經(jīng)過加速電場，由動能定理，得eU0=12mv02電子進入極板內(nèi)，做類平拋運動，則偏轉(zhuǎn)距離y=12at2又a=eUmd，t=lv0則偏轉(zhuǎn)距離y=Ul24dU0，代入數(shù)據(jù)y=0.01m(2) 方

18、法一：出射時速度偏轉(zhuǎn)的角的正切值tan=vyv0=atv0代入數(shù)據(jù)解得tan=13方法二：tan=yl2=13【點睛】平拋（類平拋）運動，速度偏向角的正切（tan=vyv0=atv0）是位移偏向角正切（tan=yx=12at2v0t=at2v0）的2倍。14、 (1)v=4m/s (2)Ep=15J【解析】（1）根據(jù)AB系統(tǒng)動量守恒求出碰后AB的速度；（2）從AB碰后到三者共速過程中運用機械能守恒求解彈性勢能的大小【詳解】(1)A與B碰撞過程，以AB為系統(tǒng)，取向右為正方向，由動量守恒定律有：m1v0=m1+m2v 代入數(shù)據(jù)解得v=4m/s(2)彈簧被第一次壓縮到最短時A、B、C三物塊速度相等，全程由動量守恒定律有：m1v0=m1+m2+m3v 解得v=2.5m/s從A與B碰撞粘在一起后到彈簧被第一次壓縮到最短的過程中由機械能守恒定律有：12m1+m2v2=12m1+m2+m3v2+Ep 解得Ep=15J故本題答案是：(1)v=4m/s (2)Ep=15J15、 (1)B=2B (2) X=3+12mvqB【解析】（1）設(shè)質(zhì)子在磁場和中做