廣西崇左高級(jí)中學(xué)2024-2025學(xué)年高二物理上學(xué)期11月月考試題含解析

PAGE廣西崇左高級(jí)中學(xué)2024-2025學(xué)年高二物理上學(xué)期11月月考試題（含解析）一、選擇題：1.兩根長(zhǎng)度均為的絕緣細(xì)線分別系住質(zhì)量相等、電荷量均為的小球、，并懸掛在點(diǎn)。當(dāng)兩個(gè)小球靜止時(shí)，它們處在同一高度上，且兩細(xì)線與豎直方向間夾角均為，如圖所示，靜電力常量為，則每個(gè)小球的質(zhì)量為（）A. B. C. D.【答案】B【解析】【詳解】對(duì)小球進(jìn)行受力分析，如下圖所示設(shè)繩子對(duì)小球的拉力為T(mén)，依據(jù)平衡條件，結(jié)合三角學(xué)問(wèn)，可得依據(jù)庫(kù)侖定律得，小球在水平方向受到庫(kù)侖力的大小為聯(lián)立解得故選B。2.如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場(chǎng)，實(shí)線和虛線分別表示電場(chǎng)線和等勢(shì)線，兩電子分別從a、b兩點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到c點(diǎn)，設(shè)電場(chǎng)力對(duì)兩電子做的功分別為和，a、b點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小分別為和，則A. B.C. D.【答案】A【解析】【詳解】電子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)電場(chǎng)力做功，由于a、b兩點(diǎn)位于同一條等勢(shì)線上，故，有，可得；電場(chǎng)線的疏密程度反映場(chǎng)強(qiáng)的大小，a點(diǎn)比b點(diǎn)的電場(chǎng)線密些，故場(chǎng)強(qiáng)大些，，故選A．3.如圖，一帶負(fù)電荷的油滴在勻強(qiáng)電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)，其軌跡在豎直平面（紙面）內(nèi)，且相對(duì)于過(guò)軌跡最低點(diǎn)的豎直線對(duì)稱(chēng)，忽視空氣阻力。由此可知（）A.點(diǎn)的電勢(shì)比點(diǎn)低B.油滴在點(diǎn)的動(dòng)能比它在點(diǎn)的大C.油滴在點(diǎn)的電勢(shì)能比它在點(diǎn)的大D.油滴在點(diǎn)的加速度大小比它在點(diǎn)的小【答案】B【解析】【詳解】A．依據(jù)粒子軌跡彎曲方向可知，粒子受到的合外力方向肯定指向上方；同時(shí)因軌跡關(guān)于P點(diǎn)對(duì)稱(chēng)，可知電場(chǎng)力應(yīng)豎直向上；粒子帶負(fù)電，則電場(chǎng)方向豎直向下，所以點(diǎn)的電勢(shì)比點(diǎn)高，故A錯(cuò)誤；B．粒子由P到Q過(guò)程中，合外力做正功，動(dòng)能增大，則油滴在點(diǎn)的動(dòng)能比它在點(diǎn)的大，故B正確；C．粒子由P到Q過(guò)程中，電場(chǎng)力對(duì)油滴做正功，故其電勢(shì)能減小，油滴在點(diǎn)的電勢(shì)能比它在點(diǎn)的小，故C錯(cuò)誤；D．因小球在勻強(qiáng)電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)，所受電場(chǎng)力和重力均為恒力，故P、Q兩點(diǎn)加速度大小相同，故D錯(cuò)誤。故選B。4.對(duì)于如圖所示電場(chǎng)中的A、B、C三點(diǎn)，下列推斷正確的是（）A.A點(diǎn)的電勢(shì)最低B.B點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度最大C.正電荷在A點(diǎn)受到的電場(chǎng)力最大D.負(fù)電荷在C點(diǎn)具有的電勢(shì)能最大【答案】C【解析】【詳解】A．沿著電場(chǎng)線方向電勢(shì)減小，故B點(diǎn)的電勢(shì)最低，A錯(cuò)誤，BC．電場(chǎng)線的疏密程度表示場(chǎng)強(qiáng)大小，所以A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)最大，正電荷在A點(diǎn)受到的電場(chǎng)力最大，B錯(cuò)誤，C正確，D．負(fù)電荷在B點(diǎn)的電勢(shì)能最大，D錯(cuò)誤。故選C。5.在豎直向下的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，一帶電油滴在電場(chǎng)力和重力的作用下，沿虛線所示的運(yùn)動(dòng)軌跡從運(yùn)動(dòng)到.若此帶電油滴在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中動(dòng)能和重力勢(shì)能之和為，重力勢(shì)能和電勢(shì)能之和為，則、的改變狀況是（）A.增加，增加 B.增加，減小C.不變，減小 D.不變，不變【答案】B【解析】【詳解】由液滴的運(yùn)動(dòng)軌跡可知，油滴所受的合力向上，則電場(chǎng)力向上，油滴帶負(fù)電；因?yàn)橛兄亓碗妶?chǎng)力做功，則油滴的重力勢(shì)能、動(dòng)能和電勢(shì)能之和守恒，則從a到b運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，電場(chǎng)力做正功，則電勢(shì)能減小，則動(dòng)能和重力勢(shì)能之和為增加；合外力做正功，則動(dòng)能增加，即重力勢(shì)能和電勢(shì)能之和減小。故選B。6.一平行電容器兩極板之間充溢云母介質(zhì)，接在恒壓直流電源上，若將云母介質(zhì)移出，則電容器（）A.極板上的電荷量變大，極板間的電場(chǎng)強(qiáng)度變大B.極板上的電荷量變小，極板間的電場(chǎng)強(qiáng)度變大C.極板上的電荷量變大，極板間的電場(chǎng)強(qiáng)度不變D.極板上的電荷量變小，極板間的電場(chǎng)強(qiáng)度不變【答案】D【解析】試題分析：電容器接在恒壓直流電源上，則電容器兩端的電勢(shì)差不變，將云母介質(zhì)移出后，介電常數(shù)減小，依據(jù)電容的確定式知，介電常數(shù)減小，電容減小，由于電壓不變，依據(jù)可知，電荷量Q減小，由于電容器的電壓不變，板間的距離d不變，依據(jù)可知，極板間的電場(chǎng)強(qiáng)度不變，所以ABC錯(cuò)誤，D正確．考點(diǎn)：電容器的動(dòng)態(tài)分析【名師點(diǎn)睛】本題是電容器的動(dòng)態(tài)分析問(wèn)題，關(guān)鍵抓住不變量，當(dāng)電容器與電源始終相連，則電勢(shì)差不變；當(dāng)電容器與電源斷開(kāi)，則電荷量不變．要駕馭、、三個(gè)公式．7.如圖所示，兩平行的帶電金屬板水平放置．若在兩板中間a點(diǎn)從靜止釋放一帶電微粒，微粒恰好保持靜止?fàn)顟B(tài)．現(xiàn)將兩板繞過(guò)a點(diǎn)的軸（垂直于紙面）逆時(shí)針旋轉(zhuǎn)45°，再由a點(diǎn)從靜止釋放一同樣的微粒，改微粒將A.保持靜止?fàn)顟B(tài)B.向左上方做勻加速運(yùn)動(dòng)C.向正下方做勻加速運(yùn)動(dòng)D.向左下方做勻加速運(yùn)動(dòng)【答案】D【解析】現(xiàn)將兩板繞過(guò)a點(diǎn)的軸（垂直于紙面）逆時(shí)針旋轉(zhuǎn)時(shí)，兩板間的電場(chǎng)強(qiáng)度不變，電場(chǎng)力也不變，所以現(xiàn)將兩板繞過(guò)a點(diǎn)的軸（垂直于紙面）逆時(shí)針旋轉(zhuǎn)后，帶電微粒受兩大小相等的力的作用，合力方向向左下方，故微粒將向左下方做勻加速運(yùn)動(dòng)，故D正確，A、B、C錯(cuò)誤．【考點(diǎn)定位】電容器，電場(chǎng)力，力的平衡．【方法技巧】本題主要是:要理解這個(gè)題目的實(shí)質(zhì)是在二力平衡作用下物體靜止，假如一個(gè)力轉(zhuǎn)動(dòng)45°，而大小不變，物體會(huì)乍樣運(yùn)動(dòng)？8.如圖所示，把長(zhǎng)為的導(dǎo)體棒置于垂直紙面對(duì)里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁感應(yīng)強(qiáng)度為，當(dāng)導(dǎo)體棒中通以方向向左的恒定電流時(shí)，下面關(guān)于通電導(dǎo)體棒在磁場(chǎng)中受到的安培力大小和方向正確的是（）A.大小為，方向豎直向上B.大小為，方向豎直向上C.大小為，方向豎直向下D.大小為，方向豎直向下【答案】C【解析】【詳解】依據(jù)左手定則可知，通電直導(dǎo)線受的安培力方向豎直向下，由于此時(shí)電流與磁場(chǎng)方向垂直，因此安培力大小為。故選C。9.如圖，為勻強(qiáng)電場(chǎng)中的四個(gè)點(diǎn)，它們正好是矩形的四個(gè)頂點(diǎn)，，，電場(chǎng)線與矩形平面平行，已知點(diǎn)電勢(shì)為，點(diǎn)電勢(shì)為，點(diǎn)電勢(shì)為，一電荷量為的粒子從點(diǎn)以的速度射入電場(chǎng)，入射方向與成45°，一段時(shí)間后經(jīng)過(guò)點(diǎn)，不計(jì)粒子重力，下列推斷正確的是（）A.點(diǎn)電勢(shì)為B場(chǎng)強(qiáng)方向由指向C.粒子帶正電D.粒子從運(yùn)動(dòng)到，克服電場(chǎng)力做功為【答案】AC【解析】【詳解】A．勻強(qiáng)電場(chǎng)中，沿電場(chǎng)線方向每前進(jìn)相同的距離，電勢(shì)改變速度相同，因?yàn)閍d=bc=2L所以φc=16V，故A正確；B．設(shè)ad連線中點(diǎn)為O點(diǎn)，連接Ob和Oc，如下圖所示可得其電勢(shì)，故Oc為等勢(shì)面，電場(chǎng)線與等勢(shì)面垂直，而由幾何學(xué)問(wèn)易得Oc垂直O(jiān)b，則電場(chǎng)線方向由b指向O，故B錯(cuò)誤；C．由上可知，電場(chǎng)線方向由b指向O，粒子從b偏轉(zhuǎn)到c，則受力方向斜向上，故粒子帶正電，故C正確；D．依據(jù)，粒子從b運(yùn)動(dòng)到c，電場(chǎng)力做功為故D錯(cuò)誤。故選AC。10.如圖所示電路，電源，內(nèi)阻。。開(kāi)關(guān)閉合后，變阻器總電阻為，在變阻器的滑動(dòng)端向下滑動(dòng)的過(guò)程中（）A.電壓表與電流表的示數(shù)都減小B.通過(guò)的電流變大C.兩端的電壓變大D.電源輸出功率變大，最大輸出功率為【答案】AB【解析】【分析】“串反并同”指的是在一個(gè)電路中假如一個(gè)電學(xué)元件的電阻發(fā)生改變，則與該電學(xué)元件并聯(lián)的元件的電壓，電流的改變與電阻的改變趨勢(shì)一樣，與該電學(xué)元件串聯(lián)的元件的電流和電壓的改變趨勢(shì)與其相反，這里的串聯(lián)指的是有電流的流進(jìn)流出關(guān)系即可，并聯(lián)指電流無(wú)流進(jìn)流出關(guān)系?！驹斀狻緼．變阻器的滑動(dòng)端向下滑動(dòng)的過(guò)程中，變阻器電阻減小，則依據(jù)“串反并同”規(guī)律可知，電壓表與電流表的示數(shù)都減小，故A正確；B．變阻器的滑動(dòng)端向下滑動(dòng)的過(guò)程中，變阻器電阻減小，則依據(jù)“串反并同”規(guī)律可知，通過(guò)的電流變大，故B正確；C．變阻器的滑動(dòng)端向下滑動(dòng)的過(guò)程中，變阻器電阻減小，則依據(jù)“串反并同”規(guī)律可知，的兩端電壓變小，故C錯(cuò)誤；D．若的阻值范圍為，則變阻器滑片在最上方時(shí)，外電路總電阻阻值剛好等于電源內(nèi)阻，此時(shí)電源輸出功率最大，下滑時(shí)導(dǎo)致外電路總電阻減小，電源輸出功率也減小，故D錯(cuò)誤。故選AB。11.如圖所示，一帶電荷量為的帶電粒子以肯定的初速度由點(diǎn)射入勻強(qiáng)電場(chǎng)，入射方向與電場(chǎng)線垂直。粒子從點(diǎn)射出電場(chǎng)時(shí)，其速度方向與電場(chǎng)線成30°角，已知?jiǎng)驈?qiáng)電場(chǎng)的寬度為，、兩點(diǎn)的電勢(shì)差為，不計(jì)重力作用，設(shè)點(diǎn)的電勢(shì)為零。則下列說(shuō)法正確的是（）A.帶電粒子在點(diǎn)的電勢(shì)能為B.帶電粒子帶正電C.此勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為D點(diǎn)動(dòng)能小于點(diǎn)動(dòng)能【答案】BCD【解析】【詳解】AB．由圖看出粒子的軌跡向上，則所受的電場(chǎng)力向上，與電場(chǎng)方向相同，所以該粒子帶正電。粒子從P到Q，電場(chǎng)力做正功為qU，則粒子的電勢(shì)能削減了qU，P點(diǎn)的電勢(shì)為零，則知帶電粒子在Q點(diǎn)的電勢(shì)能為?Uq，故A錯(cuò)誤，B正確；C．設(shè)帶電粒子在P點(diǎn)時(shí)的速度為v0，在Q點(diǎn)建立直角坐標(biāo)系，垂直于電場(chǎng)線為x軸，平行于電場(chǎng)線為y軸，由平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律和幾何學(xué)問(wèn)求得粒子在y軸方向的分速度為粒子在y方向上的平均速度為粒子在y方向上的位移為y0，粒子在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為t，則解得則電場(chǎng)強(qiáng)度為故C正確；D．粒子從P到Q，合外力為電場(chǎng)力做正功，動(dòng)能增加，則點(diǎn)動(dòng)能小于點(diǎn)動(dòng)能，故D正確。故選BCD。二、試驗(yàn)填空題：12.為了測(cè)量某一未知電阻Rx(阻值約為6Ω)的阻值，試驗(yàn)室里打算了以下器材：A．電源，電動(dòng)勢(shì)E＝3.0VB．電壓表V1，量程3V，內(nèi)阻約5kΩC．電壓表V2，量程15V，內(nèi)阻約25kΩD．電流表A1，量程0.6A，內(nèi)阻約0.2ΩE．電流表A2，量程3A，內(nèi)阻約0.04ΩF．滑動(dòng)變阻器R1，最大阻值5Ω，最大電流為3AG．滑動(dòng)變阻器R2，最大阻值200Ω，最大電流為1.5AH．開(kāi)關(guān)S、導(dǎo)線若干（1）在用伏安法測(cè)量該電阻的阻值時(shí)，要求盡可能精確，并且待測(cè)電阻兩端的電壓從零起先連續(xù)調(diào)整，則在上述供應(yīng)的器材中電壓表應(yīng)選________；電流表應(yīng)選________；滑動(dòng)變阻器應(yīng)選________．(填器材前面的字母代號(hào))（2）請(qǐng)?jiān)谔摼€框內(nèi)畫(huà)出用伏安法測(cè)量該電阻阻值時(shí)的試驗(yàn)電路圖_______．（3）請(qǐng)依據(jù)電路圖將下列實(shí)物圖補(bǔ)充完整__________．【答案】(1).（1）B(2).D(3).F(4).（2）(5).（3）【解析】【詳解】（1）因?yàn)殡妱?dòng)勢(shì)只有3V，所以電壓表原則B；通過(guò)待測(cè)電阻的最大電流：，所以電流表選擇D；電壓要求從零起先調(diào)整，所以選擇分壓式電路，滑動(dòng)變阻器選擇總阻值較小的F（2）該試驗(yàn)選擇分壓電路，因?yàn)椋海噪娏鞅磉x擇外接法，電路圖如下：（3）依據(jù)電路圖連接實(shí)物圖：13.在“測(cè)定電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻”的試驗(yàn)中，給定以下的器材來(lái)完成試驗(yàn)。待測(cè)干電池一節(jié)電壓表（量程，內(nèi)阻約）電流表（量程，內(nèi)阻約為）滑動(dòng)變阻器滑動(dòng)變阻器導(dǎo)線、開(kāi)關(guān)(1)為便利試驗(yàn)調(diào)整且能較精確地進(jìn)行測(cè)量，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選用______（選填“”或“”）；(2)試驗(yàn)所用電路如圖甲所示，請(qǐng)用筆畫(huà)線代替導(dǎo)線在圖乙中完成實(shí)物連接圖______；(3)該同學(xué)依據(jù)試驗(yàn)數(shù)據(jù)得到圖丙中的圖線，依據(jù)圖線求得電源電動(dòng)勢(shì)______，內(nèi)電阻______；(4)圖丙中圖線是標(biāo)有“,”的小燈泡的伏安特性曲線，該同學(xué)將該小燈泡與本試驗(yàn)中的電池連成一閉合電路，小燈泡實(shí)際消耗的電功率是______（保留2位有效數(shù)字）。【答案】(1).(2).見(jiàn)解析(3).1.45(4).0.5(5).0.69【解析】【詳解】(1)[1]電源內(nèi)阻較小，電動(dòng)勢(shì)約為1.5V左右，用R2不簡(jiǎn)單調(diào)整，故選R1。(2)[2]電路中才一節(jié)干電池，連接實(shí)物電路時(shí)電流表選擇0.6A量程，電壓表選擇3V量程，同時(shí)留意滑動(dòng)變阻器的接法一上一下，如下圖所示(3)[3]圖象縱軸截距表示電源電動(dòng)勢(shì)為E=1.45V。[4]圖象斜率表示電源內(nèi)阻為(4)[5]兩圖線的交點(diǎn)縱坐標(biāo)和橫坐標(biāo)的乘積表示小燈泡的實(shí)際功率，燈泡的實(shí)際功率為P=UI=1.15×0.6W=0.69W14.如圖為某同學(xué)組裝完成的簡(jiǎn)易多用電表的電路圖。圖中是電池；、、、和是固定電阻，是可變電阻；表頭電流表的量程為，內(nèi)阻。虛線方框內(nèi)為換擋開(kāi)關(guān)，端和端分別與兩表筆相連。該多用電表有5個(gè)擋位，5個(gè)擋位為：直流電壓擋和擋，直流電流擋和擋，歐姆擋。(1)圖中的端與______（填“紅”或“黑”）色表筆相連接；(2)關(guān)于的運(yùn)用，下列說(shuō)法正確的是______（填正確答案標(biāo)號(hào)）；A．在運(yùn)用多用電表之前，調(diào)整使電表指針指在表盤(pán)左端電流“0”位置B．運(yùn)用歐姆擋時(shí)，先將兩表筆短接，調(diào)整使電表指針指在表盤(pán)右端電阻“0”位置C．運(yùn)用電流擋時(shí)，調(diào)整使電表指針盡可能指在表盤(pán)右端電流最大位置(3)依據(jù)題給條件可得______，______。【答案】(1).黑(2).B(3).300(4).350【解析】【詳解】(1)[1]歐姆表內(nèi)置電源正極與黑表筆相連，負(fù)極與紅表筆相連，由圖示電路圖可知，A端應(yīng)與黑表筆相連。(2)[2]由電路圖可知，只在測(cè)量電阻時(shí)才接入電路，故其作用只能進(jìn)行歐姆調(diào)零，也不能進(jìn)行機(jī)械調(diào)零，同時(shí)在運(yùn)用電流擋時(shí)也不須要進(jìn)行調(diào)整。故選B。(3)[3][4]由圖示電路圖可知，當(dāng)接“2”時(shí)為直流電流10mA當(dāng)接“4”時(shí)為直流電壓5V解得三、解答或論述題：15.如圖所示為兩組平行板金屬板，一組豎直放置，一組水平放置，今有一質(zhì)量為m的電子靜止在豎直放置的平行金屬板的A點(diǎn)，經(jīng)電壓U1加速后通過(guò)B點(diǎn)進(jìn)入兩板間距為d、電壓為U2的水平放置的平行金屬板間，若電子從兩塊水平平行板的正中間射入，且最終電子剛好能從右側(cè)的兩塊平行金屬板穿出，A、B分別為兩塊豎直板的中點(diǎn)，求：(1)電子通過(guò)B點(diǎn)時(shí)的速度大??；(2)右側(cè)平行金屬板的長(zhǎng)度；(3)電子穿出右側(cè)平行金屬板時(shí)的動(dòng)能?！敬鸢浮?1)；(2)；(3)【解析】【詳解】(1)在加速電場(chǎng)中由動(dòng)能定理可得計(jì)算得出(2)粒子在豎直方向，豎直方向位移依據(jù)牛頓其次定律得，粒子的加速度在水平方向聯(lián)立上式得到代入數(shù)據(jù)得(3)從剛起先到射出電場(chǎng)的過(guò)程中運(yùn)用動(dòng)能定理得：16.如圖所示，、是位于豎直平面內(nèi)、半徑為的的圓弧形的光滑絕緣軌道，其下端點(diǎn)與水平絕緣軌道平滑連接，整個(gè)軌道處在豎直向下的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，電場(chǎng)強(qiáng)度為。今有一質(zhì)量為、帶電荷量的小滑塊（可視為質(zhì)點(diǎn)）從點(diǎn)由靜止釋放。若已知滑塊與水平軌道間的