2025年仁愛科普版選修3物理上冊階段測試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年仁愛科普版選修3物理上冊階段測試試卷766考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、氫原子能級如圖所示；則下列說法正確的是。

A.氫原子能級越高原子的能量越大，電子繞核運動的軌道半徑越大，動能也越大B.用動能為12.3eV的電子射向一群處于基態(tài)的氫原子，原子有可能躍遷到n=2的能級C.用光子能量為12.3eV的光照射一群處于基態(tài)的氫原子，氫原子有可能躍遷到n=2的能級D.用光子能量為1.75eV的可見光照射大量處于n=3能級的氫原子時，氫原子不能發(fā)生電離2、新冠肺炎疫情期間，某班級用于消毒的噴壺示意圖如圖甲所示。儲氣室內(nèi)氣體可視為理想氣體，在噴液過程中儲氣室內(nèi)溫度保持不變，噴液全過程儲氣室內(nèi)氣體在P-V圖像中的變化圖線如圖乙所示，A、B是雙曲線上的兩點。下列說法正確的是（）

A.氣體在狀態(tài)A的內(nèi)能一定大于在狀態(tài)B的內(nèi)能B.圖中Rt△OAC和Rt△OBD的面積一定相等C.氣體從狀態(tài)A變化到狀態(tài)B的過程中，氣體吸收的熱量大于氣體做的功D.氣體從狀態(tài)A變化到狀態(tài)B的過程中，氣體分子單位時間內(nèi)對器壁單位面積上的碰撞次數(shù)不變3、如圖所示，已知電源電動勢為內(nèi)阻為，保護電阻，為電阻箱．下列說法錯誤的是（））

A.當電阻箱讀數(shù)為時，保護電阻B.消耗的電功率最大當電阻箱讀數(shù)為時，電阻箱消耗的功率C.最大若電阻箱的最大值為，，則當電阻箱讀數(shù)為時，電阻箱D.的功率最大電源的最大輸出功率4、如圖所示，一個電阻不計匝數(shù)為N=200匝的線圈以固定轉(zhuǎn)速50轉(zhuǎn)/秒在勻強磁場中旋轉(zhuǎn)，其產(chǎn)生的交流電通過一匝數(shù)比為n1：n2=10：1的理想變壓器給阻值R=10Ω的電阻供電；已知電壓表的示數(shù)為20V，從圖示位置開始計時，則下列說法正確的是。

A.t=0時刻流過線圈的電流最大B.原線圈中電流的有效值為20AC.理想變壓器的輸入功率為10WD.穿過線圈平面的最大磁通量為Wb5、如圖所示；平行板電容器兩極板A，B間有一個帶電油滴P，正好靜止在兩極板正中間?，F(xiàn)將兩極板稍拉開一些，其它條件不變（拉開時間忽略），則（）

A.油滴將向上加速B.油滴將向下加速C.電流計中電流由b流向aD.電流計中始終無電流流過6、如圖所示，在豎直平面內(nèi)有個一邊長為的等邊三角形區(qū)域該區(qū)域中存在垂直平面向里的勻強磁場和豎直方向的勻強電場，勻強電場的場強為一帶正電、電量為的小球以速度沿邊射入勻強磁場中恰好能做勻速圓周運動，欲使帶電小球能從邊射出，重力加速度為則下列說法正確的是（）

A.勻強磁場的磁感應強度的最小值應為B.勻強磁場的磁感應強度的最小值應為C.勻強磁場的磁感應強度的最小值應為D.當磁感應強度取最小值時，小球在磁場內(nèi)運動的時間最短7、如圖所示；光滑水平面上停著一輛小車，小車的固定支架左端用不計質(zhì)量的細線系一個小鐵球．開始將小鐵球提起到圖示位置，然后無初速釋放．在小鐵球來回擺動的過程中，下列說法中正確的是()

A.小車和小球系統(tǒng)動量守恒B.小球向右擺動過程小車一直向左加速運動C.小球擺到右方最高點時刻，由于慣性，小車仍在向左運動D.小球擺到最低點時，小車的速度最大評卷人得分二、多選題(共5題，共10分)8、對于熱運動和熱現(xiàn)象，下列說法正確的是（）A.玻璃裂口放在火上燒熔，其尖端變圓的原因是表面張力的作用B.云母片導熱性能各向異性，是由于該物質(zhì)的微粒在空間按一定的規(guī)則排列C.未飽和汽在降低溫度時也不會變成飽和汽E.氣體壓強達到飽和汽壓時，蒸發(fā)和液化都停止了E.氣體壓強達到飽和汽壓時，蒸發(fā)和液化都停止了9、對固體、液體性質(zhì)以及特點的理解，下列說法正確的是（）A.從微觀角度解釋氣體的壓強時，氣體分子的平均動能和密集程度決定氣體壓強的大小B.分子間距離減小，分子勢能可能增大也可能減小C.某溶液在相同溫度下，形成的未飽和汽、飽和汽的壓強不同，則該溶液分子的平均動能一定不同E.水銀滴在玻璃板上將成橢球狀，所以說水銀一定是一種不浸潤液體E.水銀滴在玻璃板上將成橢球狀，所以說水銀一定是一種不浸潤液體10、下列說法正確的是（）A.一切自然過程總是沿著熱運動無序性增大的方向進行B.飽和汽的體積越大，飽和汽壓越大C.一定質(zhì)量的氣體，體積不變時，溫度越高，內(nèi)能越大E.氣體能夠充滿容器的整個空間，是由于氣體分子間呈現(xiàn)出斥力的作用E.氣體能夠充滿容器的整個空間，是由于氣體分子間呈現(xiàn)出斥力的作用11、如圖所示，在水平面內(nèi)有兩個光滑金屬“V”字型導軌，空間中存在垂直于水平面的勻強磁場，其中導軌bac固定不動，用外力F使導軌edf向右勻速運動；導軌間接觸始終良好，從圖示位置開始計時，下列關于回路中的電流I的大小和外力F的大小隨時間的變化關系正確的是。

A.B.C.D.12、如圖所示，甲圖為沿x軸傳播的一列簡諧波在t=1s時刻的波動圖象，乙圖為x=2m處的質(zhì)點P的振動圖象，則下列判斷正確的是（）A.該波的傳播速度為B.該波的傳播方向沿x軸反方向C.再經(jīng)過1s時間，質(zhì)點P將移動到位置處E.時，處的質(zhì)點的加速度沿y軸正方向E.時，處的質(zhì)點的加速度沿y軸正方向評卷人得分三、填空題(共5題，共10分)13、一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)A變化到狀態(tài)B再變化到狀態(tài)C，其變化過程的V-T圖像如圖所示，BC的反向延長線通過坐標原點O。已知該氣體在狀態(tài)A時的壓強為1.5×105Pa，則該氣體在狀態(tài)C時的壓強為__________Pa；該氣體從狀態(tài)A到狀態(tài)C的過程中吸收的熱量為__________J。

14、一定量的理想氣體從狀態(tài)a開始，經(jīng)歷ab、bc、ca三個過程回到原狀態(tài)，其p－T圖象如圖所示。___（選填“a”“b”或“c”）狀態(tài)分子的平均動能最小，b和c兩個狀態(tài)中，容器壁單位面積單位時間內(nèi)受到氣體分子撞擊的次數(shù)_____（選填“相同”或“不同”），ca過程外界對氣體做的功___（選填“大于”、“小于”或“等于”）氣體放岀的熱量。15、圖為某同學改裝的毫安表的電路圖；其中虛線框內(nèi)是毫安表的改裝電路。

已知毫安表表頭的內(nèi)阻為100Ω，滿偏電流為1mA，R1和R2為阻值固定的電阻，若使用a和b兩個接線柱，電表量程為3mA：若使用a和c兩個接線拄，電表量程為10mA，由題給條件和數(shù)據(jù)，可以求出R1=___Ω，R2=_______Ω。16、質(zhì)量和電荷量大小都相等的帶電粒子M和N，以不同的速率經(jīng)小孔S垂直進入有界勻強磁場，磁場方向垂直紙面向里，M和N運行的半圓軌跡如圖中的虛線所示，則M帶_________（選填“正電”或“負電”）；M的運行時間_________（選填“>”、“=”或“<”）N的運行時間。

17、高空作業(yè)須系安全帶。如果質(zhì)量為m的高空作業(yè)人員不慎跌落，從開始跌落到安全帶剛對人產(chǎn)生作用力前人下落的距離為h（可視為自由落體運動），重力加速度為g，設豎直向上為正方向，則此過程人的動量變化量為______。此后經(jīng)歷時間t安全帶達到最大伸長量，若在此過程中安全帶作用力始終豎直向上，則該段時間安全帶對人的平均作用力大小為_____。評卷人得分四、作圖題(共3題，共9分)18、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環(huán)形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補畫出電流方向或磁感線方向．

19、示波管的內(nèi)部結構如圖所示．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請畫出熒光屏上出現(xiàn)的完整掃描波形圖．

20、圖中表示某一時刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經(jīng)過7s后的波形曲線。

評卷人得分五、實驗題(共3題，共27分)21、如圖1所示；用“碰撞實驗器材”可以驗證動量守恒定律，即研究兩個小球在軌道末端碰撞前后的動量關系：先安裝好實驗裝置，在地上鋪一張白紙，白紙上鋪放復寫紙，記下重垂線所指的位置O．

接下來的實驗步驟如下：

步驟1：不放小球2；讓小球1從斜槽上A點由靜止?jié)L下，并落在地面上．重復多次，用盡可能小的圓，把小球的所有落點圈在里面，其圓心就是小球落點的平均位置；

步驟2：把小球2放在斜槽前端邊緣位置B；讓小球1從A點由靜止?jié)L下，使它們碰撞．重復多次，并使用與步驟1同樣的方法分別標出碰撞后兩小球落點的平均位置；

步驟3：用刻度尺分別測量三個落地點的平均位置M；P、N離O點的距離；即線段OM、OP、ON的長度．

（1）上述實驗除需測量線段OM、OP、ON的長度外，還需要測量的物理量有______．（寫出物理量及相應符號）

（2）實驗中造成誤差的可能情況有______．

A．用直尺測量的線段OM；OP、ON長度值。

B．軌道不光滑。

C．軌道末端不水平。

D．軌道末端到地面的高度未測量。

（3）若測得各落點痕跡到O點的距離：OM＝2.68cm，OP＝8.62cm，ON＝11.50cm，并知小球1、2的質(zhì)量比為2︰1，則系統(tǒng)碰撞前總動量P與碰撞后總動量P的百分誤差__________________%（結果保留一位有效數(shù)字）．

（4）完成上述實驗后，實驗小組成員小紅對上述裝置進行了改造，小紅改造后的裝置如圖2所示．使小球1仍從斜槽上A點由靜止?jié)L下，重復實驗步驟1和2的操作，得到兩球落在以斜槽末端為圓心的圓弧上，平均落點M′、P′、N′．測量軌道末端到M′、P′、N′三點的連線與水平方向的夾角分別為則驗證兩球碰撞過程中動量守恒的表達式為________(用所測物理量的符號表示)．22、李明同學想要測量某個未知電阻R1,他的手邊共有儀器如下:一個電阻箱R、一個滑動變阻器R0、一個靈敏電流計G、一個不計內(nèi)阻的恒定電源E；開關、導線若干．他首先想到用伏安法或者電表改裝知識來設計電路,但發(fā)現(xiàn)由于儀器缺乏無法實現(xiàn)．苦惱之余去尋求物理老師的幫助．老師首先給了他一道習題要求他思考:

(1)如圖甲,在a、b之間搭一座“電橋”,調(diào)節(jié)四個變阻箱R1、R2、R3、R4的阻值,當G表為零時(此時也稱為“電橋平衡”),4個電阻之間的關系是_____．

(2)聰明的李明馬上想到了改進自己的實驗,他按照以下步驟很快就測出了Rx

①按圖乙接好電路,調(diào)節(jié)_____,P為滑動變阻器的滑片,當G表示數(shù)為零時,讀出此時變阻箱阻值R1;

②將Rx與變阻箱R互換位置,并且控制______不動,再次調(diào)節(jié)____,直至電橋再次平衡時,讀出此時變阻箱阻值R2;

③由以上數(shù)據(jù)即可得Rx的阻值,其大小為Rx=__．23、實驗小組的同學們用如圖所示的裝置做“用單擺測定重力加速度”的實驗．

①測出懸點O到小球球心的距離（擺長）L及單擺完成n次全振動所用的時間t，則重力加速度g=_________（用L、n、t表示）．

②實驗時除用到秒表、刻度尺外，還應該用到下列器材中的______(選填選項前的字母)．

A．長約1m的細線。

B．長約1m的橡皮繩。

C．直徑約1cm的均勻鐵球。

D．直徑約10cm的均勻木球。

③選擇好器材，將符合實驗要求的單擺懸掛在鐵架臺上，應采用圖__中所示的固定方式．

④某實驗小組組裝單擺時，在擺線上端的懸點處，用一塊開有狹縫的橡皮夾牢擺線，再用鐵架臺的鐵夾將橡皮夾緊，如圖所示．這樣做的目的是___________(填字母代號)．

A．保證擺動過程中擺長不變。

B．可使周期測量得更加準確。

C．需要改變擺長時便于調(diào)節(jié)。

D．保證擺球在同一豎直平面內(nèi)擺動。

⑤他組裝好單擺后在擺球自然懸垂的情況下，用毫米刻度尺量得從懸點到擺球的最低端的長度L=0.9990m，再用游標卡尺測量擺球直徑，結果如圖所示，則該擺球的直徑為______

mm，單擺擺長為______m．

在測量單擺的周期時，他用秒表記下了單擺做50次全振動的時間，如下圖所示，秒表的讀數(shù)為________s．

⑥下列振動圖象真實地描述了對擺長約為1m的單擺進行周期測量的四種操作過程，圖中橫坐標原點表示計時開始，A、B、C均為30次全振動的圖象，已知sin5°=0.087，sin15°=0.26，這四種操作過程合乎實驗要求且誤差最小的是___________(填字母代號)．

⑦將單擺正確懸掛后進行如下操作，其中正確的是_________(選填選項前的字母)．

A．測出擺線長作為單擺的擺長。

B．把單擺從平衡位置拉開一個很小的角度釋放；使之做簡諧運動。

C．在擺球經(jīng)過平衡位置時開始計時。

D．用秒表測量單擺完成1次全振動所用時間并作為單擺的周期。

⑧甲同學多次改變單擺的擺長并測得相應的周期，他根據(jù)測量數(shù)據(jù)畫出了如圖所示的圖象，但忘記在圖中標明橫坐標所代表的物理量．你認為橫坐標所代表的物理量是_____(選填“l(fā)2”“l(fā)”或“”)，若圖線斜率為k，則重力加速度g=_________(用k表示)．

⑨乙同學測得的重力加速度數(shù)值大于當?shù)氐闹亓铀俣鹊膶嶋H值，造成這一情況的原因可能是___________(選填選項前的序號)．

A．開始擺動時振幅較小。

B．開始計時時；過早按下停表。

C．測量周期時，誤將擺球(n-1)次全振動的時間記為n次全振動的時間。

D．測量擺長時從懸點到小球下端邊緣的距離為擺長。

⑩該同學在做完實驗后；繼續(xù)思考測量重力加速度的其他方法．請你展開想象的翅膀，再設計一個方案測量重力加速度．（簡要說明需要的器材以及測量方法）

__________________________________________________________________________

__________________________________________________________________________評卷人得分六、解答題(共3題，共15分)24、一個足球的容積是2.5L。用打氣筒給這個足球打氣，每打一次都把體積為125mL、壓強與大氣壓相同的氣體打進球內(nèi)。如果在打氣前足球就已經(jīng)是球形并且里面的壓強與大氣壓相同，打了20次后，足球內(nèi)部空氣的壓強是大氣壓的多少倍？25、若已知大氣壓強為p0，圖中各裝置均處于靜止狀態(tài)，液體密度均為ρ，重力加速度為g；求各被封閉氣體的壓強.

26、小明設計的電磁健身器的簡化裝置如圖所示，兩根平行金屬導軌相距l(xiāng)＝0.50m，傾角θ＝53°，導軌上端串接一個R＝0.05Ω的電阻．在導軌間長d＝0.56m的區(qū)域內(nèi)，存在方向垂直導軌平面向下的勻強磁場，磁感應強度B＝2.0T．質(zhì)量m＝4.0kg的金屬棒CD水平置于導軌上，用絕緣繩索通過定滑輪與拉桿GH相連．CD棒的初始位置與磁場區(qū)域的下邊界相距s＝0.24m．一位健身者用恒力F＝80N拉動GH桿，CD棒由靜止開始運動，上升過程中CD棒始終保持與導軌垂直．當CD棒到達磁場上邊界時健身者松手，觸發(fā)恢復裝置使CD棒回到初始位置(重力加速度g＝10m/s2；sin53°＝0.8，不計其它電阻；摩擦力以及拉桿和繩索的質(zhì)量)．求：

(1)CD棒進入磁場時速度v的大小；

(2)CD棒進入磁場時所受的安培力FA的大??；

(3)在拉升CD棒的過程中，健身者所做的功W和電阻產(chǎn)生的焦耳熱Q.參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、B【分析】【詳解】

根據(jù)玻爾理論，氫原子能級越高原子的能量越大，電子繞核運動的軌道半徑越大，根據(jù)可知動能越小，選項A錯誤；因12.3eV大于n=1和n=2之間的能級差10.2eV，則用動能為12.3eV的電子射向一群處于基態(tài)的氫原子，原子有可能躍遷到n=2的能級，選項B正確；因12.3eV不等于n=1和n=2之間的能級差，則用光子能量為12.3eV的光照射一群處于基態(tài)的氫原子，光子不能被氫原子吸收，則氫原子不能躍遷到n=2的能級，選項C錯誤；用光子能量為1.75eV的可見光照射大量處于n=3能級的氫原子時，氫原子能發(fā)生電離，選項D錯誤.2、B【分析】【分析】

【詳解】

A．由于該雙曲線為等溫線，則氣體在狀態(tài)A、B時的分子平均動能相等,又由于氣體為理想氣體，則氣體的分子勢能可忽略不計，所以氣體在狀態(tài)A的內(nèi)能一定等于在狀態(tài)B的內(nèi)能；選項A錯誤；

B．由題意可知,圖線為等溫曲線,由理想氣體狀態(tài)方程可得。

由于C是常量，溫度T保持不變，則pV為定值，則圖中Rt△OAC和Rt△OBD的面積相等；選項B正確；

C．從狀態(tài)A變化到狀態(tài)B的過程中，氣體的體積增大，氣體對外界做功，由熱力學第一定律得氣體從外界吸收熱量，又由于則氣體吸收的熱量等于氣體對外界所做的功，選項C錯誤；

D．從狀態(tài)A變化到狀態(tài)B的過程中氣體的壓強減??；則氣體分子單位時間內(nèi)對器壁單位面積上的碰撞次數(shù)減少，選項D錯誤。

故選B。3、A【分析】【分析】

寫出保護電阻R0消耗的電功率的表達式，據(jù)表達式分析其功率隨所串聯(lián)電阻阻值的變化關系．把定值電阻R看成電源的內(nèi)阻，即等效電源的內(nèi)阻r′=R0+r，當R=r′時；輸出功率最大．當內(nèi)外電路的電阻相等時，輸出功率最大．

【詳解】

保護電阻消耗的電功率為：因為R0和r是常量，而R是變化的，所以R最小時，P0最大，故A說法錯誤；當R0+r=R，即R=1+0.5=1.5Ω時電阻箱消耗的電功率最大，故B說法正確；電阻箱消耗的功率為若最大值為根據(jù)輸出功率圖象可知當R最大時，R的輸出功率最大，即當電阻箱讀數(shù)為時，電阻箱的功率最大，故C說法正確；當內(nèi)外電路的電阻相等時，輸出功率最大，即R+R0=r，解得：R=0.5Ω，功率故D說法正確．所以選A．

【點睛】

本題考查功率公式的應用；解題的關鍵要知道電源的內(nèi)電阻與外電阻相等時，電源的輸出功率最大．注意明確等效電阻的應用．4、D【分析】【詳解】

A.t=0時刻為中性面位置；故感應電動勢為零，故感應電流為零，流過線圈的電流為零，故A不符合題意；

B.副線圈中的電流。

根據(jù)電流與匝數(shù)成反比。

原線圈中電流的有效值。

故B不符合題意；

C.理想變壓器輸出功率。

P2=U2I2=＝20×2W＝40W輸入功率等于輸出功率，所以變壓器的輸入功率為40W；故C不符合題意；

D.根據(jù)電壓與匝數(shù)成正比，原線圈兩端的電壓U1＝200V；角速度。

ω=2πn=100πrad/s線圈產(chǎn)生最大感應電動勢200V，Em＝NBSω；最大磁通量。

故D符合題意。5、B【分析】【詳解】

AB．將兩極板的距離拉開一些，由于電勢差不變，d變大，則根據(jù)

知；電場強度變小，電場力減小，油滴向下加速，故A錯誤，B正確；

CD．根據(jù)

得，d變大，則電容變小，U不變，根據(jù)Q=CU

知，電荷量減小，則電流計中的電流由a流向b；故CD錯誤。

故選B。6、C【分析】【詳解】

ABC.小球進入磁場后恰好做勻速圓周運動，所以mg=qE，即當圓周運動軌道半徑最大時對應的磁感應強度最小，由幾何關系可得結合可得，所以A；B不符合題意，C符合題意；

D.小球運動時間從邊射出時偏轉(zhuǎn)角相等，而周期磁感應強度B越小，周期越大，故運動時間越長，D不符合題意．

7、D【分析】【分析】

【詳解】

小車與小球組成的系統(tǒng)在水平方向動量守恒，在豎直方向動量不守恒，系統(tǒng)整體動量不守恒，故A錯誤；小球從圖示位置下擺到最低點，小車受力向左加速運動，當小球到最低點時，小車速度最大．當小球從最低點向右邊運動時，小車向左減速，當小球運動到與左邊圖示位置相對稱的位置時，小車靜止．故小球向右擺動過程小車先向左加速運動，后向左減速運動，小球擺到最低點時，小車的速度最大，故BC錯誤，D正確.二、多選題(共5題，共10分)8、A:B:D:E【分析】【詳解】

A．玻璃裂口放在火上燒熔；其尖端變圓的原因是表面張力的作用，選項A正確；

B．云母片導熱性能各向異性；是由于該物質(zhì)的微粒在空間按一定的規(guī)則排列，選項B正確；

C．飽和汽壓是物質(zhì)的一個重要性質(zhì)；它的大小取決于物質(zhì)的本性和溫度，溫度越高，飽和氣壓越大，則降低溫度可使未飽和汽變成飽和汽，故C錯誤；

D．物體放出熱量；若外界對物體做功大于放出的熱量，則物體內(nèi)能增大，溫度升高，則其分子平均動能會增大，選項D正確；

E．氣體壓強達到飽和汽壓時；蒸發(fā)和液化實際仍在繼續(xù)，僅僅是進入液體內(nèi)的和跑出液體的分子數(shù)相等，造成宏觀上的蒸發(fā)；液化停止，選項E正確。

故選ABDE。9、A:B:D【分析】【詳解】

A．根據(jù)氣體壓強的微觀解釋；可知氣體分子的平均動能和密集程度決定氣體壓強的大小，A正確；

B．當r小于平衡距離時，r減小，分子力表現(xiàn)為斥力，分子力做負功，分子勢能增大，當r大于平衡距離時，r減小；分子力表現(xiàn)為引力，分子力做正功，分子勢能減小，B正確；

C．溫度是分子平均動能的標志；同種液體在相同溫度下形成的未飽和汽；飽和汽的分子平均動能相同，C錯誤；

D．根據(jù)熱力學第二定律；內(nèi)能不可能全部轉(zhuǎn)化為機械能而不引起其他變化，D正確；

E．浸潤與不浸潤是由液體和固體共同決定的；液體浸潤固體，附著層面積要擴張，不浸潤固體附著層面積要收縮；水銀不浸潤玻璃，但可能浸潤其他固體，E錯誤。

故選ABD。10、A:C:D【分析】【分析】

【詳解】

A．根據(jù)熱力學第二定律；一切自然過程總是沿著分子熱運動的無序性增大的方向進行，故A正確；

B．飽和汽壓隨溫度的升高而增大；飽和汽壓與氣體的體積無關，故B錯誤；

C．體積不變；說明氣體對外沒有做功，故溫度越高，氣體內(nèi)能越大，故C正確；

D．晶體具有固定的熔點；這是由晶體分子的排列有序性決定的，故D正確；

E．氣體能夠充滿容器的整個空間；是由于氣體分子在永不停息的做無規(guī)則運動，與分子間的斥力無關，故E錯誤。

故選ACD。11、A:D【分析】【詳解】

設子運動的過程中切割的有效長度為L，產(chǎn)生的電動勢為E=BLv，由圖知，回路的周長與L成正比，即S=kL，設單位長度的電阻為R0，總電阻為kLR0，可求電流所以A正確；B錯誤；導軌做勻速運動，所以合外力等于零，即F=F安=BIL，電流I不變，切割的有效長度L隨時間均勻增大，所以C錯誤；D正確．12、A:B:D【分析】【分析】

由波動圖象可讀出波長；由振動圖象讀出周期，求出波速；在乙圖上讀出t=0時刻P質(zhì)點的振動方向，在甲圖上判斷出波的傳播方向；波在同一介質(zhì)中勻速傳播，由s=vt可以求出經(jīng)過1s時間波沿波的傳播方向向前傳播的距離，而質(zhì)點并不向前傳播，根據(jù)波長與障礙物尺寸的關系分析能否發(fā)生明顯的衍射現(xiàn)象；

【詳解】

A、甲圖是波動圖象，由甲讀出該波的波長為乙圖是振動圖象，由乙圖讀出周期為則波速為故A正確；

B；在乙圖上讀出t=0時刻P質(zhì)點的振動方向沿y軸負方向；在甲圖上，根據(jù)波形的平移法判斷得知該波的傳播方向沿x軸負方向，故B正確；

C；質(zhì)點只在自己的平衡位置附近上下振動；并不隨波的傳播方向向前傳播，故C錯誤；

D、由甲讀出該波的波長為該波在傳播過程中，若遇到寬度為4m的障礙物，能發(fā)生明顯衍射現(xiàn)象，故D正確；

E；由圖象可知t=2s時；x=4m處的質(zhì)點處在正最大位移處，故具有負向最大加速度，故E錯誤；

故選ABD．三、填空題(共5題，共10分)13、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2]氣體從狀態(tài)A到狀態(tài)B，發(fā)生的是等容變化，由查理定律得

解得在狀態(tài)B時的壓強為pB=1.0×105Pa

氣體從狀態(tài)B到狀態(tài)C，發(fā)生是等壓變化，有pC=pB=1.0×105Pa

由于狀態(tài)A與狀態(tài)C的溫度相同，所以該氣體從狀態(tài)A到狀態(tài)C的過程中，內(nèi)能變化量

氣體從狀態(tài)A到狀態(tài)B不做功，從狀態(tài)B到狀態(tài)C的過程中氣體對外做功，做功大小為

由熱力學第一定律

知整個過程中吸收的熱量為Q=100J【解析】1.0×10510014、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]由圖像可知，a、b和c三個狀態(tài)中a狀態(tài)溫度最低；分子平均動能最小。

[2]由圖像可知，bc過程氣體發(fā)生等溫變化，氣體內(nèi)能不變，壓強減小，由玻意耳定律可知，體積增大，b、c狀態(tài)氣體的分子數(shù)密度不同，b和c兩個狀態(tài)中；容器壁單位面積單位時間內(nèi)受到氣體分子撞擊的次數(shù)不同。

[3]由圖像可知，ca過程氣體壓強不變，溫度降低，由蓋呂薩克定律可知，其體積減小，外界對氣體做功，W＞0，氣體溫度降低，內(nèi)能減少，△U＜0，由熱力學第一定律可知，氣體要放出熱量，過程ca中外界對氣體所做的功小于氣體所放熱量【解析】a不同小于15、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2]使用a、b接線柱時

使用a、c兩個接線柱時

即

聯(lián)立解得【解析】153516、略

【分析】【詳解】

[1]磁場的方向向里；由左手定則判斷出M帶負電荷，N帶正電荷；

[2]粒子在磁場中運動半周，即時間為周期的一半，根據(jù)

而

整理可以得到

所以M的運行時間等于N的運行時間。

點睛：本題結合帶電粒子的磁場中的運動考查到左手定則、半徑的公式和根據(jù)周期的公式，屬于基本應用?！窘馕觥控撾?17、略

【分析】【詳解】

下落距離時的速度為：所以動量變化為：

對自由落體運動，有：解得：規(guī)定向下為正方向，對運動的全程，根據(jù)動量定理，有：解得：．【解析】四、作圖題(共3題，共9分)18、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場方向，也可以通過磁場方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場方向，順時針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側(cè)的磁場的方向向里，左側(cè)的磁場的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場方向，則可知電流方向，逆時針方向；

圖??；環(huán)形電流從左側(cè)流入，從右側(cè)流出，所以磁場的方向向下；

圖戊；根據(jù)螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向左；

圖已；根據(jù)螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向右．如圖所示：

【解析】19、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時間內(nèi)才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向由2個周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測信號在一個周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象．XX′偏轉(zhuǎn)電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為T，即在一個周期T的時間內(nèi)完成一次水平方向的掃描，同時豎直方向的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向也完成一個周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半個周期變化一次，結合電子到達熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以B圖中的掃描圖形如圖．

考點：考查了示波器的工作原理。

【名師點睛】本題關鍵要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏轉(zhuǎn)電壓上加的是待顯示的信號電壓，XX′偏轉(zhuǎn)電極通常接入鋸齒形電壓，即掃描電壓，當信號電壓與掃描電壓周期相同時，就可以在熒光屏上得到待測信號在一個周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象【解析】20、略

【分析】【分析】

【詳解】

7s波向前傳播的距離為

7s后，故x=3.5m位置的原圖中x=0位置的振動情況相同；因此作出以下圖形。

【解析】五、實驗題(共3題，共27分)21、略

【分析】【詳解】

（1）因為平拋運動的時間相等，根據(jù)v＝x/t，所以用水平射程可以代替速度；根據(jù)動量守恒得：m1?v0=m1?v1+m2?v2，即m1?OP=m1?OM+m2?ON，所以除了測量線段OM、OP、ON的長度外，還需要測量的物理量是小球1和小球2的質(zhì)量m1、m2．

（2）用直尺測量的線段OM、OP、ON長度值時可能做成誤差；選項A正確；軌道不光滑對實驗無影響，只要小球到達底端的速度相同即可，選項B錯誤；軌道末端不水平，則小球不能做平拋運動，會造成誤差，選項C正確；因水平射程代替速度，則軌道末端到地面的高度未測量不會造成誤差，選項D錯誤；

（3）系統(tǒng)碰撞前總動量P=m1?OP=8.62×2m2=17.24m2；碰撞后總動量P＇=m1?OM+m2?ON=2.68m1+11.50m2=16.86m2，則

（4）設圓弧半徑為R，且落點M＇與圓心連線與水平方向夾角為α1，則由平拋運動的知識可知：解得同理可得：則要驗證的關系為：m1?v0=m1?v1+m2?v2；帶入可得：=+【解析】小球1和小球2的質(zhì)量m1和m2AC2%=+22、略

【分析】【詳解】

(1)由圖可知，要使G中電流為零，其兩端的電勢差為零；則由串并聯(lián)電路的規(guī)律可知，上下兩電路中電阻的比值相等；即一定有：解得：

(2)①由題意可知，李明采用電橋平衡法進行實驗；故應調(diào)節(jié)R，使G表中電流為零，此時讀出R1，則R1與Rx的比值等于滑動變阻器左右兩邊電阻的比值；

②應控制P不動，使兩邊電阻的比值不變；互換Rx與變阻箱R；再次調(diào)節(jié)R；使電流計讀數(shù)為零；則也有比值等于左右兩邊電阻的比值；

③根據(jù)題意有：解得：．【解析】R；P；R；23、略

【分析】【詳解】

：①單擺的周期：由單擺周期公式：可知，重力加速度：

②為減小誤差應保證擺線的長短不變；A正確，B錯誤；擺球密度要大，體積要小，C正確，D錯誤．

③圖3方式固定懸點；使懸點不容易松動．

④在擺線上端的懸點處；用一塊開有狹縫的橡皮夾牢擺線，再用鐵架臺的鐵夾將橡皮夾緊，是為了防止動過程中擺長發(fā)生變化；如果需要改變擺長來探究擺長與周期關系時，方便調(diào)節(jié)擺長；A正確C正確；周期測量是否準確取決于計時工具，B錯誤；擺球在同一豎直平面內(nèi)擺動，不能做圓錐擺運動；但與器材無關，D錯誤；

⑤由圖示游標卡尺可知，擺球的直徑為：12mm+0×0.1