2024年滬教版高二物理上冊月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2024年滬教版高二物理上冊月考試卷943考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、一個物體做勻速圓周運動，在運動過程中一定不發(fā)生變化的物理量是（）A.角速度B.速度C.加速度D.合外力2、用多用電表探測如圖所示的黑箱發(fā)現(xiàn)：用直流電壓擋測量，EG

兩點間和FG

兩點間均有電壓，EF

兩點間無電壓；用歐姆表測量，黑表筆接E

點，紅表筆接F

點，阻值很小，但反接阻值很大.

那么該黑箱內(nèi)元件的接法可能是選項圖中的(

)

A.B.C.D.3、關(guān)于磁通量，下列說法正確的是(

)

A.穿過某個面的磁通量為零，該處的磁感應(yīng)強度也為零B.穿過任一平面的磁通量越大，該處的磁感應(yīng)強度也越大C.穿過垂直于磁場方向的某個平面的磁感線條數(shù)等于該處的磁感應(yīng)強度D.當(dāng)閉合線圈平面跟磁場方向平行時，穿過這個線圈平面的磁通量一定為零4、物體在地面上受到地球?qū)λ娜f有引力為F

為使此物體受到的引力減小到F4

此物體距地面的高度應(yīng)為(R

指地球半徑)()

A.R

B.2R

C.4R

D.8R

5、如圖所示，一理想變壓器的原線圈接有電壓為U的交流電，副線圈接有電阻R1、光敏電阻R2（阻值隨光照增強而減?。?，開關(guān)S開始時處于閉合狀態(tài)，下列說法正確的是（）A.當(dāng)光照變?nèi)鯐r，變壓器的輸入功率增加B.當(dāng)滑動觸頭P向下滑動時，電阻R1消耗的功率減小C.當(dāng)開關(guān)S由閉合到斷開，原線圈中電流變小D.當(dāng)U減小時，副線圈中電流變大6、建立完整電磁場理論并首先預(yù)言電磁波存在的科學(xué)家是（）A.麥克斯韋B.庫侖C.牛頓D.安培7、一根長0.2m電流為2A的通電導(dǎo)線；放在磁感應(yīng)強度0.5T的勻強磁場中，受到磁場力的大小可能是（）

A.0.4N

B.0.3N

C.0.2N

D.0.1N

8、如圖所示；讓平行板電容器帶電后，靜電計的指針偏轉(zhuǎn)一定角度，若在兩極板間插入電介質(zhì)，那么靜電計指針的偏轉(zhuǎn)角度（）

A.一定減小。

B.一定增大。

C.一定不變。

D.不能確定。

9、如圖所示，與水平面成婁脕

角、寬為L

的傾斜平行金屬導(dǎo)軌，處在方向豎直向上、磁感應(yīng)強度為B

的勻強磁場中.

當(dāng)回路電流強度為I

時，金屬桿ab

水平靜止在光滑導(dǎo)軌上，金屬桿ab

所受安培力為F

斜面的支持力為N

則下列判斷正確的是(

)

A.安培力方向垂直ab

桿沿斜面向上B.安培力方向垂直ab

桿水平向左C.N=BILsin婁脕

D.N=BILcos婁脕

評卷人得分二、填空題(共9題，共18分)10、質(zhì)量為m的帶正電小球A懸掛在絕緣細線上，且處在與小球所在平面平行、場強為E的勻強電場中。當(dāng)小球A靜止時，細線與豎直方向成30°角，已知此電場方向恰使小球受到的電場力最小，則場強E的方向應(yīng)與豎直方向成________度角，小球所帶的電量應(yīng)為_________。11、如圖所示，有一面積為0.2m2，匝數(shù)為100匝的線圈A，處于勻強磁場中，磁場方向垂直于線圈平面．磁感應(yīng)強度隨時間變化的規(guī)律是B=（6-0.2t）T，已知R1=4Ω，R2=6Ω，R3=6Ω，電容C=30μF．線圈A的電阻不計．閉合開關(guān)S，電路穩(wěn)定后，通過R2的電流為____A；斷開開關(guān)S后，通過R3的電荷量為____C．

12、長為l的導(dǎo)體棒原來不帶電，現(xiàn)將一電荷量為-q的點電荷放在與棒的左端距離為R的地方，如圖所示．達到靜電平衡后，棒上的感應(yīng)電荷在棒內(nèi)距左端處產(chǎn)生的場強E=______，方向______．13、質(zhì)子以速率v=4×106米/秒垂直進入0.5特的勻強磁場中，它受到的洛倫磁力為______N．（已知質(zhì)子的電量e=1.6×10-19C）14、一交變電流的電流瞬時值i=5sin100πt（A），則它的最大值為______A，有效值為______A，頻率為______Hz．15、讀數(shù)（1）游標卡尺讀數(shù)為___________mm螺旋測微器的讀數(shù)為___________mm（2）用多用表測量電流、電壓或電阻時，表盤指針的位置如圖所示。如果選擇開關(guān)指在“____—10置時，測量結(jié)果為____；如果選擇開關(guān)指在“____—25”位置時，測量結(jié)果為____mA；如果選擇開關(guān)指在“Ω×10”測量結(jié)果為____Ω16、兩列相干波在空間相遇，實線表示波峰，虛線表示波谷，如圖所示，兩列波的振幅都為10cm，則圖示中A點的振幅為______cm，B點的振幅為______cm，C點的振幅______cm．17、如圖所示，勻強磁場的磁感應(yīng)強度為0.8T，矩形線圈abcd的邊長為ab=10cm，bc=20cm；線圈平面與磁場平行．

（1）若以ab邊為軸，線圈轉(zhuǎn)過90°，這時穿過線圈的磁通量為______，在這一過程中，磁通量的變化量為______．

（2）若以ad邊為軸，線圈轉(zhuǎn)過90°，這時穿過線圈的磁通量為______，磁通量的變化量為______．18、示波管的原理如下圖所示；當(dāng)兩偏轉(zhuǎn)電極均不加電壓時電子打在熒光屏的正中間(亮斑)，規(guī)定：偏轉(zhuǎn)電極XX’中，X板電勢高電壓為正；偏轉(zhuǎn)電極YY’中，Y板電勢高電壓為正；

①若偏轉(zhuǎn)電極XX’不加電壓；只在偏轉(zhuǎn)電極YY’所加圖示電壓，則在熒光屏上出現(xiàn)____________

②若偏轉(zhuǎn)電極XX’加圖示電壓，同時偏轉(zhuǎn)電極YY’所加圖示電壓，則在熒光屏上出現(xiàn)____________．請在直角坐標系中定性畫出條紋形狀．評卷人得分三、判斷題(共5題，共10分)19、電勢差有正有負，所以是矢量，且電場中兩點間的電勢差隨著零電勢點的選取變化而變化．（判斷對錯）20、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場強處處為零，導(dǎo)體外表面場強方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直．（判斷對錯）21、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動電荷時靜電力不做功．（判斷對錯）22、只有沿著電場線的方向電勢才會降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強度的方向．（判斷對錯）23、如圖所示，有一水平方向的勻強電場，場強大小為9000N/C，在電場內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點電荷，則A處場強大小EA為零．________（判斷對錯）

評卷人得分四、證明題(共2題，共4分)24、如圖，兩根勁度系數(shù)分別為K1、K2的輕質(zhì)彈簧與小球相連結(jié)，另外一端固定不動。整個裝置位于光滑的水平地面上。當(dāng)小球位于O點時，兩彈簧均處于原長狀態(tài)。今把小球沿彈簧軸線方向拉離O一小段距離后放手。證明小球此后的運動為簡諧運動。25、如圖，兩根勁度系數(shù)分別為K1、K2的輕質(zhì)彈簧與小球相連結(jié)，另外一端固定不動。整個裝置位于光滑的水平地面上。當(dāng)小球位于O點時，兩彈簧均處于原長狀態(tài)。今把小球沿彈簧軸線方向拉離O一小段距離后放手。證明小球此后的運動為簡諧運動。評卷人得分五、畫圖題(共2題，共8分)26、13.矩形導(dǎo)線框abcd固定在勻強磁場中，磁感線的方向與導(dǎo)線框所在平面垂直，規(guī)定磁場的正方向垂直紙面向里，磁感應(yīng)強度B隨時間變化的規(guī)律如圖所示.若規(guī)定順時針方向為感應(yīng)電流i的正方向，在下列i-t圖中畫出感應(yīng)電流隨時間變化的圖象27、13.矩形導(dǎo)線框abcd固定在勻強磁場中，磁感線的方向與導(dǎo)線框所在平面垂直，規(guī)定磁場的正方向垂直紙面向里，磁感應(yīng)強度B隨時間變化的規(guī)律如圖所示.若規(guī)定順時針方向為感應(yīng)電流i的正方向，在下列i-t圖中畫出感應(yīng)電流隨時間變化的圖象評卷人得分六、計算題(共1題，共3分)28、如圖所示，有一內(nèi)表面光滑的金屬盒，底面長為L=1.5m，質(zhì)量為m1=1kg，放在水平面上，與水平面間的動摩擦因數(shù)為μ=0.2，在盒內(nèi)最右端放可看做質(zhì)點的光滑金屬球（半徑忽略），質(zhì)量為m2=1kg，現(xiàn)在盒的左端給盒施加一個水平?jīng)_量I=4N?s，（盒壁厚度，球與盒發(fā)生碰撞的時間和機械能損失均忽略不計）．g取10m/s2；求：（1）金屬盒能在地面上運動多遠？

（2）金屬盒從開始運動到最后靜止所經(jīng)歷的時間多長？參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、A【分析】勻速圓周運動的速度方向時刻沿切線方向，加速度和合外力總指向圓心，BCD錯誤，不發(fā)生變化的是角速度，A正確。【解析】【答案】A2、B【分析】解：用直流電壓擋測量；EG

兩點間和FG

兩點間均有電壓，說明EG

與FG

間可能有電源存在；用歐姆檔測量，因電流從黑表筆出來通過導(dǎo)體再從紅表筆進入歐姆表，故若黑表筆接E

點紅表筆接F

點時電阻小，說明電流容易從E

通過導(dǎo)體，若黑表筆接F

點紅表筆接E

點時電阻很大，說明電流不能從F

通過，這就說明EF

間有二級管且E

是正極，故該黑箱內(nèi)元件的接法可能是B

．

故選：B

．

歐姆表內(nèi)部電池正極與黑表筆相連；電池負極與紅表筆相連，二極管具有單向?qū)щ娦?，注意正負極的符號．

本題考查了探查黑箱內(nèi)的電學(xué)元件實驗；掌握多用電表是使用方法；知道二極管的特點即可正確解題．

【解析】B

3、D【分析】解；A

穿過某個面的磁通量為零；該處的磁感應(yīng)強度不一定為零，也可能這個面與磁場平行.

故A錯誤．

B

穿過任一平面的磁通量越大；該處的磁感應(yīng)強度不一定越大，也可能平面在磁場垂直方向投影的面積大.

故B錯誤．

C

穿過垂直于磁場方向的某個平面的磁感線條數(shù)表示該處的磁通量大小.

故C錯誤．

D

當(dāng)閉合線圈平面跟磁場方向平行時；沒有磁感線穿過線圈，則穿過這個線圈平面的磁通量一定為零.

故D正確．

故選：D

．

磁通量等于穿過磁場中某一面積的磁感線的條數(shù)；當(dāng)平面與磁場平行時，穿過該平面的磁通量為零.

當(dāng)平面與垂直時，磁通量最大.

勻強磁場中穿過某一平面的磁通量為婁碌=BSsin婁脕婁脕

是平面與磁場方向的夾角．

本題關(guān)鍵從磁通量的幾何意義進行判斷.

對于勻強磁場，磁通量可以用公式進行定量計算．【解析】D

4、A【分析】【分析】根據(jù)萬有引力定律的內(nèi)容(

萬有引力是與質(zhì)量乘積成正比；與距離的平方成反比)

解決問題。

要注意萬有引力定律表達式里的r

為物體到地球中心的距離。能夠應(yīng)用控制變量法研究問題?！窘獯稹扛鶕?jù)萬有引力定律表達式得：

F=GMmr2

其中r

為物體到地球中心的距離;

某物體在地球表面，受到地球的萬有引力為F

此時r=R

若此物體受到的引力減小為F4

根據(jù)F=GMmr2

得出此時物體到地球中心的距離r隆盲=2R

所以物體距離地面的高度應(yīng)為R

故選A。

【解析】A

5、C【分析】解：A；當(dāng)光照變?nèi)鯐r；光敏電阻的阻值變大，輸出功率減小，輸入功率也變小，故A錯誤；

B、當(dāng)滑動觸頭P向下滑動時，原線圈匝數(shù)減小，根據(jù)電壓與匝數(shù)成正比知，副線圈兩端的電壓增大，電阻R1兩端的電壓增大，電阻R1消耗的功率增大；故B錯誤；

C；當(dāng)開關(guān)K由閉合到斷開；副線圈回路電阻增大，輸出電流減小，匝數(shù)比不變，所以原線圈電流減小，故C正確；

D；當(dāng)U增大時；副線圈電壓增大，副線圈中電流變大，故D錯誤；

故選：C。

變壓器的輸入電壓決定輸出電壓；輸出電流決定輸入電流，輸出功率決定輸入功率；結(jié)合功率表達式分析判斷即可。

本題關(guān)鍵是明確變壓器的電壓、電流、功率關(guān)系，然后結(jié)合變壓比公式和功率公式進行動態(tài)分析?！窘馕觥緾6、A【分析】解：A；建立完整電磁場理論并首先預(yù)言電磁波存在的科學(xué)家是麥克斯韋。故A正確。

B；庫侖用扭秤實驗發(fā)現(xiàn)了電荷間作用力的規(guī)律--庫侖定律。故A錯誤。

C；牛頓發(fā)現(xiàn)了牛頓運動定律、萬有引力定律等等。故C錯誤。

D；安培研究了通電導(dǎo)體間相互作用力；故D錯誤。

故選：A。

建立完整電磁場理論并首先預(yù)言電磁波存在的科學(xué)家是麥克斯韋．

本題考查物理學(xué)史，是常識性問題，平時要與主要知識一起學(xué)習(xí)，注重積累．【解析】A7、C|D【分析】

當(dāng)通電導(dǎo)線與磁場垂直時，導(dǎo)線所受的磁場力最大，為Fmax=BIL=0.5×2×0.2N=0.2N；當(dāng)導(dǎo)線與磁場平行時；導(dǎo)線所受磁場力最小為零．則導(dǎo)線所受磁場力的范圍為0-0.2N．故CD正確，AB錯誤；

故選：CD

【解析】【答案】當(dāng)通電導(dǎo)線與磁場垂直時；導(dǎo)線所受的磁場力最大；當(dāng)導(dǎo)線與磁場平行時，導(dǎo)線所受磁場力最?。砂才嗔角蟪鰧?dǎo)線所受磁場力的范圍再選擇．

8、A【分析】

由題分析可知：平行板電容器的電量Q不變，在兩極板間插入電介質(zhì)，電容C增大，由公式C=可知；電勢差U減小，靜電計指針的偏轉(zhuǎn)角度減?。蔄正確．

故選A

【解析】【答案】靜電計測量電容器兩板間的電勢差；電勢差越大，指針的張角越大．由題分析可知：平行板電容器的電量不變，在兩極板間插入電介質(zhì)，電容增大，再分析電勢差的變化，確定指針的偏轉(zhuǎn)角度的變化．

9、C【分析】解：AB

由于ab

棒與磁場垂直，所以導(dǎo)體棒ab

受到安培力的大小為：F=BIL

導(dǎo)體棒中電流方向為b隆煤a

由左手定則判斷可知導(dǎo)體棒ab

受到安培力的方向為垂直于桿方向水平向右；故A錯誤；B錯誤；

C；D

對導(dǎo)體棒受力分析；受重力、支持力和安培力，如圖所示：

根據(jù)共點力平衡條件；有：

N=Fsin婁脕=BILsin婁脕

故C正確；D錯誤；

故選：C

．

導(dǎo)體棒垂直處在勻強磁場中；根據(jù)安培力公式F=BIL

求解安培力的大小；根據(jù)左手定則判斷安培力的方向.

受力分析后根據(jù)共點力平衡條件求解支持力大小．

本題關(guān)鍵是導(dǎo)體棒的受力情況，會用左手定則判斷安培力方向，會根據(jù)共點力平衡條件列式求解，基礎(chǔ)問題．【解析】C

二、填空題(共9題，共18分)10、略

【分析】試題分析:以小球為研究對象，分析受力情況，如圖．根據(jù)作圖法得到，當(dāng)電場力qE與細線垂直時，電場力最??；根據(jù)平衡條件得qE=mgsin30°得到q=場強E的方向應(yīng)與豎直方向成60°度角考點：電場強度；共點力平衡的條件及其應(yīng)用【解析】【答案】60°，11、略

【分析】

∵B=6-0.2t

∴=0.2T/s

A線圈內(nèi)產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢：E=n=n=100×0.2×0.2V=4V

S閉合后，電路中電流I==A=0.4A

電容器與電阻R2并聯(lián)，上方電勢高，故上極板帶正電，斷開S后，通過R2的電量為：Q=CU2=CIR2=7.2×10-5C；

故答案為：0.4，7.2×10-5

【解析】【答案】根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律求出線圈產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢，根據(jù)閉合電路歐姆定律求出電流強度的大小，根據(jù)楞次定律判斷出感應(yīng)電流的方向；斷開S，電容器放電，所帶的電量全部通過R2，閉合時，根據(jù)Q=CU求出R2所帶的電量．

12、略

【分析】解：水平導(dǎo)體棒當(dāng)達到靜電平衡后，棒上感應(yīng)電荷在棒內(nèi)距離左端處產(chǎn)生的場強大小與一帶電量為-q的點電荷在該處產(chǎn)生的電場強度大小相等，則有：E==

由于該處的電場強度為零；所以方向與一帶電量為-q的點電荷在該處產(chǎn)生的電場強度的方向相反，即水平向右．

故答案為：水平向右。

根據(jù)靜電平衡可知；達到靜電平衡后，感應(yīng)電荷產(chǎn)生的附加電場與外面的電場大小相等，方向相反，所以導(dǎo)體內(nèi)部場強處處為0，同一個導(dǎo)體為等勢體，導(dǎo)體上的電勢處處相等．然后在結(jié)合庫侖定律解答即可．

該題結(jié)合庫侖定律考查靜電平衡狀態(tài)的特點，牢記當(dāng)金屬導(dǎo)體處于電場時出現(xiàn)靜電平衡現(xiàn)象，內(nèi)部的場強處處為0，導(dǎo)體是等勢體即可．【解析】水平向右13、略

【分析】解：v垂直于磁場方向時，洛倫茲力F=qvB=1.6×10-19×4×106×0.5N=3.2×10-13N．

故答案為：3.2×10-13；

根據(jù)洛倫茲力大小公式F=qvB求出洛倫茲力的大小．當(dāng)磁場方向與粒子速度方向平行；則磁場力為零．

解決本題的關(guān)鍵知道當(dāng)磁場方向與帶電粒子速度方向垂直時，F(xiàn)=qvB，基礎(chǔ)題目．【解析】3.2×10-1314、略

【分析】解：由表達式可知，電流的峰值為Im=5A；，電流的有效值I==2.5A；

交變電流的頻率為f==50Hz；

故答案為：5；2.550．

運用瞬時表達式求出峰值；根據(jù)有效值和峰值的關(guān)系可求得有效值，通過瞬時表達式與交電流的ω=2πf，可求出頻率．

本題考查交流電的性質(zhì)，要知道有效值的物理意義，明確正弦式交流電的有效值等于最大值除以同時會根據(jù)角速度求解頻率．【解析】5；2.55015、略

【分析】【解析】試題分析：(1)游標卡尺的讀數(shù)為：螺旋測微器的讀數(shù)為：(2)如果選擇開關(guān)指在“____—10置時，則為1分度盤，所以測量結(jié)果為5.1V如果選擇開關(guān)指在“____—25”位置時，則最小分度為0.1mA，所以測量結(jié)果為12.8mA，（3）如果選擇開關(guān)指在“Ω×10”測量結(jié)果為考點：考查了實驗儀器的讀數(shù)問題【解析】【答案】（1）9.40mm,10.295mm（2）5.1V；12.8mA；145Ω16、略

【分析】解：兩個相干波源產(chǎn)生的干涉圖樣；圖中A；B點是振動加強點，C點是振動減弱點；

因兩列波的振幅都為10cm；則圖示中A點的振幅為2A=20cm，B點的振幅為2A=20cm，C點的振幅0cm；

故答案為：20；20；0．

列波相遇時振動情況相同時振動加強；振動情況相反時振動減弱．兩列頻率相同的相干波，當(dāng)波峰與波峰相遇或波谷與波谷相遇時振動加強，當(dāng)波峰與波谷相遇時振動減弱，則振動情況相同時振動加強；振動情況相反時振動減弱．

波的疊加滿足矢量法則，當(dāng)振動情況相同則相加，振動情況相反時則相減，且兩列波互不干擾．例如當(dāng)該波的波峰與波峰相遇時，此處相對平衡位置的位移為振幅的二倍；當(dāng)波峰與波谷相遇時此處的位移為零．【解析】20；20；017、略

【分析】解：（1）若以ab邊為軸；線圈轉(zhuǎn)過90°；

在勻強磁場中，穿過線框的磁通量公式為：Φ=BS=0.8×0.1×0.2=1.6×10-2Wb；

在這一過程中，磁通量的變化量為△?=?-0=1.6×10-2Wb；

（2）若以ad邊為軸；線圈轉(zhuǎn)過90°，線框與磁場平行，沒有磁感線穿過線框，則穿過線框的磁通量為0，變化也為零．

故答案為：（1）1.6×10-2Wb，1.6×10-2Wb；（2）0；0．

在勻強磁場中；穿過線框的磁通量公式為：Φ=BS；磁感線可以用穿過線框的磁感線的條數(shù)來理解．當(dāng)線框與磁場平行時，穿過線框的磁通量為零．

對于磁通量，關(guān)鍵抓住兩種特殊下磁通量的求解公式：在勻強磁場中，當(dāng)B⊥S時，Φ=BS；當(dāng)B∥S，Φ=0．根據(jù)這兩種情況，運用投影的方法可求線框與磁場成任意角時的磁通量．【解析】1.6×10-2Wb；1.6×10-2Wb；0；018、略

【分析】經(jīng)解：①因偏轉(zhuǎn)電極XX’不加電壓；則在水平向不偏轉(zhuǎn)，而在偏轉(zhuǎn)電極YY’加圖示電壓，則在y向出現(xiàn)偏轉(zhuǎn)，電壓大則偏轉(zhuǎn)大，因視學(xué)暫留則外觀為一條豎線．

②偏轉(zhuǎn)電極XX’加圖示電壓；水平向偏轉(zhuǎn)，同時偏轉(zhuǎn)電極YY’加圖示電壓，則沿y向偏轉(zhuǎn)，其顯示波形為Y向所加電壓波形．如圖所示。

故答案為：①一條豎線；②正弦圖線，如圖示【解析】一條豎線;正弦圖線三、判斷題(共5題，共10分)19、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標量，正負表示電勢的相對大小．

兩點間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點的位置決定，與零電勢點的選取無關(guān)．由以上的分析可知，以上的說法都錯誤．

故答案為：錯誤。

【分析】電勢差是標量，正負表示大小；電勢差與零電勢點的選取無關(guān)；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質(zhì)，與試探電荷無關(guān)．20、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點；導(dǎo)體是等勢體，金屬導(dǎo)體的內(nèi)部電場強度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是一個等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯誤．

【分析】金屬導(dǎo)體在點電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布．因此在金屬導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場，正好與點電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時，電荷才不會移動．此時導(dǎo)體內(nèi)部電場強度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導(dǎo)體是等勢體．21、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場線的特點可知；沿電場線的方向電勢降低；電場線垂直于等勢面、同一等勢面移動電荷電場力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠出發(fā)，終止于無限遠或負電荷，不閉合，電場線疏密描述電場強弱，電場線密的地方，電場強度大，疏的地方電場強度弱，沿電場線的方向電勢降低．22、B【分析】【解答】解：沿著電場線方向；電勢降低，且降低最快；

那么電勢降低最快的方向才是電場線的方向；但電勢降低的方向不一定是電場線的方向，故錯誤；

故答案為：錯誤．

【分析】電場強度和電勢這兩個概念非常抽象，借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電場線疏密表示電場強度的相對大小，切線方向表示電場強度的方向，電場線的方向反映電勢的高低．23、A【分析】【解答】解：點電荷在A點的場強

根據(jù)場強的疊加原理得；則兩點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，A點的場強大小為。

EA=E點﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點電荷在A點處產(chǎn)生的場強大小，判斷出場強方向，A點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點處的場強大小及方向．四、證明題(共2題，共4分)24、略

【分析】見答案【解析】【答案】（6分）令小球向右偏離平衡位置位移為X,則左側(cè)彈簧被拉伸X，右側(cè)彈簧被壓縮X。小球所受合外力為，F(xiàn)=K1X+K2X=(K1+K2)X=KX考慮到F與X的方向相反，則F=-KX所以小球的運動為簡諧運動25、略

【分析】見答案【解析】【答案】（6分）令小球向右偏離平衡位置位移為X,則左側(cè)彈簧被拉伸X，右側(cè)彈簧被壓縮X。小球所受合外力為，F(xiàn)=K1X+K2X=(K1+K2)X=KX考慮到F與X的方向相反，則F=-KX所以小球的運動為簡諧運動五、畫圖題(共2題，共8分)26、略

【分析】本題考查楞次定律和法拉第電磁感應(yīng)定律，當(dāng)磁感強度均勻變化時磁通量均勻變化，感應(yīng)電動勢、感應(yīng)電流恒定不變【解析】【答案】27、略

【分析】本題考查楞次定律和法拉第電磁感應(yīng)定律，當(dāng)磁感強度均勻變化時磁通量均勻變化，感應(yīng)電動勢、感應(yīng)電流恒定不變【解析】【答案】六、計算題(共1題，共3分)28、