2023學(xué)年江西省吉安市物理高二上期中檢測試題含解析

1、2023學(xué)年高二上物理期中模擬試卷注意事項：1答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準考證號、考場號和座位號填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）填涂在答題卡相應(yīng)位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角條形碼粘貼處。2作答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目選項的答案信息點涂黑；如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。3非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區(qū)域內(nèi)相應(yīng)位置上；如需改動，先劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。4考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y(jié)束后，請將本試卷和答題卡

2、一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖甲所示，單匝線圈兩端A、B與一理想電壓表相連，線圈內(nèi)有一垂直紙面向里的磁場，線圈中的磁通量變化規(guī)律如圖乙所示。下列說法正確的是( )A00.1s內(nèi)磁通量的變化量為0.15WbB電壓表讀數(shù)為VCB端比A端的電勢高D電壓表“”接線柱接A端2、如圖所示，當滑動變阻器的滑動片P向左移動時，下列說法正確的是 （ ）A燈的亮度不變B燈變亮C燈變暗D燈先變亮后變暗3、關(guān)于UAB和WABqUAB的理解，正確的是（）A電場中的A、B兩點的電勢差和兩點間移動電荷的電荷量q成反比B在電場中A、B

3、兩點間沿不同路徑移動相同電荷，路徑長時WAB較大CUAB與q、WAB無關(guān)，甚至與是否移動電荷都沒有關(guān)系DWAB與q、UAB無關(guān)，與電荷移動的路徑無關(guān)4、如圖甲所示，有一絕緣圓環(huán)，圓環(huán)上均勻分布著正電荷，圓環(huán)平面與豎直平面重合一光滑細桿沿垂直圓環(huán)平面的軸線穿過圓環(huán)，細桿上套有一個質(zhì)量為m10 g的帶正電的小球，小球所帶電荷量q5.0104 C小球從C點由靜止釋放，其沿細桿由C經(jīng)B向A運動的vt圖象如圖乙所示小球運動到B點時，vt圖象的切線的斜率最大(圖中標出了該切線)則下列說法錯誤的是()A在O點右側(cè)桿上，B點場強最大，場強大小為E1.2 V/mB由C到A的過程中，小球的電勢能先減小后增大C由C

4、到A電勢逐漸降低DC、B兩點間的電勢差UCB0.9 V5、一帶電粒子以大小為v0的速度垂直進入勻強磁場中，沿半圓acb運動，如圖所示，帶電粒子經(jīng)過c點時（ ）A不受洛倫茲力的作用B受到指向圓心方向的洛倫茲力C速度小于v0D速度大于v06、如圖所示，六個點電荷分布在邊長為a的正六邊形ABCDEF的六個頂點處，在B、F處的電荷的電荷量為q，其余各處電荷的電荷量均為+q，MN為正六邊形的一條中線，則下列說法正確的是AM，N兩點電勢不相等BM，N兩點電場強度相同C在中心O處，電場強度大小為，方向由O指向AD沿直線從M到N移動正電荷時，電勢能先減小后增大二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分

5、。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，AB、CD為一圓的兩條直徑，且互相垂直，O點為圓心空間存在一未知靜電場，方向與圓周所在平面平行現(xiàn)有一電子，在電場力作用下（重力不計），先從A點運動至C點，動能減少了W；又從C點運動至B點，動能增加了W，那么關(guān)于此空間存在的靜電場可能是A方向垂直于AB并由C指向O的勻強電場B方向垂直于AB并由O指向C的勻強電場C位于O點的正點電荷形成的電場D位于D點的正點電荷形成的電場8、在水平地面上空中有豎直方向的勻強電場，一帶電小球以某一初速度由M點沿如圖所示的軌跡運動到N點由此可知（

6、）A小球所受的電場力一定大于重力B小球的動能一定減小C小球的機械能保持不變D小球的動能、電勢能和重力勢能之和保持不變9、如圖所示，四個相同的表頭分別改裝成兩個電流表和兩個電壓表。電流表的量程大于的量程，電壓表的量程大于的量程，把它們按圖接入電路，且都沒有超過量程，則（ ）A電流表的讀數(shù)大于電流表的讀數(shù)B電流表的偏轉(zhuǎn)角小于電流表的偏轉(zhuǎn)角C電壓表的讀數(shù)等于電壓表的讀數(shù)D電壓表的偏轉(zhuǎn)角等于電壓表的偏轉(zhuǎn)角10、如圖所示，AC、BD為圓的兩條互相垂直的直徑，圓心為O，半徑為r，將帶等電荷量的正、負點電荷放在圓周上，它們的位置關(guān)于AC對稱，q與O點的連線和OC夾角為30，下列說法正確的是AA、C兩點的電勢

7、關(guān)系是ACBB、D兩點的電勢關(guān)系是BDCO點的場強大小為kqr2DO點的場強大小為3kqr2三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）某同學(xué)在“描繪小燈泡的伏安特性曲線”的實驗中，現(xiàn)除了有一個標有“5 V，15 W”的小燈泡，導(dǎo)線和開關(guān)外，還有：A直流電源：電動勢約為6 V，內(nèi)阻可不計 B直流電流表A1：量程23A，內(nèi)阻約為21C直流電流表A1：量程2622 mA，內(nèi)阻約為5 D直流電壓表V1：量程215V，內(nèi)阻為15kE直流電壓表V1：量程23V，內(nèi)阻為6 k F滑動變阻器R： 212 ，1 AG電阻箱一個R2（符號為“ ”）：299

8、99.9，最小調(diào)節(jié)量2.1；實驗要求小燈泡兩端的電壓從零開始變化至額定電壓5V，且電表讀數(shù)相對誤差較?。?）以上器材中電流表應(yīng)選用_（填器材代號），電壓表應(yīng)選用_（填器材代號）（1）在方框中畫出實驗原理電路圖；（3）通過實驗作出小燈泡的伏安特性曲線，如圖甲所示現(xiàn)把兩個完全相同的這種小燈泡并聯(lián)接到電路中，電路圖如圖乙所示，其中電源電動勢E = 3V，內(nèi)阻r = 6，則此時每個燈泡的實際功率為_W（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）12（12分）某同學(xué)根據(jù)機械能守恒定律，設(shè)計實驗探究彈簧的彈性勢能與壓縮量的關(guān)系。（1）如圖（a），將輕質(zhì)彈簧下端固定于鐵架臺，在上端的托盤中依次增加砝碼，測得相應(yīng)的彈簧長度，部分

9、數(shù)據(jù)如下表，由數(shù)據(jù)算得勁度系數(shù)k=_N/m。（g取9.8m/s2）（2）取下彈簧，將其一端固定于氣墊導(dǎo)軌左側(cè)，如圖（b）所示；調(diào)整導(dǎo)軌，使滑塊自由滑動時，通過兩個光電門的速度大小_。（3）用滑塊壓縮彈簧，記錄彈簧的壓縮量x；釋放滑塊，記錄滑塊脫離彈簧后的速度v，釋放滑塊過程中，彈簧的彈性勢能轉(zhuǎn)化為_。（4）重復(fù)（3）中的操作，得到v與x的關(guān)系如圖（c）。由上述實驗可得結(jié)論：對同一根彈簧，彈性勢能與彈簧的壓縮量的平方成_關(guān)系。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）在圖中的電路中，若 R1=4，R3=6，電池內(nèi)阻

10、r=0.6，則電源產(chǎn)生的總功率為40W，而輸出功率為37.6W。求：（1）電源內(nèi)阻上消耗的電功率是多少？（2）電源電動勢.14（16分）如圖所示，某同學(xué)沒計了一個屏蔽高能粒子輻射的裝置，圓環(huán)形區(qū)域內(nèi)有垂直紙面向里的勻強磁場，磁感應(yīng)強度為B。將輻射源放在圓心O處，輻射源在紙面內(nèi)向外輻射質(zhì)量為m電荷量為q的粒子，粒子速度大小不同，已知環(huán)形區(qū)域內(nèi)圓半徑為R，外圓半徑為R，輻射源放出的粒子恰好均不能從磁場外邊界射出，求：（1）輻射源射出粒子的最大速度值；（2）從O點以最大速度射出的粒子第一次回到O點的時間。15（12分）圖示電路中R1=12 ，R2=6 ，滑動變阻器R3上標有“20 2 A”字樣，理想

11、電壓表的量程有03 V和015 V兩擋，理想電流表的量程有00.6 A和03 A兩擋閉合開關(guān)S，將滑片P從最左端向右移動到某位置時，電壓表、電流表示數(shù)分別為2.5 V和0.3 A；繼續(xù)向右移動滑片P至另一位置，電壓表指針指在滿偏的，電流表指針指在滿偏的求：（1）此時電流表的示數(shù)；（2）電源的電動勢參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】A.00.1s內(nèi)磁通量的變化量為0.05Wb，故A錯誤B.感應(yīng)電動勢，故B錯誤C.根據(jù)楞次定律判斷B端比A端的電勢低，故C錯誤D. B端比A端的電勢低，電壓表“”接線柱接A端，

12、故D正確故選D2、B【解析】設(shè)滑動變阻器總電阻為R，滑動端P的左右兩邊電阻分別為R-R1和R1，則通過燈泡的電流則當滑動變阻器的滑動片P向左移動時，R1變大IL變大，燈泡變亮；A燈的亮度不變，與結(jié)論不相符，選項A錯誤；B燈變亮，與結(jié)論相符，選項B正確；C燈變暗，與結(jié)論不相符，選項C錯誤；D燈先變亮后變暗，與結(jié)論不相符，選項D錯誤；3、C【解析】A電勢差公式是比值定義法，電場中的A、B兩點間的電勢差和兩點間移動電荷的電量q和電場力做功均無關(guān)。故A錯誤；B根據(jù)公式WAB=qUAB，在電場中A、B兩點移動不同的電荷，電場力的功WAB和電量q成正比，故B錯誤；C電勢差公式是比值定義法，UAB與q、WA

13、B無關(guān)，甚至與是否移動電荷都沒有關(guān)系，故C正確；D電場力做功與路徑無關(guān)，電場力的功WAB和電量q成正比，即WAB與q成正比，但與電荷移動的路徑無關(guān)，故D錯誤。4、B【解析】A、由乙圖可知，小球在B點的加速度最大，故所受的電場力最大，加速度由電場力產(chǎn)生，故B點的電場強度最大，小球的加速度：a=vt=0.35=0.06m/s2，又：a=qEm，解得E=maq=0.010.06510-4=1.2V/m，故A正確；BC、從C到A小球的動能一直增大，說明電場力一直做正功，故電勢能一直減小，根據(jù)=EPq可知電勢一直減小，故C正確，B錯誤；D、由C到B電場力做功為WCB=12mvB2-0，CB間電勢差為UC

14、B=Wq=mvB22q=0.010.322510-4=0.9V，故D正確；錯誤的故選B?！军c睛】關(guān)鍵是通過乙圖的v-t圖象判斷出加速度，加速度最大時受到的電場力最大，電場強度最大，由電場力做功即可判斷電勢能，由W=qU求的電勢差。5、B【解析】帶電粒子在磁場中運動時受到洛倫茲力作用，因洛倫茲力方向與速度方向垂直，則粒子做勻速圓周運動，洛倫茲力充當向心力，速度大小不變，則帶電粒子經(jīng)過c點時受洛倫茲力的作用，其方向指向圓心，速度等于v0，選項ACD錯誤，B正確；故選B.【點睛】此題關(guān)鍵是知道帶電粒子在磁場中做勻速圓周運動，洛倫茲力充當向心力，且洛倫茲力不做功，粒子的速度大小不變.6、C【解析】由對

15、稱性可知，MN兩點電勢相等，選項A錯誤；中間一組-q和+q電荷在MN兩處合場強大小相等，方向水平向左，最上邊一組正電荷在M點合場強為0，最下面一組在N點合場強為0，最上邊一組正電荷在N點合場強方向豎直向下，最下邊一組正電荷在M點合場強方向豎直向上，最上邊一組正電荷在N點合場強大小和最下邊一組正電荷在M點合場強大小相等，所以M、N兩點場強大小相等，方向不同，故B錯誤；上下兩組正電荷共四個+q在O點合場強為0，中間-q和+q電荷在O點合場強大小為2，方向沿O指向-q方向，所以中心O點場強大小為2，方向沿O指向A方向，故C正確若將正電荷從M點沿直線移動到N點，垂直MN方向上的電場力一直不做功，豎直方

16、向上電場力先做負功，后做正功，由對稱性可知所做總功一定為零，所以MN兩點電勢相等，正電荷電勢能先增大后減?。还蔇錯誤故選C點睛：本題考查的就是點電荷的電場的分布，這要求同學(xué)對于基本的幾種電場的情況要了解，本題考查的就是學(xué)生對電場的疊加原理的應(yīng)用，要注意運用等效思維來解題二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AD【解析】考點：電勢能；點電荷的場強；勻強電場專題：電場力與電勢的性質(zhì)專題分析：根據(jù)電子的電勢能的變化確定A和B電勢相等如果是勻強電場，AB連線是等勢線根據(jù)電子先從

17、A點運動至C點，動能減少了W去判斷A點和C點電勢高低，從而判斷場強方向如果是點電荷形成的電場，根據(jù)電子先從A點運動至C點，動能減少了W去判斷場強方向解答：解：現(xiàn)讓一電子先從A點運動至C點，動能減少了W；又從C點運動到B點，動能增加了W，所以A和B電勢相等A、如果是勻強電場，AB連線是等勢線，勻強電場垂直于AB，由于電子先從A點運動至C點，動能能減少，則電勢能增加，所以A點電勢高于C點電勢，沿著電場線電勢一定降低所以方向垂直于AB由O點指向C點，故A正確，B錯誤C、如果位于O點的正點電荷形成的電場，A點電勢等于C點電勢，故C錯誤D、位于D點的正電荷形成的電場，符合題意，故D正確故選AD點評：注意

18、電勢能不僅與電荷有關(guān)還與電勢有關(guān)，分析時一定要帶入符號進行研究8、AD【解析】A在豎直方向上，小球只受重力和電場力，由軌跡圖像可知，小球做類平拋運動，在豎直方向上向上運動，則電場力大于重力，A正確；BC在豎直方向上，小球做加速運動，水平方向上做勻速運動，所以小球的動能增大，小球向上運動，重力勢能增大，所以小球機械能增大，BC錯誤；D小球只受重力和電場力的作用，電勢能轉(zhuǎn)化為重力勢能和動能，故小球的動能、電勢能和重力勢能之和保持不變，D正確。9、AD【解析】電流表A1的量程大于A2的量程，故電流表A1的內(nèi)阻小于A2的內(nèi)阻；電壓表V1的量程大于V2的量程，故V1的電阻大于V2的電阻；AB由圖可知，兩

19、電流表并聯(lián)，故兩流表兩端的電壓相等，兩表由同一電流表改裝而成，而將電流表擴大量程時為并聯(lián)一小電阻，故相當于為四個電阻并聯(lián)，故兩表頭中電流相同，故兩表的偏角相同，故A1中的電流要大于A2中的電流，故A1的讀數(shù)比A2的讀數(shù)大，故A正確，B錯誤；CD兩電壓表串聯(lián)，故通過兩表的電流相等，故V1的讀數(shù)比V2的讀數(shù)大，兩電壓表串聯(lián)，通過表頭的電流相等，表頭指針偏轉(zhuǎn)角度相等，電壓表V1的偏轉(zhuǎn)角等于電壓表V2的偏轉(zhuǎn)角，故D正確，C錯誤。故選AD。10、AC【解析】由等量異種點電荷的電場分布和等勢面的關(guān)系可知，等量異種點電荷的連線的中垂線為一條等勢線，故A、C兩點的電勢關(guān)系是AC，A對；空間中電勢從左向右逐漸降

20、低，故B、D兩點的電勢關(guān)系是BD，B錯；q點電荷在O點的場強與q點電荷在O點的場強的大小均為kqr2，方向與BD方向向上和向下均成60的夾角，合場強方向向右，根據(jù)電場的疊加原理知合場強大小為kqr2，C對D錯三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、（1）A1；V1 （1） （3）2.12W2.11W 【解析】試題分析：（1）燈泡的額定電壓為5V，因此電壓表選擇大于等于5V的即可，故選E；而燈泡的額定電流；故電流表應(yīng)選擇C；因本實驗采用分壓接法，滑動變阻器應(yīng)選小電阻；故滑動變阻器選擇F；（1）本實驗要求多測幾組數(shù)據(jù)，故采用分壓接法；同時因電流

21、表內(nèi)阻與燈泡內(nèi)阻接近，故電流表選用外接法；實物圖如下圖所示；（3）作電源的伏安特性曲線，與甲圖相交的交點，即為電燈泡工作點考點：“描繪小燈泡的伏安特性曲線”的實驗12、50 相等 滑塊的動能 正比 【解析】(1)1表格中，當50g時，彈簧長度為8.62cm，當100g時，彈簧長度為7.63cm，當150g時，彈簧長度為6.66cm，根據(jù)胡克定律，F(xiàn)=kx，設(shè)彈簧的勁度系數(shù)為k，原長為x0，則列式：0.059.8=k（x0-0.0862）0.19.8=k（x0-0.0763）聯(lián)立兩式解得：k=50N/m(2)2通過光電門來測量瞬時速度，從而獲得釋放壓縮的彈簧的滑塊速度，為使彈性勢能完全轉(zhuǎn)化為動能，則導(dǎo)軌必須水平，因此通過兩個光電門的速度大小須相等；