2024年滬科版高三物理上冊月考試卷

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2024年滬科版高三物理上冊月考試卷272考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、某人乘坐電梯從10樓直接到一樓，他經(jīng)歷了加速勻速和減速三個過程，下列說法正確的是（）A.他始終處于失重狀態(tài)B.他依次經(jīng)過超重、平衡和失重狀態(tài)C.他依次經(jīng)過失重、平衡和超重狀態(tài)D.他始終處于超重狀態(tài)2、如圖所示，在不計滑輪摩擦和繩子質量的條件下，當小車勻速向右運動時，物體A的受力情況是（）A.繩子對A的拉力等于A所受的重力B.繩子對A的拉力大于A所受的重力C.繩子對A的拉力小于A所受的重力D.繩子對A的拉力先大于A所受重力，后變?yōu)榈扔贏所受重力3、恒星的壽命取決于它的（）A.質量B.體積C.組成部分D.溫度4、一質量為m的物體以速度v0在足夠大的光滑水平面上運動，從零時刻起，對該物體施加一水平恒力F，經(jīng)過時間t，物體的速度減小到最小值此后速度不斷增大．則A.水平恒力F大小為B.水平恒力作用2t時間，物體速度大小為v0C.在t時間內，水平恒力做的功為D.若水平恒力大小為2F，方向不變，物體運動過程中的最小速度仍為5、【題文】下列關于光的波粒二象性的說法中，正確的是：A.有的光是波，有的光是粒子B.光子與電子是同樣的一種粒子C.光的波長越長，其波動性越顯著，波長越短，其粒子性越顯著D.大量光子產生的效果往往顯示粒子性6、關于靜止在水平面上的物體，下列敘述正確的是（）A.物體對水平面的壓力就是重力B.物體對水平面的壓力與水平面對物體的支持力是一對平衡力C.物體受到的重力與水平面對物體的支持力是一對作用力與反作用力D.物體受到的重力與水平面對物體的支持力是一對平衡力7、甲、乙兩輛汽車從同一地點沿同一方向出發(fā)，由圖可知（）A.甲車的加速度大于乙車的加速度B.t1時刻兩車加速度相同C.t1時刻兩車相遇D.t1時刻兩車速度相同評卷人得分二、填空題(共8題，共16分)8、圖示是多用電表的外觀圖及表盤部分放大圖；請讀圖回答問題：

（1）用如圖所示的多用電表正確測量了一個13Ω的電阻后，需要繼續(xù)測量一個阻值約為2kΩ的電阻．在用紅、黑表筆接觸這個電阻兩端之前，以下哪些操作步驟是必須的，請選擇其中有用的，按正確操作順序寫出：____．

A．用螺絲刀調節(jié)表盤A下中間部位的調零螺絲B；使表針指零。

B．將紅表筆和黑表筆接觸。

C．把選擇開關C旋轉到“×1kΩ”位置。

D．把選擇開關C旋轉到“×100Ω”位置。

E．調節(jié)調零旋鈕D使表針指著歐姆零點。

在測量2kΩ左右的電阻時，紅表筆的電勢____黑表筆的電勢（選填“高于”；“等于”或“低于”）．

（2）用多用電表進行了兩次測量，指針的位置分別如圖中a和b所示；若選擇開關處在以下表格中所指的檔位，請把相應的示數(shù)填在表中（打×處不填）．

。所選擇的檔位指針讀數(shù)abb直流電壓2.5V____×電阻×10Ω×____（3）在商店選擇一個10μF的電容器，在只有一臺多用電表的情況下，為了挑選一個優(yōu)質產品，應將選擇開關置于____（①直流電壓檔；②直流電流檔；③歐姆檔；④交流電壓檔），而后，再將多用電表的測試筆接待檢電容器，如果電容器是優(yōu)質的，電表指針應____（⑤不偏轉；⑥偏轉至最右邊；⑦偏轉至中值；⑧偏轉一下又返回最左邊）．9、元電荷e=____

電流的單位是：____

焦耳定律的表達式：____

安培力的方向既____于磁場方向又____電流方向．10、在“驗證機械能守恒定律”的實驗中；要驗證：重物重力勢能的減少量等于它動能的增加量．

（1）以下步驟僅是實驗操作的一部分，將必要的步驟挑選出來，并且按正確的順序排列____（填代號）．

A．把打點計時器固定在鐵架臺上；并用導線把它和交流電源連接起來。

B．用天平稱出重錘的質量。

C．把紙帶的一端固定在重錘上；另一端穿過打點計時器的限位孔，把重錘提升到一定的高度。

D．用秒表測出重錘下落的時間。

E．釋放紙帶。

F．重復幾次；得到3-5條符合要求的紙帶。

G．接通電源。

（2）如圖2所示為實驗得到的一條點跡清晰的紙帶，把第一個點記做O，另選連續(xù)的4個點A、B、C、D作為測量的點．經(jīng)測量知道A、B、C、D各點到O點的距離分別為62.78cm、70.00cm、77.58cm、85.52cm．根據(jù)以上數(shù)據(jù)，重物由O點運動到B點的過程中，重物重力勢能的減少量等于____J，重物動能的增加量等于____J．（已知所用重物的質量為1.00kg，當?shù)刂亓铀俣萭=9.80m/s2，結果保留三位有效．11、一個100匝、面積為0.2m2的線圈，放在磁場中，磁場的方向與線圈平面成垂直，若磁感應強度在0.05s內由0.1T增加到0.5T．在此過程中穿過線圈的磁通量的變化是____Wb；磁通量的平均變化率是____Wb/s；線圈中的感應電動勢的大小是____V．12、（2014?張掖模擬）某一單擺在小角度自由擺動時的震動圖象如圖所示．根據(jù)數(shù)據(jù)估算出它的擺長為____m，擺動的最大偏角正弦值約為____．13、某光電管的陰極是用金屬鉀制成的，它的逸出功為2.21eV，用波長為2.5×10-7m的紫外線照射陰極，已知真空中光速為3.0×108m/s，元電荷為1.6×10-19C，普朗克常量為6.63×10-34J?s．則金屬鉀的極限頻率為______Hz，該光電管發(fā)射的光電子的最大初動能為______J．14、某光電管的陰極是用金屬鉀制成的，它的逸出功為2.21eV

用波長為2.5隆脕10鈭?7m

的紫外線照射陰極，已知真空中光速為3.0隆脕108m/s

元電荷為1.6隆脕10鈭?19C

普朗克常量為6.63隆脕10鈭?34J?s.

則金屬鉀的極限頻率為______Hz

該光電管發(fā)射的光電子的最大初動能為______J.15、（2014秋?湛江校級月考）為驗證動能定理；某同學設計了如下實驗．將一長直木板一端墊起，另一端側面裝一速度傳感器，讓小滑塊由靜止從木板h高處（從傳感器所在平面算起）自由滑下至速度傳感器時，讀出滑塊經(jīng)此處時的速度v，如圖所示．多次改變滑塊的下滑高度h（斜面的傾角不變），對應的速度值記錄在表中：

。下滑高度h/m0.100.200.300.400.50速度v/m?s-10.6330.8951.1001.2651.414（1）要最簡單直觀地說明此過程動能定理是否成立，該同學建立了以h為縱軸的坐標系，你認為坐標系的橫軸應該是什么？____．

（2）已知當?shù)刂亓铀俣萭，若要求出滑塊與木板間的動摩擦因數(shù)，還需測出____（寫出物理量及符號）；則計算滑塊與木板間的動摩擦因數(shù)的表達式為____．評卷人得分三、判斷題(共9題，共18分)16、參考系的選取是任意的，但參考系的選取應使物體運動的描述盡可能簡單．____．（判斷對錯）17、運動的電荷在磁場中一定受洛倫磁力的作用．____（判斷對錯）18、電視機的顯象管中電子束每秒進行50場掃描____．19、物體的速度越大，則加速度越大，所受的合外力也越大．____．20、如果以高出地面0.8m的桌面位置為坐標原點，則地面的坐標為x=-0.8m．____．（判斷對錯）21、作用力和反作用力大小相等，方向相反，其合力為零．____（判斷對錯）22、晶體的各向異性是由于它的微粒按空間點陣排列．____．（判斷對錯）23、光的衍射現(xiàn)象、偏振現(xiàn)象、色散現(xiàn)象都能體現(xiàn)光具有波動性____（判斷對錯）24、質點就是體積很小的物體．____（判斷對錯）評卷人得分四、畫圖題(共2題，共16分)25、圖所示為一列向左傳播的簡諧波在某一時刻的波形圖，若波速是0.5m/s，試在圖上畫出經(jīng)7s時的波形圖。（提示：若用平移法，由于∴λ=2m故只需平移=1.5m）26、在圖示中，物體A處于靜止狀態(tài)，請畫出各圖中A物體所受的彈力．參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、C【分析】【分析】加速下降時人失重，重力比與電梯對人的支持力小；減速下降時人超重，重力比與電梯對人的支持力大，勻速時示數(shù)等于物體的重力，．【解析】【解答】解：某人乘坐電梯從10樓直接到一樓；是向下運動，他經(jīng)歷了加速勻速和減速三個過程，加速下降時人失重，勻速向下運動時處于平衡狀態(tài)；減速下降時人處于超重狀態(tài)，故ABD錯誤，C正確．

故選：C2、B【分析】【分析】小車的速度是沿繩子方向和垂直于繩子方向兩個方向速度的合速度，根據(jù)小車的速度得出繩子的速度，判斷出A的運動情況，根據(jù)牛頓第二定律比較出拉力和A的重力的大?。窘馕觥俊窘獯稹拷猓涸O繩子與水平方向的夾角為θ；則沿繩子方向的速度v′=vcosθ，繩子方向的分速度等于重物A的速度，θ減小，則A的速度增大，A做加速運動，加速度方向向上，根據(jù)牛頓第二定律，知拉力大于A的重力．

故選：B．3、A【分析】【分析】恒星的壽命和它的質量有關，質量越大的恒星壽命越短．【解析】【解答】解：恒星的壽命取決于恒星的質量；恒星的質量越大說明壽命越短．

是因為質量越大壓力就越大；這種情況下恒星內部的核反應就更加?。?/p>

故選A．4、B|C|D【分析】【解析】試題分析：由速度最小值為可知，速度與力不在一條直線上，當力與速度垂直時，速度最小，把速度分解在與力垂直的方向v2和力的反方向v1，則A選項錯誤。恒力作用2t后，速度在力的方向增大為v1，合速度為v0，B選項正確。根據(jù)動能定理C錯誤。若力的方向不變，則速度最小時力反方向分速度減小為0，則最小速度仍為考點：速度分解【解析】【答案】BCD5、C【分析】【解析】略【解析】【答案】C6、D【分析】【分析】作用力和反作用力大小相等，方向相反，作用在同一條直線上，但是兩個力作用在不同的物體上．平衡力大小相等，方向相反，作用在同一條直線上，但是兩個力作用在同一個物體上．【解析】【解答】解：A；物體對水平面的壓力是彈力；物體受到的重力源自萬有引力，不是同一個力，故A錯誤；

B；物體對水平面的壓力與水平面對物體的支持力是一對作用力與反作用力；故B錯誤；

CD；物體受到的重力與水平面對物體的支持力是一對平衡力；故C錯誤，D正確；

故選：D7、D【分析】【分析】速度圖象中的斜率表示物體的加速度，圖象由時間軸圍成的面積表示位移；根據(jù)斜率的大小判斷加速度的大?。蓤D得知t1時刻甲、乙兩車的速度相同．t1時刻甲、乙兩車位移不等．【解析】【解答】解：A；甲車圖線的斜率小于乙車圖線的斜率；則甲車的加速度小于乙車的加速度．故A錯誤．

BD、由圖可知：t1時刻甲車的加速度小于乙車的加速度；兩車速度相等．故B錯誤，D正確；

C、速度圖象與時間軸圍成的面積表示位移，由圖看出，t1時刻甲的位移大于乙的位移；它們從同一地點出發(fā)，則甲在乙的前方，沒有相遇．故C錯誤．

故選：D．二、填空題(共8題，共16分)8、DBE低于0.5740③⑧【分析】【分析】（1）明確歐姆表的指針指在中值電阻附近時讀數(shù)較準確；所以首先應選擇檔位，然后再將紅黑表筆短接進行調零；

（2）根據(jù)多用電表選擇開關位置確定多用電表所測量的量與量程；然后根據(jù)表盤確定其分度值，然后讀出其示數(shù)；

（3）優(yōu)質電容器，電阻無窮大，用多用電表的歐姆檔測量時，穩(wěn)定后，指針處于最左邊．因為歐姆檔與電表內部電源相連，接在電容器兩端時，會先對電容器充電．【解析】【解答】解：（1）由于歐姆表的中值電阻為15左右；所以要測量2kΩ左右的電阻時首先應換擋，把選擇開關旋到×100的位置，然后再重新調零，即操作順序應是DBE；

多用電表的歐姆擋測電阻時；紅表筆與內置電源負極相連，黑表筆與電源正極相連，紅表筆的電勢低于黑表筆的電勢；

（2）直流電壓2.5V檔讀第二行“0～250”一排；最小分度值為0.05V估讀到0.01V就可以了，則a的讀數(shù)為0.57V；

選擇開關置于Ω×10，由圖示可知，指針位于b處時；其示數(shù)為4.0×10=40Ω；

（3）優(yōu)質電容器；電阻無窮大．當把多用電表兩根測試表筆接在電容器兩極板上時，會先對電容器充電，所以指針會偏轉一下，充電完畢后，指針會停在最左端電阻無窮大處．所以選擇歐姆檔，電表指針偏轉一些又返回最左端．

故答案為：（1）DBE；低于；（2）0.57；40；（3）③；⑧9、1.6×10-19C安培Q=I2Rt垂直垂直【分析】【分析】元電荷是電荷量的最小單位；等于電子電量；

電流的單位是安培；符號是A；

焦耳定律：電流通過導體產生的熱量跟電流的二次方成正比；跟導體的電阻成正比，跟通電的時間成正比；

左手定則：伸開左手，使拇指與其余四個手指垂直，并且都與手掌在同一平面內；讓磁感線從掌心進入，并使四指指向電流的方向，這時拇指所指的方向就是通電導線在磁場中所受安培力的方向【解析】【解答】解：元電荷e=1.6×10-19C；

電流的單位是：安培（A）；

焦耳定律的表達式：1.6×10-19C；

安培力的方向既垂直于磁場方向又垂直電流方向；

故答案為：1.6×10-19C，安培，Q=I2Rt，垂直，垂直．10、ACGEF6.866.85【分析】【分析】（1）根據(jù)驗證機械能的守恒的原理及表達式可得出需要的步驟；并按實驗的要求得出正確的順序．

（2）根據(jù)重物下降的高度求出重力勢能的減小量，根據(jù)某段時間內的平均速度等于中間時刻的瞬時速度求出B點的速度，從而得出動能的增加量．【解析】【解答】解：（1）在本實驗中由于采用了打電計時器，故不需要有用秒表；在數(shù)據(jù)處理中，質量m可以約去，故質量也不需要測量，只需驗證gh=即可；故BD多余；

而在實驗中應先安裝儀器；再進行實驗；同時還要注意先接通電源再放紙帶；本實驗中應多次測量，故實驗中的步驟應為：ACGEF．

（2）重物由O點運動到B點，重力勢能的減少量△Ep=mgh=1×9.8×0.7=6.86J；

B點的瞬時速度m/s=3.7m/s；

則動能的增加量=6.85J．

故答案為：（1）ACGEF；（2）6.86，6.8511、8×10-21.6160【分析】【分析】穿過線圈的磁通量發(fā)生變化，導致線圈中產生感應電動勢，從而出現(xiàn)感應電流．由法拉第電磁感應定律可得感應電動勢的大?。窘馕觥俊窘獯稹拷猓簣A線圈在勻強磁場中；現(xiàn)讓磁感強度在0.05s內由0.1T均勻地增加到0.5T．

所以穿過線圈的磁通量變化量是：△?=?2-?1=（B2-B1）S=8×10-2Wb

而磁通量變化率為：==1.6Wb/s

則線圈中感應電動勢大小為：E=N=100×1.6=160V

故答案為：8×10-2，1.6，160．12、10.04【分析】【分析】根據(jù)單擺的周期公式，結合周期的大小求出擺長的大小，根據(jù)離開平衡位置的最大位移，結合擺長的大小求出最大偏角的正弦值．【解析】【解答】解：根據(jù)振動圖象可知；單擺的周期T=2s；

根據(jù)T=得：L=；

單擺離開平衡位置的最大位移為0.04m，則擺動的最大偏角的正弦值sinθ=．

故答案為：1，0.04．13、略

【分析】解：（1）根據(jù)據(jù)逸出功W0=hγ0；得：

γ0===5.3×1014Hz；

（2）根據(jù)光電效應方程：EK=hγ-W0①

光速、波長、頻率之間關系為：γ=②

由①②解得：EK=4.4×10-19J；

故答案為：5.3×1014；4.4×10-19．

題目比較簡單，根據(jù)逸出功W0=hγ0，和光電效應方程：EK=hγ-W0直接進行求解．

本題考察知識點簡單，但是學生在學習中要牢記公式以及物理量之間的關系，同時注意逸出功計算時的單位，及運算的準確性．【解析】5.3×1014；4.4×10-1914、略

【分析】解：(1)

根據(jù)據(jù)逸出功W0=h婁脙0

得：

婁脙0=W0h=2.21隆脕1.6隆脕10鈭?196.63脳10鈭?34=5.3隆脕1014Hz

(2)

根據(jù)光電效應方程：EK=h婁脙鈭?W0壟脵

光速、波長、頻率之間關系為：婁脙=C位壟脷

由壟脵壟脷

解得：EK=4.4隆脕10鈭?19J

故答案為：5.3隆脕10144.4隆脕10鈭?19

．

題目比較簡單；根據(jù)逸出功W0=h婁脙0

和光電效應方程：EK=h婁脙鈭?W0

直接進行求解．

本題考察知識點簡單，但是學生在學習中要牢記公式以及物理量之間的關系，同時注意逸出功計算時的單位，及運算的準確性．【解析】5.3隆脕10144.4隆脕10鈭?19

15、v2木板與水平桌面的夾角θ【分析】【分析】（1）對滑塊下滑的過程運用動能定理；得出h與v的表達式，通過表達式，確定橫軸用什么物理量表示．

（2）根據(jù)h與v的關系式得出動摩擦因數(shù)的表達式，從而確定還需測量的物理量．【解析】【解答】解：（1）設木板與水平桌面間的夾角為θ；由動能定理得：

mgh-=

整理得：h=．

若動能定理成立，h與v2成線性關系，所以橫軸為v2．

（2）根據(jù)h=得動摩擦因數(shù)表達式為：

；故需測量木板與水平桌面的夾角θ．

故答案為：（1）v2，（2）木板與水平桌面的夾角θ，．三、判斷題(共9題，共18分)16、√【分析】【分析】參考系，是指研究物體運動時所選定的參照物體或彼此不作相對運動的物體系；參考系的選取是任意的，如何選擇參照系，必須從具體情況來考慮，一般情況下我們以地面或地面上的物體作為參考系．【解析】【解答】解：參考系；是指研究物體運動時所選定的參照物體或彼此不作相對運動的物體系；參考系的選取是任意的，參考系的選取應使物體運動的描述盡可能簡單．該說法是正確的．

故答案為：√17、×【分析】【分析】電場的性質是對電荷有力的作用，而電荷受到電場力的方向與電場強度可以相同，也可以相反．當運動的帶電粒子的速度方向不與磁場平行，將會受到洛倫茲力作用，根據(jù)左手定則可知，洛倫茲力的方向與磁場方向的關系．【解析】【解答】解：當運動的電荷的速度方向與磁場方向平行時；不受洛倫茲力；

故答案為：×．18、√【分析】【分析】根據(jù)顯像原理：顯像管尾部的電子槍發(fā)射的電子束被加速和控制后呈掃描狀轟擊屏幕上的熒光粉，使屏幕發(fā)光，結合交流電的頻率，即可求解．【解析】【解答】解：電子槍發(fā)射電子束擊在顯像管的屏幕上的彩色繭光粉上；它的電子束是逐行掃描的，速度非常的快，肉眼是看不出來的，電子束掃描的方向主是靠顯像管管頸上的偏轉線圈來控制的，交流電的頻率為50赫茲，因此電子束能在1秒內，打在熒光屏上50場畫面，所以顯象管中電子束每秒進行50場掃描；

故答案為：√．19、×【分析】【分析】根據(jù)加速度的定義式a=可知物體的加速度等于物體的速度的變化率，與物體速度無關，即物體的速度變化越快物體的加速度越大．再由牛頓第二定律可知，F(xiàn)=ma，即加速度與合外力的關系．【解析】【解答】解：根據(jù)加速度的定義式a=可知；物體的速度越大，則加速度不一定越大；

再由牛頓第二定律可知；F=ma，可知，當加速度越大時，則合外力越大，故是錯誤的；

故答案為：×．20、×【分析】【分析】根據(jù)建立坐標系的條件可知，建立坐標系需要確定坐標原點與正方向．由此方向解答即可．【解析】【解答】解：如果以高出地面0.8m的桌面位置為坐標原點；選擇向下為正方向，則地面的坐標為：x=0.8m．所以該說法錯誤．

故答案為：×21、×【分析】【分析】由牛頓第三定律可知，作用力與反作用力大小相等，方向相反，作用在同一條直線上，作用在兩個物體上，力的性質相同，它們同時產生，同時變化，同