黑龍江省鶴崗市2024屆高二物理第一學(xué)期期中教學(xué)質(zhì)量檢測模擬試題含解析

黑龍江省鶴崗市2024屆高二物理第一學(xué)期期中教學(xué)質(zhì)量檢測模擬試題注意事項：1．答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號、考場號和座位號填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）填涂在答題卡相應(yīng)位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角"條形碼粘貼處"。2．作答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目選項的答案信息點(diǎn)涂黑；如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。3．非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區(qū)域內(nèi)相應(yīng)位置上；如需改動，先劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準(zhǔn)使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。4．考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y(jié)束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，電源電動勢為12V，電源內(nèi)阻為1.0Ω，電路中的電阻R0為1.5Ω，小型直流電動機(jī)M的內(nèi)阻為0.5Ω，閉合開關(guān)S后，電動機(jī)轉(zhuǎn)動，電流表的示數(shù)為2.0A．則以下判斷中正確的是A．電動機(jī)的輸出功率為12WB．電動機(jī)兩端的電壓為10.0VC．電動機(jī)產(chǎn)生的熱功率為4.0WD．電源輸出的功率為24W2、如圖所示，質(zhì)量分別是m1和m2帶電量分別為q1和q2的小球，用長度不等的輕絲線懸掛起來，兩絲線與豎直方向的夾角分別是α和β（α＞β），兩小球恰在同一水平線上，那么（

）A．兩球一定帶同種電荷B．q1一定大于q2C．m1一定等于m2D．m1所受庫侖力一定等于m2所受的庫侖力3、把某點(diǎn)電荷先后放在某電場中的A、B、C……幾個點(diǎn)上，若該點(diǎn)電荷受到的電場力大小相等，則這一電場（）A．一定是勻強(qiáng)電場B．一定不是勻強(qiáng)電場C．可能是勻強(qiáng)電場，也可能不是勻強(qiáng)電場D．一定是點(diǎn)電荷的電場4、1831年，法拉第在一次會議上展示了他發(fā)明的圓盤發(fā)電機(jī)（如圖甲所示）．它是利用電磁感應(yīng)原理制成的，是人類歷史上第一臺發(fā)電機(jī)．如圖乙是這個圓盤發(fā)電機(jī)的示意圖：銅盤安裝在水平的銅軸上，它的邊緣正好在兩磁極之間，兩塊銅片C、D分別與轉(zhuǎn)動軸和銅盤的邊緣良好接觸．使銅盤轉(zhuǎn)動，電阻R中就有電流通過．若所加磁場為勻強(qiáng)磁場，回路的總電阻恒定，從左往右看，銅盤沿順時針方向勻速轉(zhuǎn)動，平面與銅盤平面垂直，下列說法中正確的是A．銅片C的電勢高于銅片D的電勢B．若銅盤轉(zhuǎn)速增大為原來的2倍，則R的電功率也將增大為原來的2倍C．若銅盤半徑減小為原來的一半，則感應(yīng)電動勢也變?yōu)樵瓉淼囊话隓．若所加的勻強(qiáng)磁場垂直穿過整個圓盤，銅盤勻速轉(zhuǎn)動時電阻R上仍將有電流通過5、詩句“滿眼波光多閃灼，看山恰似走來迎，仔細(xì)看山山不動，是船行”中，“看山恰似走來迎”和“是船行”所選的參考系分別是A．船和山 B．山和船 C．地面和山 D．河岸和流水6、對于點(diǎn)電荷的理解，正確的是A．點(diǎn)電荷就是帶電荷量很少的帶電體B．點(diǎn)電荷就是體積很小的帶電體C．體積大的帶電體肯定不能看成點(diǎn)電荷D．帶電體如果本身大小和形狀對它們間的相互作用影響可忽略，則可視為點(diǎn)電荷二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖（甲）所示的電路中，將滑動變阻器R2的滑動片由a端向b端移動，用兩個電表分別測量電壓和電流，得到部分U﹣I關(guān)系圖象如圖（乙）所示，則（）A．電源的電動勢為6VB．滑動變阻器的總阻值為20ΩC．當(dāng)電壓表示數(shù)為5.0V時，電源效率最高D．當(dāng)電壓表示數(shù)為5.0V時，R2消耗的總功率最大8、1930年勞倫斯制成了世界上第一臺回旋加速器，其原理如圖甲所示，其核心部分是分別與高頻交流電極相連接的兩個D形金屬盒，兩盒間的狹縫中形成的周期性變化的電場,使粒子在通過狹縫時都能得到加速，兩D形金屬盒處于垂直于盒底的勻強(qiáng)磁場中，帶電粒子在磁場中運(yùn)動的動能EK隨時間t的變化規(guī)律如圖乙所示，若忽略帶電粒子在電場中的加速時間，則下列判斷中正確的是()A．高頻電源的變化周期應(yīng)該等于B．勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度越大，則粒子獲得的最大動能越大C．粒子加速次數(shù)越多，粒子最大動能一定越大D．D形金屬盒的半徑越大，則粒子獲得的最大動能越大9、水平面上有一固定的U形光滑金屬框架，框架上置一金屬桿ab，如圖（紙面即水平面），在垂直紙面方向有一勻強(qiáng)磁場，則以下說法中正確的是：A．若磁場方向垂直紙面向外并增加時，桿ab將向右移動B．若磁場方向垂直紙面向外并減少時，桿ab將向右移動C．若磁場方向垂直紙面向里并增加時，桿ab將向右移動D．若磁場方向垂直紙面向里并減少時，桿ab將向右移動10、空間存在豎直向下的勻強(qiáng)電場和水平方向（垂直紙面向里）的勻強(qiáng)磁場，如圖所示，已知一離子在電場力和洛侖茲力共同作用下，從靜止開始自A點(diǎn)沿曲線ACB運(yùn)動，到達(dá)B點(diǎn)時速度為零，C為運(yùn)動的最低點(diǎn).不計重力，則A．該離子帶負(fù)電B．A、B兩點(diǎn)位于同一高度C．C點(diǎn)時離子速度最大D．離子到達(dá)B點(diǎn)后，將沿原曲線返回A點(diǎn)三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）在“測定金屬電阻率”的實驗中，圖甲為用螺旋測微器測量金屬絲直徑的刻度位置。為了減少電流表和電壓表內(nèi)阻引起的系統(tǒng)誤差，采用了如圖乙所示的實驗電路。圖甲圖乙(1)從圖中讀出該金屬絲的直徑__________________mm；(2)測電阻的過程中，首先，閉合開關(guān)S1，將開關(guān)S2接2，調(diào)節(jié)滑動變阻器RP和r，使電壓表讀數(shù)盡量接近滿量程，讀出這時電壓表和電流表的示數(shù)U1、I1；然后，將開關(guān)S2接1，讀出這時電壓表和電流表的示數(shù)U2、I2，則待測金屬絲的電阻________________（用題中字母表示）；(3)本實驗中，測得金屬絲的長度為L，直徑為D，電阻為Rx，則該金屬絲電阻率的表達(dá)式________________（用L、D、Rx表示）。12．（12分）在“描述小燈泡的伏安特性曲線”實驗中，需要用伏安法測定小燈泡兩端的電壓和通過小燈泡的電流，除開關(guān)、導(dǎo)線外，還有如下器材：A．小燈泡“6V3W”B．直流電源6~8VC．電流表（量程3A，內(nèi)阻1．2Ω）D．電流表（量程1．6A，內(nèi)阻1Ω）E．電壓表（量程6V，內(nèi)阻21kΩ）F．電壓表（量程21V，內(nèi)阻61kΩ）G．滑動變阻器（1~21Ω、2A）H．滑動變阻器（1kΩ、1．5A）（1）把實驗所用到的器材按字母的先后順序填入空中：（2）在下面的虛線框內(nèi)畫出最合理的實驗原理圖．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，定值電阻R1=9Ω，R2=7Ω.當(dāng)開關(guān)S接到位置1時，電壓表V的示數(shù)為3.6V；當(dāng)開關(guān)S接到位置2時，電壓表V的示數(shù)為3.5V，求電源電動勢和內(nèi)阻．14．（16分）電路中，R1=10Ω，R2=4Ω，R3=6Ω，R4=3Ω，理想電源的電動勢E=4.8V(1)如圖甲閉合電鍵S理想電流表讀數(shù)是多少？(2)如圖乙閉合電鍵S理想電壓表讀數(shù)是多少？15．（12分）如圖所示，勻強(qiáng)磁場中有一矩形閉合線圈abcd，線圈平面與磁場垂直．已知線圈的匝數(shù)N=100，邊長ab="1.0"m、bc="0.5"m，電阻r=2Ω．磁感應(yīng)強(qiáng)度B在0~1s內(nèi)從零均勻變化到0.2T．在1~5s內(nèi)從0.2T均勻變化到-0.2T，取垂直紙面向里為磁場的正方向．求：（1）0.5s時線圈內(nèi)感應(yīng)電動勢的大小E和感應(yīng)電流的方向；（2）在1~5s內(nèi)通過線圈的電荷量q；（3）在0~5s內(nèi)線圈產(chǎn)生的焦耳熱Q．

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解題分析】

ABC．電路中電流表的示數(shù)為2.0A，所以電動機(jī)的電壓為U=E-U內(nèi)-UR0=12-Ir-IR0=12-2×1-2×1.5=7V電動機(jī)的總功率為P總=UI=7×2=14W電動機(jī)的發(fā)熱功率為：P熱=I2R=22×0.5=2W所以電動機(jī)的輸出功率為14W-2W=12W故A正確，BC錯誤；D．電源的輸出的功率為：P輸出=EI-I2R=12×2-22×1=20W故D錯誤。2、D【解題分析】試題分析：由兩小球互相靠近，說明兩小球互相吸引，兩球一定帶異種電荷，A錯；對a、b兩小球均受重力，線的拉力和a、b兩球的靜電斥力，三力平衡.已知α>β,由平衡條件得ma<mb.兩球間的相互作用力大小相等，與兩球的電量無關(guān)，電量大小無法判斷，D對；BC錯；考點(diǎn)：考查庫侖定律的應(yīng)用點(diǎn)評：難度中等，兩球間的庫侖力是相互作用力，故無法判斷兩球的電荷大小，這是本題應(yīng)該注意的3、C【解題分析】

把某點(diǎn)電荷先后放在某電場中的A、B、C……幾個點(diǎn)上，若該點(diǎn)電荷受到的電場力大小相等，則場強(qiáng)大小一定相等，但是方向不一定相同，可知可能是勻強(qiáng)電場，也可能不是勻強(qiáng)電場，可能是點(diǎn)電荷電場。故選C。4、D【解題分析】

A.根據(jù)右手定則可知，電流從D點(diǎn)流出，流向C點(diǎn)，因此銅片D的電勢高于銅片C的電勢，故A錯誤；B.因感應(yīng)電動勢，，整理轉(zhuǎn)速增大為原來的2倍，，則角速度增大為原來的2倍，電流變?yōu)樵瓉淼?倍，，則R的電功率也將增大為原來的4倍，故B錯誤．C.因感應(yīng)電動勢，，整理（L=r）若銅盤半徑減小為原來的一半，則感應(yīng)電動勢也變?yōu)樵瓉淼?，故C錯誤．D.可將圓盤看成若干個沿著半徑方向的幅條組成，因此在任何時刻都有幅條切割磁感線，產(chǎn)生感應(yīng)電動勢，電阻R上仍將有電流通過，故D正確．5、A【解題分析】

參考系是為了研究問題的方便而假定不動的物體，在本題中作者和山之間的距離逐漸減小，而作者認(rèn)為自己靜止不動，從而“看山恰似走來迎”，故此現(xiàn)象選擇的參考系是自己或者船與船上靜止不動的物體，但實際上船是運(yùn)動的，所謂是“船行”選擇的參考系是河岸、山或者地球上相對地球靜止不動的其它物體，故A正確．6、D【解題分析】試題分析：當(dāng)帶電體本身的大小和形狀對研究的問題影響很小時，可以將帶電體視為點(diǎn)電荷，與電荷的實際大小和帶電量無關(guān)，故A錯誤，B錯誤；體積大的帶電體，當(dāng)在研究的問題中大小可以忽略不計時，能看成點(diǎn)電荷，故C錯誤；帶電體如果本身大小和形狀對它們間的相互作用影響可忽略，則可簡化為點(diǎn)，即視為點(diǎn)電荷，故D正確?？键c(diǎn)：元電荷、點(diǎn)電荷【名師點(diǎn)睛】當(dāng)帶電體本身的大小和形狀對研究的問題影響很小時，可以將帶電體視為點(diǎn)電荷；點(diǎn)電荷是一種理想化的物理模型；本題考查了點(diǎn)電荷的概念，注意點(diǎn)電荷是理想模型，是實際電荷的簡化。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解題分析】

根據(jù)電路圖結(jié)合數(shù)學(xué)知識可知，當(dāng)aP的電阻等于bP的電阻時，并聯(lián)部分電阻最大，此時電壓表示數(shù)最大，根據(jù)乙圖可知，電壓表示數(shù)最大為5V，此時電流表示數(shù)為0.5A，則有：RaP=UI=50.5Ω=10Ω，則滑動變阻器的總阻值為R=2RaP=20Ω，根據(jù)閉合電路歐姆定律得：E=U+2I（R1+r），根據(jù)乙圖可知，當(dāng)電壓表示數(shù)U1=4V時電流表示數(shù)為I1=0.25A或I2=1A，根據(jù)閉合電路歐姆定律得：E=U1+（I1+I2）（R1+r），聯(lián)立方程解得：E=9V，R1+r=4Ω，故A錯誤，B正確；電源效率η=UIIE=UE，當(dāng)電壓表示數(shù)為5.0V時，并聯(lián)部分電阻最大，則外電路電阻最大，此時路段電壓最大，效率最高，故C正確；把R1看成內(nèi)阻，當(dāng)并聯(lián)部分電阻R并=R1+r8、BD【解題分析】解：A、交流電源的周期必須和粒子在磁場中運(yùn)動的周期一致，故電源的變化周期應(yīng)該等于2，故A錯誤；BC、根據(jù)半徑公式知，則所以勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度越大，D形金屬盒的半徑越大，則粒子獲得的最大動能越大，故BD正確；C錯誤；綜上所述本題答案是：BD點(diǎn)睛：本題考查了回旋加速器的原理，特別要記住粒子獲得的最大動能是由D型盒的半徑?jīng)Q定的．9、BD【解題分析】

A.若磁場方向垂直紙面向外，并且磁感應(yīng)強(qiáng)度增大時，根據(jù)楞次定律，ab中感應(yīng)電流方向a→b，由左手定則，ab受到的安培力向左，故桿ab將向左移動．故A錯誤；B.若磁場方向垂直紙面向外，并且磁感應(yīng)強(qiáng)度減小時，根據(jù)楞次定律，ab中感應(yīng)電流方向b→a，由左手定則，ab受到的安培力向右，桿ab將向右移動．故B正確；C.若磁場方向垂直紙面向里，并且磁感應(yīng)強(qiáng)度增大時，根據(jù)楞次定律，ab中感應(yīng)電流方向b→a，由左手定則，ab受到的安培力向左，桿ab將向左移動．故C錯誤；D.若磁場方向垂直紙面向里，并且磁感應(yīng)強(qiáng)度減小時，根據(jù)楞次定律，ab中感應(yīng)電流方向a→b，由左手定則，ab受到的安培力向右，桿ab將向右移動．故D正確．故選BD10、BC【解題分析】

考查帶電粒子在復(fù)合場中的運(yùn)動?！绢}目詳解】A．粒子開始受到電場力作用開始向下運(yùn)動，在運(yùn)動過程中受洛倫茲力作用向右偏轉(zhuǎn)，離子帶正電，A錯誤；B．根據(jù)動能定理知，洛倫茲力不做功，在A到B的過程中，動能變化為零，則電場力做功為零，A、B兩點(diǎn)等電勢，又因為該電場是勻強(qiáng)電場，所以A、B兩點(diǎn)位于同一高度，B正確；C．根據(jù)動能定理得，離子運(yùn)動到C點(diǎn)電場力做功最大，則速度最大，C正確；D．只要將離子在B點(diǎn)的狀態(tài)（速度為零，電勢能相等）相同，如果右側(cè)還有同樣的電場和磁場的疊加區(qū)域，離子就將在B的右側(cè)重現(xiàn)前面的曲線運(yùn)動，因此，離子是不可能沿原曲線返回A點(diǎn)的，D錯誤。故選BC。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、2.927【解題分析】

(1)[1]由圖甲可知，螺旋測微器的讀數(shù)，也就是金屬絲的直徑為(2)[2]開關(guān)S2接2時，根據(jù)歐姆定律可知，滑動變阻器RP、電流表內(nèi)阻和待測電阻的總電阻為開關(guān)S2接1時，根據(jù)歐姆定律可知，滑動變阻器RP、電流表內(nèi)阻總電阻為所以待測金屬絲的電阻(3)[3]根據(jù)電阻定律可知解得該金屬絲電阻率為12、ABDEG【解題分析】試題分析：小燈泡的額定電流為，故電流表選D；電壓表選E；滑動變阻器要用分壓電路，故選E；電路如圖：考點(diǎn)：描述小燈泡的伏安特性曲線．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、【解題分析】試題分析：由電路圖知，電壓表測量路端電壓，設(shè)電源的電動勢為E，內(nèi)阻為．由閉合電路歐姆定律可知：當(dāng)開關(guān)置1時，當(dāng)開關(guān)置于2時，代入得：，聯(lián)立解之得：考點(diǎn)：閉合電路的歐姆定律【名師點(diǎn)睛】本題提供了一種測量電源電動勢和內(nèi)阻的方法：伏阻法，利用閉合電路的歐姆定律列方程組即