2024年滬教版高二物理上冊月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2024年滬教版高二物理上冊月考試卷871考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、下列說法中不正確的是（）A.只要有電荷存在，電荷周圍就一定存在著電場B.電荷在電場中具有的電勢能是屬于電荷與電場所共有的C.電場傳遞電荷間的相互作用，雖然看不見摸不著，卻是客觀存在的D.電場只對靜止的電荷才有力的作用2、如圖所示，兩個相同的金屬環(huán)套在一根很長的水平光滑桿上，將一條形磁鐵從右向左插入環(huán)中（未穿出）的過程中，兩環(huán)的運動情況是（）A.同時向左運動，距離減小B.同時向左運動，距離增大C.同時向左運動，距離不變D.同時向右運動，距離變小3、遠(yuǎn)距離輸電線路的示意圖如下：

若發(fā)電機的輸出電壓不變，則下列敘述中正確的是（）A.升壓變壓器的原線圈中的電流與用戶用電設(shè)備消耗的功率無關(guān)B.當(dāng)用戶用電器的總電阻值減少時，輸電線上損失的功率增大C.輸電線中的電流只由升壓變壓器原副線圈的匝數(shù)比決定D.升壓變壓器的輸出電壓等于降壓變壓器的輸入電壓4、如圖所示，R

1

R

為定值電阻，L

為小燈泡，R

3

為光敏電阻，當(dāng)照射光強度增大時下列說法中不正確的是()

A.電壓表的示數(shù)增大B.R

2

中電流減小C.小燈泡的功率增大D.電路的路端電壓增大5、在電梯加速上升的過程中，站在電梯里的人()

A.所受支持力做正功，機械能增加B.所受支持力做正功；機械能減少。

C.所受支持力做負(fù)功，機械能增加D.所受支持力做負(fù)功，機械能減少6、圖甲、圖乙分別表示兩種電壓的波形，其中圖甲所示電壓按正弦規(guī)律變化，下列說法正確的是(

)

A.圖甲表示交流電，圖乙表示直流電B.兩種電壓的有效值都是311V

C.圖甲所示電壓瞬時值表達(dá)式為u=311sin100婁脨t(V)

D.圖甲所示電壓經(jīng)原、副線圈匝數(shù)比為101

的理想變壓器變壓后，功率比為10漏s1

評卷人得分二、填空題(共5題，共10分)7、如圖所示，一根質(zhì)量為m的金屬棒AC用長短相同的軟線懸掛在磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場中，通入A到C方向的電流時，AC受到的安培力方向向____（選填“上”、“下”、“左”、“右”），若改變電流的方向，懸線受到的張力將____（選填“變大”、“變小”或“不變”），若同時改變電流方向和磁場方向，金屬棒受到的安培力方向____（選填“改變”或“不變”）

8、如圖所示；圖1

中螺旋測微器的讀數(shù)為______mm

圖2

中游標(biāo)卡尺的讀數(shù)為______cm

．

9、____（正或負(fù)）電荷移動的方向為電流的方向．某金屬導(dǎo)體的某橫截面上，在5s內(nèi)通過12.5C的電量，則通過該金屬導(dǎo)體橫截面上的電流為____A．10、有一電容器，帶電量為1×10-5C，兩板間電壓200V，如果使它的帶電量再增加1×10-6C，這時它的電容是______F，兩板間電壓變?yōu)開_____V．11、原子模型中，電子繞核運動可等效為一個環(huán)形電流．設(shè)氫原子中電子在半徑為r的軌道上運動，其質(zhì)量、電量分別用m和e來表示，則等效電流I等于______．評卷人得分三、判斷題(共6題，共12分)12、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動電荷時靜電力不做功．（判斷對錯）13、如圖所示，有一水平方向的勻強電場，場強大小為9000N/C，在電場內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點電荷，則A處場強大小EA為零．________（判斷對錯）

14、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動電荷時靜電力不做功．（判斷對錯）15、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場強處處為零，導(dǎo)體外表面場強方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直．（判斷對錯）16、如圖所示，有一水平方向的勻強電場，場強大小為9000N/C，在電場內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點電荷，則A處場強大小EA為零．________（判斷對錯）

17、空間兩點放置兩個異種點電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點間的電勢大小的關(guān)系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯）

評卷人得分四、作圖題(共2題，共20分)18、在《互成角度的兩個共點力的合成》的實驗中，兩個彈簧秤的拉力F1和F2已于圖中作出了它們的圖示，O是橡皮條的一個端點，圖中每格的長度代表1N。（1）用作圖法作出合力F的圖示；（2）合力F的大小是_______N。19、在圖中，分別給出了其中的電流方向或磁場中某處小磁針N極的指向；請畫出對應(yīng)的磁感線（標(biāo)上方向）或電流方向．

評卷人得分五、綜合題(共1題，共3分)20、(

選做題2)

(1)

某交流發(fā)電機輸出的交流電壓u=2202sin314t(V)

此電壓的最大值為V

有效值為V

(2)

某理想變壓器的原、副線圈匝數(shù)比n1n2=55:9

原線圈上的正弦交變電壓U1=220V

試求：壟脵

副線圈上的輸出電壓為多大？

壟脷

若副線圈輸出的功率為10W

變壓器的輸入功率為多少？參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、D【分析】解：A；電荷周圍就存在著電場；故A正確；

B；電勢能是屬于電荷與電場所共有的；故B正確；

C；電場傳遞電荷間的相互作用；電場是客觀存在的一種特殊的物質(zhì)形態(tài)，故C正確；

D；電場對電荷有電場力作用；不論是靜止還是運動，均有電場力，故D錯誤；

本題選擇錯誤的；故選：D．

電場存在于電荷周圍；電勢能是屬于電荷與電場所共有的；電場是客觀存在的；一種特殊物質(zhì)形態(tài)；電場對電荷有電場力作用，從而即可求解．

考查電場的基本性質(zhì)，理解電勢能的概念，注意電荷在電場中一定受到電場力，而電荷在磁場中并一定受到磁場力作用．【解析】【答案】D2、A【分析】解：當(dāng)磁鐵的靠近時；導(dǎo)致兩圓環(huán)的磁通量變大，從而由楞次定律可得兩圓環(huán)的感應(yīng)電流，且方向相同，又處于磁場中，則受到的安培力作用，使它們遠(yuǎn)離磁鐵，即向左移．由于兩圓環(huán)的電流方向相同，當(dāng)磁場靠近時，右邊線圈磁場大加速度大向左幅度大．故A正確，BCD錯誤；

故選：A．

當(dāng)磁鐵的運動；導(dǎo)致兩金屬圓環(huán)的磁通量發(fā)生變化，從而由楞次定律可得線圈中產(chǎn)生感應(yīng)電流，則處于磁鐵的磁場受到安培力，使兩圓環(huán)運動．

從楞次定律相對運動角度可得：近則斥，遠(yuǎn)則吸．同時同向電流相互吸引，反向電流相互排斥．【解析】【答案】A3、B【分析】解：A；由于變壓器的輸出功率決定輸入功率；故用戶用電設(shè)備消耗的功率越大，升壓變壓器的輸入功率一定越大，根據(jù)P=UI，升壓變壓器的輸入電流一定是越大，故A錯誤；

B；當(dāng)用戶用電器的總電阻值減少時；輸出功率增加，故傳輸電流增加，輸電線上損失的功率增大，故B正確；

C；輸電線中的電流與需要傳輸?shù)墓β视嘘P(guān)；傳輸?shù)碾娏髟酱?，輸電線中的電流也越大，故C錯誤；

D；升壓變壓器的輸出電壓減去輸電線路上的電壓損耗等于降壓變壓器的輸入電壓；故D錯誤；

故選：B．

理想變壓器的輸出功率決定輸入功率；輸入電壓決定輸出電壓，輸出電流決定輸入電流；遠(yuǎn)距離輸電中，有兩組變壓器，結(jié)合變壓比公式；變流比公式和功率關(guān)系分析即可．

遠(yuǎn)距離輸電一定要畫出遠(yuǎn)距離輸電的示意圖來，包括發(fā)電機、兩臺變壓器、輸電線等效電阻和負(fù)載電阻．并按照規(guī)范在圖中標(biāo)出相應(yīng)的物理量符號．【解析】【答案】B4、D【分析】解：

A；當(dāng)光照強度增大時；光敏電阻R3

的阻值減小，電路中的總電阻減??；由閉合電路歐姆定律可得，電路中總電流增大，故R1

兩端的電壓增大，電壓表的示數(shù)增大，故A正確．

B；因電路中總電流減小；故電源的內(nèi)電壓增大，路端電壓減小，同時R1

兩端的電壓增大，故并聯(lián)電路部分電壓減小，則流過R2

的電流減小，故B正確；

C；總電流增大；流過R2

的電流減小，由并聯(lián)電路的電流規(guī)律可知，流過燈泡的電流一定增大，故由P=I2R

可知，小燈泡消耗的功率增大，故C正確；

D；電路中的總電阻減?。浑娐分锌傠娏髟龃?，內(nèi)電壓增大，則路端電壓降低.

故D錯誤。

本題選錯誤的；故選：D

．

先由光敏電阻的性質(zhì)可知電路中電阻的變化；則由閉合電路歐姆定律可得出電路中電流的變化，由歐姆定律可得出電壓表示數(shù)的變化；同時還可得出路端電壓的變化；

由串聯(lián)電路的規(guī)律可得出并聯(lián)部分電壓的變化；再由并聯(lián)電路的規(guī)律可得出通過小燈泡的電流的變化，由功率公式即可得出燈泡功率的變化．

對于閉合電路的動態(tài)分析問題一般按外電路到內(nèi)電路，再到外電路的分析思路進(jìn)行；也可根據(jù)結(jié)論進(jìn)行判斷：變阻器電阻減小，所在電路的電流增大，與之并聯(lián)的電路電流必定減?。窘馕觥緿

5、A【分析】【分析】根據(jù)支持力的方向與運動的方向之間的關(guān)系判斷出支持力做正功；除重力之外的力對物體做功的多少等于物體機械能的變化。

該題考查除重力外的力做功與物體的機械能的變化之間的關(guān)系；根據(jù)運動的方向與受力的方向之間的關(guān)系判斷出做功的正負(fù)是解題的關(guān)鍵。

【解答】站在電梯里的人受到的支持力的方向向上，電梯運動的方向向上，所以支持力對人做正功，除重力外，只有支持力做正功，所以人的機械能增大。

故選A。

【解析】A

6、C【分析】解：A

由于兩圖中表示的電流方向都隨時間變化；因此都為交流電，故A錯誤；

B、由于對應(yīng)相同時刻，圖甲電壓比圖乙電壓大，根據(jù)有效值的定義可知，圖1

有效值要比圖2

有效值大，圖甲是正弦式交流電，所以有效值U=Em2=3112V=220V

乙小于220V

故B錯誤；

C、有圖可知，周期為T=0.02s

角速度為婁脴=2婁脨T=100婁脨rad/s

最大值為Em=311V

圖甲所示電壓瞬時值表達(dá)式為u=311sin100婁脨t(V)

故C正確；

D；理想變壓器變壓后；輸入功率跟輸出功率相同，故D錯誤．

故選：C

解本題時應(yīng)該掌握：交流電和直流電的定義；直流電是指電流方向不發(fā)生變化的電流；

理解并會求交流電的有效值，U=Em2

只適用于正余弦交流電；

根據(jù)圖象書寫交流電的表達(dá)；變壓器的原理等。

本題比較全面的涉及了關(guān)于交流電的物理知識，重點是交流電的描述和對于有效值的理解，難度不大，屬于基礎(chǔ)題．【解析】C

二、填空題(共5題，共10分)7、上變大不變【分析】【解答】根據(jù)左手定則可知，AC受電場力方向向上；

改變電流方向，安培力向下，則AC受重力和向下的拉力及繩子的拉力而處于平衡；故懸線受到的拉力變大；

若同時改變電流方向和磁場方向；則由左手定則可知安培力的方向不變；

故答案為：上；變大；不變．

【分析】根據(jù)左手定則可得出安培力的方向；若改變電流方向，則安培力反向，根據(jù)共點力的平衡條件可分析張力變化．8、略

【分析】解：螺旋測微器的固定刻度讀數(shù)為7mm

可動刻度讀數(shù)為：0.01隆脕10.0mm=0.100mm

所以最終讀數(shù)為：7mm+0.100mm=7.100mm

游標(biāo)卡尺的固定刻度讀數(shù)為10.1cm

游標(biāo)尺讀數(shù)為：0.05隆脕10mm=0.50mm=0.050cm

所以最終讀數(shù)為：10.1cm+0.050cm=10.150cm

．

故答案為：7.10010.150

游標(biāo)卡尺讀數(shù)的方法是主尺讀數(shù)加上游標(biāo)讀數(shù)；不需估讀.

螺旋測微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動刻度讀數(shù)，在讀可動刻度讀數(shù)時需估讀．

解決本題的關(guān)鍵掌握游標(biāo)卡尺和螺旋測微器的讀數(shù)方法，游標(biāo)卡尺讀數(shù)的方法是主尺讀數(shù)加上游標(biāo)讀數(shù)，不需估讀.

螺旋測微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動刻度讀數(shù)，在讀可動刻度讀數(shù)時需估讀．【解析】7.10010.150

9、略

【分析】

電流可以由正電荷定向移動形成，也可以由負(fù)電荷定向移動形成，物理上規(guī)定，正電荷定向移動的方向為電流的方向．由題，電量q=12.5C，通過的時間t=5s，則由電流的定義式I=得到，電流I==2.5A．

故答案為：正；5．

【解析】【答案】物理學(xué)上規(guī)定，正電荷定向移動的方向為電流的方向．在5s內(nèi)通過12.5C的電量，由電流的定義式I=求出電流．

10、略

【分析】解：該電容器的電容為C===5×10-8F；

使電容器的帶電量再增加1×10-6C時，電荷量為Q′=1×10-5C+1×10-6C=1.1×10-5C；而電容器的電容不變，則。

兩板間電壓變?yōu)閁′==V=220V

故答案為：5×10-8；220V．

電容的定義式C=式中U是兩極板間的電壓U，Q是電容器所帶的電荷量Q．根據(jù)這個公式分析和計算．

對于電容，由于給定的電容器一定，C=還有這樣的公式：C=也可以這個公式求解電壓的變化量．【解析】5×10-8；22011、略

【分析】解：電子繞核做勻速圓周運動，庫侖力提供向心力為：k=m

所以電子運動周期為為：T=

根據(jù)電流的定義式I=得：

I=

故答案為：

電子繞核做勻速圓周運動，庫侖力提供向心力k=m解得電子繞核運動的周期，再根據(jù)根據(jù)電流的定義式I=求解等效電流．

本題要知道電子繞核運動，質(zhì)子對電子的庫侖力提供其需要的向心力，據(jù)此列方程可計算出電子運動的周期．【解析】三、判斷題(共6題，共12分)12、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場線的特點可知；沿電場線的方向電勢降低；電場線垂直于等勢面、同一等勢面移動電荷電場力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠(yuǎn)出發(fā)，終止于無限遠(yuǎn)或負(fù)電荷，不閉合，電場線疏密描述電場強弱，電場線密的地方，電場強度大，疏的地方電場強度弱，沿電場線的方向電勢降低．13、A【分析】【解答】解：點電荷在A點的場強

根據(jù)場強的疊加原理得；則兩點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，A點的場強大小為。

EA=E點﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點電荷在A點處產(chǎn)生的場強大小，判斷出場強方向，A點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點處的場強大小及方向．14、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場線的特點可知；沿電場線的方向電勢降低；電場線垂直于等勢面、同一等勢面移動電荷電場力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠(yuǎn)出發(fā)，終止于無限遠(yuǎn)或負(fù)電荷，不閉合，電場線疏密描述電場強弱，電場線密的地方，電場強度大，疏的地方電場強度弱，沿電場線的方向電勢降低．15、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點；導(dǎo)體是等勢體，金屬導(dǎo)體的內(nèi)部電場強度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是一個等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯誤．

【分析】金屬導(dǎo)體在點電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布．因此在金屬導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場，正好與點電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時，電荷才不會移動．此時導(dǎo)體內(nèi)部電場強度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導(dǎo)體是等勢體．16、A【分析】【解答】解：點電荷在A點的場強

根據(jù)場強的疊加原理得；則兩點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，A點的場強大小為。

EA=E點﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點電荷在A點處產(chǎn)生的場強大小，判斷出場強方向，A點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點處的場強大小及方向．17、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點電勢高，靠近負(fù)電荷的點，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對稱；無窮遠(yuǎn)處的電勢為0．該圖象的左側(cè)的等勢線比較密，無窮遠(yuǎn)處的電勢為0，所以無窮遠(yuǎn)處到兩點之間的電勢差相比，與a點之間的電勢差比較大，所以a點所帶的電量就多．

故答案為：錯誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較