上海市黃浦區(qū)高三第一學(xué)期期終調(diào)研測(cè)試物理試題

黃浦區(qū)2017學(xué)年度第一學(xué)期高三年級(jí)期終調(diào)研測(cè)試物理試卷一、單項(xiàng)選擇題1.下列單位中屬于基本單位的是（）A.安培B.焦耳C.庫(kù)侖D.牛頓【答案】A【解析】A.安培是電流的單位，是國(guó)際單位制中的基本單位，故A正確；B．焦耳是由W=FL推到出的單位，是導(dǎo)出單位，故B錯(cuò)誤；C．牛是由牛頓第二定律F=ma推到出的單位，是導(dǎo)出單位,故C錯(cuò)誤；D．庫(kù)侖是由Q=It推到出的單位，是導(dǎo)出單位，故D錯(cuò)誤。故選：A.2.歷史上，第一個(gè)在實(shí)驗(yàn)室測(cè)量出萬(wàn)有引力恒量的科學(xué)家是（）A.卡文迪什B.哥白尼C.伽利略D.開(kāi)普勒【答案】A【解析】牛頓發(fā)現(xiàn)萬(wàn)有引力定律之后，并沒(méi)有測(cè)出萬(wàn)有引力常量，是卡文迪許測(cè)出了萬(wàn)有引力常量。故A正確，BCD錯(cuò)誤。故選：A。3.在電場(chǎng)中A點(diǎn)，引入不同的檢驗(yàn)電荷，會(huì)變化的是（）A.A點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度B.A點(diǎn)的電勢(shì)C.在A點(diǎn)的電勢(shì)能D.A點(diǎn)與電場(chǎng)中另一點(diǎn)間的電勢(shì)差【答案】CB．電場(chǎng)中某點(diǎn)的電勢(shì)與零勢(shì)面的選取有關(guān)，與電場(chǎng)本身有關(guān)，試探電荷正負(fù)及電荷量無(wú)關(guān)，故B錯(cuò)誤；C．電荷在A點(diǎn)的電勢(shì)能EP=qD．兩點(diǎn)間的電勢(shì)差也是由電場(chǎng)本身的性質(zhì)決定的，與移動(dòng)試探電荷做的功無(wú)關(guān)，故D錯(cuò)誤。故選：C。4.電梯天花板上固定一彈簧測(cè)力計(jì)，測(cè)力計(jì)下掛一重物。電梯靜止時(shí)，測(cè)力計(jì)讀數(shù)為50N。若電梯向下運(yùn)動(dòng)時(shí)，測(cè)力計(jì)讀數(shù)恒為45N，則此時(shí)電梯做（）A.勻速運(yùn)動(dòng)B.勻加速運(yùn)動(dòng)C.勻減速運(yùn)動(dòng)D.變加速運(yùn)動(dòng)【答案】B【解析】測(cè)力計(jì)示數(shù)小于靜止時(shí)的示數(shù)，物體處于失重狀態(tài)，加速度向下，可能向下加速運(yùn)動(dòng)，或向上減速運(yùn)動(dòng)，故B正確，ACD錯(cuò)誤。故選：B。點(diǎn)睛：根據(jù)重物對(duì)彈簧秤的拉力的大小和本身的重力的關(guān)系，由牛頓第二定律可以求得電梯加速度的方向，判斷出電梯的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)。5.聲波能繞過(guò)某一建筑物而傳播，這是因?yàn)槁暡ǎǎ〢.是縱波B.是機(jī)械波C.發(fā)生了衍射現(xiàn)象D.穿透力強(qiáng)【答案】C【解析】聲波能繞過(guò)某一建筑物傳播，聲音發(fā)生了衍射，說(shuō)明聲波波長(zhǎng)較長(zhǎng)。聲波雖是縱波，但繞過(guò)阻礙物的現(xiàn)象不能說(shuō)明聲波是縱波。故選：C點(diǎn)睛：波能繞過(guò)阻礙物的現(xiàn)象，這是波的衍射現(xiàn)象．6.一物體自空中的A點(diǎn)以大小為5m/s的初速度豎直向上拋出。若不計(jì)空氣阻力，則該物體可能會(huì)（）A.在A下方的某位置，以3m/s的速率向下運(yùn)動(dòng)B.在A上方的某位置，以4m/s的速率向上運(yùn)動(dòng)C.在A上方的某位置，以6m/s的速率向下運(yùn)動(dòng)D.在A上方的某位置，以8m/s的速率向上運(yùn)動(dòng)【答案】B【解析】不計(jì)空氣阻力，豎直上拋運(yùn)動(dòng)是勻變速運(yùn)動(dòng)，具有對(duì)稱(chēng)性。向上運(yùn)動(dòng)的過(guò)程是勻減速運(yùn)動(dòng)；向下運(yùn)動(dòng)的過(guò)程是勻加速運(yùn)動(dòng)?；氐匠霭l(fā)點(diǎn)時(shí)的速度大小等于拋出時(shí)的速度大小。所以A點(diǎn)上方的速度大小都小于5m/s，A點(diǎn)下方的速度大小都大于5m/s。故B正確，ACD錯(cuò)誤。故選：B。7.A、B兩個(gè)質(zhì)點(diǎn)在同一直線(xiàn)上，t=0時(shí)從同一地點(diǎn)開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，它們的vt圖像如圖所示，由圖可知（）A.在t時(shí)刻兩個(gè)質(zhì)點(diǎn)在同一位置B.在t時(shí)刻兩個(gè)質(zhì)點(diǎn)加速度相等C.在0t時(shí)間內(nèi)質(zhì)點(diǎn)B比質(zhì)點(diǎn)A的位移大D.在0t時(shí)間內(nèi)兩個(gè)質(zhì)點(diǎn)的平均速度一樣大【答案】C【解析】A．兩物體同時(shí)從同一點(diǎn)出發(fā)，vt圖像的面積等于位移，t時(shí)刻B在A的前面，故A錯(cuò)誤，C正確；B．vt圖像的斜率大小等于加速度，在t時(shí)刻兩個(gè)質(zhì)點(diǎn)加速度不相等，故B錯(cuò)誤；D．根據(jù)v=xt，t時(shí)間內(nèi)B的位移大于A的位移，在0t故選：C。8.在“用單擺測(cè)定重力加速度”的實(shí)驗(yàn)中，用力傳感器測(cè)得擺線(xiàn)的拉力大小F隨時(shí)間t變化的圖像如圖所示，已知單擺的擺長(zhǎng)為l，則重力加速度g為（）A.4π2lt2B.【答案】D【解析】根據(jù)圖象可知：?jiǎn)螖[的周期為：T=4t根據(jù)周期公式得：T=2πLg,故選：D。9.如圖所示，實(shí)線(xiàn)為電場(chǎng)線(xiàn)，虛線(xiàn)為一帶電粒子僅在電場(chǎng)力作用下的運(yùn)動(dòng)軌跡。設(shè)A、B兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度分別為EA、EB，電勢(shì)分別為φA、φB，粒子經(jīng)過(guò)A、B兩點(diǎn)時(shí)的加速度分別為aA、aB，速度分別為vA、vB。則下列判斷中無(wú)法確定的是（）A.EA>EBB.φA>φBC.aA>aBD.vA>vB【答案】B【解析】A.B點(diǎn)處的電場(chǎng)線(xiàn)較疏，而A點(diǎn)處電場(chǎng)線(xiàn)較密，則B點(diǎn)處的電場(chǎng)強(qiáng)度較小，粒子所受的電場(chǎng)力也較小，粒子的加速度也小。故A正確，C正確；B．由于電場(chǎng)線(xiàn)方向未知，粒子帶電正負(fù)未知，無(wú)法判斷電勢(shì)的高低，故B錯(cuò)誤；D.由電場(chǎng)力方向應(yīng)指向軌跡的內(nèi)側(cè)得知，粒子所受電場(chǎng)力方向大致向左方，由A到B的過(guò)程中，電場(chǎng)力對(duì)粒子做負(fù)功，其電勢(shì)能增大，動(dòng)能增減小，速度減小，故D正確。本題選擇無(wú)法確定的，故選：B。點(diǎn)睛:由電場(chǎng)線(xiàn)的疏密判斷場(chǎng)強(qiáng)大小，確定電場(chǎng)力的大小，進(jìn)而確定加速度的大小；由電場(chǎng)力方向應(yīng)指向軌跡的內(nèi)側(cè)，確定粒子所受電場(chǎng)力的方向，判斷速度的大?。?0.如圖，在勻強(qiáng)電場(chǎng)中，輕質(zhì)絕緣細(xì)繩一端固定于地面，另一端拉住一個(gè)帶電量為q、質(zhì)量為m的小球，使之處于靜止?fàn)顟B(tài)。細(xì)繩與水平地面間的夾角為θ。則該小球受到的電場(chǎng)力（）A.方向在①區(qū)域內(nèi)，大于mgB.方向在①區(qū)域內(nèi)，小于mgC.方向在②區(qū)域內(nèi)，大于mgD.方向在②區(qū)域內(nèi)，小于mg【答案】A【解析】粒子受重力、繩子拉力和電場(chǎng)力作用處于平衡狀態(tài)，繩子拉力和電場(chǎng)力的合力應(yīng)豎直向上，所以電場(chǎng)力的方向在①區(qū)域內(nèi)；電場(chǎng)力向上的分力等于重力加上繩子拉力向下的分力，所以電場(chǎng)力大于mg，故A正確，BCD錯(cuò)誤。故選：A。11.如圖所示電路中的電源為恒流源，不管外電路的電阻如何變化，它都能夠提供持續(xù)的定值電流。電壓表、電流表都為理想電表，R1、R2均為定值電阻。當(dāng)閉合電鍵后滑動(dòng)變阻器R的滑動(dòng)觸頭向右滑動(dòng)時(shí)，電壓表V示數(shù)變化的絕對(duì)值為ΔU，電流表A示數(shù)變化的絕對(duì)值為ΔI，則（）A.A示數(shù)減小，ΔUΔIB.A示數(shù)減小，ΔUΔIC.A示數(shù)增大，ΔUΔID.A示數(shù)增大，ΔUΔI【答案】D【解析】據(jù)題意,電源為恒流源,能夠提供持續(xù)的恒定電流,電阻R1兩端電壓不變,則當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭向右滑動(dòng)時(shí),變阻器接入電路的電阻減小,電路的總電阻減小,而總電流不變,則電源兩端的電壓減小，V減小的電壓等于R2上減小的電壓；因總電流不變，故A示數(shù)增大,則通過(guò)R2的電流減小，則A增大的電流等于R2減小的電流。則得：△U/△I=R2。故D正確，ABC錯(cuò)誤；故選：D.點(diǎn)睛：電源為恒流源，能夠提供持續(xù)的恒定電流，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭向右滑動(dòng)時(shí)，電壓表讀數(shù)的變化量等于電阻R2兩端電壓的變化量，電流表示數(shù)增大量等于通過(guò)R2的電流減小量。由歐姆定律求出電壓表的讀數(shù)變化量與電流表的讀數(shù)變化量之比的絕對(duì)值．12.如圖所示，AB、AC兩光滑細(xì)桿組成的直角支架固定在豎直平面內(nèi)，AB與水平面的夾角為30°，兩細(xì)桿上分別套有帶孔的a、b兩小球，在細(xì)線(xiàn)作用下處于靜止?fàn)顟B(tài)，細(xì)線(xiàn)恰好水平。某時(shí)刻剪斷細(xì)線(xiàn)，兩球均下滑到支架底端，則a、b兩球（）A.下滑的時(shí)間：ta=tbB.下滑過(guò)程中所受重力做的功：Wa=WbC.到底端時(shí)的速率：va>vbD.到底端時(shí)的動(dòng)能：Eka>Ekb【答案】D【解析】A.剪斷細(xì)線(xiàn)后，小球下滑的加速度為a=gsinθ，hsinθ=12at2=12gB．a(chǎn)的受力如圖所示：根據(jù)平衡條件：mag=Ttan30°同理可得：mbg=Ttan60°故ma:mb=3:1則a、b兩球重力做功mgh不同，故B錯(cuò)誤C.由機(jī)械能守恒定律可知：mgh=1D.到底端時(shí)的動(dòng)能Ek=mgh，由于ma>mb，故Eka>E故選：D。學(xué)|科|網(wǎng)...學(xué)|科|網(wǎng)...學(xué)|科|網(wǎng)...學(xué)|科|網(wǎng)...學(xué)|科|網(wǎng)...二、填空題13.磁場(chǎng)是存在于磁體和___________周?chē)臻g的一種物質(zhì)；通常用_________來(lái)定量描述磁場(chǎng)的強(qiáng)弱?！敬鸢浮?1).電流(2).磁感應(yīng)強(qiáng)度【解析】根據(jù)電流的磁效應(yīng)，電流周?chē)嬖诖艌?chǎng)。磁場(chǎng)的強(qiáng)弱通常用磁感應(yīng)強(qiáng)度來(lái)描述，大小為B=F14.質(zhì)量相等的兩顆人造地球衛(wèi)星A、B分別在不同的軌道上繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，則A、B兩衛(wèi)星的運(yùn)動(dòng)周期TA_____TB，動(dòng)能EkA_____EkB．（選填“>”、“=”或“<”）【答案】(1).<(2).>【解析】衛(wèi)星受到的萬(wàn)有引力充當(dāng)向心力，GMmr2=mv2r=m4π2T2r，則v=GMr，T=4π15.如圖，一個(gè)質(zhì)量為m的小球，用長(zhǎng)為L(zhǎng)的輕繩懸掛于天花板上的O點(diǎn)，小球在水平恒力F的作用下，從最低點(diǎn)P移動(dòng)到Q點(diǎn)，懸線(xiàn)轉(zhuǎn)過(guò)θ角，在此過(guò)程中恒力F做功為_(kāi)___________，小球重力勢(shì)能增加了_____________?！敬鸢浮?1).FLsinθ(2).mgL（1cosθ）【解析】由于是恒力做功，由功的公式可知：W=FLsinθ；重力做功為：WG=?mgh=?mgL(1?cosθ)；重力做負(fù)功,重力勢(shì)能增加了mgL(1?cosθ)。點(diǎn)睛：因小球力為恒力，故可直接利用功的公式W=FLcosθ求解，由幾何關(guān)系找出位移即可求得力所做的功．重力勢(shì)能的增加量等于克服重力做的功。16.如圖，在磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，一面積為S的線(xiàn)框平行于磁場(chǎng)方向放置。若線(xiàn)框以bc邊為軸轉(zhuǎn)動(dòng)（ad邊先向上）。從初始位置開(kāi)始轉(zhuǎn)過(guò)90°的過(guò)程中，穿過(guò)線(xiàn)框的磁通量的變化為_(kāi)_________；線(xiàn)框從初始位置轉(zhuǎn)過(guò)180°的過(guò)程中，ab邊中的電流方向?yàn)開(kāi)____________?！敬鸢浮?1).BS(2).先b→a后a→b【解析】線(xiàn)框平行于磁場(chǎng)方向放置，穿過(guò)線(xiàn)框的磁通量為零；轉(zhuǎn)過(guò)90°，線(xiàn)圈與磁場(chǎng)垂直，穿過(guò)線(xiàn)圈的磁通量等于磁感應(yīng)強(qiáng)度與線(xiàn)圈面積的乘積，磁通量為：Φ=BS；故從初始位置開(kāi)始轉(zhuǎn)過(guò)90°的過(guò)程中，穿過(guò)線(xiàn)框的磁通量的變化為BS。線(xiàn)框從初始位置轉(zhuǎn)過(guò)180°的過(guò)程中，穿過(guò)線(xiàn)框的磁通量先向右增加，后向右減小。根據(jù)楞次定律，ab邊中的電流方向?yàn)橄萣→a后a→b。17.如圖，一列波速為4m/s的簡(jiǎn)諧橫波在均勻介質(zhì)中沿x軸方向傳播，某時(shí)刻恰好傳到x=4m處的P介質(zhì)點(diǎn)。再經(jīng)過(guò)3s，x=7m處的Q介質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的路程為_(kāi)_________m，位移為_(kāi)_________m?！敬鸢浮?1).0.9(2).0【解析】由圖可知，波長(zhǎng)為2m，根據(jù)v=λT，則周期T=0.5s。在t=0時(shí)刻，波恰好傳到x=4m處，x=4m處的質(zhì)點(diǎn)將向下運(yùn)動(dòng)。再經(jīng)過(guò)3/4s，波傳到x三、綜合題18.“用DIS測(cè)定電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻”的實(shí)驗(yàn)電路如圖a．所示，其中R1為定值電阻，R為滑動(dòng)變阻器。（1）下列關(guān)于圖A．電路的說(shuō)法中正確的有_____A．甲為電壓傳感器，R的作用是保護(hù)電路B．甲為電壓傳感器，R1的作用是保護(hù)電路C．乙為電壓傳感器，R的作用是保護(hù)電路D．乙為電壓傳感器，R1的作用是保護(hù)電路（2）實(shí)驗(yàn)測(cè)得電池①的路端電壓U與電流I的擬合曲線(xiàn)如圖B．中①圖線(xiàn)所示，由此得到電池①的電源電動(dòng)勢(shì)E1=_______V，內(nèi)阻r1=______Ω；（3）改用電池②，重復(fù)上述實(shí)驗(yàn)方法，得到圖B．中的圖線(xiàn)②。用阻值相同的兩個(gè)定值電阻分別與電池①及電池②連接，兩電池的輸出功率相等，則這兩個(gè)定值電阻的阻值為_(kāi)_______Ω，電池①和電池②的效率η1______η2（選填“>”“=”或“<”）。【答案】(1).D(2).6.0(3).2.4(4).1.6(5).<【解析】(1)甲串聯(lián)在電路中，是測(cè)量電流的，所以甲是電流傳感器；乙與滑動(dòng)變阻器電路并聯(lián),測(cè)量電壓,所以乙是電壓傳感器；定值電阻R1在實(shí)驗(yàn)中的作用主要是保護(hù)電源，防止短路；故D正確，ABC錯(cuò)誤。故選：D。(2)根據(jù)U=E?Ir可知,圖象與縱軸的交點(diǎn)表示電源的電動(dòng)勢(shì),故E=6.0V；圖象的斜率表示內(nèi)阻,則可知,r=△U/△I=（6.0?1.2）/（2.00）=2.4Ω；(3)由圖可知,電池②的電動(dòng)勢(shì)E2=4.8V.內(nèi)阻r2=1.6Ω，外接電阻R時(shí)，電源的輸出功率為：P=(ER電池的效率：η=UIEI=RR19.如圖，固定在水平地面上的一個(gè)粗糙斜面長(zhǎng)L=4m，傾角θ=37°。一個(gè)質(zhì)量為10kg的物體在F＝200N的水平推力作用下，從斜面底端由靜止開(kāi)始沿斜面向上運(yùn)動(dòng)，經(jīng)過(guò)2s到達(dá)斜面頂端。（1）求物體沿斜面運(yùn)動(dòng)時(shí)的加速度大??；（2）求物體與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)大??；（3）若物體運(yùn)動(dòng)到斜面頂端時(shí)恰好撤去推力F，求物體落到水平地面前瞬間的速度大小。（已知sin37°=0.6，cos37°=0.8，重力加速度為g取10m/s2）【答案】（1）2m/s2（2）0.4（3）8m/s【解析】（1）物體在斜面上做勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)規(guī)律有：L=12at2得：a=2Lt（2）物體在斜面上運(yùn)動(dòng)時(shí)受到四個(gè)力作用，如圖所示。沿運(yùn)動(dòng)方向，根據(jù)牛頓第二定律有Fcosθf(wàn)mgsinθ=ma垂直于運(yùn)動(dòng)方向，合力為零：Fsinθ+mgcosθ=Nf=μN(yùn)得μ=代入已知數(shù)據(jù)得：μ=0.4（3）物體離開(kāi)斜面下落至地面前的過(guò)程中僅有重力做功，機(jī)械能守恒。設(shè)物體在斜面上運(yùn)動(dòng)的末速度為v1，落地前的速度大小為v2根據(jù)勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)的規(guī)律有v1=at=2×2m/s=4m/s根據(jù)幾何關(guān)系，斜面頂端到水平面的高度h=Lsinθ=4×0.6m=2.4m根據(jù)機(jī)械能守恒定律12mv12+mgh=12mv2得v代入已知數(shù)據(jù)得：v2=8m/s。20.如圖，兩根足夠長(zhǎng)且平行的金屬桿制成光滑金屬導(dǎo)軌，導(dǎo)軌平面與水平面成α角，導(dǎo)軌寬為L(zhǎng)，電阻忽略不計(jì)。空間有一足夠大、與導(dǎo)軌所在平面垂直的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。開(kāi)始時(shí)導(dǎo)軌頂端接一不計(jì)內(nèi)阻的穩(wěn)壓電源，電動(dòng)勢(shì)為E，如圖A．所示。導(dǎo)體棒P垂直于導(dǎo)軌放置并始終與導(dǎo)軌接觸良好，P的質(zhì)量為m、電阻為R。（1）釋放P，它恰能靜止在導(dǎo)軌上，求勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小與方向；（2）若去掉穩(wěn)壓電源，用一根不計(jì)電阻的導(dǎo)線(xiàn)連接兩根導(dǎo)軌的頂端，如圖B．。再次由靜止釋放導(dǎo)體棒P。請(qǐng)通過(guò)分析，從速度、加速度的角度