2022-2023學(xué)年廣東省高三（下）（第三次）模擬考試物理試卷-普通用卷

第=page11頁(yè)，共=sectionpages11頁(yè)2022-2023學(xué)年廣東省高三（下）（第三次）模擬考試物理試卷一、單選題（本大題共7小題，共28.0分）1.我國(guó)的火星探測(cè)車用放射性材料PuO2作為燃料，PuO2中的Pu元素是94238Pu。A.方程中X是電子

B.衰變過(guò)程質(zhì)量數(shù)減小

C.放出的射線是α射線，它的電離能力很強(qiáng)

D.100個(gè)94238Pu原子核經(jīng)過(guò)2.如圖所示，一半圓形玻璃磚，C點(diǎn)為其圓心，直線OO′過(guò)C點(diǎn)與玻璃磚上表面垂直，與直線OO′平行且等距的兩束不同頻率的細(xì)光a、b從空氣射入玻璃磚，折射后相交于圖中的P點(diǎn)，以下說(shuō)法正確的是(

)A.b光從空氣射入玻璃，波長(zhǎng)變長(zhǎng)

B.真空中a光的波長(zhǎng)大于b光的波長(zhǎng)

C.a光的頻率大于b光的頻率

D.若a、b光從同一介質(zhì)射入真空，a光發(fā)生全反射的臨界角較小3.一平行板電容器保持與電源連接，正極板接地，兩板間有一個(gè)負(fù)試探電荷固定在P點(diǎn)，如圖所示，用Ep表示試探電荷在P點(diǎn)的電勢(shì)能，若正極板保持不動(dòng)，將負(fù)極板緩慢向下移動(dòng)一小段距離x，則此過(guò)程中Ep與x的關(guān)系合理的是圖中的(

)

A.圖線a B.圖線b C.圖線c D.圖線d4.“神舟十三號(hào)”載人飛船與“天和”核心艙在2021年10月16日成功對(duì)接，航天員順利進(jìn)入“天和”核心艙。載人飛船和空間站對(duì)接的一種方法叫“同橢圓軌道法”，其簡(jiǎn)化示意圖如圖所示。先把飛船發(fā)射到近地圓形軌道Ⅰ，然后經(jīng)過(guò)多次變軌使飛船不斷逼近空間站軌道，當(dāng)兩者軌道很接近的時(shí)候，再?gòu)目臻g站下方、后方緩慢變軌進(jìn)入空間站軌道。Ⅱ、Ⅲ是繞地球運(yùn)行的橢圓軌道，Ⅳ是繞地球運(yùn)行、很接近空間站軌道的圓形軌道。P、Q分別為橢圓軌道Ⅲ的遠(yuǎn)地點(diǎn)和近地點(diǎn)，下列說(shuō)法正確的是(

)

A.在軌道Ⅲ上，載人飛船在Q點(diǎn)的加速度比在P點(diǎn)的加速度大

B.載人飛船在軌道Ⅲ上運(yùn)行的周期比在軌道Ⅰ上運(yùn)行的周期小

C.載人飛船在軌道Ⅲ上經(jīng)過(guò)P點(diǎn)的速度大于在軌道Ⅳ上經(jīng)過(guò)P點(diǎn)的速度

D.在軌道Ⅲ上，載人飛船在P點(diǎn)的機(jī)械能比在Q點(diǎn)的機(jī)械能大5.一小型水電站通過(guò)升壓變壓器和降壓變壓器給某生活區(qū)供電，發(fā)電機(jī)組輸出電壓恒定，輸電線電阻R保持不變。該生活區(qū)夜晚用電量大于白天用電量，則夜晚與白天比較(

)

A.發(fā)電機(jī)的輸出功率不變 B.用戶獲得的電壓升高

C.輸電線上損失的功率減小 D.降壓變壓器輸出電壓降低6.如圖所示，曲面體P靜止于光滑水平面上，物塊Q自P的上端靜止釋放。Q與P的接觸面光滑，Q在P上運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是

(

)

A.P對(duì)Q做功為零

B.P和Q之間相互作用力做功之和為零

C.P和Q構(gòu)成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒、動(dòng)量守恒

D.P和Q構(gòu)成的系統(tǒng)機(jī)械能不守恒、動(dòng)量守恒7.如圖甲所示，在均勻介質(zhì)中，坐標(biāo)系xOy位于水平面內(nèi)，O處的波源由平衡位置開始垂直xOy平面振動(dòng)，產(chǎn)生的簡(jiǎn)諧橫波在xOy平面內(nèi)傳播，選定圖狀態(tài)為t=0時(shí)刻，實(shí)線圓、虛線圓分別表示相鄰的波峰和波谷，且此時(shí)刻平面內(nèi)只有一圈波谷，圖中質(zhì)點(diǎn)

A.此機(jī)械波的波長(zhǎng)是1m

B.此機(jī)械波的傳播速度為0.4m/s

C.t=0.2s時(shí)，機(jī)械波恰好傳至B處

D.在二、多選題（本大題共3小題，共12.0分）8.Working?Model是一款仿真軟件?？梢杂涗浳矬w的運(yùn)動(dòng)過(guò)程并描繪出運(yùn)動(dòng)圖像。如圖是該軟件導(dǎo)出的xt?t圖像，A.物塊在4s后某一時(shí)刻靜止 B.0時(shí)刻，物塊的速度大小為20m/s

C.物塊運(yùn)動(dòng)的位移大小為609.如圖所示，實(shí)線為電場(chǎng)線，且AB=BC，電場(chǎng)中的A、B、C三點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)分別為EA、EB、EC，電勢(shì)分別為φA、φB、φC，ABA.EA>EB>EC B.10.如圖所示為一圓形區(qū)域，O為圓心，半徑為R，P為邊界上的一點(diǎn)，區(qū)域內(nèi)有垂直于紙面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)(圖中未畫出)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B。電荷量為q、質(zhì)量為m的相同帶電粒子a、b(不計(jì)重力)從P點(diǎn)先后以大小相等的速率v=qBRm射入磁場(chǎng)，粒子a正對(duì)圓心射入，粒子b射入磁場(chǎng)時(shí)的速度方向與粒子a射入時(shí)的速度方向成θ角，已知粒子a與粒子b在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間之比為3∶A.粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的半徑r=R

B.θ=60°

C.θ=30°

D.a、三、實(shí)驗(yàn)題（本大題共2小題，共18.0分）11.某同學(xué)用如圖所示裝置驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律，他將質(zhì)量分別為M、m的A、B兩小球用輕質(zhì)無(wú)彈性細(xì)繩連接并跨過(guò)輕質(zhì)定滑輪，M>m，在B上端分布有兩個(gè)光電門，光電門中心間距是h，重力加速度為g，實(shí)驗(yàn)步驟如下：

(1)用游標(biāo)卡尺測(cè)出小球直徑d，如圖所示，則d=(2)將A球由靜止釋放，記錄B小球依次通過(guò)光電門1和光電門2的遮光時(shí)間t1(3)計(jì)算從光電門1到光電門2過(guò)程中系統(tǒng)動(dòng)能的增量ΔEk=________，系統(tǒng)勢(shì)能的減少量ΔEp=________(用題中給出的物理量d，t1，t2，(4)改變小球12.小剛準(zhǔn)備試測(cè)弟弟的兒童電動(dòng)車上電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，他先上網(wǎng)查了一下，這款電池的電動(dòng)勢(shì)E約為8V。除了導(dǎo)線和開關(guān)外，還可利用的器材有：A.直流電壓表V1、V2，量程均為3V，內(nèi)阻約為3kΩ；BC.最大阻值為8kΩ的電阻箱；

D.滑動(dòng)變阻器RE.滑動(dòng)變阻器R2最大阻值約為5電壓表量程不夠，需要改裝，但是又不知道電壓表內(nèi)阻的準(zhǔn)確值，小剛根據(jù)電表的特點(diǎn)，打算改裝成量程為9V(1)他先將電阻箱與電壓表V1串聯(lián)后，連成圖1所示的電路，其中RP應(yīng)選用___________(填(2)將滑動(dòng)變阻器滑片P移至最右端，同時(shí)將電阻箱阻值調(diào)為零，再閉合開關(guān)，將滑動(dòng)變阻器的滑片(3)保持滑片P的位置不變，調(diào)節(jié)電阻箱，使電壓表的示數(shù)為___________V；不改變電阻箱，電壓表和電阻箱的串聯(lián)組合，就是改裝好的(4)小剛利用改裝后的電壓表，連接成圖2所示的電路測(cè)量電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，這里的RP應(yīng)選用___________(填R1或R2)。移動(dòng)滑動(dòng)變阻器滑片，讀出電壓表V1、V2的多組數(shù)據(jù)U1，U2，描繪出U1?U2圖像如圖3所示，圖中直線斜率為k，與縱軸的截距為a，則電池的電動(dòng)勢(shì)E=四、計(jì)算題（本大題共3小題，共30.0分）13.如圖所示，上端開口高度為3L、橫截面積為S的絕熱圓柱形汽缸放置在水平地面上，汽缸右邊有加熱裝置(體積不計(jì))，一厚度不計(jì)的輕質(zhì)活塞封閉1mol的單分子理想氣體。開始時(shí)活塞距底部的距離為L(zhǎng)，氣體的熱力學(xué)溫度為T1。已知外界大氣壓為p0且保持恒定，1mol的單分子理想氣體內(nèi)能公式為U=3①活塞恰好上升到汽缸頂部時(shí)氣體的溫度和氣體吸收的熱量；②當(dāng)加熱到熱力學(xué)溫度為6T14.如圖，間距為L(zhǎng)的兩平行金屬導(dǎo)軌右端接有電阻R，固定在離地高為H的平面上，空間存在著方向豎直向下、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。質(zhì)量為m的金屬桿ab垂直導(dǎo)軌放置，桿獲得一個(gè)大小為v0的水平初速度后向左運(yùn)動(dòng)并離開導(dǎo)軌，其落地點(diǎn)距導(dǎo)軌左端的水平距離為s。已知重力加速度為g，忽略一切摩擦，桿和導(dǎo)軌電阻不計(jì)。求：(1)桿即將離開軌道時(shí)的加速度大小(2)桿穿過(guò)勻強(qiáng)磁場(chǎng)的過(guò)程中，克服安培力做的功(3)桿ab15.如圖所示，在光滑的水平面上有一質(zhì)量M=4kg的平板車，小車右端固定一豎直擋板，擋板的質(zhì)量不計(jì)，一輕質(zhì)彈簧右端固定在擋板上，在平板車左端P處有一可以視為質(zhì)點(diǎn)的小滑塊，其質(zhì)量m=2kg。平板車上表面Q點(diǎn)的左側(cè)粗糙，右側(cè)光滑，PQ間的距離L=10m。某時(shí)刻平板車以(1)(2)(3)彈簧可能獲得的最大彈性勢(shì)能

答案和解析1.【答案】C

【解析】【分析】

放射性元素的原子核有半數(shù)發(fā)生衰變時(shí)所需要的時(shí)間，叫半衰期，半衰期是對(duì)大量原子核衰變的統(tǒng)計(jì)規(guī)律；由質(zhì)量數(shù)守恒與電荷守恒判斷反應(yīng)產(chǎn)物。

本題主要考查衰變的定義以及核反應(yīng)方程的性質(zhì)，掌握半衰期的定義以及核反應(yīng)方程滿足質(zhì)量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒是解題的關(guān)鍵。

【解答】

ABC.假設(shè)X的原子序數(shù)為A，質(zhì)量數(shù)為Z，由質(zhì)量數(shù)守恒與電荷守恒可知94?92=A，238?234=Z，解得A=2，Z=4，則X為H24H?e，所以放出的射線是高速氦核流，它的電離能力很強(qiáng)，故AB錯(cuò)誤，C2.【答案】B

【解析】解：A、光在兩種介質(zhì)的界面處不改變光的頻率，b光從空氣射入玻璃磚后，即由光疏介質(zhì)進(jìn)入光密介質(zhì)，由n=cv知，光的傳播速度變慢，由v=λf知，波長(zhǎng)變短，故A錯(cuò)誤；

BC、由題分析可知，玻璃磚對(duì)b束光的折射率大于對(duì)a束光的折射率，則b光的頻率高，由c=λf得知，在真空中，a光的波長(zhǎng)大于b光的波長(zhǎng)，故B正確，C錯(cuò)誤；

D、由sinC=1n可知，a光的折射率小，則a光發(fā)生全反射的臨界角大于b光，故D錯(cuò)誤；

故選B。

3.【答案】B

【解析】【分析】

本題考查電容器的動(dòng)態(tài)分析以及電勢(shì)能的基本概念，由于結(jié)合了圖象內(nèi)容，對(duì)學(xué)生的要求更高了一步，要求能根據(jù)公式得出正確的表達(dá)式，再由數(shù)學(xué)規(guī)律進(jìn)行分析求解。

【解答】

在電容器保持與電源連接的情況下，負(fù)極板緩慢向下移動(dòng)一小段距離x，據(jù)E=Ud得，場(chǎng)強(qiáng)E=Ud+x變小(d為初始時(shí)兩極板之間的距離)；在正極板接地的情況下，設(shè)P點(diǎn)最初的電勢(shì)為φ(負(fù)值)，則φ=?Ex0，x0為P到正極板的距離(保持不變)，因場(chǎng)強(qiáng)E變小則平移后P4.【答案】A

【解析】【分析】

載人飛船在Ⅲ軌道和Ⅱ軌道上運(yùn)行時(shí)機(jī)械能守恒，在Q點(diǎn)由Ⅱ軌道變到Ⅲ軌道需要點(diǎn)火加速，由開普勒第三定律分析周期大小關(guān)系；根據(jù)萬(wàn)有引力產(chǎn)生加速度，分析加速度的大小關(guān)系。本題考查萬(wàn)有引力的應(yīng)用，解題關(guān)鍵掌握開普勒第三定律，注意萬(wàn)有引力產(chǎn)生加速度的應(yīng)用。【解答】

A、根據(jù)萬(wàn)有引力定律有GMmr2=ma，離地球越遠(yuǎn)，萬(wàn)有引力越小，加速度越小，選項(xiàng)A正確;

B、由開普勒第三定律R13T12=R23T22可知，軌道半徑越大，運(yùn)行周期越大，選項(xiàng)B錯(cuò)誤;

C、載人飛船在軌道Ⅲ經(jīng)過(guò)P點(diǎn)時(shí)需加速做離心運(yùn)動(dòng)，才能進(jìn)入軌道Ⅳ.所以載人飛船在軌道Ⅲ經(jīng)過(guò)P5.【答案】D

【解析】【分析】

用電量增大說(shuō)明用電器增多，所有用電器是并聯(lián)接入電路，會(huì)導(dǎo)致電路總電阻減小，引起電流增大，根據(jù)變壓器原理，可以推斷輸電線的電流和發(fā)電機(jī)輸出電流都增大。

本題考查的是電能的輸送問(wèn)題，注意用電量增大的本質(zhì)以及給電路帶來(lái)的影響即可。

【解答】

住宅區(qū)用電量增大說(shuō)明接入電路的用電器增多，即并入電路的負(fù)載增多，負(fù)載總電阻減小，導(dǎo)致生活區(qū)電路總電流增大，對(duì)應(yīng)的輸電線電流增大，發(fā)電站的輸出電流也增大。

A、對(duì)發(fā)電站而言，輸出電壓恒定，輸出電流增大時(shí)，由P=UI可得，輸出功率增大，故A錯(cuò)誤；

B、輸電線電流增大，由U=IR可得，輸電線分壓增大，即電壓損失增多，降壓變壓器原線圈電壓降低，對(duì)應(yīng)的副線圈電壓也降低，即用戶獲得的電壓降低，故B錯(cuò)誤；

C、由P=I2R可得，當(dāng)輸電線電流增大時(shí)，損失功率增大，故C錯(cuò)誤；

D6.【答案】B

【解析】【分析】

力與物體在力的方向上有位移是做功的兩個(gè)必要條件；系統(tǒng)所受合外力為零，系統(tǒng)動(dòng)量守恒；根據(jù)能量轉(zhuǎn)化情況分析系統(tǒng)機(jī)械能守恒；分析清楚物體的運(yùn)動(dòng)過(guò)程，根據(jù)做功的條件、動(dòng)量守恒與機(jī)械能守恒的條件分析答題。

知道做功的條件、動(dòng)量守恒與機(jī)械能守恒的條件、分析清楚物體運(yùn)動(dòng)過(guò)程是解題的前提與關(guān)鍵，根據(jù)做功條件與動(dòng)量守恒條件、機(jī)械能守恒條件即可解題。

【解答】

A.Q在P上運(yùn)動(dòng)過(guò)程，P對(duì)Q有彈力且在力的方向上Q有位移，在運(yùn)動(dòng)中，P會(huì)向左移動(dòng)，P對(duì)Q的彈力方向垂直于接觸面上，與Q前后移動(dòng)連線的位移夾角大于90°，則P對(duì)Q做功不為零，故A錯(cuò)誤；

B.因?yàn)镻Q之間的作用力屬于系統(tǒng)內(nèi)力，并且等大反向，兩者在力的方向上發(fā)生的位移相等，所以做功之和為零，故B正確；

CD、系統(tǒng)在水平方向所受合外力為零，系統(tǒng)在水平方向動(dòng)量守恒，但系統(tǒng)在豎直方向所受合外力不為零，系統(tǒng)在豎直方向動(dòng)量不守恒，系統(tǒng)動(dòng)量不守恒；對(duì)系統(tǒng)，整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程，只有Q的重力做功，所以P，Q組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒，故CD錯(cuò)誤。

故選7.【答案】D

【解析】A.由題圖可知波峰到波谷的距離為1m，故波的波長(zhǎng)為λ?=

2B.右圖為質(zhì)點(diǎn)A的振動(dòng)圖像則T?=根據(jù)波速計(jì)算公式有v故B錯(cuò)誤；C.因?yàn)閠?=

0時(shí)刻平面內(nèi)只有一圈波谷，而此時(shí)O也處于波峰，由此可以判斷波的起振方向向上且波剛開始傳播時(shí)O處于平衡位置，由此可以判斷t?=

0時(shí)波傳播了0.25s、1.25個(gè)波長(zhǎng)，即t?=t故C錯(cuò)誤；D.質(zhì)點(diǎn)C到波源的距離為x由選項(xiàng)C可知，t?=

0時(shí)波傳播了2.5mt由圖像可知波的振幅為A?=故從t?=

0到t?=

s故D正確。故選D。

8.【答案】BD【解析】AC.因?yàn)閤即x為定值，可知此時(shí)物體靜止，即從t0時(shí)刻開始物體已經(jīng)靜止，根據(jù)坐標(biāo)(x選項(xiàng)AC錯(cuò)誤；B.根據(jù)x可得x可得v選項(xiàng)B正確；D.物體的加速度a根據(jù)μ可得μ選項(xiàng)D正確。故選BD。

9.【答案】AB【解析】解：A、由電場(chǎng)線的密集程度可看出電場(chǎng)強(qiáng)度大小關(guān)系為EA>EB>EC，故A正確；

B、A、B、C三點(diǎn)處在一根電場(chǎng)線上，根據(jù)沿著電場(chǎng)線的方向電勢(shì)逐漸降落，故有φA>φB>φC，故B正確；

C、電場(chǎng)線密集的地方電勢(shì)降落較快，由U=Ed知：10.【答案】AC【解析】【分析】

本題主要考查了帶電粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)，熟悉粒子的受力分析，結(jié)合牛頓第二定律和幾何關(guān)系即可完成解答。

根據(jù)洛倫茲力提供向心力，結(jié)合牛頓第二定律得出粒子的運(yùn)動(dòng)半徑；

根據(jù)周期的計(jì)算公式結(jié)合幾何關(guān)系得出周期的大小，從而得出運(yùn)動(dòng)圓弧的圓心角；

理解圓周運(yùn)動(dòng)中的幾何關(guān)系，結(jié)合運(yùn)動(dòng)軌跡完成分析。

【解答】

A.粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的半徑r

=mvqB，代入速度v=qBRm，得r

=

R，故A正確；

BC.因a正對(duì)圓心射入，又r

=

R，故a粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為14T，運(yùn)動(dòng)圓弧的圓心角為90°，兩粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的周期相等，即T?=2πmqB，故b粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為13T，即運(yùn)動(dòng)圓弧的圓心角為120°，運(yùn)動(dòng)圓弧對(duì)應(yīng)的圓心與O、P11.【答案】(1)17.5；(【解析】【分析】

本題考查驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律的實(shí)驗(yàn)。解決問(wèn)題的關(guān)鍵是清楚實(shí)驗(yàn)原理，會(huì)分析實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)，知道游標(biāo)卡尺的讀數(shù)規(guī)則。

【解答】

(1)游標(biāo)卡尺主尺的讀數(shù)為17mm，游標(biāo)尺最小分度為0.1mm，第5條刻線和主尺刻線對(duì)齊，游標(biāo)尺讀為：5×0.1mm=0.5mm，游標(biāo)卡尺讀數(shù)為：17mm+0.5mm=17.5m12.【答案】(1)R1；

(3)1.0；

【解析】【分析】

本題考查了伏安法測(cè)量電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻；解決實(shí)驗(yàn)問(wèn)題首先要掌握該實(shí)驗(yàn)原理，了解實(shí)驗(yàn)的操作步驟和數(shù)據(jù)處理以及注意事項(xiàng)，然后熟練應(yīng)用物理規(guī)律來(lái)解決實(shí)驗(yàn)問(wèn)題。

(1)根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理、實(shí)驗(yàn)要求分析；

(3)由改裝電壓表的方法分析；

(4)根據(jù)閉合電路的歐姆定律，結(jié)合圖像求解。

【解答】

(1)不知道電壓表內(nèi)阻的準(zhǔn)確值，還要擴(kuò)大電壓表的量程，就需要設(shè)置恒定的電壓，因此圖1中分壓用的變阻器應(yīng)該用電阻遠(yuǎn)小于電壓表內(nèi)阻的R1。

(3)當(dāng)電阻箱阻值為零，滑動(dòng)變阻器的滑片P調(diào)到電壓表剛好滿偏，說(shuō)明分壓為3V；

保持滑片P的位置不變，即分壓保持為3V，當(dāng)調(diào)節(jié)電阻箱，使電壓表的示數(shù)為1.0V時(shí)，電壓表和電阻箱的串聯(lián)組合的電壓為3V；

這說(shuō)明當(dāng)電壓表的示數(shù)為3.0V時(shí)，電壓表和電阻箱的串聯(lián)組合的電壓為9V，這就是改裝好的9V電壓表。

(4)由于定值電阻R0阻值為7Ω，為了讓V2表能盡可能取得合適的數(shù)值，應(yīng)選用電阻較小的13.【答案】解：(1)開始加熱，活塞上升過(guò)程，封閉氣體做等壓變化，氣體初始體積：V1=LS，末狀態(tài)體積：V2=3LS

根據(jù)蓋呂薩克定律有：V1T1=V2T2

解得：T2=3T1

氣體的內(nèi)能增加量：Δ【解析】本題