2024年人教A版高二物理下冊(cè)階段測(cè)試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2024年人教A版高二物理下冊(cè)階段測(cè)試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、頻率的單位是（）

A.赫茲。

B.米/秒。

C.秒。

D.牛頓。

2、某質(zhì)點(diǎn)做勻變速直線運(yùn)動(dòng)；在連續(xù)兩個(gè)2s內(nèi)的平均速度分別是4m/s和10m/s，該質(zhì)點(diǎn)的加速度為（）

A.3m/s2

B.4m/s2

C.5m/s2

D.6m/s2

3、高速列車從靜止開(kāi)始做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，20s

末的速度是30m/s

列車加速度的大小是A.1.5m/s?

B.2m/s?

C.3m/s?

D.6m/s?

4、如圖所示，在光滑水平面上一輕質(zhì)彈簧將擋板和一條形磁鐵連接起來(lái)，此時(shí)磁鐵對(duì)水平面的壓力為N1

現(xiàn)在磁鐵左上方位置固定一導(dǎo)體棒，當(dāng)導(dǎo)體棒中通以垂直紙面向里的電流后，磁鐵對(duì)水平面的壓力為N2

則以下說(shuō)法正確的是(

)

A.彈簧長(zhǎng)度將變長(zhǎng)，N1>N2

B.彈簧長(zhǎng)度將變短，N1>N2

C.彈簧長(zhǎng)度將變長(zhǎng)，N1<N2

D.彈簧長(zhǎng)度將變短，N1<N2

5、下列關(guān)于感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大小的說(shuō)法中，正確的是：A.線圈中磁通量越大，產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)越大B.線圈中磁通量變化越大，產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)越大C.線圈中磁通量變化越快，產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)越大D.線圈中磁通量增大時(shí)，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)增大；磁通量減少時(shí)，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)減小6、穿過(guò)閉合回路的磁通量婁碌

隨時(shí)間t

變化的圖象分別如圖甲；乙、丙、丁所示；下列關(guān)于回路中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的論述，正確的是(

)

A.圖甲中回路產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)恒定不變B.圖乙中回路產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)一直在變大C.圖丙中回路在0隆蘆t0

時(shí)間內(nèi)產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大于t0隆蘆2t0

時(shí)間內(nèi)產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)D.圖丁中回路產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)可能恒定不變7、如圖所示，帶正電的粒子以一定的初速度v0

沿兩板的中線進(jìn)入水平放置的平行金屬板內(nèi)，恰好沿下板的邊緣飛出，已知板長(zhǎng)為L(zhǎng)

板間的距離為d

板間電壓為U

帶電粒子的電荷量為q

粒子通過(guò)平行金屬板的時(shí)間為t(

不計(jì)粒子的重力)

則(

)

A.若板間電壓減少為U2

則粒子的偏移量y

減少為原來(lái)的14

B.在前t2

時(shí)間內(nèi)，粒子的偏移量y=d4

C.在前t2

時(shí)間內(nèi)，電場(chǎng)力對(duì)粒子做的功為Uq4

D.在后t2

時(shí)間內(nèi)，電場(chǎng)力對(duì)粒子做的功為38Uq

評(píng)卷人得分二、填空題(共5題，共10分)8、質(zhì)量為M

的物塊靜止在光滑水平桌面上，質(zhì)量為m

的子彈以水平速度v

0

射入物塊后，以水平速度2

v

0/3

射出.

則物塊的速度為_(kāi)_______，此過(guò)程中損失的機(jī)械能為_(kāi)_______．9、某同學(xué)測(cè)量一個(gè)圓柱體的電阻率；需要測(cè)量圓柱體的尺寸，分別使用了游標(biāo)卡尺和螺旋測(cè)微器測(cè)量長(zhǎng)度和直徑，某次測(cè)量的示數(shù)如圖甲和圖乙所示，長(zhǎng)度為_(kāi)_____cm，直徑為_(kāi)_____mm。

10、用伏安法測(cè)定一節(jié)干電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，有如圖所示的甲、乙兩個(gè)電路圖，實(shí)驗(yàn)時(shí)應(yīng)選電路____，某同學(xué)根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)畫(huà)出U-I圖象如圖丙所示，則測(cè)得的電池的電動(dòng)勢(shì)為_(kāi)___伏，內(nèi)電阻為_(kāi)___歐姆．

11、某實(shí)驗(yàn)小組探究一種熱敏電阻的溫度特性．現(xiàn)有器材：直流恒流電源（在正常工作狀態(tài)下輸出的電流恒定）．電壓表；待測(cè)熱敏電阻、保溫容器、溫度計(jì)、開(kāi)關(guān)和導(dǎo)線等．

（1）若用上述器材測(cè)量熱敏電阻的阻值隨溫度變化的特性；請(qǐng)你在圖1中的實(shí)物圖上連線．

（2）實(shí)驗(yàn)的主要步驟：

①正確連接電路；在保溫容器中注入適量冷水，接通電源，調(diào)節(jié)并記錄電源輸出的電流值；

②在保溫容器中添加少量熱水，待溫度穩(wěn)定后，閉合開(kāi)關(guān)，______；斷開(kāi)開(kāi)關(guān)；

③重復(fù)第②步操作若干次；測(cè)得多組數(shù)據(jù)．

（3）實(shí)驗(yàn)小組算得該熱敏電阻在不同溫度下的阻值，并據(jù)此繪得圖2的R-t關(guān)系圖線，請(qǐng)根據(jù)圖線寫(xiě)出該熱敏電阻的R-t關(guān)系式：R=______+______t（Ω）（保留3位有效數(shù)字）．12、在β衰變中常伴有一種稱為“中微子”的粒子放出，但中微子的性質(zhì)十分特別，因此在實(shí)驗(yàn)中很難探測(cè)．1953年，萊尼斯和柯文建造了一個(gè)由大水槽和探測(cè)器組成的實(shí)驗(yàn)系統(tǒng)，利用中微子與水中11H的核反應(yīng)，間接地證實(shí)了中微子的存在，中微子與水中11H發(fā)生核反應(yīng)，產(chǎn)生中子（01n）和正電子（+10e），即：中微子+11H→01n++10e，由此可以判定，中微子的質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)分別是______（填入正確選項(xiàng)前的字母）

A．0和0B．0和1C．1和0D．1和l

上述核反應(yīng)產(chǎn)生的正電子與水中的電子相遇，可以轉(zhuǎn)變?yōu)閮蓚€(gè)能量相同的光子（γ），即+10e+-10e→2γ．已知正電子和電子的質(zhì)量都是9.1×10-31kg，反應(yīng)中產(chǎn)生的每個(gè)光子的能量約為_(kāi)_____J．（c=3.0×108m/s）評(píng)卷人得分三、判斷題(共9題，共18分)13、電勢(shì)差有正有負(fù)，所以是矢量，且電場(chǎng)中兩點(diǎn)間的電勢(shì)差隨著零電勢(shì)點(diǎn)的選取變化而變化．（判斷對(duì)錯(cuò)）14、只有沿著電場(chǎng)線的方向電勢(shì)才會(huì)降低，所以電勢(shì)降低的方向就一定是電場(chǎng)強(qiáng)度的方向．（判斷對(duì)錯(cuò)）15、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場(chǎng)強(qiáng)處處為零，導(dǎo)體外表面場(chǎng)強(qiáng)方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直．（判斷對(duì)錯(cuò)）16、如圖所示，有一水平方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，場(chǎng)強(qiáng)大小為9000N/C，在電場(chǎng)內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點(diǎn)，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點(diǎn)電荷，則A處場(chǎng)強(qiáng)大小EA為零．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

17、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場(chǎng)，實(shí)線和虛線分別表示電場(chǎng)線和等勢(shì)線．兩電子分別從a、b兩點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到c點(diǎn)．設(shè)電場(chǎng)力對(duì)兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

18、電場(chǎng)線與等勢(shì)面相互垂直，沿著同一等勢(shì)面移動(dòng)電荷時(shí)靜電力不做功．（判斷對(duì)錯(cuò)）19、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場(chǎng)強(qiáng)處處為零，導(dǎo)體外表面場(chǎng)強(qiáng)方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直．（判斷對(duì)錯(cuò)）20、空間兩點(diǎn)放置兩個(gè)異種點(diǎn)電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場(chǎng)的等勢(shì)面如圖所示，且相鄰等勢(shì)面間的電勢(shì)差均相等，電場(chǎng)中A、B兩點(diǎn)間的電勢(shì)大小的關(guān)系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

21、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場(chǎng)，實(shí)線和虛線分別表示電場(chǎng)線和等勢(shì)線．兩電子分別從a、b兩點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到c點(diǎn)．設(shè)電場(chǎng)力對(duì)兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

評(píng)卷人得分四、解答題(共4題，共8分)22、質(zhì)量為0.1g的小物塊，帶有-5.0×10-4C的電荷量，放在傾角為30°的絕緣光滑斜面上，整個(gè)斜面置于0.5T的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁場(chǎng)方向如圖所示，物塊由靜止開(kāi)始下滑，滑到某一位置時(shí)，物塊開(kāi)始離開(kāi)斜面（設(shè)斜面足夠長(zhǎng)，磁場(chǎng)足夠大g=10m/s2）

（1）物塊離開(kāi)斜面時(shí)的速度是多少？

（2）物塊在斜面上滑行的最大距離是多大？

（3）物塊離開(kāi)斜面后最終的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)以及速度是多少？

23、在真空中P點(diǎn)，放一個(gè)q=-1.5×10-9的點(diǎn)電荷，測(cè)得電荷所受電場(chǎng)力大小7.5×10-6N；并且力的方向水平向西．求P點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度的大小和方向．

24、兩條相距為1m的水平金屬導(dǎo)軌上放置一根導(dǎo)電棒ab，處于豎直方向的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，如圖所示，導(dǎo)電棒的質(zhì)量是1.2kg，當(dāng)棒中通入2安培的電流時(shí)（電流方向是從a到b），它可在導(dǎo)軌上向右勻速滑動(dòng)，如電流增大到4A時(shí)，棒可獲得0.5m/s2的加速度．求：

①磁場(chǎng)的方向？

②磁場(chǎng)的磁感強(qiáng)度的大小和摩擦力大?。?/p>

25、如圖所示電路中，電源電動(dòng)勢(shì)E=12V，內(nèi)阻r=2Ω，R1=4Ω，R2=6Ω，R3=3Ω．

（1）若在C；D間連一個(gè)理想電壓表；其讀數(shù)是多少？

（2）若在C；D間連一個(gè)理想電流表；其讀數(shù)是多少？

（3）若在C；D間連一個(gè)“6V；3W”的小燈泡，則小燈泡的實(shí)際功率是多少？（保留三位有效數(shù)字）

評(píng)卷人得分五、證明題(共2題，共16分)26、如圖，兩根勁度系數(shù)分別為K1、K2的輕質(zhì)彈簧與小球相連結(jié)，另外一端固定不動(dòng)。整個(gè)裝置位于光滑的水平地面上。當(dāng)小球位于O點(diǎn)時(shí)，兩彈簧均處于原長(zhǎng)狀態(tài)。今把小球沿彈簧軸線方向拉離O一小段距離后放手。證明小球此后的運(yùn)動(dòng)為簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)。27、如圖，兩根勁度系數(shù)分別為K1、K2的輕質(zhì)彈簧與小球相連結(jié)，另外一端固定不動(dòng)。整個(gè)裝置位于光滑的水平地面上。當(dāng)小球位于O點(diǎn)時(shí)，兩彈簧均處于原長(zhǎng)狀態(tài)。今把小球沿彈簧軸線方向拉離O一小段距離后放手。證明小球此后的運(yùn)動(dòng)為簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)。參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、A【分析】

頻率的單位赫茲；不是米/秒；秒、牛頓．

故選A

【解析】【答案】德國(guó)科學(xué)家赫茲首先用實(shí)驗(yàn)捕捉到了電磁波；為了紀(jì)念他，就用他的名字作為頻率的單位．

2、A【分析】

第一個(gè)2s內(nèi)的位移第二個(gè)2s內(nèi)的位移．根據(jù)△x=aT2得，a=．故A正確；B；C、D錯(cuò)誤．

故選A．

【解析】【答案】求出連續(xù)兩個(gè)2s內(nèi)的位移，根據(jù)△x=aT2求出質(zhì)點(diǎn)的加速度．

3、A【分析】由v=v0+at

可得：故選A【解析】A

4、B【分析】解：開(kāi)始時(shí)磁體受重力和支持力；二力平衡，故彈簧處于原長(zhǎng)，磁體對(duì)地壓力等于磁體的重力；

通電后；根據(jù)條形磁體磁感線分布情況得到直線電流所在位置磁場(chǎng)方向如圖所示，由左手定則可判斷出通電導(dǎo)線所受安培力方向如圖所示；

由牛頓第三定律可知；條形磁鐵受到的電流對(duì)磁體的作用力斜向左上方，如圖所示，故磁體對(duì)地面的壓力減小，同時(shí)彈簧縮短；

故選：B

先判斷電流所在位置的磁場(chǎng)方向；然后根據(jù)左手定則判斷安培力方向；再根據(jù)牛頓第三定律得到磁體受力方向，最后對(duì)磁體受力分析，根據(jù)平衡條件判斷．

本題關(guān)鍵先對(duì)電流分析，得到其受力方向，再結(jié)合牛頓第三定律和平衡條件分析磁體的受力情況．【解析】B

5、C【分析】由法拉第電磁感應(yīng)定律可知感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)正比于磁通量的變化率，與磁通量的變化量無(wú)關(guān)，與磁通量的大小無(wú)關(guān)，C對(duì)；【解析】【答案】C6、C【分析】解：根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律我們知道感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)與磁通量的變化率成正比，即E=N鈻?鈱?鈻?t

．

結(jié)合數(shù)學(xué)知識(shí)我們知道：穿過(guò)閉合回路的磁通量婁碌

隨時(shí)間t

變化的圖象的斜率k=鈻?鈱?鈻?t

．

A；圖甲中磁通量婁碌

不變；無(wú)感應(yīng)電動(dòng)勢(shì).

故A錯(cuò)誤．

B；圖乙中磁通量婁碌

隨時(shí)間t

均勻增大；圖象的斜率k

不變，也就是說(shuō)產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)不變.

故B錯(cuò)誤．

C；圖丙中回路在O隆蘆t0

時(shí)間內(nèi)磁通量婁碌

隨時(shí)間t

變化的圖象的斜率為k1

在t0隆蘆2t0

時(shí)間內(nèi)磁通量婁碌

隨時(shí)間t

變化的圖象的斜率為k2

從圖象中發(fā)現(xiàn)：k1

大于k2

的絕對(duì)值.

所以在O隆蘆t0

時(shí)間內(nèi)產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大于在t0隆蘆2t0

時(shí)間內(nèi)產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì).

故C正確．

D；圖丁中磁通量婁碌

隨時(shí)間t

變化的圖象的斜率先變小后變大；所以感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)先變小后變大，故D錯(cuò)誤．

故選：C

根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律我們知道感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)與磁通量的變化率成正比．

結(jié)合數(shù)學(xué)知識(shí)我們知道：穿過(guò)閉合回路的磁通量婁碌

隨時(shí)間t

變化的圖象的斜率k=鈻?鈱?鈻?t

．

運(yùn)用數(shù)學(xué)知識(shí)結(jié)合磁通量婁碌

隨時(shí)間t

變化的圖象解決問(wèn)題．

通過(guò)婁碌鈭?t

圖象運(yùn)用數(shù)學(xué)知識(shí)結(jié)合物理規(guī)律解決問(wèn)題；其中我們要知道婁碌鈭?t

圖象斜率的意義．

利用圖象解決問(wèn)題是現(xiàn)在考試中常見(jiàn)的問(wèn)題．

對(duì)于圖象問(wèn)題，我們也從圖象的斜率和截距結(jié)合它的物理意義去研究．【解析】C

7、D【分析】解：A

電子在電場(chǎng)中偏轉(zhuǎn)所用時(shí)間：t=lv0

又設(shè)電子在平行板間受電場(chǎng)力作用產(chǎn)生加速度為a

由牛頓第二定律得：a=qEm=qUdm

則偏移量y=12at2=qUl22dmv02

若板間電壓減少為U2

則粒子的偏移量y

減少為原來(lái)的12

故A錯(cuò)誤；

B、粒子在垂直于板的方向做初速度為零的勻加速運(yùn)動(dòng)：由y=12at2

可得，前t2

時(shí)間內(nèi)與t

時(shí)間內(nèi)垂直于板方向之比為14

則前t2

時(shí)間內(nèi)，粒子的偏移量y=12d隆脕14=d8

電場(chǎng)力對(duì)粒子做功為W=qEy1=q隆脕Ud隆脕d8=18qU

故BC錯(cuò)誤．

D、由y=12at2

可得，后t2

時(shí)間內(nèi)與T

時(shí)間內(nèi)垂直于板方向之比為34

則在后t2

時(shí)間內(nèi)，電場(chǎng)力對(duì)粒子做功為38qU.

故D正確．

故選：D

帶正電的粒子進(jìn)入水平放置的平行金屬板內(nèi)；做類平拋運(yùn)動(dòng)，根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)的基本規(guī)律求出豎直方向的偏移量的表達(dá)式即可；

豎直方向做初速度為0

的勻加速運(yùn)動(dòng)，由推論可求出在前t2

時(shí)間內(nèi)和在后t2

時(shí)間內(nèi)豎直位移之比；由動(dòng)能定理求出電場(chǎng)力做功．

粒子在垂直于板的方向分運(yùn)動(dòng)是初速度為勻加速直線，本題的解法是運(yùn)用推論法求解．【解析】D

二、填空題(共5題，共10分)8、【分析】由動(dòng)量守恒定律得，mv

0=

m

隆隴

v

0+

Mv

，解得此過(guò)程損失的機(jī)械能為E

=

mv

02鈭?[

m

+

Mv

2]=

．【解析】9、0.5902.798【分析】解：由圖示游標(biāo)卡尺可知；其示數(shù)為：5mm+18×0.05mm=5.90mm=0.590cm；

由圖示螺旋測(cè)微器可知；其示數(shù)為：2.5mm+29.8×0.01mm=2.798mm。

故答案為：0.590；2.798。

游標(biāo)卡尺主尺與游標(biāo)尺示數(shù)之和是游標(biāo)卡尺示數(shù)；螺旋測(cè)微器固定刻度與可動(dòng)刻度示數(shù)之和是螺旋測(cè)微器示數(shù)。

對(duì)于基本測(cè)量?jī)x器如游標(biāo)卡尺、螺旋測(cè)微器等要了解其原理，正確使用這些基本儀器進(jìn)行有關(guān)測(cè)量。【解析】0.5902.79810、略

【分析】

甲圖誤差來(lái)自電壓表的分流，電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻測(cè)量值和真實(shí)值之間的關(guān)系為：因此利用甲電路所測(cè)結(jié)果都偏小但是，由于電壓表內(nèi)阻Rv很大；測(cè)量結(jié)果接近真實(shí)值；

乙圖誤差電流表的分壓，電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻測(cè)量值與真實(shí)值之間的關(guān)系為：E測(cè)=E真，r測(cè)=r真+RA；利用乙電路雖然電動(dòng)勢(shì)的測(cè)量沒(méi)有系統(tǒng)誤差，但是所使用的電流表內(nèi)阻和電源內(nèi)阻相差不大，甚至比電源內(nèi)阻大，這樣導(dǎo)致內(nèi)阻的測(cè)量誤差很大，因此在測(cè)量電源電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻時(shí)采用的是甲圖電路．

由閉合電路歐姆定律E=U+Ir可知，U=E-rI，因此當(dāng)干路電流為零時(shí)的路端電壓為電動(dòng)勢(shì)，圖線的斜率為電源的內(nèi)阻，由此可知，E=1.5V，．

故答案為：甲；1.5，0.5．

【解析】【答案】甲圖誤差來(lái)自電壓表的分流，乙圖誤差來(lái)自電流表的分壓，根據(jù)誤差產(chǎn)生的原因結(jié)合實(shí)際情況進(jìn)行電路的選擇；由閉合電路歐姆定律E=U+Ir可知；在U-I圖象中，當(dāng)電流為零時(shí)的電壓為電源電動(dòng)勢(shì)，圖象的斜率大小等于電源的內(nèi)阻．

11、略

【分析】解：（1）直流恒流電源在正常工作狀態(tài)下輸出的電流恒定；故只需要將電壓表與電阻并聯(lián)測(cè)量出電壓即可，實(shí)物圖上連線如圖。

（2）本實(shí)驗(yàn)要測(cè)量電阻值和溫度值的關(guān)系；電阻要用歐姆定律計(jì)算，由于電流恒定且已知，故需測(cè)量電壓和溫度；

故答案為：記錄電壓表電壓值；溫度計(jì)數(shù)值．

（3）從圖中取相距較遠(yuǎn)的兩個(gè)特殊點(diǎn)，代入R=R0+kt計(jì)算。

由圖有。

120=R0+50k

104=R0+10k

解得。

R0=100Ω

k=0.395

故該熱敏電阻的R-t關(guān)系式：R=100+0.395t

故答案為：100；0.395．

（1）連接實(shí)物圖；要注意電流從電壓表的正接線柱流入，從負(fù)接線柱流出，電壓表與熱敏電阻并聯(lián)；

（2）實(shí)驗(yàn)要測(cè)量電阻值和溫度值；電阻要用歐姆定律計(jì)算，由于電流恒定且已知，故需測(cè)量電壓和溫度；

（3）從圖中取相距較遠(yuǎn)的兩個(gè)特殊點(diǎn)，代入R=R0+kt計(jì)算即可．

本實(shí)驗(yàn)研究熱敏電阻的R-t特性，但實(shí)驗(yàn)的電學(xué)操作部分實(shí)際是電阻的測(cè)量，把傳統(tǒng)的測(cè)量電阻實(shí)驗(yàn)原理及方法，放到了研究熱敏電阻R-t特性的背景中，解答此題，關(guān)鍵還是對(duì)伏安法的熟練掌握．【解析】記錄電壓表電壓值、溫度計(jì)數(shù)值；100；0.39512、略

【分析】解：（1）根據(jù)質(zhì)量數(shù)守恒；電荷數(shù)守恒；知中微子的質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)為0和0．

故選：A

（2）根據(jù)愛(ài)因斯坦質(zhì)能方程知，△E=△mc2=2E，解得光子能量E==8.2×10-14J．

正電子與電子相遇不可能只轉(zhuǎn)變?yōu)橐粋€(gè)光子；因?yàn)橐裱瓌?dòng)量守恒．

故答案為：（1）A；（2）8.2×10-14

（1）根據(jù)電荷數(shù)守恒；質(zhì)量數(shù)守恒判斷中微子的質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)．

（2）根據(jù)質(zhì)量虧損；通過(guò)愛(ài)因斯坦質(zhì)能方程求出每個(gè)光子的能量．正電子與電子相遇不可能只轉(zhuǎn)變?yōu)橐粋€(gè)光子，因?yàn)橐裱瓌?dòng)量守恒．

解決本題的關(guān)鍵知道核反應(yīng)方程中電荷數(shù)守恒、質(zhì)量數(shù)守恒，掌握愛(ài)因斯坦質(zhì)能方程．【解析】A；8.2×10-14三、判斷題(共9題，共18分)13、B【分析】【解答】解：電勢(shì)差類似于高度差；沒(méi)有方向，是標(biāo)量，正負(fù)表示電勢(shì)的相對(duì)大?。?/p>

兩點(diǎn)間的電勢(shì)差等于電勢(shì)之差；由電場(chǎng)中兩點(diǎn)的位置決定，與零電勢(shì)點(diǎn)的選取無(wú)關(guān)．由以上的分析可知，以上的說(shuō)法都錯(cuò)誤．

故答案為：錯(cuò)誤。

【分析】電勢(shì)差是標(biāo)量，正負(fù)表示大?。浑妱?shì)差與零電勢(shì)點(diǎn)的選取無(wú)關(guān)；沿著電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低；電勢(shì)反映電場(chǎng)本身的性質(zhì)，與試探電荷無(wú)關(guān)．14、B【分析】【解答】解：沿著電場(chǎng)線方向；電勢(shì)降低，且降低最快；

那么電勢(shì)降低最快的方向才是電場(chǎng)線的方向；但電勢(shì)降低的方向不一定是電場(chǎng)線的方向，故錯(cuò)誤；

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】電場(chǎng)強(qiáng)度和電勢(shì)這兩個(gè)概念非常抽象，借助電場(chǎng)線可以形象直觀表示電場(chǎng)這兩方面的特性：電場(chǎng)線疏密表示電場(chǎng)強(qiáng)度的相對(duì)大小，切線方向表示電場(chǎng)強(qiáng)度的方向，電場(chǎng)線的方向反映電勢(shì)的高低．15、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點(diǎn)；導(dǎo)體是等勢(shì)體，金屬導(dǎo)體的內(nèi)部電場(chǎng)強(qiáng)度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是一個(gè)等勢(shì)體；則表面電勢(shì)處處相等，即等勢(shì)面，那么電場(chǎng)線與等勢(shì)面垂直；

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】金屬導(dǎo)體在點(diǎn)電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布．因此在金屬導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場(chǎng)，正好與點(diǎn)電荷的電場(chǎng)疊加，只有疊加后電場(chǎng)為零時(shí)，電荷才不會(huì)移動(dòng)．此時(shí)導(dǎo)體內(nèi)部電場(chǎng)強(qiáng)度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢(shì)面，導(dǎo)體是等勢(shì)體．16、A【分析】【解答】解：點(diǎn)電荷在A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)

根據(jù)場(chǎng)強(qiáng)的疊加原理得；則兩點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)的合成，A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小為。

EA=E點(diǎn)﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場(chǎng)強(qiáng)大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點(diǎn)電荷在A點(diǎn)處產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)大小，判斷出場(chǎng)強(qiáng)方向，A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點(diǎn)處的場(chǎng)強(qiáng)大小及方向．17、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點(diǎn)在一個(gè)等勢(shì)面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場(chǎng)強(qiáng)度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點(diǎn)在一個(gè)等勢(shì)面上，根據(jù)W=qU判斷電場(chǎng)力做功的大小，根據(jù)電場(chǎng)線的疏密程度判斷電場(chǎng)強(qiáng)度的大?。?8、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場(chǎng)線的特點(diǎn)可知；沿電場(chǎng)線的方向電勢(shì)降低；電場(chǎng)線垂直于等勢(shì)面、同一等勢(shì)面移動(dòng)電荷電場(chǎng)力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場(chǎng)線是人為假想的曲線，從正電荷或無(wú)限遠(yuǎn)出發(fā)，終止于無(wú)限遠(yuǎn)或負(fù)電荷，不閉合，電場(chǎng)線疏密描述電場(chǎng)強(qiáng)弱，電場(chǎng)線密的地方，電場(chǎng)強(qiáng)度大，疏的地方電場(chǎng)強(qiáng)度弱，沿電場(chǎng)線的方向電勢(shì)降低．19、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點(diǎn)；導(dǎo)體是等勢(shì)體，金屬導(dǎo)體的內(nèi)部電場(chǎng)強(qiáng)度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是一個(gè)等勢(shì)體；則表面電勢(shì)處處相等，即等勢(shì)面，那么電場(chǎng)線與等勢(shì)面垂直；

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】金屬導(dǎo)體在點(diǎn)電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布．因此在金屬導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場(chǎng)，正好與點(diǎn)電荷的電場(chǎng)疊加，只有疊加后電場(chǎng)為零時(shí)，電荷才不會(huì)移動(dòng)．此時(shí)導(dǎo)體內(nèi)部電場(chǎng)強(qiáng)度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢(shì)面，導(dǎo)體是等勢(shì)體．20、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點(diǎn)電勢(shì)高，靠近負(fù)電荷的點(diǎn)，電勢(shì)較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面圖象中的等勢(shì)面左右對(duì)稱；無(wú)窮遠(yuǎn)處的電勢(shì)為0．該圖象的左側(cè)的等勢(shì)線比較密，無(wú)窮遠(yuǎn)處的電勢(shì)為0，所以無(wú)窮遠(yuǎn)處到兩點(diǎn)之間的電勢(shì)差相比，與a點(diǎn)之間的電勢(shì)差比較大，所以a點(diǎn)所帶的電量就多．

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．21、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點(diǎn)在一個(gè)等勢(shì)面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場(chǎng)強(qiáng)度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點(diǎn)在一個(gè)等勢(shì)面上，根據(jù)W=qU判斷電場(chǎng)力做功的大小，根據(jù)電場(chǎng)線的疏密程度判斷電場(chǎng)強(qiáng)度的大小．四、解答題(共4題，共8分)22、略

【分析】

（1）當(dāng)物塊將離開(kāi)斜面時(shí)；斜面對(duì)物塊的支持力為零，設(shè)此時(shí)物塊速度為v；

F洛=qvB=mgcos30°

V==2m/s

（2）物塊離開(kāi)斜面前勻加速下滑；設(shè)滑行最大距離為s

mgsin30°=ma

a=gsin30°=5m/s2

2as=v2-0

s==1.2m；

（3）離開(kāi)斜面后，物體受重力和洛侖茲力的作用；由于洛侖茲力不做功，只有重力做功，速度增大；洛侖茲力增大，當(dāng)洛侖茲力等于重力且方向豎直向上時(shí)，二者相等，物體達(dá)到最終的平衡狀態(tài)，故最終時(shí)有：Bqv1=mg

v1===4m/s；

答：（1）離開(kāi)斜面時(shí)的速度為2m/s；（2）在斜面上滑行的最大距離為1.2m；（3）最終物體將做勻速直線運(yùn)動(dòng)；最終的速度為4m/s．

【解析】【答案】（1）物體離開(kāi)時(shí)對(duì)斜面的壓力為零；即洛侖茲力等于重力的分力；

（2）物體離開(kāi)前一直做勻加速直線運(yùn)動(dòng)；由牛頓第二定律可求得加速度，由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式可求得離開(kāi)時(shí)的速度．

（3）物體離開(kāi)斜面后由于重力及洛侖茲力的作用速度大小及方向均做調(diào)整；只到最終達(dá)到穩(wěn)定為止，根據(jù)受力情況可知穩(wěn)定時(shí)的速度及運(yùn)動(dòng)狀態(tài)．

23、略

【分析】

P點(diǎn)的