2020-2021學年杭州市之江高級中學高二上學期期末物理試卷(附解析)

2020-2021學年杭州市之江高級中學高二上學期期末物理試卷

一、單選題（本大題共13小題，共39.0分）

1.如圖甲所示，矩形導線框abed放在勻強磁場中，在外力控制下靜止不

動，磁感線方向與線框平面垂直，磁感應強度B隨時間t的變化關系如

圖乙所示，t—0時,刻，磁感應強度的方向垂直紙面向里.在0?4s內(nèi)，

下列圖中能表示線框的ab邊受到的磁場力F隨時間t的變化關系的是（

力的方向規(guī)定以向左為正方向）（）

2.電磁感應現(xiàn)象揭示了電和磁之間的內(nèi)在聯(lián)系，根據(jù)這一發(fā)現(xiàn)，發(fā)明了許多電器設備.下列用電

器中，哪個沒有利用電磁感應原理（）

A.動圈式話筒B.白熾燈泡C.磁帶錄音機D.日光燈鎮(zhèn)流器

3.電磁鐵的應用相當廣泛，它是利用電流周圍產(chǎn)生磁場的原理工作的，最先發(fā)現(xiàn)電流周圍存在磁

場的科學家是（）

A.奧斯特B.庫倫C.法拉第D.韋伯

4.如圖所示，（a）T（b）T（c）f（d）過程是交流發(fā)電機發(fā)電的示意圖，下列說法正確的是（）

A.當線圈轉到圖（a）位置時，線圈平面與磁感線垂直，磁通量變化率最大

B.從圖（b）開始計時，線圈中電流i隨時間t變化的關系是i=/mSin3t

C.當線圈轉到圖（c）位置時，感應電流最小，且感應電流方向?qū)⒁淖?/p>

D.當線圈轉到圖（d）位置時，感應電動勢最小，ab邊感應電流方向為b-a

5.如圖所示為遠距離交流輸電的簡化電路圖.發(fā)電廠的輸出電壓是U,用等效總電阻是r的兩條輸

電線輸電，輸電線路中的電流是小其末端間的電壓為在輸電線與用戶間連有一想想變壓器，

流入用戶端的電流是/2.則（）

用

P

A.輸電線上的電壓降為UB.輸電線路上損失的電功率為

C.理想變壓器的輸入功率為"rD.用戶端的電壓為華

6.通過對法拉第電磁感應定律的學習，請判斷下列的說法正確的是（）

A.在電磁感應現(xiàn)象中，有感應電動勢，就一定有感應電流

B.穿過閉合回路的磁通量增大，閉合回路中產(chǎn)生的感應電流可能減少

C.閉合回路置于磁場中，當磁感應強度為零時，感應電動勢也為零

D.感應電動勢的大小跟穿過閉合回路的磁通量的變化量成正比

7.一閉合線圈中沒有產(chǎn)生感應電流，則（）

A.該時該地磁感應強度一定為零B.該時該地的磁場一定沒有變化

C.線圈面積一定沒有變化D.穿過線圈的磁通量一定沒有變化

8.如圖所示，水平放置的兩根平行的光滑長直金屬導軌，其電阻不計，導體.

XX

棒ab、cd跨在導軌上，ab的電阻R大于cd的電阻r,當cd在大小為尻的水平

xx

向右的外力作用下勻速向右滑動時，昉在大小為尸2的水平外力作用下保持

靜止，那么以下說法中正確的是（）

A.Uab>Ucd，F(xiàn)*>F?B.Uab=Ucd9F]<F2

C.U°b>U?Fl=F2D.Uab=Ucd，&=尸2

9.用電阻率為p、橫截面積為S的硬質(zhì)細導線，做成半徑為r的圓環(huán)，垂直圓環(huán)面的磁場充滿其內(nèi)接

正方形,亡=0時磁感應強度的方向如圖（a）所示，磁感應強度B隨時間t的變化關系如圖（b）所示，

則在t=0到￡=2%的時間內(nèi)（）

圖（a）圖（〃）

A.圓環(huán)中產(chǎn)生的熱量為生”

B.圓環(huán)中的感應電流大小為媒

C.圓環(huán)中始終沒有感應電流產(chǎn)生

D.圓環(huán)中有先順時針再逆時針的感應電流

10.圖示電路中，燈泡人和〃完全相同，線圈L的自感系數(shù)很大，直流電阻忽

略不計。下列說法正確的是（）

A.閉合開關S時，燈泡工、G同時亮

B.閉合開關S時，燈泡1先亮，燈泡乙2后亮

C.斷開開關S時，燈泡乙2立刻熄滅，燈泡人過一會兒熄滅

D.斷開開關S時，燈泡功中的電流方向從c到d

11.矩形線圈在勻強磁場中勻速轉動產(chǎn)生的電動勢如圖示，貝ij（）

A.tl時刻線圈通過中性面

B.t2時刻線圈中磁通量最大

C.t3時刻線圈中磁通量變化率最大

D.t4時刻線圈中磁通量最大

12.密繞在軸上的一卷地膜用輕繩一端拴在軸上，另一端懸掛在墻壁上4點，如右

圖所示，當逆時針緩慢向下用力F抽出地膜時，整卷地膜受的各個力要發(fā)生變

化，不計地膜離開整卷時對地膜卷的粘扯拉力和地膜卷繞軸轉動時的摩擦力，

但在。點地膜與墻壁間有摩擦力，隨著地膜的不斷抽出，下述分析正確的是（）

A.懸掛地膜的輕繩上的拉力在增大

B.地膜對墻的壓力在增大

C.拉動地膜的力在減小

D.地膜卷受墻的支持力與輕繩的拉力的合力不變

13.如圖所示，接在家庭電路上的理想變壓器給小燈泡L供電，如果將原線圈

匝數(shù)適當減小，其他條件不變，則（）

A.小燈泡變暗

B.電源輸出功率增大

C.原、副線圈兩端電壓的比值增大

D.原線圈中的電流不變

二、多選題（本大題共3小題，共12.0分）

14.將閉合多匝線圈置于僅隨時間變化的磁場中，線圈平面與磁場方向垂直,關于線圈中產(chǎn)生的感

應電動勢和感應電流，下列表述正確的是（）

感應電動勢的大小與線圈的匝數(shù)有關

B.穿過線圈的磁通量越大，感應電動勢越大

C.穿過線圈的磁通量變化越快，感應電動勢越大

D.感應電流產(chǎn)生的磁場方向與原磁場方向不一定相同

15.子彈以某一初速度水平擊穿放置在光滑水平面上的木塊，子彈與木塊的

速度-時間圖象如圖所示。假設木塊對子彈的阻力大小不變，且子彈仍

能擊穿木塊，下列說法正確的是（）

A.僅增大子彈入射的初速度，子彈穿過木塊的時間變短

B.僅增大子彈入射的初速度，木塊獲得的動能增加

C.僅減小子彈的質(zhì)量，木塊獲得的動能變大

D.僅減小木塊的質(zhì)量，子彈和木塊系統(tǒng)產(chǎn)生的熱量變大

16.如圖所示，固定的光滑豎直桿上套著一個滑塊，用輕繩系著滑塊繞過光滑

的定滑輪，以大小恒定的拉力尸拉繩，使滑塊從4點起由靜止開始上升.若

從4點上升至B點和從B點上升至C點的過程中拉力F做的功分別為名、“2,

滑塊經(jīng)、兩點時的動能分別為隊外圖中則一定有（）

BCEKC,AB=BC,

A.名＞W(wǎng)2

B.名＜W2

C.滑塊在ZB段機械能改變量大于在BC段機械能改變量

D.滑塊在B點動能EKB大于在C點的動能EKC

三、實驗題（本大題共2小題，共16.0分）

17.某同學用伏安法測一節(jié)干電池的電動勢和內(nèi)阻，現(xiàn)備有下列器材:

A.被測干電池一節(jié)

B.電流表：量程0?0.64內(nèi)阻r=0.30

C電壓表：量程0?3V,內(nèi)阻未知

。.滑動變阻器：0?10。，2A

E.開關、導線若干

伏安法測電池電動勢和內(nèi)阻的實驗中，由于電流表和電壓表內(nèi)阻的影響，測量結果存在系統(tǒng)誤差:

在現(xiàn)有器材的條件下，要盡可能準確地測量電池的電動勢和內(nèi)阻。

(1)實驗電路圖應選擇如圖中的(填“甲”或“乙“)：

(2)根據(jù)實驗中電流表和電壓表的示數(shù)得到了如圖丙所示的U-1圖象，則在修正了實驗系統(tǒng)誤差后,

干電池的電動勢E=V,內(nèi)電阻r=。(所有結果保留兩位有效數(shù)字)。

(3)忽略偶然誤差，本實驗測得的E測、r測與真實值比較：E測_______E真,丁測.______「鼠選填“<”、

“=”或“>”)。

18.在“驗證機械能守恒定律”的實驗中，打點計時器接在電壓為U、頻率為/的交流電源上，從實

驗打出的幾條紙帶中選出一條理想紙帶，如圖所示，選取紙帶上打出的連續(xù)5個點4、B、C、D、

E,測出A點與起始點。的距離為So,點4、C間的距離為Si，點C、E間的距離為S2，已知重錘的

質(zhì)量為加，當?shù)氐闹亓铀俣葹間，則

(1)從起點。開始到打下C點的過程中，重錘重力勢能的減少量為AEp=,重錘動能的增加量

為AEk=.

(2)根據(jù)題設條件，還可利用重錘下落求出當?shù)氐闹亓铀俣萭=，經(jīng)過計算可知，測量值

比當?shù)刂亓铀俣鹊恼鎸嵵狄?，其主要原因是?

四、計算題(本大題共3小題，共33.0分)

19.如圖所示，是一個水平放置的導體框架，寬度L=1.50m,接有電阻R=

0.20/2,設勻強磁場和框架平面垂直，磁感應強度B=0.407,方向如圖.今

有一導體棒ab跨放在框架上，并能無摩擦地沿框滑動，框架及導體ab電

阻均不計，當ab以u=4.0ni/s的速度向右勻速滑動時，試求:

(1)導體ab上的感應電動勢的大小及ab端電勢的高低.

(2)回路上感應電流的大小.

(3)若無動力作用在棒ab上，試分析ab棒接下來的運動及能量轉化情況.

20.以30m/s的初速度豎直向上拋出一個物體，求：

(1)在高于拋出點多少米處，它的重力勢能2倍于動能.

(2)若物體在運動過程中動能2倍于重力勢能時，它的速度是多少？(設拋出點所在平面為零勢能參考

面)

21.如圖所示，光滑水平面上，物塊4靜止，長板B與其左端上的物塊C以相同速度處向右運動，長

板8與物塊4發(fā)生彈性碰撞，碰撞時間很短可不計。已知4、8、C三者的質(zhì)量分別為2m、m.5m,

C、B間動摩擦因數(shù)為〃，C始終沒離開B上表面，重力加速度為g。求：

(l)B從第一次與A碰撞到第二次碰撞經(jīng)歷的時間;

(2)長板B的長度至少為多少？

參考答案及解析

1.答案：D

解析：解：t=0時刻，磁感應強度的方向垂直線框平面向里，在0到1s內(nèi)，穿過線框的磁通量變小，

由楞次定律可得，感應電流方向是順時針，再由左手定則可得線框的ab邊的安培力水平向左.

當在1s到2s內(nèi)，磁感應強度的方向垂直線框平面向外，穿過線框的磁通量變大，由楞次定律可得，

感應電流方向是順時針，再由左手定則可得線框的ab邊的安培力水平向右.在下一個周期內(nèi)，重復

出現(xiàn)安培力先向左后向右；

依據(jù)法拉第電磁感應定律可知，感應電動勢與磁場的變化率成正比，因此感應電動勢不變，那么感

應電流也不變，

根據(jù)安培力公式F=8/L,則有，安培力隨著磁場大小變化而變化，

綜上所述，故ABC錯誤，O正確.

故選：D.

穿過線圈的磁通量發(fā)生變化，導致線圈中產(chǎn)生感應電動勢，從而形成感應電流.由題意可知，磁感

應強度是隨著時間均勻變化的，所以感應電流是恒定的，則線框ab邊所受的安培力與磁感應強度有

一定的關系.

安培力的方向由左手定則來確定，而感應電流方向則由楞次定律來確定.當導線與磁場垂直放置時，

若電流、導線長度不變時，安培力與磁感應強度成正比.

2.答案：B

解析：解：4、動圈式話筒利用電磁感應原理，將聲音信號變成電信號.不符合題意.故A錯誤.

8、白熾燈泡利用電流的熱效應，不是利用電磁感應原理.符合題意.故8正確.

C、磁帶錄音機利用電磁感應原理，將聲音信號變成電信號?.不符合題意.故C錯誤.

D、日光燈鎮(zhèn)流器利用電磁感應原理使日光燈啟動.不符合題意.故。錯誤.

故選3

動圈式話筒、磁帶錄音機、日光燈鎮(zhèn)流器利用電磁感應原理，而白熾燈泡不是利用電磁感應原理.

本題是常識問題，考查對家用電器原理的理解能力，比較簡單.

3.答案：A

解析：解：力、奧斯特最先發(fā)現(xiàn)電流周圍存在磁場。故A正確。

8、庫侖研究了電荷間作用力的規(guī)律，故8錯誤。

C、法拉第研究了電磁感應現(xiàn)象，故C錯誤；

。、韋伯的主要貢獻在電報機的研究方面，故。錯誤。

故選：Ao

奧斯特首先發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應；同時注意明確各物理學家的主要貢獻.

本題考查物理學史的應用，對于物理學家的成就要記牢，不能張冠李戴，這也是考試考查內(nèi)容之一

4.答案：C

解析：解：4、當線圈轉到圖(a)位置時，線圈平面與磁感線垂直，磁通量最大，但是此時轉到中性

面，產(chǎn)生的感應電流為零，即磁通量的變化率為0,故A錯誤；

8、從圖3)開始計時，b圖是與中性面垂直的平面，此時線圈中產(chǎn)生的感應電流最大，故線圈中電

流i隨時間t變化的關系是i=1mcos3t,故B錯誤:

a當線圈轉到圖(c)位置時，此時也是線圈的中性面的位置，此時感應電流最小，且感應電流方向

將要改變，故c正確；

。、當線圈轉到圖(d)位置時，線圈的兩邊切割磁感線最多，故感應電動勢最大，由右手定則可知，ab

邊感應電流方向為b->a,故。錯誤。

故選：Co

線圈平面在(a)位置為中性面，線圈平面與磁感線垂直，磁通量變化率最大；圖(b)位置線圈平面和

磁場平行，感應電流最大，線圈中電流i隨時間t變化的關系是i=lmcosa)t；每經(jīng)過中性面電流為零，

方向都要發(fā)生變化；圖(d)位置線圈平面和磁場平行，感應電流最大。

本題考查了交流發(fā)電機及其產(chǎn)生正弦式電流的原理。掌握交流發(fā)電機線圈在各個位置的特點，是解

決本題的關鍵點。

5.答案：D

解析：解：4、輸電線上的電壓降為△(/=//,或者△(7=(/-%,故A錯誤；

B、損失的功率△2=/",故B錯誤；

C、理想變壓器輸入功率為P=4U1，故c錯誤；

D、理想變壓器輸入和輸出功率相同，設用戶端得到電壓外,所以=/2。2,即用戶端電壓為第S

12

故。正確；

故選：D

輸電線上損失的電壓AU=/R線；損耗的功率△P=〃R；由輸入功率等于輸出功率，求用戶端電壓

本題主要考查變壓器、遠距離輸電等知識點，意在考查考生分析遠距離輸電的能力，明確整個過程

中的功率、電壓關系，理想變壓器電壓和匝數(shù)關系.

6.答案：B

解析：解：4、在電磁感應現(xiàn)象中，有感應電動勢，不一定有感應電流，同時，只有當回路為閉合回

路時，才產(chǎn)生感應電流，故A錯誤。

8、穿過某回路的磁通量變化率越大，產(chǎn)生的感應電動勢就越大，閉合回路中產(chǎn)生的感應電流就越大，

若穿過閉合回路的磁通量增大，但穿過回路的磁通量變化率減小，其感應電流就越小，故B正確。

C、閉合回路置于磁場中，當磁感應強度為零時，磁通量的變化率可能很大，則感應電動勢可能很大，

故C正確。

。、感應電動勢的大小，跟穿過閉合回路的磁通量變化率成正比，故力錯誤。

故選：B。

穿過回路的磁通量變化，就產(chǎn)生感應電動勢，同時，只有當回路為閉合回路時，才產(chǎn)生感應電流。

感應電流及感應電動勢的大小僅與磁通量的變化率成正比，與磁通量的變化量無關。穿過閉合回路

的磁通量增大，閉合回路中產(chǎn)生的感應電流可能減少。

本題考查法拉第電磁感應定律的知識，注意感應電流的產(chǎn)生條件與感應電動勢產(chǎn)生的條件是不同的。

7.答案：D

解析：解：力、感應電流的產(chǎn)生其條件是閉合線圈的磁通量發(fā)生變化，閉合線圈中沒有感應電流產(chǎn)生

可能是有磁感應強度但線圈始終與磁場平行，故A錯誤；

8、如果線圈和磁場平行，則一定沒有感應電流，但此時磁場有可能變化，故B錯誤；

C、感應電流的產(chǎn)生其條件是閉合線圈的磁通量發(fā)生變化，磁通量的變化可以由磁場引起的，也可以

由線圈的面積的變化引起的，閉合線圈中沒有感應電流產(chǎn)生，不能判斷出面積是否發(fā)生變化，故C

錯誤；

。、感應電流的產(chǎn)生其條件是閉合線圈的磁通量發(fā)生變化，沒有感應電流則一定沒有磁通量的變化，

故。正確.

故選：D.

感應電流的產(chǎn)生其條件是閉合線圈的磁通量發(fā)生變化，要注意明確磁感應強度以及線圈的變化均可

以引起磁通量的變化.

本題主要是抓住感應電流產(chǎn)生的條件：閉合線圈的磁通量發(fā)生變化，而磁通量的變化可以是由磁場

變化引起，也可以是線圈的面積變化，或位置變化引起的.

8.答案：D

解析：解：cd在外力居作用下向右勻速運動，則外力％與安培力二力平衡，大小相等；

必在外力尸2作用下保持靜止，外力尸2與所受的安培力二平衡，大小相等.

由安培力公式F=BN,可知兩棒所受的安培力大小相等，則Fi=&.

cd棒切割磁感線相當于電源，而就相當于外電路，導軌電阻不計，

M兩端與cd兩端的電壓都是路端電壓，大小相等.故有.故。正確，48c錯誤.

故選：D.

cd棒勻速運動，所受的外力Fi與安培力二力平衡.必在外力&作用下保持靜止，外力尸2與所受的安

培力二平衡，而兩棒所受的安培力大小相等，即可知道兩個外力之間的關系.帥棒切割磁感線相當

于電源，而cd相當于外電路，ab兩端與cd兩端的電壓相等.

本題關鍵是分析兩棒的受力情況，運用平衡條件分析外力關系，由電路知識分析電壓關系.屬于基

礎題.

9.答案:A

解析：解：B、由電阻定律可知，圓環(huán)的電阻R=pg=p等，

由幾何知識可知，圓環(huán)內(nèi)接正方向的邊長a=我入

由法拉第電磁感應定律可知，感應電動勢：E=合=等=B*B。）*（魚）=翌

AtAt2LQto

2即“

由閉合電路的歐姆定律可知，感應電流/=￥=_%=曳2故B錯誤；

Rp-yP7rto

A、由焦耳定律可知，圓環(huán)產(chǎn)生的熱量；Q=/2Rt=（篙）2x警x2to=啜3故A正確；

CD,由圖（b）所示圖象可知，穿過閉合圓環(huán)的磁通量不斷變化，圓環(huán)中產(chǎn)生感應電流；。?to,磁場

方向垂直紙面向里，磁感應強度減小，通過線圈的磁通量也減小，根據(jù)楞次定律可得感應電流產(chǎn)生

的磁場方向與原磁場方向相同，垂直紙面向里，由右手螺旋定則可判斷感應電流方向為順時針，

%?2t0,磁場方向垂直紙面向外，磁感應強度增大，通過線圈的磁通里也增大，根據(jù)楞次定律可得

感應電流產(chǎn)生的磁場方向與原磁場方向相反，垂直紙面向里，由右手螺旋定則可判斷感應電流方向

為順時針，所以圓環(huán)中的感應電流方向始終順時針，故力錯誤。

故選：Ao

應用法拉第電磁感應定律求出感應電動勢，應用歐姆定律求出圓環(huán)的電阻，應用閉合電路的歐姆定

律求出感應電流，應用焦耳定律求出圓環(huán)產(chǎn)生的熱量；根據(jù)圖（b）判斷原磁場變化，根據(jù)楞次定律判

斷感應電流產(chǎn)生的磁場方向，再由右手螺旋定則判斷感應電流的方向。

本題是電磁感應與電路相結合的綜合題，根據(jù)題意應用楞次定律、左手定則、電磁感應定律、電阻

定律與閉合電路的歐姆定律、焦耳定律即可解題，掌握基礎知識是解題的前提與關鍵，掌握基礎知

識即可解題；求感應電動勢時要注意，磁場的面積是圓環(huán)內(nèi)接正方形的面積，不是圓環(huán)的面積，這

是易錯點。

10.答案：D

解析：解：AB,當開關S閉合時，燈曷立即發(fā)光。通過線圈L的電流增大，穿過線圈的磁通量增大，

產(chǎn)生自感電動勢，根據(jù)楞次定律線圈產(chǎn)生的感應電動勢與原來電流方向相反，阻礙電流的增大，所

以流經(jīng)L電流只能逐漸增大，刀逐漸亮起來。所以G先亮，G后亮。故A8錯誤；

CD,穩(wěn)定后，當電鍵S斷開后，線圈產(chǎn)生自感電動勢，相當于電源，與兩燈構成閉合回路，根據(jù)楞

次定律線圈產(chǎn)生的感應電動勢與原來電流方向相同，那么通過燈泡功中的電流方向從C到d,由于回

路中的電流只能慢慢減小，因此兩燈都過一會兒熄滅，故C錯誤，。正確；

故選：D。

當電鍵S閉合時，通過線圈L的電流增大，穿過線圈的磁通量增大，產(chǎn)生自感現(xiàn)象，根據(jù)楞次定律判

斷自感電動勢的方向和作用，分析哪個燈先亮。斷開瞬間也可以按照同樣的思路分析。

對于自感現(xiàn)象，是特殊的電磁感應現(xiàn)象，應用楞次定律和法拉第電磁感應定律進行分析。

11.答案:A

解析：試題分析：根據(jù)周=懿:耐上可知，磁通量變化最快時，感應電動勢最大，因此在中性面上，

磁通量最大，但變化最慢，在與磁場平行時.，磁通量最小，但磁通量變化最快，所以tl時刻線圈通

過中性面，A對。

考點：交流電

點評：本題考查了交流電產(chǎn)生的理解。要知道中性面的概念，本題要知道交流電產(chǎn)生的推導過程，

那么本體就容易理解。

12.答案：C

解析：試題分析：、根據(jù)平衡條件得蠟工舞除短，得到臂=螃-

隨著地膜的不斷抽出，a減小，翻購掇增大，G減小，則7減小.故4錯誤.由水平方向力平衡得：

嬤=遹期維=微麻燃,，6、a減小，N減小.故B錯誤.由摩擦力公式f=〃N得知.N減小，/減小，

而由平衡條件得尸=/,則拉動地膜的力F減小.故C正確.地膜卷受墻的支持力與輕繩的拉力的合

力等于魅嶙嬤=短：減小.故。錯誤.

故選C

考點：共點力平衡的條件及其應用；

點評：分析地膜的受力情況，作出力圖，根據(jù)平衡條件列方程，分析拉力T的變化.再水平方向力平

衡分析墻對地膜的彈力N的變化，由摩擦力公式分析墻的摩擦力的變化.

13.答案:B

解析：解：只將原線圈匝數(shù)適當減小，其他條件不變，根據(jù)變壓比公式牛=皆可知：

U2n2

4、輸出電壓增加，燈泡變亮，故4錯誤；

B、由于輸出電壓增加，根據(jù)P=U/="可知輸出功率增加，故B正確；

R

。、變壓器輸入功率等于輸出功率，輸出功率變大，故輸入功率也就變大，電流表示數(shù)增大，故。

錯誤；

故選：B。

根據(jù)電壓器的特點：匝數(shù)與電壓成正比，與電流成反比，輸入功率等于輸出功率.

本題主要是考查了變壓器的知識；解答本題的關鍵是知道變壓器的電壓之比等于匝數(shù)之比，在只有

一個副線圈的情況下的電流之比等于匝數(shù)的反比；知道理想變壓器的輸出功率決定輸入功率且相等.

14.答案：ACD

解析：解：4、根據(jù)E=n當知，感應電動勢的大小與磁通量的變化率成正比，與線圈的匝數(shù)有關,

磁通量變化越快，感應電動勢最大，與磁通量變化的大小無關，故A、C正確，B錯誤.

。、根據(jù)楞次定律知，感應電流產(chǎn)生的磁場方向與原磁場方向不一定相同，當磁通量增加時，感應

電流的磁場方向與原磁場方向相反，當磁通量減小時，感應電流產(chǎn)生的磁場與原磁場方向相同，故

￡）正確.

故選：ACD.

感應電動勢的大小與磁通量的變化率成正比，與磁通量變化的大小無關.

本題考查了法拉第電磁感應定律的基本運用，知道影響感應電動勢的大小的因素是解決本題的關鍵.

15.答案:AC

解析：解：4、子彈擊穿木塊的相對位移一定，僅增大子彈入射的初速度，子彈穿過木塊的時間變短，

故A正確。

8、增大子彈的入射速度，子彈擊穿木塊所用的時間變短，木塊相對地面的位移減小，子彈對木塊做

功減少，由動能定理知，木塊獲得的動能減小，故8錯誤。

C、僅減小子彈的質(zhì)量，子彈的加速度增大，木塊的加速度不變，根據(jù)〃=（%1-,。子彈＜：2）一弓。木塊產(chǎn)

知子彈穿過木塊的時間變長，子彈對木塊做功增大，則木塊獲得的動能增大，故C錯誤。

D、子彈相對木塊的位移不變，根據(jù)子彈和木塊系統(tǒng)產(chǎn)生的熱量Q=fs*知熱量不變，故。錯誤。

故選:ACo

增大子彈的入射速度，則子彈穿過木塊的時間變短，根據(jù)動能定理判斷木塊動能的變化。根據(jù)摩擦

產(chǎn)生的熱量等于摩擦力與相對位移的乘積判斷熱量的變化。

本題綜合考查了動量定理、動能定理、功能關系等規(guī)律的運用，要知道摩擦生熱與相對位移有關，

可根據(jù)牛頓第二定律和運動學公式結合時間的變化。

16.答案：AC

解析：解：力、B、滑塊從4TB點和從B-C點的過程中，根據(jù)幾何關系可知，輕繩與豎直桿的夾

角a越來越大.圖中AB=BC,即從A-B的位移等于從B-C的位移.

由于輕繩對滑塊的拉力大小不變，夾角a越來越大，cosa越來越小，故尸在豎直方向的分量Fcosa隨

a的增大而減小，根據(jù)功的公式W=f7cosa,可知從4TB過程中繩子對滑塊拉力做的功大于從B-

C過程中繩子對滑塊拉力做的功.由于用輕繩系著滑塊繞過光滑的定滑輪，所以繩子對滑塊的拉力做

的功與拉力F做的功相等.則得名＞傷，故A正確，故8錯誤.

C、根據(jù)功能關系：除了重力以外的力做功等于物體機械能的變化，因為勿】＞修，所以滑塊在力B段

機械能改變量大于在BC段機械能改變量，故C正確.

。、由于在4點由于靜止出發(fā)，可以肯定最初滑塊是加速上升的，也就是說剛開始繩對滑塊拉力的豎

直分力要大于滑塊的重力，但由于繩對滑塊拉力的豎直分力是逐漸減小的（對滑塊的拉力大小不變，

但與豎直方向的夾角在逐漸增大），B到C的過程繩對滑塊拉力的豎直分力與重力的大小關系不清楚,

所以滑塊的運動可能是加速的，也可能是減速的，還可能是先加速后減速的（豎直分力小于重力時做

減速運動），所以無法確定滑塊在B、C位置哪個位置的速度大，也就無法確定哪個位置的動能大，

故。錯誤.

故選：AC.

根據(jù)功的定義式去判斷兩個過程中拉力F做功的大小.根據(jù)除了重力以外的力做功等于物體機械能的

變化，分析兩個過程機械能改變量的關系.

分析滑塊的運動過程，根據(jù)受力情況找出滑塊可能出現(xiàn)的情況，判斷通過B、C兩點的動能關系.

這是一道變力做功的創(chuàng)新題，進行半定量分析.對于功的大小定性比較，我們可以運用功的計算式

去比較.對于不同位置動能的大小比較，我們可以通過受力分析（結合力的變化），分析物體的運動

過程，是加速還是減速.

17.答案：甲1.50.70==

解析：解：(2)由題意可知，電流表內(nèi)阻已知，電流表采用外接法可以減小實驗誤差，應選擇甲電路

圖；

(2)由閉合電路歐姆定律可知，路端電壓：U=E-lr,

U-/圖象與縱軸截距等于電源電動勢，圖象斜率的絕對值等于電源內(nèi)阻，

由圖示電源U—/圖可知，電源的電動勢：E=1.50V,

內(nèi)電阻：r=^-RA=-0.3=0.70P；

(3)由題意可知，圖丙所示圖象是對系統(tǒng)誤差進行修正后作出的，

忽略偶然誤差，則電源電動勢與內(nèi)阻的測量值等于真實值；

故答案為：(1)甲；(2)1.5；0.70；(3)=；=。

(1)根據(jù)題意分析實驗電路，根據(jù)實驗誤差來源選擇實驗電路。

(2)電源U-/圖象與縱軸交點坐標值是電源電動勢，圖象斜率的絕對值等于電源內(nèi)阻。

(3)根據(jù)題意分析實驗誤差。

本題考查了實驗電路選擇、實驗數(shù)據(jù)處理與實驗誤差分析，本題為設計性實驗，在解題時應注意明

確實驗的原理；并且要由實驗原理結合閉合電路歐姆定律得出表達式，由圖象得出電動勢和內(nèi)電阻。

18.答案：mg(So+Si)；叱；第產(chǎn);號1產(chǎn)；紙帶與限位孔之間摩擦力作用

解析：解：(1)重錘重力勢能的減少量為△Ep=mg(s()+Si).

打C點重錘的速度%=警,7=2十，

重錘動能的增加量為△鳴著經(jīng)

(2)由S2-Si=a(*2,得

a=4f2

4J

由于紙帶與限位孔之間摩擦力作用、重物受到空氣阻力等影響，g測量值比當?shù)刂亓铀俣鹊恼?/p>

實值要小.

故本題答案是：

⑴小皿+si)；"⑸音)""

(2)\包尸；紙帶與限位孔之間摩擦力作用.

(1)根據(jù)重力勢能變化量△Ep=mgh,確定高度九求解.由勻變速直線運動的推論%=噂”求出C

點速度，再求動能的增加量為△/上.

(2)由△x=a72求解加速度.實驗中存在各種阻力，使實驗產(chǎn)生誤差.

本題容易出錯的地方是7=",要注意區(qū)分電源的周期與計數(shù)點時間間隔，式中△x=a72中T是計數(shù)

點時間間隔.

19.答案：解：(1)根據(jù)切割產(chǎn)生的感應電動勢公式知，導體ab上產(chǎn)生的感應電動勢為：

E=BLv=0.4x1.5x4V=2.4V.

根據(jù)右手定則知，感應電流的方向為b到a,a相當于電源的正極，則a端電勢高.

(2)根據(jù)閉合電路歐姆定律得：

1=-R=—0.2A=12A.

(3)若無動力作用在棒ab上，ab棒做減速運動，動能減小，若無動力作用在棒ab上，減小的動能轉

化為回路中的熱量.

答：(1)導體ab上的感應電動勢的大小為2.4匕a端電勢高.

(2)回路中感應電流的大小為124.

(3)若無動力作用在棒ab上，減小的動能轉化為回路中的熱量.

解析：(1)根據(jù)切割產(chǎn)生的感應電動勢公式求出感應電動勢的大小，根據(jù)右手定則判斷電勢的高低.

(2)根據(jù)閉合電路歐姆定律求出感應電流的大小.

(3)根據(jù)能量守恒分析撤去外力后，ab棒接下來運