【高考真題】2022年6月新高考物理真題試卷（浙江卷）

1、登錄二一教育在線組卷平臺(tái) 助您教考全無憂二一教育在線組卷平臺(tái)（）自動(dòng)生成 【高考真題】2022年6月新高考物理真題試卷（浙江卷）一、選擇題（本題共13小題，每小題3分，共39分。每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中只有一個(gè)是符合題目要求的，不選、多選、錯(cuò)選均不得分）1下列屬于力的單位是（） Akgm/s2Bkgm/sCkgm2/sDkgs / m22下列說法正確的是（） A鏈球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)過程中加速度不變B足球下落過程中慣性不隨速度增大而增大C乒乓球被擊打過程中受到的作用力大小不變D籃球飛行過程中受到空氣阻力的方向與速度方向無關(guān)3如圖所示，魚兒擺尾擊水躍出水面，吞食荷花花瓣的過程中，下列說法正確的是（）

2、 A魚兒吞食花瓣時(shí)魚兒受力平衡B魚兒擺尾出水時(shí)浮力大于重力C魚兒擺尾擊水時(shí)受到水的作用力D研究魚兒擺尾擊水躍出水面的動(dòng)作可把魚兒視為質(zhì)點(diǎn)4關(guān)于雙縫干涉實(shí)驗(yàn)，下列說法正確的是（） A用復(fù)色光投射就看不到條紋B明暗相間條紋是兩列光在屏上疊加的結(jié)果C把光屏前移或后移，不能看到明暗相間條紋D藍(lán)光干涉條紋的間距比紅光的大5下列說法正確的是（） A恒定磁場(chǎng)對(duì)靜置于其中的電荷有力的作用B小磁針N極在磁場(chǎng)中的受力方向是該點(diǎn)磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向C正弦交流發(fā)電機(jī)工作時(shí)，穿過線圈平面的磁通量最大時(shí)，電流最大D升壓變壓器中，副線圈的磁通量變化率大于原線圈的磁通量變化率6神州十三號(hào)飛船采用“快速返回技術(shù)”，在近地軌道上，返

3、回艙脫離天和核心艙，在圓軌道環(huán)繞并擇機(jī)返回地面。則（） A天和核心艙所處的圓軌道距地面高度越高，環(huán)繞速度越大B返回艙中的宇航員處于失重狀態(tài)，不受地球的引力C質(zhì)量不同的返回艙與天和核心艙可以在同一軌道運(yùn)行D返回艙穿越大氣層返回地面過程中，機(jī)械能守恒7圖為氫原子的能級(jí)圖。大量氫原子處于n=3的激發(fā)態(tài)，在向低能級(jí)躍遷時(shí)放出光子，用這些光子照射逸出功為2.29eV的金屬鈉。下列說法正確的是（）A逸出光電子的最大初動(dòng)能為10.80eVBn=3躍遷到n=1放出的光電子動(dòng)量最大C有3種頻率的光子能使金屬鈉產(chǎn)生光電效應(yīng)D用0.85eV的光子照射，氫原子躍遷到n=4激發(fā)態(tài)8如圖所示，王亞平在天宮課堂上演示了水球

4、光學(xué)實(shí)驗(yàn)，在失重環(huán)境下，往大水球中央注入空氣，形成了一個(gè)空氣泡，氣泡看起來很明亮，其主要原因是（） A氣泡表面有折射沒有全反射B光射入氣泡衍射形成“亮斑”C氣泡表面有折射和全反射D光射入氣泡干涉形成“亮斑”9如圖所示，帶等量異種電荷的兩正對(duì)平行金屬板M、N間存在勻強(qiáng)電場(chǎng)，板長(zhǎng)為L(zhǎng)（不考慮邊界效應(yīng)）。t=0時(shí)刻，M板中點(diǎn)處的粒子源發(fā)射兩個(gè)速度大小為v0的相同粒子，垂直M板向右的粒子，到達(dá)N板時(shí)速度大小為 ；平行M板向下的粒子，剛好從N板下端射出。不計(jì)重力和粒子間的相互作用，則（） AM板電勢(shì)高于N板電勢(shì)B兩個(gè)粒子的電勢(shì)能都增加C粒子在兩板間的加速度為 D粒子從N板下端射出的時(shí)間 10如圖所示，一

5、輕質(zhì)曬衣架靜置于水平地面上，水平橫桿與四根相同的斜桿垂直，兩斜桿夾角=60。一重為G的物體懸掛在橫桿中點(diǎn)，則每根斜桿受到地面的（）A作用力為 B作用力為 C摩擦力為 D摩擦力為 11如圖所示，一根固定在墻上的水平光滑桿，兩端分別固定著相同的輕彈簧，兩彈簧自由端相距x。套在桿上的小球從中點(diǎn)以初速度v向右運(yùn)動(dòng)，小球?qū)⒆鲋芷跒門的往復(fù)運(yùn)動(dòng)，則（）A小球做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)B小球動(dòng)能的變化周期為 C兩根彈簧的總彈性勢(shì)能的變化周期為TD小球的初速度為 時(shí)，其運(yùn)動(dòng)周期為2T12風(fēng)力發(fā)電已成為我國(guó)實(shí)現(xiàn)“雙碳”目標(biāo)的重要途經(jīng)之一。如圖所示，風(fēng)力發(fā)電機(jī)是一種將風(fēng)能轉(zhuǎn)化為電能的裝置。某風(fēng)力發(fā)電機(jī)在風(fēng)速為9m/s時(shí)，輸出電功

6、率為405kW，風(fēng)速在510m/s范圍內(nèi)，轉(zhuǎn)化效率可視為不變。該風(fēng)機(jī)葉片旋轉(zhuǎn)一周掃過的面積為A，空氣密度為，風(fēng)場(chǎng)風(fēng)速為v，并保持風(fēng)正面吹向葉片。下列說法正確的是（） A該風(fēng)力發(fā)電機(jī)的輸出電功率與風(fēng)速成正比B單位時(shí)間流過面積A的流動(dòng)空氣動(dòng)能為 C若每天平均有1.0108kW的風(fēng)能資源，則每天發(fā)電量為2.4109kWhD若風(fēng)場(chǎng)每年有5000h風(fēng)速在610m/s的風(fēng)能資源，則該發(fā)電機(jī)年發(fā)電量至少為6.0105kWh13小明用額定功率為1200W、最大拉力為300N的提升裝置，把靜置于地面的質(zhì)量為20kg的重物豎直提升到高為85.2m的平臺(tái)，先加速再勻速，最后做加速度大小不超過5m/s2的勻減速運(yùn)動(dòng)，

7、到達(dá)平臺(tái)速度剛好為零，則提升重物的最短時(shí)間為（） A13.2sB14.2sC15.5sD17.0s二、選擇題（本題共3小題，每小題2分，共6分。每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中至少有一個(gè)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得2分，選對(duì)但不選全的得1分，有選錯(cuò)的得0分）14秦山核電站生產(chǎn) 的核反應(yīng)方程為 ，其產(chǎn)物 的衰變方程為 。下列說法正確的是（） AX是 B 可以用作示蹤原子C 來自原子核外D經(jīng)過一個(gè)半衰期，10個(gè) 將剩下5個(gè)15如圖為某一徑向電場(chǎng)示意圖，電場(chǎng)強(qiáng)度大小可表示為 ， a為常量。比荷相同的兩粒子在半徑r不同的圓軌道運(yùn)動(dòng)。不考慮粒子間的相互作用及重力，則（） A軌道半徑r小的粒子角速度一定小B電荷

8、量大的粒子的動(dòng)能一定大C粒子的速度大小與軌道半徑r一定無關(guān)D當(dāng)加垂直紙面磁場(chǎng)時(shí)，粒子一定做離心運(yùn)動(dòng)16位于x=0.25m的波源P從t=0時(shí)刻開始振動(dòng)，形成的簡(jiǎn)諧橫波沿x軸正負(fù)方向傳播，在t=2.0s時(shí)波源停止振動(dòng)，t=2.1s時(shí)的部分波形如圖所示，其中質(zhì)點(diǎn)a的平衡位置xa=1.75m，質(zhì)點(diǎn)b的平衡位置xb=0.5m。下列說法正確的是（）A沿x軸正負(fù)方向傳播的波發(fā)生干涉Bt=0.42s時(shí)，波源的位移為正Ct=2.25s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)a沿y軸負(fù)方向振動(dòng)D在0到2s內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)b運(yùn)動(dòng)總路程是2.55m三、非選擇題（本題共6小題，共55分）17 （1）“探究小車速度隨時(shí)間變化的規(guī)律”實(shí)驗(yàn)裝置如圖1所示，長(zhǎng)木板水

9、平放置，細(xì)繩與長(zhǎng)木板平行。圖2是打出紙帶的一部分，以計(jì)數(shù)點(diǎn)O為位移測(cè)量起點(diǎn)和計(jì)時(shí)起點(diǎn)，則打計(jì)數(shù)點(diǎn)B時(shí)小車位移大小為 cm。由圖3中小車運(yùn)動(dòng)的數(shù)據(jù)點(diǎn)，求得加速度為 m/s2（保留兩位有效數(shù)字）。利用圖1裝置“探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”的實(shí)驗(yàn)，需調(diào)整的是 （多選）。A換成質(zhì)量更小的車 B調(diào)整長(zhǎng)木板的傾斜程度C把鉤碼更換成砝碼盤和砝碼 D改變連接小車的細(xì)繩與長(zhǎng)木板的夾角（2）“探究求合力的方法”的實(shí)驗(yàn)裝置如圖4所示，在該實(shí)驗(yàn)中，下列說法正確的是 （單選）；A拉著細(xì)繩套的兩只彈簧秤，穩(wěn)定后讀數(shù)應(yīng)相同B在已記錄結(jié)點(diǎn)位置的情況下，確定一個(gè)拉力的方向需要再選擇相距較遠(yuǎn)的兩點(diǎn)C測(cè)量時(shí)彈簧秤外殼與木板之間不能

10、存在摩擦D測(cè)量時(shí)，橡皮條、細(xì)繩和彈簧秤應(yīng)貼近并平行于木板若只有一只彈簧秤，為了完成該實(shí)驗(yàn)至少需要 （選填“2”、“3”或“4”）次把橡皮條結(jié)點(diǎn)拉到O。18 （1）探究滑動(dòng)變阻器的分壓特性，采用圖1所示的電路，探究滑片P從A移到B的過程中，負(fù)載電阻R兩端的電壓變化。圖2為實(shí)驗(yàn)器材部分連線圖，還需要 （選填af、bf、fd、fc、ce或cg）連線（多選）。圖3所示電壓表的示數(shù)為 V。已知滑動(dòng)變阻器的最大阻值R0=10，額定電流I=1.0A。選擇負(fù)載電阻R=10，以R兩端電壓U為縱軸，為 橫軸（x為AP的長(zhǎng)度，L為AB的長(zhǎng)度），得到 分壓特性曲線為圖4中的“I”；當(dāng)R=100，分壓特性曲線對(duì)應(yīng)圖4中

11、的 （選填“”或“”）；則滑動(dòng)變阻器最大阻值的選擇依據(jù)是 。（2）兩個(gè)相同的電流表G1和G2如圖5所示連接，晃動(dòng)G1表，當(dāng)指針向左偏轉(zhuǎn)時(shí)，靜止的G2表的指針也向左偏轉(zhuǎn)，原因是_（多選）。A兩表都是“發(fā)電機(jī)”BG1表是“發(fā)電機(jī)”，G2表是“電動(dòng)機(jī)”CG1表和G2表之間存在互感現(xiàn)象DG1表產(chǎn)生的電流流入G2表，產(chǎn)生的安培力使G2表指針偏轉(zhuǎn)19物流公司通過滑軌把貨物直接裝運(yùn)到卡車中，如圖所示，傾斜滑軌與水平面成24角，長(zhǎng)度l1=4m，水平滑軌長(zhǎng)度可調(diào)，兩滑軌間平滑連接。若貨物從傾斜滑軌頂端由靜止開始下滑，其與滑軌間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為 ，貨物可視為質(zhì)點(diǎn)（取cos24=0.9，sin24=0.4）。 （1

12、）求貨物在傾斜滑軌上滑行時(shí)加速度a1的大??；（2）求貨物在傾斜滑軌末端時(shí)速度v的大??；（3）若貨物滑離水平滑軌末端時(shí)的速度不超過2m/s，求水平滑軌的最短長(zhǎng)度l2。20如圖所示，在豎直面內(nèi)，一質(zhì)量m的物塊a靜置于懸點(diǎn)O正下方的A點(diǎn)，以速度v逆時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)的傳送帶MN與直軌道AB、CD、FG處于同一水平面上，AB、MN、CD的長(zhǎng)度均為l。圓弧形細(xì)管道DE半徑為R，EF在豎直直徑上，E點(diǎn)高度為H。開始時(shí)，與物塊a相同的物塊b懸掛于O點(diǎn)，并向左拉開一定的高度h由靜止下擺，細(xì)線始終張緊，擺到最低點(diǎn)時(shí)恰好與a發(fā)生彈性正碰。已知m=2g，l=1m，R=0.4m，H=0.2m，v=2m/s，物塊與MN、CD之間

13、的動(dòng)摩擦因數(shù)=0.5，軌道AB和管道DE均光滑，物塊a落到FG時(shí)不反彈且靜止。忽略M、B和N、C之間的空隙，CD與DE平滑連接，物塊可視為質(zhì)點(diǎn)。（1）若h=1.25m，求a、b碰撞后瞬時(shí)物塊a的速度v0的大??；（2）物塊a在DE最高點(diǎn)時(shí)，求管道對(duì)物塊的作用力FN與h間滿足的關(guān)系；（3）若物塊b釋放高度0.9mh0）、速度大小不同的離子，其中速度大小為v0的離子進(jìn)入轉(zhuǎn)筒，經(jīng)磁場(chǎng)偏轉(zhuǎn)后恰好沿y軸負(fù)方向離開磁場(chǎng)。落在接地的筒壁或探測(cè)板上的離子被吸收且失去所帶電荷，不計(jì)離子的重力和離子間的相互作用。（1）求磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大??；若速度大小為v0的離子能打在Q板的A處，求轉(zhuǎn)筒P角速度的大??；（2）較長(zhǎng)時(shí)間

14、后，轉(zhuǎn)筒P每轉(zhuǎn)一周有N個(gè)離子打在板Q的C處，OC與x軸負(fù)方向的夾角為，求轉(zhuǎn)筒轉(zhuǎn)動(dòng)一周的時(shí)間內(nèi)，C處受到平均沖力F的大小；（3）若轉(zhuǎn)筒P的角速度小于 ，且A處探測(cè)到離子，求板Q上能探測(cè)到離子的其他的值（為探測(cè)點(diǎn)位置和O點(diǎn)連線與x軸負(fù)方向的夾角）。答案解析部分1【答案】A【知識(shí)點(diǎn)】單位制及量綱【解析】【解答】根據(jù)牛頓第二定律有F=ma，m=1kg，a=1m/s2，F(xiàn)=1N，所以1N=1kgm/s2則屬于力的單位為kgm/s2.故選A?！痉治觥扛鶕?jù)力學(xué)中的三個(gè)基本單位結(jié)合牛頓第二定律列方程求解。2【答案】B【知識(shí)點(diǎn)】加速度；慣性【解析】【解答】A.鏈球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)加速度大小不變，但方向時(shí)刻都在改

15、變，故A錯(cuò)誤。B.足球的慣性只與質(zhì)量有關(guān)，與其他因素?zé)o關(guān)，故B正確。C.乒乓球被擊打過程中受到的作用力隨著形變量的減小而減小，故C錯(cuò)誤。D.籃球飛行過程中所受阻力的方向與速度方向相反，故D錯(cuò)誤。故答案為：B?！痉治觥考铀俣仁鞘噶?，既有大小，又有方向；慣性只與質(zhì)量有關(guān)與其他因素?zé)o關(guān)；乒乓球所受的作用力與形變量的大小有關(guān)；籃球所受空氣阻力與速度方向相反。3【答案】C【知識(shí)點(diǎn)】力與運(yùn)動(dòng)的關(guān)系【解析】【解答】A魚兒吞食花瓣時(shí)只受重力，處于完全失重狀態(tài)，受力不平衡，故A錯(cuò)誤。B魚兒擺尾出水的原因是擺尾時(shí)水對(duì)魚向上的作用力大于重力，故B錯(cuò)誤。C.魚兒擺尾時(shí)對(duì)水有作用力，由牛頓第三定律可得水對(duì)魚尾也有作用力

16、，故C正確。D研究魚兒擺尾擊水躍出水面的動(dòng)作不可以把魚兒視為質(zhì)點(diǎn)，D錯(cuò)誤。故選C?！痉治觥扛鶕?jù)魚躍出水面時(shí)的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)進(jìn)行受力分析，結(jié)合力與運(yùn)動(dòng)的關(guān)系分析求解。4【答案】B【知識(shí)點(diǎn)】雙縫干涉現(xiàn)象【解析】【解答】A用復(fù)色光投射看到的時(shí)彩色條紋，故A錯(cuò)誤；B雙縫干涉實(shí)驗(yàn)中，明暗相間條紋是兩列光在屏上發(fā)生干涉疊加的結(jié)果，B正確；C由條紋間距公式知，把光屏前移或后移，改變了L，從而改變了條紋間距，但還可能看到明暗相間條紋，故C錯(cuò)誤；D根據(jù)條紋間距和藍(lán) 0.25s，即質(zhì)點(diǎn)a還在繼續(xù)振動(dòng)，結(jié)合圖象可知質(zhì)點(diǎn)a位移為正且向y軸正方向運(yùn)動(dòng)，故C錯(cuò)誤；D.波傳到b點(diǎn)所需的時(shí)間t=0.3s；在0到2s內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)a振動(dòng)的

17、時(shí)間為1.7s，質(zhì)點(diǎn)b運(yùn)動(dòng)總路程17倍的振幅，所以總路程為2.25m，故D正確。故選BD?！痉治觥扛鶕?jù)兩個(gè)波發(fā)生干涉的條件以及機(jī)械波的波長(zhǎng)，波速和周期頻率之間的關(guān)系列方程求解。17【答案】（1）；BC（2）D；3【知識(shí)點(diǎn)】探究小車速度隨時(shí)間變化的規(guī)律【解析】【解答】（1）根據(jù)刻度尺的讀數(shù)原理可得O到B的距離為6.20cm 由圖3中小車運(yùn)動(dòng)的數(shù)據(jù)點(diǎn)，有 A利用圖1裝置“探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”的實(shí)驗(yàn)時(shí)，需要滿足小車質(zhì)量遠(yuǎn)遠(yuǎn)大于鉤碼質(zhì)量，所以不需要換質(zhì)量更小的車，故A錯(cuò)誤；B利用圖1裝置“探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”的實(shí)驗(yàn)時(shí)，需要平衡摩擦阻力，所以需要將長(zhǎng)木板的一端墊高，故B正確；C以系統(tǒng)為研

18、究對(duì)象，依題意“探究小車速度隨時(shí)間變化的規(guī)律”實(shí)驗(yàn)時(shí)有，因?yàn)?，則有，解得，而利用圖1裝置“探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”的實(shí)驗(yàn)時(shí)要保證所懸掛質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車質(zhì)量；可知目前實(shí)驗(yàn)條件不滿足，所以利用當(dāng)前裝置在“探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”時(shí)，需將鉤碼更換成砝碼盤和砝碼，以滿足小車質(zhì)量遠(yuǎn)遠(yuǎn)大于所懸掛物體的質(zhì)量，故C正確；D實(shí)驗(yàn)過程中，需將連接砝碼盤和小車的細(xì)繩應(yīng)跟長(zhǎng)木板始終保持平行，與之前的相同，故D錯(cuò)誤。故選BC。（2）A在不超出彈簧測(cè)力計(jì)的量程和橡皮條形變限度的條件下，使拉力適當(dāng)大些，不必使兩只測(cè)力計(jì)的示數(shù)相同，故A錯(cuò)誤；B在已記錄結(jié)點(diǎn)位置的情況下，確定一個(gè)拉力的方向需要再選擇相距較遠(yuǎn)的一個(gè)點(diǎn)就可以

19、了，故B錯(cuò)誤；C實(shí)驗(yàn)中拉彈簧秤時(shí)，只需讓彈簧與外殼間沒有摩擦，此時(shí)彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù)即為彈簧對(duì)細(xì)繩的拉力相等，與彈簧秤外殼與木板之間是否存在摩擦無關(guān)，故C錯(cuò)誤；D為了減小實(shí)驗(yàn)中摩擦對(duì)測(cè)量結(jié)果的影響，拉橡皮條時(shí)，橡皮條、細(xì)繩和彈簧秤應(yīng)貼近并平行于木板，故D正確。故選D 若只有一只彈簧秤，為了完成該實(shí)驗(yàn)，用手拉住一條細(xì)繩，用彈簧稱拉住另一條細(xì)繩，互成角度的拉橡皮條，使其結(jié)點(diǎn)達(dá)到某一點(diǎn)O，記下位置O和彈簧稱示數(shù)F1和兩個(gè)拉力的方向；交換彈簧稱和手所拉細(xì)繩的位置，再次將結(jié)點(diǎn)拉至O點(diǎn)，使兩力的方向與原來兩力方向相同，并記下此時(shí)彈簧稱的示數(shù)F2；只有一個(gè)彈簧稱將結(jié)點(diǎn)拉至O點(diǎn)，并記下此時(shí)彈簧稱的示數(shù)F的大小及

20、方向；所以若只有一只彈簧秤，為了完成該實(shí)驗(yàn)至少需要3次把橡皮條結(jié)點(diǎn)拉到O。【分析】（1）根據(jù)“探究小車速度隨時(shí)間變化的規(guī)律”的實(shí)驗(yàn)原理以及牛頓第二定律進(jìn)行分析求解。（2）根據(jù)力的平行四邊形定則以及探究力的平行四邊形定則的實(shí)驗(yàn)原理和實(shí)驗(yàn)步驟進(jìn)行分析求解。18【答案】（1） 、 、 ；（2）B；D【知識(shí)點(diǎn)】其他實(shí)驗(yàn)【解析】【解答】（1）由實(shí)驗(yàn)電路圖可知，還需要af、fd、ce連線；由題可知，電壓表的示數(shù)為1.50V，注意估讀。假定AP部分的電阻為，分別與10與100并聯(lián)再與BP部分的電阻串聯(lián)；由于相同的與100并聯(lián)后的電阻較與10并聯(lián)后的電阻大，則根據(jù)閉合電路的歐姆定律可知，滑片在相同位置下，負(fù)載

21、電阻越大，其兩端電壓越大；即在相同橫坐標(biāo)下，此時(shí)負(fù)載100時(shí)，電壓表的示數(shù)應(yīng)該較曲線為圖4中的“I”來得大，故應(yīng)該選“”。由上述分析可知，對(duì)于不同的負(fù)載電阻，調(diào)節(jié)滑動(dòng)觸頭時(shí)負(fù)載兩端的電壓變化規(guī)律不同，當(dāng)負(fù)載電阻小于滑動(dòng)變阻器最大阻值時(shí)，負(fù)載電阻兩端電壓隨滑動(dòng)觸頭的變化而更迅速變化；當(dāng)負(fù)載電阻大于滑動(dòng)變阻器最大阻值時(shí)，負(fù)載電阻兩端電壓隨滑動(dòng)觸頭的變化而更加平穩(wěn)變化，從而獲得更多的實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)。所以，在保證電路安全的情況下，滑動(dòng)變阻器最大阻值的選擇依據(jù)是相比負(fù)載電阻越小越好，即。（2）據(jù)題意可知：電流表主要部件是永久磁鐵和帶有指針的線圈，G1和G2用導(dǎo)線連接起來當(dāng)晃動(dòng)動(dòng)G1時(shí)，相當(dāng)于G1中的線圈做切割

22、磁感線運(yùn)動(dòng)，電路中會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流；由于兩個(gè)電表構(gòu)成了閉合電路，則電流會(huì)通過G2表中的線圈，而該線圈處于磁場(chǎng)中，由于通電導(dǎo)線在磁場(chǎng)中受力的作用，G2的指針也會(huì)偏轉(zhuǎn)；則G1表相當(dāng)于“發(fā)電機(jī)”，G2表相當(dāng)于“電動(dòng)機(jī)”，故AC錯(cuò)誤，BD正確。故選BD?！痉治觥?1)根據(jù)實(shí)驗(yàn)電路圖進(jìn)行連線即可；根據(jù)電壓表的讀數(shù)原則進(jìn)行讀數(shù)，注意估讀；滑動(dòng)變阻器采用分壓接法時(shí)，在保證電路安全的前提下，阻值越小越好，（2）根據(jù)電動(dòng)機(jī)和發(fā)電機(jī)的原理和電路的結(jié)構(gòu)進(jìn)行分析求解。19【答案】（1）解：已知傾斜滑軌與水平面成24角， 對(duì)貨物列牛頓第二定律 解得： （2）解：貨物做勻加速運(yùn)動(dòng)，根據(jù)速度和位移的關(guān)系可得： 解得： （3）

23、解：貨物做勻減速運(yùn)動(dòng) 根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式可得： 根據(jù)牛頓第二定律可得： 聯(lián)立兩式解得：【知識(shí)點(diǎn)】力與運(yùn)動(dòng)的關(guān)系【解析】【分析】（1）對(duì)貨物進(jìn)行受力分析，根據(jù)牛頓第二定律列方程求解。（2）根據(jù)第一問所求加速度，結(jié)合運(yùn)動(dòng)學(xué)公式列方程求解。（3）根據(jù)題意分析臨界條件，由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式和牛頓第二定律聯(lián)立分析求解。20【答案】（1）解：滑塊b擺到最低點(diǎn) 彈性正碰 （2）解：以豎直向下為正方向 從 釋放時(shí)，滑塊a運(yùn)動(dòng)到E點(diǎn)時(shí)速度恰好為零 代入數(shù)據(jù)解得：（3）解：當(dāng) 時(shí) 當(dāng) 時(shí)從 釋放時(shí)，滑塊a運(yùn)動(dòng)到距C點(diǎn) 處速度恰好為零，滑塊a由E點(diǎn)速度為零，返回到 時(shí)距C點(diǎn) 處速度恰好為零 【知識(shí)點(diǎn)】傳送帶模型；能量守恒定律【

24、解析】【分析】（1）由動(dòng)能定理計(jì)算碰撞前物體b的速度，再根據(jù)彈性碰撞過程中動(dòng)量守恒和機(jī)械能守恒列方程求解。（2）由動(dòng)能定理可計(jì)算出物塊a到達(dá)最高點(diǎn)時(shí)的速度表達(dá)式，再對(duì)物塊進(jìn)行受力分析，根據(jù)牛頓第二定律列方程求解。（3）分別計(jì)算速度最大和速度最小時(shí)物塊a所處的位置，并結(jié)合運(yùn)動(dòng)學(xué)規(guī)律和牛頓第二定律列方程分析求解。21【答案】（1）解：根據(jù)安培力公式可得： 根據(jù)圖2可得，在0t1時(shí)間內(nèi)，動(dòng)子和線圈做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，有 聯(lián)立兩個(gè)式子，并代入數(shù)據(jù)解得：（2）解：S擲向2接通定值電阻R0時(shí)，感應(yīng)電流 此時(shí)的安培力為F安1=nBI1l根據(jù)牛頓第二定律有： 在 至 期間加速度恒定，則 （3）解：根據(jù)圖2可得： 0 2s時(shí)間內(nèi)位移大小為 根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律得：E= 根據(jù)電流的定義式可得：q=It I= 聯(lián)立解得：感應(yīng)電量 從t3時(shí)刻到最