浙江省精誠(chéng)聯(lián)盟2023-2024學(xué)年高二下學(xué)期3月月考物理試題（解析版）

高級(jí)中學(xué)名校試卷PAGEPAGE12023學(xué)年第二學(xué)期浙江省精誠(chéng)聯(lián)盟3月聯(lián)考高二年級(jí)物理學(xué)科試題一、選擇題Ⅰ（本題共13小題，每小題3分，共39分。每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中只有一個(gè)是符合題目要求的，不選、多選、錯(cuò)選均不得分）1.下列以科學(xué)名字命名的物理量，單位換算正確的是（）A.特斯拉 B.韋伯C.庫(kù)侖 D.焦耳〖答案〗D〖解析〗A．根據(jù)可知?jiǎng)t故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)可知磁通量的單位韋伯故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)可知電荷量的單位庫(kù)侖故C錯(cuò)誤；D．根據(jù)可知電場(chǎng)力做功的單位焦耳故D正確故選D。2.在物理學(xué)發(fā)展過(guò)程中，許多物理學(xué)家的科學(xué)研究推動(dòng)了人類(lèi)文明發(fā)展的進(jìn)程。以下說(shuō)法正確的是（）A.愛(ài)因斯坦提出了能量子假說(shuō)B.法拉第發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象C.庫(kù)侖通過(guò)實(shí)驗(yàn)測(cè)得了最小電荷量D.麥克斯韋通過(guò)實(shí)驗(yàn)捕捉到了電磁波〖答案〗B〖解析〗A．普朗克提出了能量子假說(shuō)，故A錯(cuò)誤；B．法拉第發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象，故B正確；C．密立根通過(guò)油滴實(shí)驗(yàn)測(cè)得了最小電荷量，故C錯(cuò)誤；D．赫茲通過(guò)實(shí)驗(yàn)捕捉到了電磁波，故D錯(cuò)誤。故選B。3.2023年11月16日發(fā)表在《科學(xué)進(jìn)展》雜志上的文章顯示我國(guó)高海拔宇宙線觀測(cè)站“拉索”精確測(cè)量了迄今最亮的伽馬射線暴GRB221009A的高能輻射能譜，揭示了宇宙背景光在紅外波段的強(qiáng)度低于預(yù)期，開(kāi)啟了新物理探索之門(mén)。“拉索”記錄到史上最亮的伽馬射線暴GRB221009A產(chǎn)生的光子，其最高能量達(dá)（萬(wàn)億電子伏特）。已知普朗克常量，下列說(shuō)法正確的是（）A.射線在真空中的傳播速度小于光速B.紅外線的波長(zhǎng)比射線短C.的光子能量約為D.的光子頻率約為〖答案〗D〖解析〗A．射線是電磁波，在真空中的傳播速度等于光速，故A錯(cuò)誤；B．紅外線的波長(zhǎng)比射線長(zhǎng)，故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)換算可得故C錯(cuò)誤；D．根據(jù)可得頻率為故D正確。故選D。A.賓館的自動(dòng)門(mén)能“感受”到人走近，主要利用的是聲音傳感器B.電梯能對(duì)超出負(fù)載作出“判斷”，主要利用的是力傳感器C.交警使用的酒精測(cè)試儀是一種物理傳感器，是靠吹氣的壓力來(lái)工作D.紅外測(cè)溫槍向人體發(fā)射紅外線，從而測(cè)量人體溫度〖答案〗B〖解析〗A．賓館的自動(dòng)門(mén)能“感受”到人走近，是因?yàn)榘惭b了紅外線傳感器，從而能感知紅外線，導(dǎo)致門(mén)被打開(kāi)，A錯(cuò)誤；B．通過(guò)壓力傳感器，可以使電梯判斷是否超出負(fù)載，即電梯能對(duì)超出負(fù)載作出“判斷”，主要利用的是力傳感器，B正確；C．酒精測(cè)試儀是氣敏傳感器，是靠化學(xué)反應(yīng)來(lái)工作的，故C錯(cuò)誤；D．紅外測(cè)溫槍是通過(guò)接受人體向外輻射的紅外線，從而測(cè)量人體溫度，D錯(cuò)誤。故選B。5.物理和生活息息相關(guān)，聯(lián)系生活實(shí)際對(duì)物理基本概念進(jìn)行認(rèn)識(shí)和理解，是學(xué)好物理的基礎(chǔ)。關(guān)于靜電現(xiàn)象下列說(shuō)法，正確的是（）A.圖甲是靜電釋放器，給汽車(chē)加油前用手觸摸一下，其目的是導(dǎo)走加油槍上的靜電B.圖乙中是避雷針的示意圖，避雷針?lè)乐菇ㄖ锉焕讚舻脑硎羌舛朔烹奀.圖丙采用金屬材料編織衣服的目的是利用靜電吸附D.圖丁是制作預(yù)防新型冠狀病毒性肺炎口罩的一種新穎的“靜電”絕緣纖維布，熔噴層經(jīng)駐極工藝，表面帶有電荷，它能阻隔幾微米的飛沫，這種靜電的阻隔作用屬于靜電屏蔽〖答案〗B〖解析〗A．圖甲是靜電釋放器，給汽車(chē)加油前用手觸摸一下，其目的是導(dǎo)走加油工作人員身上的靜電，故A錯(cuò)誤；B．圖乙中是避雷針的示意圖，當(dāng)帶電云層靠近建筑物時(shí)，避雷針上產(chǎn)生的感應(yīng)電荷會(huì)通過(guò)針尖放電，逐漸中和云層中的電荷，使建筑免遭雷擊，其原理是尖端放電，故B正確；C．超高壓帶電工作人員，為保證他們的安全，他們必須穿上金屬材料編織衣服，以起到靜電屏蔽的作用，故C錯(cuò)誤；D．帶電物體能吸引輕小物體，帶有病毒的飛沫靠近口罩的熔噴層后，會(huì)被吸附在表面，無(wú)法通過(guò)，從而起到隔離病毒的作用，屬于靜電吸附，故D錯(cuò)誤。故選B。6.鋰離子電池主要依靠鋰離子在正極和負(fù)極之間移動(dòng)來(lái)工作，下圖為鋰電池的內(nèi)部結(jié)構(gòu)。該過(guò)程中從負(fù)極通過(guò)隔膜返回正極。已知該鋰電池的電動(dòng)勢(shì)為3.7V，則（）A.電池處于充電狀態(tài)B.電源內(nèi)部每移動(dòng)一個(gè)鋰離子，需要消耗電能3.7evC.“毫安·時(shí)”（）是電池儲(chǔ)存能量的單位D.鋰離子電池放電時(shí)，電池內(nèi)部靜電力做負(fù)功，化學(xué)能轉(zhuǎn)化為電能〖答案〗D〖解析〗AD．電池放電時(shí)，從負(fù)極通過(guò)隔膜返回正極，電池內(nèi)部靜電力做負(fù)功，化學(xué)能轉(zhuǎn)化為電能，A錯(cuò)誤，D正確；B．根據(jù)公式可知，電源內(nèi)部將一個(gè)鋰離子由電源負(fù)極移動(dòng)到正極，需要消耗化學(xué)能3.7ev，B錯(cuò)誤；C．根據(jù)可知，“毫安·時(shí)”（）是電量的單位，C錯(cuò)誤。故選D。7.利用所學(xué)物理知識(shí)，可以初步了解常用的公交一卡通（IC卡）的工作原理及相關(guān)問(wèn)題．IC卡內(nèi)部有一個(gè)由電感線圈L和電容C構(gòu)成的LC的振蕩電路．公交卡上的讀卡機(jī)（刷卡時(shí)“嘀”的響一聲的機(jī)器）向外發(fā)射某一特定頻率的電磁波．刷卡時(shí)，IC卡內(nèi)的線圈L中產(chǎn)生感應(yīng)電流，給電容C充電，達(dá)到一定的電壓后，驅(qū)動(dòng)卡內(nèi)芯片進(jìn)行數(shù)據(jù)處理和傳輸．下列說(shuō)法正確的是（）A.IC卡工作場(chǎng)所所需要的能量來(lái)源于卡內(nèi)的電池B.僅當(dāng)讀卡器發(fā)射該特定頻率的電磁波時(shí)，IC卡才能有效工作C.若讀卡機(jī)發(fā)射的電磁波偏離該特定頻率，在線圈L中不會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流D.IC卡只能接收讀卡器發(fā)射的電磁波，而不能向讀卡機(jī)傳輸自身的數(shù)據(jù)信息〖答案〗B〖解析〗A.IC卡中有一個(gè)LC線圈和電容，當(dāng)讀卡機(jī)發(fā)出的電磁波被LC電路接收到，使得IC卡匯總的電路充電，所以IC卡的能量來(lái)源于讀卡機(jī)發(fā)射的電磁波，選項(xiàng)A錯(cuò)誤．B.LC振蕩電路接收與其固有頻率相同的電磁波，讀卡機(jī)發(fā)出的電磁波頻率與之匹配，才能得到最優(yōu)的充電效果，使電容電壓達(dá)到預(yù)定值，才能進(jìn)行數(shù)據(jù)傳輸，選項(xiàng)B正確．C.如果是其它頻率的電磁波，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律，穿過(guò)線圈的磁通量發(fā)生了變換，依然會(huì)有感應(yīng)電流，選項(xiàng)C錯(cuò)誤．D.據(jù)題意電容達(dá)到一定電壓之后，驅(qū)動(dòng)卡芯片進(jìn)行數(shù)據(jù)傳輸，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。故選B。8.智能手表通常采用無(wú)線充電方式。如圖甲所示，充電基座與220V交流電源相連，智能手表放置在充電基座旁時(shí)未充電，將手表壓在基座上，無(wú)需導(dǎo)線連接，手表便可以充電（如圖乙所示）。已知充電基座與手表都內(nèi)置了線圈，則（）A.無(wú)線充電時(shí)，手表內(nèi)接收線圈中產(chǎn)生恒定的電流B.無(wú)線充電的原理是利用基座內(nèi)的線圈發(fā)射電磁波傳輸能量D.充電時(shí)，基座線圈的磁場(chǎng)對(duì)手表線圈中的電子施加力的作用，驅(qū)使電子運(yùn)動(dòng)〖答案〗C〖解析〗A．無(wú)線充電時(shí)，基座中的線圈通過(guò)的是正弦式交變電流，其產(chǎn)生的磁場(chǎng)也是正弦式交變磁場(chǎng)，由法拉第電磁感應(yīng)定律可知，該變化磁場(chǎng)在手表內(nèi)接收線圈中產(chǎn)生的電流也是正弦式交變電流，故A錯(cuò)誤；B．無(wú)線充電的原理是基座內(nèi)的線圈電流變化，產(chǎn)生變化的磁場(chǎng)，導(dǎo)致手表內(nèi)部線圈中的磁通量發(fā)生改變，線圈產(chǎn)生感應(yīng)電流，與變壓器，互感器的原理相同，故B錯(cuò)誤；C．互感現(xiàn)象中，手表內(nèi)線圈中交變電流的頻率與基座內(nèi)線圈中交變電流的頻率相同，故C正確；D．根據(jù)上述解釋?zhuān)€圈磁場(chǎng)變化產(chǎn)生感應(yīng)電場(chǎng)，驅(qū)動(dòng)放置在感應(yīng)電場(chǎng)中的手表中的線圈內(nèi)部的電子做定向運(yùn)動(dòng)，形成電流，故D錯(cuò)誤。故選C。9.如圖，直線A為電源的圖線，電源電動(dòng)勢(shì)為E，內(nèi)阻為r，曲線B為燈泡的圖線，當(dāng)小燈泡接在該電源兩端，此時(shí)燈泡電阻為R，則以下說(shuō)法正確的是（）A.B.，C.當(dāng)燈泡接入該電源時(shí)，電源的輸出功率為6WD.將某電阻接在該電源兩端，改變外電阻的阻值時(shí)，該電源的最大輸出功率為4.5W〖答案〗D〖解析〗A．兩圖線交點(diǎn)為燈泡的工作點(diǎn)，所以此時(shí)燈泡電阻為故A錯(cuò)誤；B．電源的圖線縱截距表示電源電動(dòng)勢(shì)，斜率的絕對(duì)值表示內(nèi)阻故B錯(cuò)誤；C．電源的輸出功率等于燈泡此時(shí)消耗的電功率，為故C錯(cuò)誤；D．當(dāng)電源內(nèi)阻等于外電阻時(shí)，電源輸出功率最大，即該電源的最大輸出功率故D正確。故選D。10.某科研團(tuán)隊(duì)通過(guò)傳感器收集并分析運(yùn)動(dòng)數(shù)據(jù)，為跳高運(yùn)動(dòng)員的技術(shù)動(dòng)作改進(jìn)提供參考。圖為跳高運(yùn)動(dòng)員在起跳過(guò)程中，其單位質(zhì)量受到地面的豎直方向支持力隨時(shí)間變化關(guān)系曲線。圖像中10.10s至10.35s內(nèi)，曲線下方的面積與陰影部分的面積相等。已知該運(yùn)動(dòng)員的質(zhì)量為60kg，重力加速度g取。下列說(shuō)法正確的是（）A.起跳過(guò)程中運(yùn)動(dòng)員的最大加速度約為B.起跳過(guò)程中運(yùn)動(dòng)員所受合力的沖量大小約為C.起跳時(shí)運(yùn)動(dòng)員的動(dòng)量約為D.起跳后運(yùn)動(dòng)員重心上升的平均速度大小約為3m/s〖答案〗C〖解析〗A．由圖像可知，運(yùn)動(dòng)員受到的最大支持力約為根據(jù)牛頓第二定律可知，起跳過(guò)程中運(yùn)動(dòng)員的最大加速度約為故A錯(cuò)誤；B．圖像與時(shí)間軸圍成的面積代表沖量，起跳過(guò)程中支持力的沖量為起跳過(guò)程中運(yùn)動(dòng)員所受合力的沖量大小約為故B錯(cuò)誤；C．起跳時(shí)運(yùn)動(dòng)員的動(dòng)量約為故C正確；D．根據(jù)動(dòng)量定理可得得則起跳后運(yùn)動(dòng)員重心上升的平均速度為故D錯(cuò)誤。11.空間有一如圖所示圓錐形區(qū)域，O為頂點(diǎn)，BD為底面圓的直徑，A、C兩點(diǎn)分別是兩母線OB、OD的中點(diǎn)。在頂點(diǎn)O處固定一帶正電的點(diǎn)電荷，下列說(shuō)法中正確的是（）A.A點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度大小是B點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度大小2倍B.圓錐底面的圓周及直徑BD均為等勢(shì)線C.一個(gè)電子僅在頂點(diǎn)O處點(diǎn)電荷的作用下，可以沿平行于底面且過(guò)A、C兩點(diǎn)的截面圓周做勻速圓周運(yùn)動(dòng)D.將一帶正電的試探電荷從B點(diǎn)沿直徑移到D點(diǎn)，其電勢(shì)能先增大后減小〖答案〗D〖解析〗A．根據(jù)由題意可知可知A點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度大小是B點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度大小的4倍，故A錯(cuò)誤；B．由點(diǎn)電荷的電勢(shì)分布可知與點(diǎn)電荷距離相等的點(diǎn)所在平面為等勢(shì)面，圓錐底面的圓周及直徑BD的點(diǎn)與點(diǎn)電荷的距離不全相等，故不是等勢(shì)線，故B錯(cuò)誤；C．電子要做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，合力要指向圓心，僅在庫(kù)侖力作用下合力指向O點(diǎn)，因此不能做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，故C錯(cuò)誤；D．沿著電場(chǎng)線方向電勢(shì)逐漸降低，可知與正點(diǎn)電荷距離越小，電勢(shì)越大，根據(jù)可知與正點(diǎn)電荷距離越小，正試探電荷的電勢(shì)能越大，則將一帶正電的試探電荷從B點(diǎn)沿直徑移到D點(diǎn)，其電勢(shì)能先增大后減小，故D正確。故選D。12.安裝在排污管道上的流量計(jì)可以測(cè)量排污流量Q（流量為單位時(shí)間內(nèi)流過(guò)管道橫截面的流體的體積），如圖所示為流量計(jì)的示意圖。左右兩端開(kāi)口的長(zhǎng)方體絕緣管道的長(zhǎng)、寬、高分別為a、b、c，所在空間有垂直于前后表面、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，在上、下兩個(gè)面的內(nèi)側(cè)固定有金屬板M、N，污水充滿(mǎn)管道從左向右勻速流動(dòng)，測(cè)得M、N間電勢(shì)差為U，污水流過(guò)管道時(shí)受到的阻力大小，k是比例系數(shù)，v為污水的流速。則下列說(shuō)法正確的是（）A.金屬板M的電勢(shì)低于金屬板NB.電壓U與污水中離子濃度有關(guān)C.污水的流量D.左、右兩側(cè)管口的壓強(qiáng)差〖答案〗C〖解析〗AB．污水中的離子受到洛倫茲力，正離子向上極板聚集，負(fù)離子向下極板聚集，所以金屬板M的電勢(shì)高于金屬板N的電勢(shì)，從而在管道內(nèi)形成勻強(qiáng)電場(chǎng)，最終離子在電場(chǎng)力和洛倫茲力的作用下平衡，即得可知電壓U與污水中離子濃度無(wú)關(guān)，故AB錯(cuò)誤；C．污水的流量為故C正確；D．污水流過(guò)該裝置受到的阻力為污水勻速通過(guò)該裝置，則左右兩側(cè)的壓力差等于阻力，即則故D錯(cuò)誤。故選C。13.如圖所示，太陽(yáng)能無(wú)人駕駛試驗(yàn)汽車(chē)，安裝有的太陽(yáng)能電池板和蓄能電池，該電池板在有效光照條件下單位面積輸出的電功率為。車(chē)上安裝有效率為電動(dòng)機(jī)。該車(chē)在正常啟動(dòng)和行駛時(shí)僅由蓄能電池供電。某次，電動(dòng)機(jī)以恒定的機(jī)械功率啟動(dòng)，汽車(chē)最大行駛速度為。假設(shè)汽車(chē)行駛時(shí)受到的空氣阻力與其速度成正比，比例系數(shù)為，則下面關(guān)于汽車(chē)的有關(guān)說(shuō)法正確的是（）A.以最大速度行駛時(shí)牽引力大小為B.比例系數(shù)k的值為C.保持的速度行駛至少需要有效光照D.若僅用太陽(yáng)能電池板供電時(shí)獲得的最大行駛速度達(dá)不到〖答案〗D〖解析〗A．由題意可知，最大速度為，由恒定功率啟動(dòng)汽車(chē)可知代入數(shù)據(jù)解得A錯(cuò)誤；B．當(dāng)汽車(chē)最大行駛速度行駛時(shí)，牽引力等于阻力，設(shè)空氣阻力與速度的關(guān)系為則有代入數(shù)據(jù)解得B錯(cuò)誤；C．根據(jù)公式，由能量守恒可知解得C錯(cuò)誤；D．當(dāng)直接用太陽(yáng)能電池板供電時(shí)獲得的最大行駛速度有解得D正確。故選D。二、選擇題Ⅱ（本題共2小題，每小題3分，共6分。每小題給出的四個(gè)備選項(xiàng)中至少有一個(gè)是符合題目要求的，全部選對(duì)得3分，選對(duì)但不全得2分，有錯(cuò)選得0分）14.將一力傳感器與計(jì)算機(jī)相接，通過(guò)計(jì)算機(jī)可以顯示傳感器所測(cè)得的力的大小。現(xiàn)將某單擺懸掛在力傳感器的探頭上，并讓其做小幅度擺動(dòng)，計(jì)算機(jī)上便顯示出擺線的拉力大小隨時(shí)間變化的規(guī)律圖，如圖所示，則關(guān)于此單擺的說(shuō)法錯(cuò)誤的是（）A.單擺的周期 B.單擺的擺長(zhǎng)約1mC.時(shí)擺球正經(jīng)過(guò)最低點(diǎn) D.擺球運(yùn)動(dòng)過(guò)程中機(jī)械能守恒〖答案〗CD〖解析〗AC．?dāng)[球在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，在最低點(diǎn)的拉力最大，在一個(gè)周期內(nèi)擺球兩次經(jīng)過(guò)最低點(diǎn)，根據(jù)圖像知周期為2s，t=0.5s和t=1.5s時(shí)擺球正經(jīng)過(guò)最低點(diǎn)，故A正確，C錯(cuò)誤；B．根據(jù)單擺的周期公式可得故B正確；D．?dāng)[球在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中擺幅越來(lái)越小，因此機(jī)械能減小，故D錯(cuò)誤。該題選錯(cuò)誤的，故選CD。15.無(wú)線充電器能給手機(jī)充電是因?yàn)閮烧邇?nèi)部均有線圈存在，當(dāng)電源的電流通過(guò)無(wú)線充電器的送電線圈會(huì)產(chǎn)生變化的磁場(chǎng)，手機(jī)端的受電線圈靠近該磁場(chǎng)就會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流，雙方密切配合，手機(jī)成功無(wú)線充電，如圖為某校高二物理興趣小組設(shè)制的簡(jiǎn)易無(wú)線充電裝置，由一個(gè)電磁爐（發(fā)射線圈）、一個(gè)接收線圈、一個(gè)二極管、一個(gè)車(chē)載充電器構(gòu)成，發(fā)射線圈、接收線圈匝數(shù)比，若電磁爐兩端所加電壓為，不考慮充電過(guò)程中的各種能量損失，則下列說(shuō)法正確的是（）A.通過(guò)車(chē)載充電器的電流為直流電B.通過(guò)車(chē)載充電器的電流為交流電C.車(chē)載充電器兩端電壓的有效值為20VD.車(chē)載充電器兩端電壓的有效值為〖答案〗AD〖解析〗AB．接收線圈與車(chē)載充電器之間連接一個(gè)二極管，二極管只能正向通電，具有整流作用，所以通過(guò)車(chē)載充電器的電流為直流電，故B錯(cuò)誤，A正確；CD．發(fā)射線圈、接收線圈匝數(shù)比，若電磁爐兩端所加電壓為，則發(fā)射線圈兩端電壓有效值為由代入數(shù)據(jù)聯(lián)立可得接收線圈兩端電壓有效值為V由有效值的定義有可得車(chē)載充電器兩端電壓有效值為=故C錯(cuò)誤，D正確。故選AD。三、非選擇題：（本題共6小題，共55分）16.某科學(xué)興趣小組同學(xué)用如圖所示的裝置驗(yàn)證“動(dòng)量守恒定律”。實(shí)驗(yàn)步驟如下：①用細(xì)繩將大小相同、質(zhì)量分別為mA和mB的小球A和B懸掛在天花板上；②在A、B兩球之間放入少量炸藥，引爆炸藥，兩球反方向擺起，用量角器記錄兩細(xì)繩偏離豎直方向的最大夾角分別為；試回答下列問(wèn)題：（1）實(shí)驗(yàn)中所用兩細(xì)繩長(zhǎng)度應(yīng)______（填“相等”或“不相等”）。（2）若兩球爆炸過(guò)程動(dòng)量守恒，應(yīng)滿(mǎn)足的表達(dá)式為_(kāi)_____（用mA、mB、、表示）。（3）另一小組同學(xué)用該實(shí)驗(yàn)裝置想探究?jī)尚∏蜷g的碰撞是否是彈性碰撞，實(shí)驗(yàn)步驟如下：①小球B豎直靜止，將小球A拉起一定角度，由靜止釋放；②小球A和小球B發(fā)生正碰之后，小球A被彈回，用量角器測(cè)出懸掛小球B的細(xì)繩能擺起的與豎直方向的最大夾角；③多次改變初始的值，使得懸掛小球B的細(xì)繩擺起的最大角度發(fā)生變化，記錄多組、值，以為縱軸，為橫軸，繪制圖像；④該小組實(shí)驗(yàn)中需保證兩小球的質(zhì)量滿(mǎn)足：mA______mB（選填“>”、“<”或“=”）。〖答案〗（1）相等（2）（3）<〖解析〗（1）實(shí)驗(yàn)需要兩小球發(fā)生對(duì)心碰撞，則兩小球繩長(zhǎng)必須相同。（2）設(shè)繩長(zhǎng)為L(zhǎng)，對(duì)A、B球爆炸后由動(dòng)能定理得由動(dòng)量守恒定律得聯(lián)立解得（3）小球A和小球B發(fā)生正碰之后，小球A被彈回，則A的質(zhì)量小于B的質(zhì)量，A才會(huì)反彈。17.（1）用螺旋測(cè)微器測(cè)量某金屬絲直徑時(shí)的刻度位置如圖甲所示，從圖中讀出金屬絲的直徑為_(kāi)____mm。用游標(biāo)卡尺可以測(cè)量某些工件的外徑，示數(shù)如圖乙所示，則讀數(shù)為_(kāi)_____mm。（Ⅱ）已知一熱敏電阻當(dāng)溫度從10℃升至60℃時(shí)阻值從幾千歐姆降至幾百歐姆，某同學(xué)利用下列方法測(cè)量其常溫下的阻值。（2）用多用電表的歐姆擋“”倍率測(cè)量熱敏電阻的阻值，正確操作指針偏轉(zhuǎn)如圖甲所示。實(shí)驗(yàn)小組應(yīng)將倍率更換至______（選填“”或“”）倍率，正確操作并讀出熱敏電阻阻值；（3）實(shí)驗(yàn)小組在粗略測(cè)量熱敏電阻阻值后，用以下的器材精確測(cè)量它的阻值。A．電源（，內(nèi)阻約為1Ω）B．電流表（，內(nèi)阻約為5Ω）C．電流表（量程0.6A，內(nèi)阻約為1Ω）D．電壓表（0～5V，內(nèi)阻約為3kΩ）E．電壓表（0～15V，內(nèi)阻約為10kΩ）F．滑動(dòng)變阻器R（0~10Ω，允許通過(guò)的最大電流為1A）G．開(kāi)關(guān)H．導(dǎo)線①為了盡可能精確的測(cè)量熱敏電阻的阻值，電流表選______，電壓表選______；（選填元件前面的序號(hào)）②下列電路圖設(shè)計(jì)合理的是______。（選填“乙”或“丙”）〖答案〗（1）0.68029.8（2）×100（3）BD丙〖解析〗（1）[1]螺旋測(cè)微器的精確度為0.01mm，讀數(shù)為0.5mm+mm=0.680mm[2]游標(biāo)卡尺的精確度為0.1mm，讀數(shù)為29mm+mm=29.8mm（2）選擇“×10”倍率時(shí)，指針偏轉(zhuǎn)角度偏小，重選相鄰的大倍率“×100”。（3）①[1][2]電源電動(dòng)勢(shì)是5V，電壓表選擇0~5V，即電壓表選B；電壓全部加在熱敏電阻上，電流約為A=5mA，電流表量程選0~5mA，電流表選D。②[3]滑動(dòng)變阻器的最大阻值遠(yuǎn)遠(yuǎn)小于熱敏電阻阻值，所以用分壓式連接，待測(cè)電阻屬于大電阻，采用電流表內(nèi)接法。18.如圖所示，兩平行金屬導(dǎo)軌間連接著電動(dòng)勢(shì)，內(nèi)阻的電源，定值電阻，導(dǎo)軌間距，導(dǎo)軌電阻忽略不計(jì)。導(dǎo)軌的豎直部分左側(cè)有一根與其接觸良好的水平放置的金屬棒ab，在金屬棒所在空間加一豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)（圖中僅畫(huà)出了一根磁感線），金屬棒ab質(zhì)量，與兩導(dǎo)軌接觸點(diǎn)之間的電阻。已知導(dǎo)軌豎直部分與金屬棒間的動(dòng)摩擦因數(shù)（設(shè)最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力），已知重力加速度，求：（1）要使金屬棒能處于靜止?fàn)顟B(tài)，則所加的豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度至少多大；（2）若將豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)繞垂直于棒ab的方向逆時(shí)針轉(zhuǎn)過(guò)37°，要使金屬棒仍能處于靜止轉(zhuǎn)態(tài)，則磁感應(yīng)強(qiáng)度至少多大?！即鸢浮剑?）2T；（2）1T〖解析〗（1）由受力分析根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件得由閉合電路歐姆定律有聯(lián)立解得所以所加的豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度至少為2T。（2）當(dāng)較小時(shí)，靜摩擦力豎直向上，則解得故磁感應(yīng)強(qiáng)度至少為1T。19.如圖，光滑水平面上固定一豎直的光滑弧形軌道，軌道末端與B的左端上表面相切，右側(cè)的豎直墻面固定一勁度系數(shù)的輕彈簧，彈簧處于自然狀態(tài)，左端與木板右端相隔一定距離?？梢暈橘|(zhì)點(diǎn)的物塊A從弧形軌道距B上表面高處無(wú)初速度下滑，水平滑上B的上表面，兩者共速時(shí)木板恰好與彈簧接觸。已知A、B的質(zhì)量分別為，物塊A、B間的動(dòng)摩擦因數(shù)，最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，木板足夠長(zhǎng)。忽略A滑上B時(shí)的能量損失，彈簧始終處在彈性限度內(nèi)，彈簧的彈性勢(shì)能Ep與形變量x的關(guān)系為。取重力加速度，求：（1）物塊在木板上滑動(dòng)時(shí)，物塊A和木板B的加速度大??；（2）木板B右端與彈簧左端的距離；（3）木板與彈簧接觸以后，物塊與木板之間即將相對(duì)滑動(dòng)時(shí)物塊A的速度大小。〖答案〗（1）1m/s2，2m/s2；（2）1m；（3）〖解析〗（1）物塊在木板B上滑動(dòng)時(shí)，設(shè)物塊和木板的加速度分別為和，對(duì)物塊解得對(duì)木板解得（2）設(shè)物塊剛滑上木板時(shí)，物塊的速度為，物塊從開(kāi)始下滑到弧形軌道最低點(diǎn)過(guò)程中，由動(dòng)能定理解得兩者共速的速度為，對(duì)物塊和木板，由動(dòng)量守恒解得木板向右勻加速解得（3）與B以相同速度壓縮彈簧，對(duì)A、B整體受力分析，由牛頓第二定律對(duì)物塊A由牛頓第二定律當(dāng)滿(mǎn)足時(shí)，物塊A與木板B之間即將發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)，解得此時(shí)彈簧壓縮量為由能量守恒定律聯(lián)立解得，此時(shí)木板的速度大小為20.如圖所示，單匝線圈處于均勻減小的磁場(chǎng)中，磁通量變化率為，線圈電阻為，線圈通過(guò)開(kāi)關(guān)、導(dǎo)線與兩根足夠長(zhǎng)的平行光滑水平金屬軌道相連，軌道寬為，圖中虛線右側(cè)存在垂直軌道向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度B=1T，軌道上靜止放置有兩根相同的金屬棒MN和PQ，質(zhì)量均為，電阻均為，其中MN在磁場(chǎng)外，PQ在磁場(chǎng)內(nèi)且距離磁場(chǎng)虛線邊界，兩部分磁場(chǎng)不會(huì)相互影響。不計(jì)連接線圈的導(dǎo)線和水平軌道的電阻，求：（1）開(kāi)關(guān)閉合瞬間，PQ棒的加速度；（2）斷開(kāi)開(kāi)關(guān)，給MN一個(gè)向右的初速度，求最終穩(wěn)定時(shí)：①PQ導(dǎo)體棒上產(chǎn)生的熱量？②兩金屬棒的間距為多少？〖答案〗（1）10m/s2，方向向右；（2）①0.2J；②0.6m〖解析〗（1）根據(jù)法拉第