湖南省五市十校2024-2025學年高二物理上學期第一次聯(lián)考試題

PAGE10-湖南省五市十校2024-2025學年高二物理上學期第一次聯(lián)考試題本試卷共4頁，全卷滿分100分，考試時間90分鐘?？忌粢猓?.答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。2.回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡，上對應題目的答案標號涂黑。如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標號?；卮鸱沁x擇題時，將答案寫在答題卡上。寫在本試卷上無效。3.考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共8小題，每小題4分，共32分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1.有一質(zhì)點，從坐標原點O自t＝0時刻起先沿x軸運動，其v－t圖象如圖所示?，F(xiàn)有下列說法，其中正確的是A.t＝2.0s時質(zhì)點離O點最遠B.t＝0.5s時質(zhì)點運動方向發(fā)生變更C.t＝1.0s時質(zhì)點離O點最遠D.t＝1.0s時質(zhì)點回到O點2.如圖所示，始終角支架固定不動。在其光滑豎直桿上套著一個滑塊，用輕繩系著滑塊繞過光滑的定滑輪。用豎直向下的力F緩慢拉繩，使滑塊從A點起由靜止起先緩慢上升至B、C點。下列說法正確的是A.滑塊從A點到B點的過程中，力F大小不變B.滑塊從A點到C點的過程中，桿對滑塊的彈力不變C.滑塊從A點到C點的過程中，力F漸漸變小D.滑塊從A點到C點的過程中，桿對滑塊的彈力變大3.排球運動場地示意圖如圖所示，排球網(wǎng)在O點處，左右兩側場地的A、B兩點與O點距離均為H，AB連線與網(wǎng)平面垂直，左右邊界與網(wǎng)的垂直距離約為3H。一運動員在A正上方H處將球水平拍出，剛好被對方運動員在B點上方處接住，不計空氣阻力，則A.球被拍出后，相同時間內(nèi)速度變更量越來越大B.球被拍出后，經(jīng)過t＝的時間被接住C.球被拍出瞬間，初速度大小為v0＝D.若對方運動員不接球，該球便落在對方界內(nèi)得分4.有兩個完全相同的金屬小球A、B(它們的大小可忽視不計)，A帶電荷量為9Q，B帶電荷量為－Q，當A、B在真空中相距為r時，兩球之間的相互作用的庫侖力為F；現(xiàn)用絕緣工具使A、B球相互接觸后距離變?yōu)樵瓉淼?倍，則A、B間的相互作用的庫侖力的大小是A.B.C.D.5.如圖，電荷量為q1和q2的兩個點電荷分別位于P點和Q點，已知在P、Q連線上某點R處的電場強度為零，且PR＝3RQ，則A.q1＝3q2B.q1＝9q2C.q1＝－3q2D.q1＝－9q26.如圖所示，A、B兩帶正電粒子質(zhì)量之比為1：2，電荷量之比為1：4。兩粒子在O上方同一位置沿垂直電場方向射入平行板電容器中，分別打在C、D兩點，OC＝CD，忽視粒子重力及粒子間的相互作用，下列說法正確的是A.A和B在電場中運動的時間之比為1：B.A和B運動的加速度大小之比為1：2C.A和B的初速度大小之比為1：4D.A和B的末速度大小之比為1：27.如圖所示的U－I圖像中，直線a表示某電源路端電壓與電流的關系，直線b為某一電阻R的U－I圖像。用該電源干脆與電阻R連接成閉合電路，由圖像可知A.電源的輸出功率為2WB.電源電動勢為4.0V，內(nèi)阻為0.5ΩC.電源的總功率為8WD.若將兩個相同電阻R串聯(lián)接入該電源，則電流變?yōu)樵瓉淼?.如圖所示，先接通S使電容器充電，然后斷開S。當增大兩極板間距離時，電容器所帶電荷量Q、電容C、兩極板間電勢差U、兩極板間場強E的變更狀況是A.Q變小，C不變，U不變，E變小B.Q變小，C變小，U不變，E不變C.Q不變，C變小，U變大，E不變D.Q不變，C變小，U變小，E變小二、多項選擇題：本題共4小題，每小題4分，共16分。在每小題給出的四個選項中，有多項符合題目要求。全部選對的得4分，選對但不全的得2分，有選錯的得0分。9.某中軌道衛(wèi)星繞地球做圓周運動的半徑約為地球同步衛(wèi)星軌道半徑的一半，已知地球自轉周期為T，地球同步衛(wèi)星軌道半徑為r，則下列說法正確的是A.中軌道衛(wèi)星繞地球運轉的周期約為B.中軌道衛(wèi)星繞地球運轉的線速度等于C.中軌道衛(wèi)星繞地球運轉的角速度比同步衛(wèi)星角速度小D.中軌道衛(wèi)星繞地球運轉的向心加速度比同步衛(wèi)星向心加速度大10.一帶電粒子在電場中僅受靜電力作用，做初速度為零的直線運動。取該直線為x軸，起始點O為坐標原點，其電勢能Ep與位移x的關系如圖所示。下列圖象中明顯不合理的是11.如圖所示電路中，電源的內(nèi)阻為r，三只燈泡原來都正常發(fā)光，當滑動變阻器的滑動觸頭P向左移動時，下面的推斷正確的是A.L1變暗B.L2變亮C.L3變亮D.路端電壓變小12.如圖，電流表A1(0～3A)和A2(0～0.6A)是由兩個相同的靈敏電流計改裝而成，現(xiàn)將這兩個電流表并聯(lián)后接入電路中。閉合開關S，調(diào)整滑動變阻器，下列說法中正確的是A.A1、A2的讀數(shù)之比為5：1B.A1、A2的讀數(shù)之比為1：1C.A1、A2的指針偏轉角度之比為1：1D.A1、A2的指針偏轉角度之比為1：5三、非選擇題：共52分。13.(6分)如圖是在“探究功與物體速度變更的關系”的試驗中得到的一條紙帶。A、B、C、D、E、F、G為計數(shù)點，相鄰計數(shù)點間時間間隔為0.1s，x1＝2.20cm，x2＝2.60cm，x3＝2.98cm，x4＝3.38cm，x5＝3.79cm，x6＝4.18cm。則：(1)有關電火花計時器操作和測量的說法中正確的是。A.電火花計時器運用的是220V的溝通電源B.起先釋放小車前，應使小車靠近電火花計時器C.運用的電源頻率越高，打點的時間間隔就越大D.在同一紙帶上打的點越密，說明物體運動的速度越小(2)求打點計時器在打B測量點時小車的瞬時速度大?。簐B＝m/s(結果保留兩位有效數(shù)字)。(3)依據(jù)以上數(shù)據(jù)，求出小車的加速度a＝m/s2(結果保留兩位有效數(shù)字)。14.(8分)在電路設計中須要一個30Ω的電阻，而身邊只有一個標識模糊的電阻，用歐姆表粗略測定約為30Ω，現(xiàn)用伏安法來測定，要求測量數(shù)據(jù)盡可能多，誤差盡可能小，備有以下器材：A.電池組(6V、約1Ω)B.電流表(0～3A、約0.01Ω)C.電流表(0～150mA、約0.8Ω)D.電壓表(0～5V、約5kΩ)E.電壓表(0～20V、約15kΩ)F.滑動變阻器(0～5Ω、1.5A)G.滑動變阻器(0～300Ω、0.3A)H.開關、導線(1)上述器材中電流表應選用的是(填序號)。(2)上述器材中電壓表應選用的是(填序號)。(3)上述器材中滑動變阻器應選用的是(填序號)。(4)畫出試驗電路圖。15.(6分)如圖，細繩跨過定滑輪懸掛質(zhì)量分別為M和m的兩物體A和B，且M>m，不計摩擦。在系統(tǒng)由靜止起先運動，重力加速度為g，求：A物體的加速度的大小。16.(8分)如圖所示電路中，電阻R1＝4Ω，R2＝10Ω，電源內(nèi)阻r＝2Ω，小燈泡的規(guī)格為5V，5W，當開關S閉合時，小燈泡正常發(fā)光，求：(1)電源電動勢；(2)若通電8s，則電阻R2的發(fā)熱量為多少。17.(10分)如圖所示，用長為1.6m的輕質(zhì)松軟絕緣細線，拴一質(zhì)量為4.0×10－2kg、電荷量為3.0×10－6C的帶正電的小球，細線的上端固定于O點?，F(xiàn)加一水平向右的勻強電場，平衡時細線與鉛垂線成37°角，(sin37°＝0.6，g取10m/s2)求：(1)電場強度的大小；(2)若將小球拉到右側與O點等高的位置且保持細線水平由靜止釋放，求小球擺到最低點時小球的速度。18.(14分)半徑為R的光滑半圓管道(管道內(nèi)徑遠小于R)豎直固定于水平面上，管道最低點B恰與粗糙水平面相切，彈射器固定于水平面上。一個可看作質(zhì)點的質(zhì)量為m的小物塊將彈簧壓縮至A處，A、B相距為l，彈射器將小物塊由靜止起先彈出，小物塊沿半圓管道運動到最高點C恰好與管壁無接觸，已知小物塊與水平面間的動摩擦因數(shù)為μ，重力加速度為g，求：(1)小物塊到達B點時對管璧的壓力；(2)彈射器釋放的彈性勢能Ep；(3)若管道的半徑r可變，且彈射器釋放的彈性勢能恒為Ep，試求當r滿意什么條件時小物塊從C點拋出后落到水平面上離B點最遠。物理參考答案一、單項選擇題（本題包括8小題，每題4分，共32分）題號12345678選項CDDABBAC二、多項選擇題（本題包括4小題，每題4分，共16分）題號9101112選項BDADCDAC1.C解析：速度的正負表方向，在前1s內(nèi)物體沿負方向運動，在后1s內(nèi)沿正方向運動，兩段時間內(nèi)位移大小相等，所以t=1s時離原點最遠，t=2s時，回到動身點．故C正確。2.D解析：依據(jù)幾何關系可知，輕繩與豎直桿的夾角α越來越大，滑塊緩慢上升可看作動態(tài)平衡，豎直方向Fcosα=mg,F=mg/cosα,夾角α增大，cosα減小,F增大。AC錯誤。水平方向N=Fsinα=mgtanα,夾角α增大，tanα增大,N增大。B錯D對。3.D解析：球被拍出后，做平拋運動，相同時間內(nèi)速度相同,A錯；豎直方向自由落體，，B錯；水平方向勻速運動，,C錯；若球落地水平方向勻速運動，落在對方界內(nèi),D對。4.A解析：未接觸前，依據(jù)庫侖定律，得，接觸后兩球帶電量相同,距離變?yōu)?r,再由庫侖定律，得;所以A對，BCD錯。5.B解析：據(jù)題知，q1和q2兩個點電荷在R處產(chǎn)生的場強大小相等、方向相反，則q1和q2的電性相同，設RQ=r，則PR=3r.依據(jù)電場的疊加原理可得：,可得|q1|=9|q2|,綜上可得：q1=9q2。6.B解析：質(zhì)量之比為1：2，電荷量之比為1：4．所以比荷之比為1：2。粒子在豎直方向做靜止起先的勻加速運動且位移相等，,可知運動時間之比為，A錯；，加速度與比荷成正比，所以加速度之比為1:2，B對；，而位移之比為1:2，時間之比為，所以初速度之比為,C錯;，所以末速度之比為，D錯。7.A解析：電源的輸出功率,A對;電動勢為4.0V，內(nèi)阻，B錯;電源的總功率,C錯;原電路的總電阻為4?，若將兩個相同電阻R串聯(lián)接入該電源，則總電流變?yōu)??，即總電阻變?yōu)樵瓉淼?，所以電流變?yōu)樵瓉淼摹?.C解析：電容器與電源斷開，電量Q保持不變，增大兩極板間距離時，依據(jù)，知道電容C變小，依據(jù)，知兩版極板間的電勢權差U變大，依據(jù)，知電場強度E不變．故C正確，A、B、D錯誤。9.BD解析：由開普勒第三定律，則,A錯；中軌道衛(wèi)星繞地球運轉的線速度等于,B對;中軌道衛(wèi)星繞地球運轉的角速度比同步衛(wèi)星的角速度大，C錯;依據(jù),可知中軌道衛(wèi)星繞地球運轉的向心加速度比同步衛(wèi)星向心加速度大,D對。10.AD解析：粒子僅受電場力作用，做初速度為零的加速直線運動，電場力做功等于電勢能的減小量，故：，Ep-x圖象上某點的切線的斜率表示電場力，故電場力漸漸減小，電場強度減小，A錯;依據(jù)動能定理，有：F?△x=△Ek，故Ek-x圖線上某點切線的斜率表示電場力；由于電場力漸漸增大，粒子做加速度增大的加速運動，故B正確；a-x圖像的斜率為，由于a和v均增大，所以比值不確定；只有勻變速運動的v2-x圖象才是直線，故D錯誤：由于本題選明顯錯誤的．所以選AD。11.CD解析：當滑片向左移時，滑動變阻器接入電阻減小，則電路中總電阻減小，由閉合電路歐姆定律可知電路中總電流增大，故L1變亮；電路中總電流增大，故內(nèi)阻r及R0、L1兩端的電壓增大，而電動勢不變，故并聯(lián)部分的電壓減小，故L2變暗；因L2中電流減小，干路電流增大，故流過L3的電流增大，故L3變暗亮；故AB錯誤；C正確；電路中總電流增大，故路端電壓變小，故D正確。12.AC解析：由電表A1、A2量程之比5：1，則其內(nèi)阻由可得內(nèi)阻之比為1：5．A1、A2并聯(lián)故流經(jīng)A1、A2電流之比與內(nèi)阻成反比為5：1，所以屬讀數(shù)之比為5：1，由電表改裝原理

可得A1、A2并聯(lián)．故流經(jīng)兩電流計的電流相等，兩指針偏轉角度相等，故選AC。三、試驗題（本題包括2小題，13小題6分，每空2分，14小題8分，每空2分，共14分）13、（1）ABD；（2）0.24；（3）0.40解析：（2）。（3）。14、（1）C；（2）D；（3）F；（4）如圖所示解析：（1）電源電動勢為6V，電壓表E量程太大，不能達到滿偏，所以電壓表應選D;流過待測電阻的最大電流約為，電流表B量程太大，不能達到滿偏，所以電流表應選C；要求測量數(shù)據(jù)盡可能多,限制電路采納分壓式，為便利試驗操作，滑動變阻器應選F、又,測量電路采納外接法。所以電路圖為分壓外接，如圖。四、計算題（本題包括4小題，15小題6分，16小題8分，17小題10分，18小題14分，共38分）15、解：以A為對象，由牛頓其次定律得Mg-FT=Ma2分以B為對象，由牛頓其次定律得FT-mg=ma2分聯(lián)立可得a=(M-m)g/(M+m)2分16、解：(1)IL=P/U=1A2分IR2=U/R2=0.5A2分E=U+（IL+IR2）(R1+r)=14V2分(2)Q=IR22R2t=20J2分17、解：(1)小球受力如圖，小球處于平衡狀態(tài)所以：Eq=mgtanα，得2分電場強度的大小是1.0×105N/C2分

（2）由動能定理有Mgl-Eql=mv2/2，4分得v=2m/s2分18、解：(1)小物塊恰好到達圓軌道最高點，則由牛頓其次定律得mg＝meq\f(v2,R)