2024年人教A版高三物理下冊(cè)階段測(cè)試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2024年人教A版高三物理下冊(cè)階段測(cè)試試卷692考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、如圖；物體沿光滑曲面滑下，不計(jì)空氣阻力，下列說(shuō)法正確的是（）

A.物體機(jī)械能增大B.物體重力勢(shì)能增加，動(dòng)能增加C.重力對(duì)物體做負(fù)功D.重力對(duì)物體做的功等于物體動(dòng)能的增加2、勞倫斯和利文斯設(shè)計(jì)的回旋加速器工作原理如圖所示，置于高真空中的D形金屬盒半徑為R，兩盒間的狹縫很小，帶電粒子穿過(guò)的時(shí)間可忽略，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)與盒面垂直，高頻交流電頻率為f，加速電壓為U．若A處粒子源產(chǎn)生的氫原子核質(zhì)量為m、電荷量為+q，在加速器中被加速，且加速過(guò)程中不考慮相對(duì)論效應(yīng)和重力的影響，則下列說(shuō)法正確的是（）A.氫原子核被加速后的最大速度不可能超過(guò)2πRfB.氫原子核離開回旋加速器時(shí)的最大動(dòng)能與加速電壓U成正比C.氫原子核離開回旋加速器時(shí)的最大動(dòng)能與交流電周期T成正比D.氫原子核第2次和第1次經(jīng)過(guò)兩D形盒間狹縫后軌道半徑之比為3、下列關(guān)于曲線運(yùn)動(dòng)的說(shuō)法正確的是（）A.做曲線運(yùn)動(dòng)的物體有可能處于平衡狀態(tài)B.物體做曲線運(yùn)動(dòng)的速度方向一定沿曲線的切線方向C.曲線運(yùn)動(dòng)一定是變速運(yùn)動(dòng)，速度的大小一定改變D.做曲線運(yùn)動(dòng)的物體，受到的合力的方向有可能與速度在一條直線上4、下列說(shuō)法正確的是（）A.速度變化越快的物體慣性越小B.物體做曲線運(yùn)動(dòng)的條件是所受合力與速度既不垂直也不在同一直線上C.吊扇工作時(shí)向下壓迫空氣，空氣對(duì)吊扇產(chǎn)生豎直向上的托力，減輕了吊桿對(duì)電扇的拉力D.用彈簧連接的兩個(gè)小球A和B，其中彈簧對(duì)A的力和彈簧對(duì)B的力是作用力和反作用力5、如圖所示，實(shí)線為不知方向的三條電場(chǎng)線，從電場(chǎng)中M點(diǎn)以相同速度垂直于電場(chǎng)線方向飛出a、b兩個(gè)帶電粒子；僅在電場(chǎng)力作用下的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖中虛線所示．則（）

A.a一定帶正電，b一定帶負(fù)電。

B.a的速度將減小，b的速度將增加。

C.a的加速度將減小，b的加速度將增加。

D.兩個(gè)粒子的動(dòng)能；一個(gè)增加一個(gè)減小。

6、比值定義物理量是物理學(xué)中定義物理量的重要方法，根據(jù)v=s/t可以判斷做勻速直線運(yùn)動(dòng)的物體（）A.其速度v與位移s成正比B.其速度v與時(shí)間t成反比C.其速度v與位移s成正比，其速度v與時(shí)間t成反比D.其速度v與位移s和時(shí)間t都無(wú)關(guān)7、電磁泵模型簡(jiǎn)化為一個(gè)長(zhǎng)方體，ab

邊長(zhǎng)為L(zhǎng)1

左右兩側(cè)面是邊長(zhǎng)為L(zhǎng)2

的正方形，在泵頭通入導(dǎo)電劑后液體的電阻率為婁脩

泵體所在處有方向垂直向外的磁場(chǎng)B

把泵體的上下兩表面接在電壓為U(

內(nèi)阻不計(jì))

的電源上，理想電流表示數(shù)為I

若電磁泵和水面高度差為h

不計(jì)水在流動(dòng)中和管壁之間的阻力，重力加速度為g

則(

)

A.泵體上表面應(yīng)接電源負(fù)極B.電源提供的電功率為U2L1蟻

C.增大液體的電阻率可獲得更大的抽液高度D.在t

時(shí)間內(nèi)抽取水的質(zhì)量為m

這部分水離開泵時(shí)的動(dòng)能為UIt鈭?mgh鈭?I2婁脩L1t

8、關(guān)于晶體和非晶體，下列說(shuō)法正確的是（）A.金剛石、食鹽、松香和水晶都是晶體B.晶體的分子（或原子、離子）排列是有規(guī)則的C.單晶體有固定的熔點(diǎn)，多晶體和非晶體沒有固定的熔點(diǎn)D.單晶體和多晶體的物理性質(zhì)是各向異性的，非晶體是各向同性的評(píng)卷人得分二、多選題(共7題，共14分)9、如圖所示，在一大型商廈內(nèi)，一顧客站在以較小的加速度勻加速向上運(yùn)行的電梯上，不考慮空氣的阻力，以下對(duì)其所受力的有關(guān)說(shuō)法正確的是（）A.人所受的合力等于零B.人所受梯面的摩擦力的方向水平向右C.人受到梯面的支持力等于重力D.人共受到3個(gè)力的作用10、如圖所示，在豎直平面內(nèi)，帶等量同種電荷的小球A、B，帶電荷量為-q（q＞0），質(zhì)量都為m，小球可當(dāng)作質(zhì)點(diǎn)處理．現(xiàn)固定B球，在B球正上方足夠高的地方由靜止釋放A球，則從釋放A球開始到A球運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)的過(guò)程中（）A.小球A的動(dòng)能不斷增大B.小球A的加速度不斷減小C.小球A的機(jī)械能不斷減小D.小球A的電勢(shì)能不斷增大11、如圖甲所示，兩個(gè)皮帶輪順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)，帶動(dòng)水平傳送帶以恒定的速率v

運(yùn)行?，F(xiàn)使一個(gè)質(zhì)量為m

的物體(

可視為質(zhì)點(diǎn))

沿與水平傳送帶等高的光滑水平面以初速度v

0(

v

0<

v

)

從傳送帶左端滑上傳送帶。若從物體滑上傳送帶開始計(jì)時(shí)，t

0

時(shí)刻物體的速度達(dá)到v

，2

t

0

時(shí)刻物體到達(dá)傳送帶最右端。物體在傳送帶上運(yùn)動(dòng)的v鈭?t

圖象(

以地面為參考系)

如圖乙所示，不計(jì)空氣阻力，則()

A.0隆蘆

t

0

時(shí)間內(nèi)，物體受到滑動(dòng)摩擦力的作用，t

0隆蘆2

t

0

時(shí)間內(nèi)物體受到靜摩擦力的作用B.0隆蘆

t

0

時(shí)間內(nèi)，物體所受摩擦力對(duì)物體做功的功率越來(lái)越大C.若增大物體的初速度v

0

但v

0

仍小于v

，則物體在傳送帶上運(yùn)動(dòng)的時(shí)間一定小于2

t

0

D.若增大物體的初速度v

0

但v

0

仍小于v

，則物體被傳送的整個(gè)過(guò)程中傳送帶對(duì)物體所做的功也一定增加12、如圖所示，一條形磁鐵放在水平桌面上，在它的左上方固定一直導(dǎo)線，導(dǎo)線與磁場(chǎng)垂直，若給導(dǎo)線通以垂直于紙面向里的電流，則(

)

A.磁鐵對(duì)桌面壓力增大B.磁場(chǎng)對(duì)桌面壓力減小C.桌面對(duì)磁鐵沒有摩擦力D.桌面對(duì)磁鐵摩擦力向左13、如圖所示，兩輕質(zhì)彈簧ab

懸掛一質(zhì)量為m

的小球，整體處于平衡狀態(tài)，a

彈簧與豎直方向成30鈭?

角，b

彈簧與豎直方向成60鈭?

角，ab

兩彈簧的形變量相等，重力加速度為g

則(

)

A.彈簧ab

的勁度系數(shù)之比為31

B.彈簧ab

的勁度系數(shù)之比為32

C.若彈簧a

下端松脫，則松脫瞬間小球的加速度大小為3g

D.若彈簧b

下端松脫，則松脫瞬間小球的加速度大小為g2

14、由于航空母艦夾板長(zhǎng)度有限，飛機(jī)起飛需要一定的速度要求．但飛機(jī)自身的加速能力有限，故需要用彈射器和飛機(jī)共同實(shí)現(xiàn)該速度．電磁彈射器利用的電磁感應(yīng)原理，產(chǎn)生動(dòng)能．如圖，該裝置為航空母艦上電磁彈射器．請(qǐng)選出下列說(shuō)法中正確的選項(xiàng)（）A.電磁彈射車使用磁懸浮是為了減少飛機(jī)對(duì)軌道的摩擦B.彈射時(shí)電磁車的動(dòng)能來(lái)源于航母的電能C.飛機(jī)在彈射過(guò)程中的動(dòng)能變化等于彈射車對(duì)飛機(jī)的做功D.彈射過(guò)程中飛機(jī)和彈射車構(gòu)成的系統(tǒng)能量不守恒15、“嫦娥三號(hào)”登月探測(cè)器在月球成功著陸，標(biāo)志著我國(guó)登月探測(cè)技術(shù)達(dá)到了世界領(lǐng)先水平．“嫦娥三號(hào)”繞月飛行的示意圖如圖所示，P點(diǎn)為變軌點(diǎn)，引力常量為G，則“嫦娥三號(hào)”（）A.在軌道1上運(yùn)行的周期小于在軌道2上運(yùn)行的周期B.沿兩個(gè)不同軌道運(yùn)行，經(jīng)過(guò)P點(diǎn)時(shí)的線速度相同C.沿兩個(gè)不同的軌道運(yùn)行，經(jīng)過(guò)P點(diǎn)時(shí)所受月球引力相同D.若已知軌道1上動(dòng)行的周期和軌道半徑，可求月球質(zhì)量評(píng)卷人得分三、填空題(共6題，共12分)16、世界上第一顆原子彈爆炸時(shí)，恩里科?費(fèi)米把事先準(zhǔn)備好的碎紙片從頭頂上方撤下，碎紙片落到他身后約2m處，由此，費(fèi)米推算出那顆原子彈的威力相當(dāng)于l萬(wàn)噸TNT炸藥．假設(shè)紙片從1.8m高處撒下，請(qǐng)你估算當(dāng)時(shí)的風(fēng)速是____m/s．17、（2011?松江區(qū)二模）如圖所示，粗糙程度均勻的絕緣斜面下方O點(diǎn)處有一正點(diǎn)電荷，帶負(fù)電的小物體以初速度v1從M點(diǎn)沿斜面上滑，到達(dá)N點(diǎn)時(shí)速度為零，然后下滑回到M點(diǎn)，此時(shí)速度為v2（v2＜v1）．若小物體電荷量保持不變，OM=ON，重力加速度為g，則小物體上升過(guò)程中，受到的摩擦力大小變化情況是____，小物體上升的最大高度為____．18、【題文】電源的電動(dòng)勢(shì)為4.5V，內(nèi)電阻為0.50Ω，外電路接一個(gè)4.0Ω的電阻，這時(shí)流過(guò)電源的電流為____A，路端的電壓為________V.19、某同學(xué)設(shè)計(jì)了圖示的裝置來(lái)難證動(dòng)量守恒定律：將質(zhì)量為mA的鋼球A用長(zhǎng)為L(zhǎng)的細(xì)繩栓好懸于O點(diǎn)，質(zhì)量為mB(mB＜mA)的鋼球B放在與O在同一豎直線上；距地面高度為H的支柱上；且與懸點(diǎn)的距離也是L．現(xiàn)將球A拉至細(xì)線與豎直方向夾角為α處由靜止釋放，當(dāng)A擺到最低點(diǎn)時(shí)恰與B球發(fā)生對(duì)心碰撞．碰撞后，A球?qū)⑤p質(zhì)指針C推移到與豎直方向的夾角為β處，B球落到地面上的D點(diǎn)，發(fā)生的水平位移為s．則：

(1)A與B球碰撞前的動(dòng)量為____________；B球碰撞后的動(dòng)量為____________．

(2)驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律的表達(dá)式為____________．20、對(duì)于平拋運(yùn)動(dòng)。

。平拋運(yùn)動(dòng)的速度平拋運(yùn)動(dòng)的位移示意圖vx=____

vy=____

v=____

tanθ=____x=____

y=____

s=____

tanα=____21、（2013春?焦作校級(jí)期末）如圖所示，以邊長(zhǎng)為50cm的正方形導(dǎo)線框，放置在B=0.40T的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中．已知磁場(chǎng)方向與水平方向成37°角，線框電阻為0.10Ω，求線框繞其一邊從水平方向轉(zhuǎn)至豎直方向的過(guò)程中通過(guò)導(dǎo)線橫截面積的電量q=____．評(píng)卷人得分四、判斷題(共4題，共12分)22、物體只要是運(yùn)動(dòng)的，其合外力就一定不為零．____（判斷對(duì)錯(cuò)）23、原子核由質(zhì)子、中子和電子組成．____（判斷對(duì)錯(cuò)）24、參考系的選取是任意的，但參考系的選取應(yīng)使物體運(yùn)動(dòng)的描述盡可能簡(jiǎn)單．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）25、一定質(zhì)量的理想氣體，當(dāng)壓強(qiáng)不變而溫度由100℃上升到200℃時(shí)，其體積增加為原來(lái)的2倍．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）評(píng)卷人得分五、識(shí)圖作答題(共2題，共12分)26、某同學(xué)將水生植物黑藻置于適宜的溫度和pH緩沖液中，通過(guò)改變某種實(shí)驗(yàn)條件來(lái)測(cè)定O2釋放速率，結(jié)果如下圖所示。請(qǐng)據(jù)圖回答下列問題：

（1）0—t1時(shí)間段內(nèi)，黑藻細(xì)胞中合成ATP的場(chǎng)所有_________________________。（2）t1→t2時(shí)間段內(nèi)，O2釋放速率增大的原因是___________________________________。（3）該同學(xué)發(fā)現(xiàn)t2時(shí)間之后，O2釋放速率無(wú)法繼續(xù)增大，因此他在t3時(shí)間再次改變環(huán)境因素，使O2釋放速率能繼續(xù)增大。請(qǐng)?jiān)趫D中標(biāo)出他的改變措施，并畫出t3時(shí)間之后的曲線。27、下圖l表示某種群數(shù)量變化可能的四種情況(“J”型、Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ），其中a點(diǎn)后表示有外界因素引起的變化。圖2是某生態(tài)系統(tǒng)能量流動(dòng)部分圖解（其中W1為生產(chǎn)者固定的太陽(yáng)能）。請(qǐng)據(jù)圖回答：

（1）圖1中曲線Ⅲ種群數(shù)量增長(zhǎng)速率最快時(shí)，對(duì)應(yīng)的種群數(shù)量為________________________。（2）若圖1種群為長(zhǎng)江流域生態(tài)系統(tǒng)中的白鰭豚，從種群特征上分析:種群數(shù)量在a點(diǎn)以后發(fā)生曲線Ⅲ變化的直接原因是______________，且種群數(shù)量為K3時(shí)，對(duì)白鰭豚種群保護(hù)的最有效措施是______________，對(duì)白鰭豚的科學(xué)研究體現(xiàn)了生物多樣性的______________價(jià)值。（3）若圖1種群為東亞飛蝗，干旱能抑制一種絲狀菌（該菌造成蝗蟲患?。┑纳L(zhǎng)，a點(diǎn)若遇干旱，則a點(diǎn)后東亞飛蝗種群數(shù)量變化曲線可能為______________（用圖中標(biāo)號(hào)表示）。（4）圖2中第一營(yíng)養(yǎng)級(jí)到第二營(yíng)養(yǎng)級(jí)能量的傳遞效率是第二營(yíng)養(yǎng)級(jí)到第三營(yíng)養(yǎng)級(jí)的_____________倍（用圖中字母表示）。（5）圖3表示該生態(tài)系統(tǒng)中三個(gè)物種1、2、3的環(huán)境容納量和某時(shí)刻的種群實(shí)際大小。由圖可知，__________物種的種內(nèi)斗爭(zhēng)最劇烈。評(píng)卷人得分六、實(shí)驗(yàn)探究題(共2題，共14分)28、某物理興趣小組在學(xué)習(xí)了電流的磁效應(yīng)后，得知長(zhǎng)直通導(dǎo)線周圍某點(diǎn)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大小與長(zhǎng)直導(dǎo)線中的電流大小I成正比，與該點(diǎn)離長(zhǎng)直導(dǎo)線的距離r成反比．該小組欲利用如圖甲所示的實(shí)驗(yàn)裝置驗(yàn)證此結(jié)論是否正確；所用的器材有：長(zhǎng)直導(dǎo)線；學(xué)生電源，直流電流表（量程為0～3A）、滑動(dòng)變阻器、小磁針（置于刻有360°刻度的盤面上）、開關(guān)及導(dǎo)線若干．

實(shí)驗(yàn)步驟如下：

a．將小磁針放置在水平桌面上；等小磁針靜止后，在小磁針上方沿小磁針靜止時(shí)的指向水平放置長(zhǎng)直導(dǎo)線，如圖甲所示；

b．該小組測(cè)出多組小磁地與通電長(zhǎng)直導(dǎo)線間的豎直距離r；長(zhǎng)直導(dǎo)線中電流的大小I及小磁針的偏轉(zhuǎn)角度θ；

c．根據(jù)測(cè)量結(jié)果進(jìn)行分析；得出結(jié)論．

回答下列問題：

（1）某次測(cè)量時(shí)，電路中電流表的示數(shù)如圖乙所示，則該電流表的讀數(shù)為______A．

（2）在某次測(cè)量中，該小組發(fā)現(xiàn)長(zhǎng)直導(dǎo)線通電后小磁針偏離南北方向的角度為30°（如圖丙所示），已知實(shí)驗(yàn)所在處的地磁場(chǎng)水平分量大小為B0=3×10-5T，則此時(shí)長(zhǎng)直導(dǎo)線中的電流在小磁針處產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大小為______T（結(jié)果保留兩位小數(shù)）．

（3）該小組通過(guò)對(duì)所測(cè)數(shù)據(jù)的分析，作出了小磁針偏轉(zhuǎn)角度的正切值tanθ與之間的圖象如圖丁所示，據(jù)此得出了通電長(zhǎng)直導(dǎo)線周圍磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B與通電電流I成正比，與長(zhǎng)導(dǎo)線的距離r成反比的結(jié)論，其依據(jù)是______．

（4）通過(guò)查找資料，該小組得知通電長(zhǎng)直導(dǎo)線周圍某點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B與電流I及距離r之間的數(shù)學(xué)關(guān)系為B=?其中μ0為介質(zhì)的磁導(dǎo)率．根據(jù)題給數(shù)據(jù)和測(cè)量結(jié)果，可計(jì)算出μ0=______T?m/A．

29、(1)

某同學(xué)要測(cè)量一較粗金屬絲的電阻率；他用螺旋測(cè)微器測(cè)量其直徑如圖甲所示，由圖可知其直徑為______mm

．

(2)

為精確測(cè)量金屬絲的電阻；實(shí)驗(yàn)老師提供了以下實(shí)驗(yàn)器材：

A.金屬絲Rx(

約300婁賂)

B.電池組(6V,0.05婁賂)

C.電流表A1(30mA

內(nèi)阻約10婁賂)

D.電流表A2(3A

內(nèi)阻約0.1婁賂)

E.電壓表V(6V

內(nèi)阻Rx=3k婁賂)

F.滑動(dòng)變阻器1(2k婁賂,0.8A)

G.滑動(dòng)變阻器2(50婁賂,2A)

H.開關(guān)一個(gè)；導(dǎo)線若干。

(1)

該同學(xué)根據(jù)所給器材的特點(diǎn)；進(jìn)行了實(shí)驗(yàn)電路的設(shè)計(jì)，實(shí)驗(yàn)要求通過(guò)金屬絲的電流從零開始增加，則電流表應(yīng)選擇______，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選擇______.(

填器材前的字母標(biāo)號(hào))

(2)

如圖乙所示；該同學(xué)只連接了部分導(dǎo)線，請(qǐng)你幫助他完成實(shí)驗(yàn)電路的連接．

(3)

該同學(xué)在實(shí)驗(yàn)中測(cè)量得到電壓表的讀數(shù)U

電流表的讀數(shù)I

電阻絲的長(zhǎng)度L

和直徑D

則用測(cè)量和已知量表示Rx=

______，金屬絲電阻率的表達(dá)式為婁脩=

______．參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、D【分析】【分析】物體機(jī)械能守恒的條件是只有重力或者是彈力做功，分析物體的受力情況，判斷各力做功情況，從而判斷物體是否是機(jī)械能守恒．【解析】【解答】解：A；物體沿光滑曲面滑下；曲面的支持力對(duì)物體不做功，只有物體的重力做功，所以機(jī)械能守恒，故A錯(cuò)誤．

B；物體的高度不斷下降；重力勢(shì)能減小，動(dòng)能增加．故B錯(cuò)誤．

C；重力勢(shì)能減?。恢亓?duì)物體做正功，故C錯(cuò)誤．

D；根據(jù)動(dòng)能定理知；重力對(duì)物體做的功等于物體動(dòng)能的增加，故D正確．

故選：D．2、A【分析】【分析】回旋加速器運(yùn)用電場(chǎng)加速磁場(chǎng)偏轉(zhuǎn)來(lái)加速粒子，根據(jù)洛倫茲力提供向心力可以求出粒子的最大速度，從而求出最大動(dòng)能．在加速粒子的過(guò)程中，電場(chǎng)的變化周期與粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的周期相等．【解析】【解答】解：A、質(zhì)子出回旋加速器的速度最大，此時(shí)的半徑為R，則v==2πRf．所以最大速度不超過(guò)2πfR．故A正確．

B、根據(jù)qvB=m，知v=，則最大動(dòng)能EKm=mv2=．與加速的電壓無(wú)關(guān)．故B錯(cuò)誤．

C、根據(jù)qvB=m，知v=，則最大動(dòng)能EKm=mv2=．與周期無(wú)關(guān)．故C錯(cuò)誤．

D、粒子在加速電場(chǎng)中做勻加速運(yùn)動(dòng)，在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，根據(jù)v=知，質(zhì)子第2次和第1次經(jīng)過(guò)D形盒狹縫的速度比為：1，根據(jù)r=，則半徑比為：1．故D錯(cuò)誤．

故選：A．3、B【分析】【分析】物體做曲線運(yùn)動(dòng)的條件是合力與速度不在同一條直線上，合外力大小和方向不一定變化，由此可以分析得出結(jié)論．【解析】【解答】解：A；處于平衡狀態(tài)的物體的合外力為零；不會(huì)做曲線運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；

B；物體做曲線運(yùn)動(dòng)的速度方向一定沿曲線的切線方向；故B正確；

C；曲線運(yùn)動(dòng)一定是變速運(yùn)動(dòng)；速度的大小一定改變，如勻速圓周運(yùn)動(dòng)的速度的大小不變，故C錯(cuò)誤；

D；物體做曲線運(yùn)動(dòng)的條件是合力與速度不在同一條直線上；故D錯(cuò)誤；

故選：B4、C【分析】【分析】物體的慣性與運(yùn)動(dòng)的狀態(tài)無(wú)關(guān)；物體做曲線運(yùn)動(dòng)的條件是所受合力與速度不在同一直線上；吊扇工作時(shí)向下壓迫空氣，空氣對(duì)吊扇產(chǎn)生豎直向上反作用力；彈簧對(duì)A的力和彈簧對(duì)B的力都是彈簧的彈力．【解析】【解答】解：A；物體的慣性與運(yùn)動(dòng)的狀態(tài)無(wú)關(guān)；故A錯(cuò)誤；

B；物體做曲線運(yùn)動(dòng)的條件是所受合力與速度不在同一直線上；可以相互垂直；故B錯(cuò)誤；

C；吊扇工作時(shí)向下壓迫空氣；使空氣向下運(yùn)動(dòng)，空氣對(duì)吊扇產(chǎn)生豎直向上反作用力--的托力，減輕了吊桿對(duì)電扇的拉力；故C正確；

D；彈簧對(duì)A的力和A物體對(duì)彈簧拉力是作用力與反作用力．故D錯(cuò)誤．

故選：C5、C【分析】

A；物體做曲線運(yùn)動(dòng)；所受力的方向指向軌道的內(nèi)側(cè)，由于電場(chǎng)線的方向不知，所以粒子帶電性質(zhì)不定，故A錯(cuò)誤；

B；物體做曲線運(yùn)動(dòng)；所受力的方向指向軌道的內(nèi)側(cè)，從圖中軌道變化來(lái)看電場(chǎng)力都做正功，動(dòng)能都增大，速度都增大，故B錯(cuò)誤，D錯(cuò)誤．

C、電場(chǎng)線密的地方電場(chǎng)的強(qiáng)度大，電場(chǎng)線疏的地方電場(chǎng)的強(qiáng)度小，所以a受力減小，加速度減小，b受力增大；加速度增大，故C正確．

故選C．

【解析】【答案】電場(chǎng)線密的地方電場(chǎng)的強(qiáng)度大；電場(chǎng)線疏的地方電場(chǎng)的強(qiáng)度?。?/p>

物體做曲線運(yùn)動(dòng)；所受力的方向指向軌道的內(nèi)側(cè)．

根據(jù)電場(chǎng)力做功來(lái)判斷動(dòng)能的變化．

6、D【分析】解：根據(jù)速度的定義式v=知；速度與位移和時(shí)間無(wú)關(guān)．故D正確，A；B、C錯(cuò)誤．

故選：D．

用比值定義法定義的物理量與所比值的物理量無(wú)關(guān)；勻速直線運(yùn)動(dòng)物體的速度與位移和時(shí)間無(wú)關(guān)．

解決本題的關(guān)鍵知道比值定義法這種定義方法，知道所定義的物理量與所比值的物理量無(wú)關(guān)，比如加速度與速度變化量和變化的時(shí)間無(wú)關(guān)【解析】【答案】D7、D【分析】解：A

當(dāng)泵體上表面接電源的正極時(shí)；電流從上向下流過(guò)泵體，這時(shí)受到的磁場(chǎng)力水平向左，拉動(dòng)液體，若上表面接電源的負(fù)極時(shí)，則不能拉動(dòng)液體；故A錯(cuò)誤；

B、根據(jù)電阻定律，泵體內(nèi)液體的電阻：R=婁脩LS=婁脩隆脕L2L1L2=婁脩L1

因此流過(guò)泵體的電流I=UR=UL1蟻

那么液體消耗的電功率為P=U2L1蟻

而電源提供的電功率為UI

故B錯(cuò)誤；

C；若增大液體的電阻率；可以使電流減小，受到的磁場(chǎng)力減小，使抽液高度減小，故C錯(cuò)誤；

D；若t

時(shí)間內(nèi)抽取水的質(zhì)量為m

根據(jù)能量守恒定律；

則這部分水離開泵時(shí)的動(dòng)能為EK=UIt鈭?mgh鈭?I2婁脩L1t

故D正確；

故選：D

當(dāng)泵體中電流向下時(shí)；安培力向左，故液體被抽出；根據(jù)電阻定律和歐姆定律列式求解電流表達(dá)式分析，根據(jù)安培力公式分析安培力大小情況．

本題關(guān)鍵是明確電磁泵的工作原理，要能夠結(jié)合歐姆定律、電阻定律、安培力公式分析抽液高度的影響因素，不難．【解析】D

8、B【分析】【分析】晶體有固定的熔點(diǎn)，非晶體沒有固定的熔點(diǎn)，單晶體的物理性質(zhì)是各向異性的，而多晶體和非晶體是各向同性的，晶體的分子排列是有規(guī)則的，而非晶體的分子排列是無(wú)規(guī)則的．【解析】【解答】解：A；金剛石、食鹽、水晶是晶體；而松香是非晶體，故A錯(cuò)誤．

B；晶體的分子（或原子、離子）排列是有規(guī)則的；而非晶體的分子（或原子、離子）排列是無(wú)規(guī)則的，故B正確．

C；單晶體和多晶體有固定的熔點(diǎn)；非晶體沒有固定的熔點(diǎn)，故C錯(cuò)誤．

D；單晶體的物理性質(zhì)是各向異性的；而多晶體和非晶體是各向同性的．故D錯(cuò)誤．

故選：B．二、多選題(共7題，共14分)9、BD【分析】【分析】人和電梯具有相同的加速度，人受重力、支持力和摩擦力三個(gè)力作用，根據(jù)牛頓第二定律進(jìn)行判斷．【解析】【解答】解：A；人具有沿斜面向上的加速度；知人的合力不為零．故A錯(cuò)誤．

B、將加速度分解為水平方向和豎直方向，根據(jù)f=max知；人受到的摩擦力水平向右．故B正確．

C；在豎直方向上有向上的加速度；根據(jù)牛頓第二定律知，支持力大于重力的大?。蔆錯(cuò)誤．

D；人受重力、支持力和摩擦力三個(gè)力作用．故D正確．

故選：BD．10、CD【分析】【分析】小球A向下運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，受到重力和靜電力兩個(gè)力作用．剛開始距離較遠(yuǎn)，重力大于靜電力，小球做加速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)重力等于靜電力時(shí)速度最大，后靜電力大于重力，小球做減速運(yùn)動(dòng)直到停止．靜電力做負(fù)功時(shí)，小球的機(jī)械能減小，電勢(shì)能增大．【解析】【解答】解：A；小球A向下運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中；受到重力和靜電力兩個(gè)力作用．根據(jù)庫(kù)侖定律可知，剛開始距離較遠(yuǎn)，重力大于靜電力，小球做加速運(yùn)動(dòng)，合力減小，加速度減?。划?dāng)重力等于靜電力時(shí)速度最大；后來(lái)靜電力大于重力，小球做減速運(yùn)動(dòng)直到停止，合力反向增大，加速度也反向增大．所以小球的動(dòng)能先增加后減小，加速度先減小后增大，故AB錯(cuò)誤；

C；D靜電力一直做負(fù)功；機(jī)械能不斷減小，電勢(shì)能不斷增加，故CD正確．

故選CD11、BC【分析】【分析】根據(jù)v鈭?t

圖像和物體與傳送帶速度關(guān)系分析出0隆蘆t0

時(shí)間和t0隆蘆2t0

內(nèi)摩擦力，利用瞬時(shí)功率公式分析出物體所受摩擦力對(duì)物體做功的功率的變化，根據(jù)速度時(shí)間圖象的斜率等于加速度、“面積”表示位移分析運(yùn)動(dòng)時(shí)間的關(guān)系可得。本題為傳送帶問題，解決本題的關(guān)鍵理清物塊的運(yùn)動(dòng)情況，結(jié)合牛頓第二定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)公式以及功公式?！窘獯稹緼.根據(jù)v鈭?t

圖像可知，0隆蘆t0

時(shí)間內(nèi)物體做勻變速直線運(yùn)動(dòng)，物體速度小于傳送帶的速度，受水平向左滑動(dòng)摩擦力作用，t0隆蘆2t0

時(shí)間內(nèi)物體速度與傳送帶速度相同，物體相對(duì)于傳送帶靜止，沒有相對(duì)運(yùn)動(dòng)趨勢(shì)，不受靜摩擦力，故A錯(cuò)誤；B.根據(jù)v鈭?t

圖像可知，0隆蘆t0

時(shí)間內(nèi)物體做勻變速直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)瞬時(shí)功率P=Ffv

可知物體所受摩擦力對(duì)物體做功的功率越來(lái)越大，故B正確；C.物體從傳送帶最左端運(yùn)動(dòng)到最右端時(shí)通過(guò)的位移是一定的，做勻加速運(yùn)動(dòng)時(shí)加速度不變，根據(jù)速度時(shí)間圖象的斜率等于加速度、“面積”表示位移，由作圖法可知，若增大物體的初速度v0

則物體在傳送帶上運(yùn)動(dòng)的時(shí)間一定小于2t0

故C正確；D.若增大物體的初速度v0v_{0}但v0v_{0}仍小于vv做勻加速運(yùn)動(dòng)時(shí)加速度不變，物體勻加速運(yùn)動(dòng)的位移x=v2鈭?v02a

減小，則物體被傳送的整個(gè)過(guò)程中傳送帶對(duì)物體所做的功也一定減小，故D錯(cuò)誤。故選BC?！窘馕觥緽C

12、AD【分析】解：根據(jù)條形磁體磁感線分布情況得到直線電流所在位置磁場(chǎng)方向；如圖，在根據(jù)左手定則判斷安培力方向，如左圖；根據(jù)牛頓第三定律，電流對(duì)磁體的作用力向右下方，如右圖，根據(jù)平衡條件，可知通電后支持力變大，靜摩擦力變大，方向向左.

故AD正確，BC錯(cuò)誤．

故選：AD

先判斷電流所在位置的磁場(chǎng)方向；然后根據(jù)左手定則判斷安培力方向；再根據(jù)牛頓第三定律得到磁體受力方向，最后對(duì)磁體受力分析，根據(jù)平衡條件判斷．

本題關(guān)鍵先對(duì)電流分析，得到其受力方向，再結(jié)合牛頓第三定律和平衡條件分析磁體的受力情況．【解析】AD

13、AD【分析】解：由題可知；兩個(gè)彈簧之間相互垂直，畫出受力圖如圖，設(shè)彈簧的伸長(zhǎng)量都是x

A、由受力圖知，彈簧a

中彈力：Fa=mgcos30鈭?=32mg

據(jù)胡克定律a

彈簧的勁度系數(shù)為：k1=Fax=3mg2x

彈簧b

中彈力：Fb=mgcos60鈭?=12mg

據(jù)胡克定律b

彈簧的勁度系數(shù)為：k2=Fbx=mg2x

所以彈簧ab

勁度系數(shù)之比為31.

故A正確；B錯(cuò)誤；

C、彈簧a

中彈力為3mg2

若彈簧a

的左端松脫，則松脫瞬間b

彈簧的彈力不變，故小球所受重力和b

彈簧彈力的合力與F1

大小相等方向相反，故小球的加速度a=Fam=32g.

故C錯(cuò)誤；

D、彈簧b

中彈力為12mg

若彈簧b

的左端松脫，則松脫瞬間a

彈簧的彈力不變，故小球所受重力和a

彈簧彈力的合力與F2

大小相等方向相反，故小球的加速度a=Fbm=12g

故D正確．

故選：AD

對(duì)小球受力分析；受到重力和兩個(gè)彈簧的彈力，根據(jù)平衡條件并運(yùn)用合成法得到兩個(gè)彈力之比，再結(jié)合胡克定律求解出伸長(zhǎng)量之比，根據(jù)小球平衡由彈簧松脫得出彈力變化情況，再據(jù)牛頓第二定律分析加速度情況．

本題考查共點(diǎn)力平衡條件的運(yùn)用，關(guān)鍵是作圖，三力中兩個(gè)力的合力一定與第三個(gè)力等值、反向、共線，知道一個(gè)彈簧彈力變化的瞬間，另一彈簧彈力保持不變．【解析】AD

14、BD【分析】【分析】該題結(jié)合戰(zhàn)斗機(jī)在航空母艦上起飛過(guò)程中的加速考查功能關(guān)系，關(guān)鍵是要結(jié)合題目中“需要用彈射器和飛機(jī)共同實(shí)現(xiàn)該速度”得出彈射過(guò)程中彈射車對(duì)飛機(jī)做功，同時(shí)飛機(jī)自身的動(dòng)力也做功，然后結(jié)合功能關(guān)系即可．【解析】【解答】解：A；戰(zhàn)斗機(jī)被彈射裝置彈出后開始加速；是為了要保證飛機(jī)起飛安全．故A錯(cuò)誤；

B；由題意電磁彈射器利用的電磁感應(yīng)原理；產(chǎn)生動(dòng)能，所以彈射時(shí)電磁車的動(dòng)能來(lái)源于航母的電能．故B正確；

C；由題意；需要用彈射器和飛機(jī)共同實(shí)現(xiàn)該速度，可知飛機(jī)在彈射過(guò)程中的動(dòng)能變化等于彈射車對(duì)飛機(jī)的做功與飛機(jī)的動(dòng)力做的功．故C錯(cuò)誤；

D；彈射過(guò)程中彈射車對(duì)飛機(jī)做功；同時(shí)飛機(jī)自身的動(dòng)力也做功，所以彈射過(guò)程中飛機(jī)和彈射車構(gòu)成的系統(tǒng)能量不守恒．故D正確．

故選：BD15、CD【分析】【分析】根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力，結(jié)合軌道半徑和周期可以求出中心天體的質(zhì)量；抓住嫦娥三號(hào)從圓軌道進(jìn)入橢圓軌道，做近心運(yùn)動(dòng)，確定其加速還是減速；根據(jù)萬(wàn)有引力定律確定嫦娥三號(hào)周期、引力如何變化．【解析】【解答】解：A、已知嫦娥三號(hào)環(huán)月段圓軌道的半徑、運(yùn)動(dòng)周期和引力常量，根據(jù)=；在軌道1上運(yùn)行的周期大于在軌道2上運(yùn)行的周期．故A錯(cuò)誤．

B；嫦娥三號(hào)由環(huán)月段圓軌道變軌進(jìn)入環(huán)月段橢圓軌道時(shí)；需減速，使得萬(wàn)有引力大于向心力，做近心運(yùn)動(dòng)，而進(jìn)入橢圓軌道，軌道1上運(yùn)行的速度大于在軌道2上運(yùn)行速度．故B錯(cuò)誤．

C、根據(jù)知r同；則所受引力相同．故C正確．

D、已知嫦娥三號(hào)環(huán)月段圓軌道的半徑、運(yùn)動(dòng)周期和引力常量，根據(jù)根據(jù)=，可以求出月球的質(zhì)量M=；故D正確．

故選：CD．三、填空題(共6題，共12分)16、3.3【分析】【分析】將紙片的運(yùn)動(dòng)看做平拋運(yùn)動(dòng)，根據(jù)高度求出運(yùn)動(dòng)的時(shí)間，根據(jù)水平方向上的位移求出初速度，即等于風(fēng)速．【解析】【解答】解：將紙片看作近似做平拋運(yùn)動(dòng)。

根據(jù)豎直方向的分運(yùn)動(dòng)為自由落體運(yùn)動(dòng)，h=，解得t=；

水平方向作勻速直線運(yùn)動(dòng)，速度v=

水平速度即為風(fēng)速v=3.3m/s．

故答案為：3.3．17、先增大后減小【分析】【分析】帶電小物體受到重力、支持力、靜電引力和摩擦力；支持力與速度垂直，不做功；摩擦力做負(fù)功，上升和下降過(guò)程經(jīng)過(guò)同一位置時(shí)受摩擦力大小相同，故摩擦力做功一樣多；M、N處于等勢(shì)面上，從M到N電場(chǎng)力做功為零；根據(jù)動(dòng)能定理列式分析求解．【解析】【解答】解：小物體從M到N過(guò)程；受到重力；支持力、靜電引力和摩擦力，靜電引力先變大后變小，故支持力先變大后變小，滑動(dòng)摩擦力也先變大后變小；

對(duì)上升過(guò)程運(yùn)用動(dòng)能定理；有

Wf-mgh=0-mv12①

對(duì)運(yùn)動(dòng)的整個(gè)過(guò)程運(yùn)用動(dòng)能定理；有

Wf′=mv22-mv12②

其中

Wf′=2Wf③

由①②③解得

h=

故答案為：先增大后減小，．18、略

【分析】【解析】

試題分析：由閉合電路歐姆定律知流過(guò)電源的電流為

路端電壓為

考點(diǎn)：閉合電路歐姆定律。

點(diǎn)評(píng)：已知電源的電動(dòng)勢(shì)，內(nèi)電阻和外電阻，根據(jù)閉合電路歐姆定律求出流過(guò)電源的電流，由歐姆定律求出路端電壓?！窘馕觥俊敬鸢浮?A4V19、略

【分析】解：(1)根據(jù)機(jī)械能守恒定律得，mAgL(1-cosα)=

解得．

則A球與B球碰撞前的動(dòng)量為．

根據(jù)機(jī)械能守恒定律得，

解得

則A與B球碰撞后的動(dòng)量為．

根據(jù)H=得，t=

則平拋運(yùn)動(dòng)的初速度

則B球碰撞后的動(dòng)量為．

(2)驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律的表達(dá)式為PA=PA′+PB；

即．

故答案為：(1)

(2)【解析】20、v0gtv0t【分析】【分析】平拋運(yùn)動(dòng)在水平方向上做勻速直線運(yùn)動(dòng)，在豎直方向上做自由落體運(yùn)動(dòng)，根據(jù)分位移和分速度公式求解即可．【解析】【解答】解：示意圖如圖．平拋運(yùn)動(dòng)在水平方向上做勻速直線運(yùn)動(dòng)，則有：vx=v0．x=v0t

豎直方向上初速度為零，僅受重力，做自由落體運(yùn)動(dòng)，vy=gt．y=．

合速度v==，速度v與水平方向的夾角為θ，則tanθ==，s==，tanα==

故答案為：v0，gt，，，v0t，．v0t；，，．21、1.4C【分析】【分析】根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律，結(jié)合閉合電路歐姆定律與電阻定律，并由電量表達(dá)式，即可求解；【解析】【解答】解：線框在轉(zhuǎn)動(dòng)過(guò)程中產(chǎn)生的平均感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)

在線框中產(chǎn)生的平均感應(yīng)電流

轉(zhuǎn)動(dòng)過(guò)程中通過(guò)導(dǎo)線某橫截面的電荷量q=△t

聯(lián)立，解得：q=

從線框繞其一邊從水平方向轉(zhuǎn)至豎直方向的過(guò)程中，△?=BSsin37°+BScos37°=1.4×0.4×0.52=0.14Wb；

所以通過(guò)導(dǎo)線橫截面積的電量q==1.4C．

故答案為：1.4C．四、判斷題(共4題，共12分)22、×【分析】【分析】力是改變速度的原因，不是維持速度的原因，根據(jù)牛頓第一定律分析即可．【解析】【解答】解：當(dāng)物體做勻速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)；物體不受力或者受平衡力，故力不是維持速度的原因；

故答案為：×．23、×【分析】【分析】原子核由質(zhì)子和中子構(gòu)成．【解析】【解答】解：原子核由質(zhì)子；中子構(gòu)成；故說(shuō)法錯(cuò)誤．

故答案為：×24、√【分析】【分析】參考系，是指研究物體運(yùn)動(dòng)時(shí)所選定的參照物體或彼此不作相對(duì)運(yùn)動(dòng)的物體系；參考系的選取是任意的，如何選擇參照系，必須從具體情況來(lái)考慮，一般情況下我們以地面或地面上的物體作為參考系．【解析】【解答】解：參考系；是指研究物體運(yùn)動(dòng)時(shí)所選定的參照物體或彼此不作相對(duì)運(yùn)動(dòng)的物體系；參考系的選取是任意的，參考系的選取應(yīng)使物體運(yùn)動(dòng)的描述盡可能簡(jiǎn)單．該說(shuō)法是正確的．

故答案為：√25、×【分析】【分析】一定質(zhì)量的氣體，保持體積不變，溫度升高時(shí)，發(fā)生等容變化，根據(jù)查理定律分析壓強(qiáng)的變化【解析】【解答】解：根據(jù)理想氣體的狀態(tài)方程，一定質(zhì)量的氣體，保持壓強(qiáng)不變，溫度升高時(shí)氣體的體積跟它的熱力學(xué)溫度成正比，即：；

初狀態(tài)：T0=100℃=373K，末狀態(tài)：T1=200℃=473K；所以溫度從100℃升高到200℃時(shí)，它的體積改變?yōu)樵瓉?lái)的倍．

故答案為：×五、識(shí)圖作答題(共2題，共12分)26、（1）細(xì)胞質(zhì)基質(zhì)；線粒體、葉綠體（2分）

（2）光照增強(qiáng)（1分），光反應(yīng)中的水光解速率加快、產(chǎn)生O2速率增大（1分）；而恒溫條件下，黑藻的呼吸速率不變，消耗O2速率不變（1分），所以O(shè)2釋放速率增大（1分）

（3）充入CO2（1分）曲線如圖：（2分）

【分析】【分析】本題結(jié)合圖示主要考查影響光合作用的環(huán)境因素，意在強(qiáng)化學(xué)生對(duì)影響光合作用的環(huán)境因素的理解與運(yùn)用，題目難度中等?！窘獯稹浚?）0—t1時(shí)間段內(nèi)，黑藻細(xì)胞既進(jìn)行呼吸作用又進(jìn)行光合作用，故合成ATP的場(chǎng)所有細(xì)胞質(zhì)基質(zhì)、線粒體和葉綠體。（2）t1→t2時(shí)間段內(nèi)，O2釋放速率增大的原因是光照增強(qiáng)，光反應(yīng)中的水光解速率加快、產(chǎn)生O2速率增大；而恒溫條件下，黑藻的呼吸速率不變，消耗O2速率不變，所以O(shè)2釋放速率增大。（3）該同學(xué)發(fā)現(xiàn)t2時(shí)間之后，O2釋放速率無(wú)法繼續(xù)增大，因此他在t3時(shí)間充入CO2，使O2釋放速率能繼續(xù)增大。曲線如下圖：【解析】（1）細(xì)胞質(zhì)基質(zhì)；線粒體、葉綠體（2分）

（2）光照增強(qiáng)（1分），光反應(yīng)中的水光解速率加快、產(chǎn)生O2速率增大（1分）；而恒溫條件下，黑藻的呼吸速率不變，消耗O2速率不變（1分），所以O(shè)2釋放速率增大（1分）

（3）充入CO2（1分）曲線如圖：（2分）

27、（1）（2）出生率小于死亡率建立自然保護(hù)區(qū)（或就地保護(hù)）直接（3）Ⅰ（4）（5）2【分析】【分析】本題考查種群、群落和生態(tài)系統(tǒng)的相關(guān)知識(shí)，意在考查考生的識(shí)記能力和理解所學(xué)知識(shí)要點(diǎn)，把握知識(shí)間內(nèi)在聯(lián)系，形成知識(shí)網(wǎng)絡(luò)的能力?！窘獯稹浚?）種群數(shù)量在時(shí)，增長(zhǎng)速率最快，圖1中曲線Ⅲ種群數(shù)量增長(zhǎng)速率最快時(shí)，對(duì)應(yīng)的種群數(shù)量為（2）a點(diǎn)以后發(fā)生曲線Ⅲ變化，是由于該種群環(huán)境阻力增加，環(huán)境容納量下降，出生率小于死亡率，從而使種群數(shù)量減少。種群數(shù)量為K3時(shí)，對(duì)白鰭豚最有效的保護(hù)措施是建立自然保護(hù)區(qū)（或就地保護(hù)），改善其棲息環(huán)境，通過(guò)環(huán)境容納量，對(duì)白鰭豚的科學(xué)研究體現(xiàn)了生物多樣性的直接價(jià)值。（3）若圖1種群為東亞飛蝗，干旱能抑制一種絲狀菌（該菌造成蝗蟲患病）的生長(zhǎng)，a點(diǎn)若遇干旱，則a點(diǎn)后東