2024-2025學(xué)年山東省菏澤市高二上學(xué)期第二次月考（12月）數(shù)學(xué)檢測試卷（附解析）

2024-2025學(xué)年山東省菏澤市高二上學(xué)期第二次月考（12月）數(shù)學(xué)檢測試卷一、單選題（每小題5分，共40分）1．（5分）已知點P（﹣2，1）到直線l：3x﹣4y+m＝0的距離為1，則m的值為（）A．﹣5或﹣15 B．﹣5或15 C．5或﹣15 D．5或152．（5分）設(shè)F為拋物線C：y2＝4x的焦點，點A在C上，點B（3，0），若|AF|＝|BF|，則|AB|＝（）A．2 B．22 C．3 D．323．（5分）意大利數(shù)學(xué)家斐波那契的《算經(jīng)》中記載了一個有趣的數(shù)列：1，1，2，3，5，8，13，21，34，55，89，144，…這就是著名的斐波那契數(shù)列，該數(shù)列的前2024項中有（）個奇數(shù)．A．1012 B．1348 C．1350 D．13524．（5分）已知x，y∈R，向量a→=(x，1，1)，b→=(1，y，1)，c→=(3，?6，3)，且A．22 B．23 C．45．（5分）定義一個集合Ω，集合元素是空間內(nèi)的點集，任取P1，P2，P3∈Ω，存在不全為0的實數(shù)λ1，λ2，λ3，使得λ1OP1→A．（0，0，0）∈Ω B．（﹣1，0，0）∈Ω C．（0，1，0）∈Ω D．（0，0，﹣1）∈Ω6．（5分）斜拉橋是橋梁建筑的一種形式，在橋梁平面上有多根拉索，所有拉索的合力方向與中央索塔一致．如圖，一座斜拉橋共有10對拉索，在索塔兩側(cè)對稱排列，已知拉索上端相鄰兩個錯的間距|PiPi+1|（i＝1，2，3，…，9）均為4m，拉索下端相鄰兩個錨的間距|AiAi+1|、|BiBi+1|（i＝1，2，3，…，9）均為16m，最短拉索P1A1滿足|OP1|＝60m，|OA1|＝96m，若建立如圖所示的平面直角坐標系，則最長拉索P10B10所在直線的斜率為（）A．15 B．516 C．25647．（5分）已知雙曲線C：x2a2?y2b2=1(a＞0，b＞0)的離心率為5，C的一條漸近線與圓（x﹣2）2+（yA．455 B．355 C．8．（5分）如圖，在棱長為1的正方體ABCD﹣A1B1C1D1中，Q是棱DD1上的動點，則下列說法正確的是（）①存在點Q，使得C1Q∥A1C；②存在點Q，使得C1Q⊥A1C；③對于任意點Q，Q到A1C的距離的取值范圍為[2④對于任意點Q，△A1CQ都是鈍角三角形．A．①②③ B．①④ C．②③ D．②④二、多選題（每小題6分，共18分）（多選）9．（6分）下列有關(guān)數(shù)列的說法正確的是（）A．數(shù)列的圖象是一群孤立的點 B．如果一個數(shù)列不是遞增數(shù)列，那么它一定是遞減數(shù)列 C．數(shù)列0，2，4，6，8，…的一個通項公式為an＝2n D．數(shù)列1，2，2，2（多選）10．（6分）下列命題是真命題的有（）A．直線l的方向向量為a→=（1，﹣1，2），直線m的方向向量為b→=(2，1，?12B．直線l的方向向量為a→=（0，1，﹣1），平面α的法向量為n→=（1，﹣1，﹣1），則C．平面α，β的法向量分別為n1→=（0，1，3），n2→D．平面α經(jīng)過三點A（1，0，﹣1），B（0，1，0），C（﹣1，2，0），向量n→=（1，u，t）是平面α的法向量，則u+（多選）11．（6分）已知點P是左、右焦點為F1，F(xiàn)2的橢圓C：x2A．若∠F1PF2＝90°，則△F1PF2的面積為42B．使△F1PF2為直角三角形的點P有6個 C．|PF1|﹣2|PF2|的最大值為6?22D．若M(1，12)，則|PF1|+|PM|的最大、最小值分別為三、填空題（每小題5分，共15分）12．（5分）已知向量a→=（0，﹣1，1），b→=（4，1，0），|λa→+b→|13．（5分）已知圓C：x2+y2﹣2x+m＝0與圓（x+3）2+（y+3）2＝4外切，點P是圓C上一動點，則點P到直線5x+12y+8＝0的距離的最大值為．14．（5分）如圖，四邊形ABCD和ADPQ均為正方形，他們所在的平面互相垂直，動點M在線段PQ上，E、F分別為AB、BC的中點，設(shè)異面直線EM與AF所成的角為θ，則cosθ的最大值為．四、解答題（共77分）15．（13分）如圖所示，平行六面體ABCD﹣A1B1C1D1中，E，F(xiàn)分別在B1B和D1D上，BE=12B（1）求證：A，E，C1，F(xiàn)四點共面；（2）若EF→=xAB→+yAD→16．（15分）已知關(guān)于x，y的方程C：x2+y2﹣2x﹣4y+m＝0．（1）當m為何值時，方程C表示圓．（2）若圓C與直線l：x+2y﹣4＝0相交于M，N兩點，且MN=45，求17．（15分）已知四棱柱ABCD﹣A1B1C1D1中，底面ABCD為梯形，AB∥CD，A1A⊥平面ABCD，AD⊥AB，其中AB＝AA1＝2，AD＝DC＝1．N是B1C1的中點，M是DD1的中點．（1）求證：D1N∥平面CB1M；（2）求平面CB1M與平面BB1C1C的夾角余弦值；（3）求點B到平面CB1M的距離．18．（17分）設(shè)橢圓x2a2+y2b2=1(a＞b＞0)的左右頂點分別為A1，A2，右焦點為F（1）求橢圓方程及其離心率；（2）已知點P是橢圓上一動點（不與端點重合），直線A2P交y軸于點Q，若三角形A1PQ的面積是三角形A2FP面積的二倍，求直線A2P的方程．19．（17分）如圖1，在平行四邊形ABCD中，D＝60°，DC＝2AD＝2，將△ADC沿AC折起，使點D到達點P位置，且PC⊥BC，連接PB得三棱錐P﹣ABC，如圖2．（1）證明：平面PAB⊥平面ABC；（2）在線段PC上是否存在點M，使平面AMB與平面MBC的夾角的余弦值為58，若存在，求出|PM|

答案與試題解析題號12345678答案DBCDCDAC一、單選題（每小題5分，共40分）1．（5分）已知點P（﹣2，1）到直線l：3x﹣4y+m＝0的距離為1，則m的值為（）A．﹣5或﹣15 B．﹣5或15 C．5或﹣15 D．5或15【分析】根據(jù)條件，利用點到直線的距離公式建立關(guān)于m的方程，再求出m的值．解：因為點P（﹣2，1）到直線l：3x﹣4y+m＝0的距離為1，所以|3×(?2)?4×1+m|9+16=1，解得故選：D．【點評】本題考查的知識點是點到直線的距離公式，是基礎(chǔ)題．2．（5分）設(shè)F為拋物線C：y2＝4x的焦點，點A在C上，點B（3，0），若|AF|＝|BF|，則|AB|＝（）A．2 B．22 C．3 D．32【分析】利用已知條件，結(jié)合拋物線的定義，求解A的坐標，然后求解即可．解：F為拋物線C：y2＝4x的焦點（1，0），點A在C上，點B（3，0），|AF|＝|BF|＝2，由拋物線的定義可知A（1，2）（A不妨在第一象限），所以|AB|=(3?1)2故選：B．【點評】本題考查拋物線的簡單性質(zhì)的應(yīng)用，距離公式的應(yīng)用，是基礎(chǔ)題．3．（5分）意大利數(shù)學(xué)家斐波那契的《算經(jīng)》中記載了一個有趣的數(shù)列：1，1，2，3，5，8，13，21，34，55，89，144，…這就是著名的斐波那契數(shù)列，該數(shù)列的前2024項中有（）個奇數(shù)．A．1012 B．1348 C．1350 D．1352【分析】對數(shù)列中的數(shù)進行歸納，發(fā)現(xiàn)規(guī)律，結(jié)合題意得到答案．解：在數(shù)列：1，1，2，3，5，8，13，21，34，55，89，144中，每3個數(shù)中前2個都是奇數(shù)，后一個是偶數(shù)，又2022＝3×674，故該數(shù)列前2024項有2×674+2＝1350個奇數(shù)．故選：C．【點評】本題主要考查歸納定理的應(yīng)用，考查了推理能力與計算能力，屬于基礎(chǔ)題．4．（5分）已知x，y∈R，向量a→=(x，1，1)，b→=(1，y，1)，c→=(3，?6，3)，且A．22 B．23 C．4【分析】先根據(jù)a→⊥c→，b→解：∵x，y∈R，向量a→=(x，1，1)，b→=(1，y，1)，c→∴3x?6+3=0y解得x＝1，y＝﹣2，故a→=(1，1，1)，故|a→故選：D．【點評】本題考查向量的模的求法，考查向量垂直、向量平行的性質(zhì)等基礎(chǔ)知識，考查運算求解能力，是基礎(chǔ)題．5．（5分）定義一個集合Ω，集合元素是空間內(nèi)的點集，任取P1，P2，P3∈Ω，存在不全為0的實數(shù)λ1，λ2，λ3，使得λ1OP1→A．（0，0，0）∈Ω B．（﹣1，0，0）∈Ω C．（0，1，0）∈Ω D．（0，0，﹣1）∈Ω【分析】利用空間向量的基本定理，結(jié)合充要條件，判斷選項即可．解：不全為0的實數(shù)λ1，λ2，λ3，使得λ1所以3個向量無法構(gòu)成三維空間坐標系的一組基，又因為（1，0，0）∈Ω，所以對于A三者不能構(gòu)成一組基，故不能推出（0，0，1）?Ω，故A錯誤；對于B，（1，0，0）∈Ω，（﹣1，0，1）∈Ω，且（1，0，0），（﹣1，0，0）共線，所以（0，0，1）可以屬于Ω，此時三者不共面，故B錯誤；對于C，顯然三者可以構(gòu)成一組基，與條件不符合，故可以推出（0，0，1）?Ω，故C正確；對于D，三者無法構(gòu)成一組基，故不能推出（0，0，1）?Ω，故D錯誤．故選：C．【點評】本題考查空間向量的基本定理的應(yīng)用，充要條件的判斷，是基礎(chǔ)題．6．（5分）斜拉橋是橋梁建筑的一種形式，在橋梁平面上有多根拉索，所有拉索的合力方向與中央索塔一致．如圖，一座斜拉橋共有10對拉索，在索塔兩側(cè)對稱排列，已知拉索上端相鄰兩個錯的間距|PiPi+1|（i＝1，2，3，…，9）均為4m，拉索下端相鄰兩個錨的間距|AiAi+1|、|BiBi+1|（i＝1，2，3，…，9）均為16m，最短拉索P1A1滿足|OP1|＝60m，|OA1|＝96m，若建立如圖所示的平面直角坐標系，則最長拉索P10B10所在直線的斜率為（）A．15 B．516 C．2564【分析】根據(jù)已知條件，結(jié)合直線的斜率公式，即可求解．解：|OA10|＝|OA1|+|A1A10|＝96+9×16＝240m，|OP10|＝|OP1+|P1P10|＝60+9×4＝96m，故B10（﹣240，0），P10（0，96），則kP故選：D．【點評】本題主要考查直線的斜率公式，屬于基礎(chǔ)題．7．（5分）已知雙曲線C：x2a2?y2b2=1(a＞0，b＞0)的離心率為5，C的一條漸近線與圓（x﹣2）2+（yA．455 B．355 C．【分析】利用雙曲線的離心率，求解漸近線方程，然后求解圓的圓心到直線的距離，轉(zhuǎn)化求解|AB|即可．解：雙曲線C：x2a2可得c=5a，所以b＝2a所以雙曲線的漸近線方程為：y＝±2x，一條漸近線與圓（x﹣2）2+（y﹣3）2＝1交于A，B兩點，圓的圓心（2，3），半徑為1，圓的圓心到直線y＝2x的距離為：|4?3|1+4所以|AB|＝21?1故選：A．【點評】本題考查雙曲線的簡單性質(zhì)的應(yīng)用，直線與圓的位置關(guān)系的應(yīng)用，屬中檔題．8．（5分）如圖，在棱長為1的正方體ABCD﹣A1B1C1D1中，Q是棱DD1上的動點，則下列說法正確的是（）①存在點Q，使得C1Q∥A1C；②存在點Q，使得C1Q⊥A1C；③對于任意點Q，Q到A1C的距離的取值范圍為[2④對于任意點Q，△A1CQ都是鈍角三角形．A．①②③ B．①④ C．②③ D．②④【分析】根據(jù)題意，以A為原點，建立空間直角坐標系，結(jié)合空間向量的坐標運算，對選項逐一判斷，即可得到結(jié)果．解：由題知，在正方體ABCD﹣A1B1C1D1中，Q是棱DD1上的動點，建立以A為原點建立空間直角坐標系A(chǔ)﹣xyz，如圖所示：則A1（0，0，1），C（1，1，0），C1（1，1，1），設(shè)Q（0，1，a），其中0≤a≤1，所以C1Q=(?1，0，a?1)當C1Q=λA1所以?1=λ0=λ所以不存在λ使得C1即不存在點Q，使得C1Q∥A1C，故①錯誤；當C1Q?即存在點Q，使得C1Q⊥A1C，故②正確；因為A1Q→所以點Q到A1C的距離為：|=2(a?12因為QC→=(1，0，?a)，QA所以cos＜QC所以三角形A1CQ為直角三角形或鈍角三角形，故④錯誤．故選：C．【點評】本題考查向量法在立體幾何中的應(yīng)用，屬于中檔題．二、多選題（每小題6分，共18分）（多選）9．（6分）下列有關(guān)數(shù)列的說法正確的是（）A．數(shù)列的圖象是一群孤立的點 B．如果一個數(shù)列不是遞增數(shù)列，那么它一定是遞減數(shù)列 C．數(shù)列0，2，4，6，8，…的一個通項公式為an＝2n D．數(shù)列1，2，2，2【分析】利用數(shù)列的概念、通項公式一一判定選項即可．解：對于A，∵數(shù)列是一類特殊的函數(shù)，其自變量n∈N+，∴數(shù)列的圖象是一群孤立的點，故A正確；對于B，常數(shù)列既不是遞增數(shù)列，也不是遞減數(shù)列，故B錯誤；對于C，當n＝1時，a1＝2≠0，故C錯誤；對于D，∵a1∴數(shù)列1，2，2，22，4，?的一個通項公式為a故選：AD．【點評】本題考查數(shù)列的通項公式等基礎(chǔ)知識，考查運算求解能力，是基礎(chǔ)題．（多選）10．（6分）下列命題是真命題的有（）A．直線l的方向向量為a→=（1，﹣1，2），直線m的方向向量為b→=(2，1，?12B．直線l的方向向量為a→=（0，1，﹣1），平面α的法向量為n→=（1，﹣1，﹣1），則C．平面α，β的法向量分別為n1→=（0，1，3），n2→D．平面α經(jīng)過三點A（1，0，﹣1），B（0，1，0），C（﹣1，2，0），向量n→=（1，u，t）是平面α的法向量，則u+【分析】對于A，結(jié)合向量垂直的性質(zhì)，即可求解，對于B，結(jié)合方向向量的定義，以及向量的數(shù)量積公式，推得l∥α或l?α，即可求解，對于C，結(jié)合兩個法向量不共線，即可求解，對于D，結(jié)合法向量的定義，以及空間向量的數(shù)量積公式，即可求解．解：a→=（1，﹣1，2），則a→?b→=0，即直線l直線l的方向向量為a→=（0，1，﹣1），平面α的法向量為則a→?n所以l∥α或l?α，故B錯誤，n1→=則α∥β不成立，故C錯誤，∵A（1，0，﹣1），B（0，1，0），C（﹣1，2，0），∴AB→=(?1，1，1)，∵向量n→=（1，u，t）是平面∴n→∴?1+u+t=0?1+u=0，即u+t＝1，故D故選：AD．【點評】本題主要考查空間向量的數(shù)量積公式，考查轉(zhuǎn)化能力，屬于中檔題．（多選）11．（6分）已知點P是左、右焦點為F1，F(xiàn)2的橢圓C：x2A．若∠F1PF2＝90°，則△F1PF2的面積為42B．使△F1PF2為直角三角形的點P有6個 C．|PF1|﹣2|PF2|的最大值為6?22D．若M(1，12)，則|PF1|+|PM|的最大、最小值分別為【分析】根據(jù)焦點三角形面積的相關(guān)結(jié)論即可判斷A；結(jié)合橢圓性質(zhì)可判斷B；結(jié)合橢圓定義可求線段和差的最值，判斷CD．解：點P是左、右焦點為F1，F(xiàn)2的橢圓C：x2A選項：由橢圓方程x28+y24=1，所以a2＝8，b2＝4，所以c2所以△F1PF2的面積為S=b2tan∠FB選項：當PF1⊥F1F2或PF2⊥F1F2時，△F1PF2為直角三角形，這樣的點P有4個，設(shè)橢圓的上下頂點分別為S，T，則|F1F2|＝4，|OS|＝2，故|OS|=12|知∠F1SF2＝∠F1TF2＝90°，所以當P位于橢圓的上、下頂點時△F1PF2也為直角三角形，其他位置不滿足，滿足△F1PF2為直角三角形的點P，故B正確；C選項：由于|PF所以當|PF2|最小即|PF2|=a?c=22?2時，|PF1|﹣2|PF2D選項：因為|PF又||PM|?|PF2||≤|MF2|=52，則|PF當點P位于直線MF2與橢圓的交點時取等號，故D正確．故選：BCD．【點評】本題主要考查橢圓的相關(guān)知識，考查計算能力，屬于中檔題．三、填空題（每小題5分，共15分）12．（5分）已知向量a→=（0，﹣1，1），b→=（4，1，0），|λa→+b→|【分析】根據(jù)所給的向量坐標寫出要求模的向量坐標，用求模長的公式寫出關(guān)于變量λ的方程，解方程即可，解題過程中注意對于變量的限制，把不合題意的結(jié)果去掉．解：∵a→=（0，﹣1，1），b→=（4，1，0），∴λa→∴16+（λ﹣1）2+λ2＝29（λ＞0），∴λ＝3，故3．【點評】向量是數(shù)形結(jié)合的典型例子，向量的加減運算是用向量解決問題的基礎(chǔ)，要學(xué)好運算，才能用向量解決立體幾何問題，三角函數(shù)問題，好多問題都是以向量為載體的．13．（5分）已知圓C：x2+y2﹣2x+m＝0與圓（x+3）2+（y+3）2＝4外切，點P是圓C上一動點，則點P到直線5x+12y+8＝0的距離的最大值為4．【分析】利用兩圓的外切關(guān)系先計算m，再根據(jù)圓上一動點到定直線的距離的最值計算即可．解：圓C：x2+y2﹣2x+m＝0化為標準方程為（x﹣1）2+y2＝1﹣m，可得C（1，0），其半徑為1?m(m＜1)圓（x+3）2+（y+3）2＝4的圓心為（﹣3，﹣3），半徑為2，因為兩圓外切，所以1?m+2=(1+3)2可得圓C的半徑為3，因為圓心C（1，0）到直線5x+12y+8＝0的距離為|5+0+8|5則點P到直線5x+12y+8＝0的距離的最大值為3+1＝4．故4．【點評】本題考查圓與圓的位置關(guān)系，考查直線和圓的關(guān)系，屬中檔題．14．（5分）如圖，四邊形ABCD和ADPQ均為正方形，他們所在的平面互相垂直，動點M在線段PQ上，E、F分別為AB、BC的中點，設(shè)異面直線EM與AF所成的角為θ，則cosθ的最大值為25【分析】首先以AB，AD，AQ三直線為x，y，z軸，建立空間直角坐標系，并設(shè)正方形邊長為2，M（0，y，2），從而可求出向量EM→，AF→的坐標，由cosθ=|cos＜EM→，解：根據(jù)已知條件，AB，AD，AQ三直線兩兩垂直，分別以這三直線為x，y，z軸，建立如圖所示空間直角坐標系，設(shè)AB＝2，則：A（0，0，0），E（1，0，0），F(xiàn)（2，1，0）；M在線段PQ上，設(shè)M（0，y，2），0≤y≤2；∴EM→∴cosθ=|cos＜EM設(shè)f（y）=2?yy2函數(shù)g（y）＝﹣2y﹣5是一次函數(shù)，且為減函數(shù)，g（0）＝﹣5＜0；∴g（y）＜0在[0，2]恒成立，∴f′（y）＜0；∴f（y）在[0，2]上單調(diào)遞減；∴y＝0時，f（y）取到最大值25故25【點評】考查建立空間直角坐標系，利用空間向量解決異面直線所成角的問題，異面直線所成角的概念及其范圍，向量夾角的概念及其范圍，以及向量夾角余弦的坐標公式，函數(shù)導(dǎo)數(shù)符號和函數(shù)單調(diào)性的關(guān)系．四、解答題（共77分）15．（13分）如圖所示，平行六面體ABCD﹣A1B1C1D1中，E，F(xiàn)分別在B1B和D1D上，BE=12B（1）求證：A，E，C1，F(xiàn)四點共面；（2）若EF→=xAB→+yAD→【分析】（1）根據(jù)已知條件，結(jié)合空間向量的共面定理，即可求解；（2）根據(jù)已知條件，結(jié)合空間向量的線性運算法則，即可求解．解：（1）證明：∵AC∴A，E，C1，F(xiàn)四點共面．（2）∵EF→EF→∴x＝﹣1，y＝1，z=1∴x+y+z=1【點評】本題主要考查空間向量的線性運算，屬于基礎(chǔ)題．16．（15分）已知關(guān)于x，y的方程C：x2+y2﹣2x﹣4y+m＝0．（1）當m為何值時，方程C表示圓．（2）若圓C與直線l：x+2y﹣4＝0相交于M，N兩點，且MN=45，求【分析】（1）方程C可化為：（x﹣1）2+（y﹣2）2＝5﹣m，應(yīng)有5﹣m＞0．（2）先求出圓心坐標和半徑，圓心到直線的距離，利用弦長公式求出m的值．解：（1）方程C可化為：（x﹣1）2+（y﹣2）2＝5﹣m，顯然，當5﹣m＞0時，即m＜5時，方程C表示圓．（2）圓的方程化為（x﹣1）2+（y﹣2）2＝5﹣m，圓心C（1，2），半徑r=5?m則圓心C（1，2）到直線l：x+2y﹣4＝0的距離為d=|1+2×2?4|∵MN=45，則∴5?m=(15【點評】本題考查圓的標準方程的特征，點到直線的距離公式、弦長公式的應(yīng)用．17．（15分）已知四棱柱ABCD﹣A1B1C1D1中，底面ABCD為梯形，AB∥CD，A1A⊥平面ABCD，AD⊥AB，其中AB＝AA1＝2，AD＝DC＝1．N是B1C1的中點，M是DD1的中點．（1）求證：D1N∥平面CB1M；（2）求平面CB1M與平面BB1C1C的夾角余弦值；（3）求點B到平面CB1M的距離．【分析】（1）取CB1中點E，連接NE，ME，易證四邊形D1MEN是平行四邊形，所以D1N∥ME，由線面平行的判定定理證明即可；（2）以A為原點建系，利用向量法分別求出平面CB1M與平面BB1CC1的法向量，利用向量的夾角公式，求平面CB1M與平面BB1CC1的夾角的余弦值；（3）由（2）得BB1→及平面CB1M的法向量，利用向量法即可求點B到平面CB（1）證明：取CB1中點E，連接NE，ME，由N是B1C1的中點，得NE∥CC1，且NE=12CC由M是DD1的中點，得D1M=12DD1=則D1M∥NE，D1M＝NE，所以四邊形D1MEN是平行四邊形，所以D1N∥ME，又ME?平面CB1M，D1N?平面CB1M，故D1N∥平面CB1M．（2）解：以A為原點建立如圖所示空間直角坐標系，有A（0，0，0），B（2，0，0），B1（2，0，2），M（0，1，1），C（1，1，0），C1（1，1，2），則CB1→=（1，﹣1，2），設(shè)平面CB1M的法向量為m→m→?C設(shè)平面BB1CC1的法向量為n→n→?C所以cos＜m→，故平面CB1M與平面BB1CC1的夾角的余弦值為222（3）解：因為BB1→=(0，0，2)，平面CB1所以點B到平面CB1M的距離為d=|【點評】本題考查直線與平面平行、點到平面的距離、直線與平面所成的角等基礎(chǔ)知識，考查用空間向量解決立體幾何問題的方法，屬于中檔題．18．（17分）設(shè)橢圓x2a2+y2b2=1(a＞b＞0)的左右頂點分別為A1，A2，右焦點為F（1）求橢圓方程及其離心率；（2）已知點P是橢圓上一動點（不與端點重合），直線A2P交y軸于點Q，若三角形A1PQ的面積是三角形A2FP面積的二倍，求直線A2P的方程．【分析】（1）由題意可得a+c=3a?c=1，求解a與c的值，再由隱含條件求解b（2）由題意可知，直線A2P的斜率存在且不為0，設(shè)直線方程為y＝k（x﹣2），取x＝0，得Q（0，﹣2k），分別求出△A1PQ的面積與△A2FP面積，再由已知列式求解k，則直線方程可求．解：（1）由題意可知，a+c=3a?c=1，解得a=2∴b2＝a2﹣c2＝4﹣1＝3．則橢圓方程為x24+y（2）由題意可知，直線A2P的斜率存在且不為0，當k＜0時，直線方程為y＝k（x﹣2），取