2025年滬科版選擇性必修2物理下冊階段測試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年滬科版選擇性必修2物理下冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、一個矩形線圈，繞垂直于勻強磁場并位于線圈平面內(nèi)的固定軸轉(zhuǎn)動。線圈中的感應電動勢e隨時間t的變化如圖所示；下列說法正確的是（）

A.時刻通過線圈的磁通量為零B.時刻通過線圈的磁通量最大C.時刻線圈位于中性面位置D.一個周期內(nèi)，線圈中的電流方向改變一次2、邊界上方區(qū)域存在磁感應強度大小為方向垂直紙面向里的勻強磁場。一質(zhì)量為電荷量為的粒子（不計重力），沿與成角；垂直磁場的方向射入磁場區(qū)域；在磁場中運動的軌跡如圖所示，該粒子在磁場中運動的時間為（）

A.B.C.D.3、如圖所示，兩根平行光滑金屬導軌豎直放置，空間存在垂直于導軌平面的勻強磁場，導體棒與一根輕繩相連處于靜止，導體棒跨在導軌上，已知的電阻大于的電阻，其余電阻不計，導體棒和的質(zhì)量相等。當棒在豎直向上的恒定外力F作用下勻速向上滑動時，導體棒仍保持靜止，輕繩上的拉力為T；整個過程兩導體棒與豎直導軌接觸良好且保持水平，則（）

A.棒兩端電壓和棒兩端電壓相比，B.棒兩端電壓和棒兩端電壓相比，C.輕繩拉力T不可能為零D.輕繩拉力T大于外力F4、在振蕩電路中，電容器極板上的帶電荷量從最大值變化到零所需的最短時間是（）A.B.C.D.5、如圖所示，水平面上固定著兩根相距L且電阻不計的足夠長的光滑金屬導軌，導軌處于方向豎直向下、磁感應強度為B的勻強磁場中，銅棒a、b的長度均等于兩導軌的間距、電阻均為R、質(zhì)量均為m，銅棒平行地靜止在導軌上且與導軌接觸良好。現(xiàn)給銅棒a一個平行導軌向右的初速度v0；此后運動過程中兩棒不發(fā)生碰撞，下列說法正確的是（）

A.最終a棒將停止運動，b棒在軌道上以某一速度勻速運動B.最終兩棒都靜止在軌道上C.回路中產(chǎn)生的總焦耳熱為D.運動過程中b的最大加速度為6、關于交變電流，下列說法中正確的是（）A.在一個周期內(nèi)交變電流的方向改變一次B.如果交變電流的最大值是5A，那么交變電流的最小值一定是-5AC.用交流電流表或電壓表測量交變電流或電壓時，指針來回擺動D.交流電器設備上標出的電壓或電流都是指有效值評卷人得分二、多選題(共8題，共16分)7、圖甲中的變壓器為理想變壓器，原線圈匝數(shù)n1與副線圈匝數(shù)n2之比為10∶1，變壓器的原線圈接如圖乙所示的正弦式交流電，電阻R1=R2=R3=20Ω和電容器C連接成如圖甲所示的電路。其中；電容器擊穿電壓為8V，各電表均為理想交流電表，開關S處于斷開狀態(tài)，則（）

A.電壓表V的讀數(shù)為10VB.電流表A的讀數(shù)約為0.05AC.電阻R2上消耗的功率為2.5WD.若閉合開關S，電容器不會被擊穿8、在研究自感現(xiàn)象的實驗中，用兩個完全相同的燈泡分別與有鐵芯的線圈和定值電阻組成如圖所示的電路（自感線圈的直流電阻與定值電阻的阻值相等，且的自感數(shù)足夠大），閉合開關達到穩(wěn)定后兩燈均可以正常發(fā)光．關于這個實驗的下面說法中正確的是（）

A.閉合開關后，燈先亮，燈后亮B.閉合開關后，燈后亮，燈先亮C.閉合開關，待后電路穩(wěn)定斷開開關，燈會閃亮一下D.閉合開關，待電路穩(wěn)定后斷開開關，燈不會閃亮，但會緩慢熄滅9、光敏電阻自動計數(shù)器的示意圖如圖所示，圖中虛線表示激光，圓柱體表示隨為光敏電阻，R1為定值電阻，R2此光電計數(shù)器的基本工作原理是（）

A.當光照射R1時，信號處理系統(tǒng)獲得高電壓B.當光照射R1時，信號處理系統(tǒng)獲得低電壓C.信號處理系統(tǒng)每獲一次低電壓就計數(shù)一次D.信號處理系統(tǒng)每獲一次高電壓就計數(shù)一次10、根據(jù)所學知識判斷下列哪些是對渦流的應用（）A.電磁爐B.微波爐C.冶煉金屬的感應爐D.變壓器的硅鋼片鐵芯11、某同學根據(jù)查閱到的某種熱敏電阻的R-t特性曲線（如圖1），設計了圖2所示的恒溫箱溫度控制電路圖2中，為熱敏電阻，為可變電阻，控制系統(tǒng)可視作的電阻，電源的電動勢內(nèi)阻不計.當通過控制系統(tǒng)的電流小于2mA時，加熱系統(tǒng)將開啟，為恒溫箱加熱；當通過控制系統(tǒng)的電流等于2mA時，加熱系統(tǒng)將關閉。下列說法正確的是（）

A.若要使恒溫箱內(nèi)溫度保持20℃，應將調(diào)為B.若要使恒溫箱內(nèi)溫度升高，應將增大C.若恒溫箱內(nèi)溫度降低，通過控制系統(tǒng)的電流將減小D.保持不變，通過控制系統(tǒng)的電流大小隨恒溫箱內(nèi)的溫度均勻變化12、利用霍爾效應制作的霍爾元件被廣泛應用于測量和自動控制等領域。如圖是某一霍爾元件的工作原理示意圖，磁感應強度大小為的磁場垂直于該霍爾元件的工作面向下，通入圖示方向的電流兩側(cè)面會形成電勢差下列說法中正確的是（）

A.電勢差僅與材料有關B.若霍爾元件的載流子是自由電子，則電勢差C.僅增大磁感應強度時，電勢差變大D.在測定地球赤道上方的地磁場強弱時，元件的工作面應保持豎直13、如圖所示，電阻為R的金屬棒ab，從圖示位置分別以速度沿電阻不計的光滑軌道勻速滑到虛線處。若則兩次移動棒的過程中（）

A.回路中感應電流之比B.回路中產(chǎn)生熱量之比C.外力做功的功率之比D.回路中通過截面的總電荷量之比14、等腰直角三角形閉合線框，直角邊長為L,在拉力F的作用下從圖示位置以速度v水平向右勻速穿過兩個條形區(qū)域的勻強磁場，磁場區(qū)域?qū)挾染鶠長，兩部分磁場磁感應強度大小相等方向相反，如圖所示，線框穿越磁場過程中，以下描述感應電流（逆時針方向為正）、安培力（向左為正）、拉力（向右為正）、電功率隨時間或位移變化的圖像中，正確的是（）

A.B.C.D.評卷人得分三、填空題(共8題，共16分)15、位移傳感器測距離，發(fā)射器固定在運動物體上，能同時發(fā)射_________。___________固定在軌道的頂端，接收紅外線和超聲波。16、與金屬不同的是，有些半導體的導電能力隨溫度的升高而________，故可以用半導體材料制作________。17、如圖所示，面積為0.2m2的100匝線圈處在勻強磁場中，磁場方向垂直于線圈平面，已知磁感應強度隨時間變化的規(guī)律如圖，定值電阻R1=6Ω，線圈電阻R2=4Ω，則ab兩點的電勢___________（填“>”或“=”或“＜”），回路中的感應電動勢大小為___________V。

18、某型號的回旋加速器的工作原理圖如圖甲所示，圖乙為俯視圖．回旋加速器的核心部分為D形盒，D形盒置于真空容器中，整個裝置放在電磁鐵兩極之間的磁場中，磁場可以認為是勻強磁場，且與D形盒盒面垂直．兩盒間狹縫很小，帶電粒子穿過的時間可以忽略不計．帶電從粒子源A處進入加速電場的初速度不計，從靜止開始加速到出口處所需的時間為t（帶電粒子達到最大速度在磁場中完成半個圓周后被導引出來），已知磁場的磁感應強度大小為B，加速器接一高頻交流電源，其電壓為U，可以使帶電粒子每次經(jīng)過狹縫都能被加速，不考慮相對論效應和重力作用，D形盒半徑R＝_______，D型盒內(nèi)部帶電粒子前三次做勻速圓周的軌道半徑之比(由內(nèi)到外)為______________．

19、電網(wǎng)供電：

（1）遠距離輸電的基本原理：在發(fā)電站內(nèi)用___________變壓器升壓，然后進行遠距離輸電，在用電區(qū)域通過___________變壓器降到所需的電壓。

（2）電網(wǎng)：通過網(wǎng)狀的輸電線、___________，將許多電廠和廣大用戶連接起來，形成全國性或地區(qū)性的輸電___________。

（3）電網(wǎng)輸電的優(yōu)點：

①降低一次能源的運輸成本，獲得最大的___________。

②減小斷電的風險，調(diào)劑不同地區(qū)電力供需的平衡，保障供電的___________。

③合理調(diào)度電力，使___________的供應更加可靠，質(zhì)量更高。20、用洛倫茲力演示儀觀察電子在磁場中的運動徑跡。下圖是洛倫（前后各一個）茲力演示儀的結(jié)構(gòu)示意圖。請判斷下列分析是否正確。

（1）圖中電子槍向左發(fā)射電子，形成圖中的電子徑跡，勵磁線圈應通以順時針方向的電流；______

（2）僅增大勵磁線圈中的電流，電子束徑跡的半徑變大；_______

（3）僅使電子槍加速電壓增加到原來的2倍，電子束徑跡的半徑將增加到原來的2倍。______21、如圖在x軸的上方（y≥0）存在著垂直于紙面向外的勻強磁場，磁感應強度為B．在原點O有一個離子源向x軸上方的各個方向發(fā)射出質(zhì)量為m、電量為q的正離子，速率都為v，對那些在xy平面內(nèi)運動的離子，在磁場中可能到達的最大x＝______，最大y＝______．

22、如圖所示，光滑的形金屬導軌水平放置，不計電阻，寬度左端的間接有定值電阻電阻的金屬棒垂直導軌放置在兩條導軌上，并用水平絕緣細線通過光滑的定滑輪連接質(zhì)量的重物，重物靜止在地面上，細線拉直，已知間距離某時刻開始，導軌平面內(nèi)有豎直向上的勻強磁場，磁感應強度從零開始隨時間均勻增大，變化率則重物未離開地面前通過的電流為_______當重物對地面的壓力為零時，磁場的磁感應強度大小為_______．(取)

評卷人得分四、作圖題(共4題，共40分)23、在圖中畫出或說明圖中所示情形下通電導線I所受磁場力的方向。

24、要在居民樓的樓道安裝一個插座和一個電燈；電燈由光敏開關和聲敏開關控制，光敏開關在天黑時自動閉合，天亮時自動斷開；聲敏開關在有聲音時自動閉合，無聲音時自動斷開。在下圖中連線，要求夜間且有聲音時電燈自動亮，插座隨時可用。

25、在“探究楞次定律”的實驗中；某同學記錄了實驗過程的三個情境圖，其中有兩個記錄不全，請將其補充完整。

26、如圖所示：當條形磁鐵向右靠近通電圓環(huán)時，圓環(huán)向右偏離，試在圖中標出圓環(huán)中的電流方向___________．評卷人得分五、實驗題(共2題，共10分)27、傳感器和計算機、通信技術成為現(xiàn)代信息技術的三大基礎，被公認為是物聯(lián)網(wǎng)的核心技術，將改變現(xiàn)在和未來的世界。壓敏電阻是制造壓力傳感器的一種核心元件，小李同學利用壓敏電阻自制了一臺電子秤，電路圖如圖甲所示。所用壓敏電阻的阻值與所受壓力的大小之間的關系如圖乙所示，壓力在以內(nèi)時圖線為直線。制作電子秤首先需要精確測量不受外界壓力時壓敏電阻的阻值然后根據(jù)所學電路知識在電流表刻度處標記相應的壓力值，即可制成一臺電子秤。所用器材如下：

壓敏電阻（不受外界壓力時，阻值在之間）

恒壓電源（輸出電壓恒定，電動勢）

電壓表V（量程內(nèi)阻約為）

電流表A（量程50mA，內(nèi)阻）

滑動變阻器（阻值范圍）

開關及導線若干。

請完成下列問題：

（1）為了盡量準確測量電路中點應與____________（填“”或“”）點相連。

（2）閉合開關將滑動變阻器接入電路部分的阻值從最大值逐漸調(diào)小，當電流表A的示數(shù)為時，電壓表V的示數(shù)為則________

（3）斷開開關調(diào)節(jié)滑動變阻器使電流表A滿偏；并在此處標記壓力值為零。令滑動變阻器阻值保持不變，在電流表A的25mA刻度處應標記壓力值為___________N。28、某興趣小組的同學在研究壓敏電阻的特性時，利用滿偏電流為250μA、內(nèi)阻為660Ω的表頭和調(diào)節(jié)范圍均為0～9999.99Ω的電阻箱改裝為一個量程為3V的電壓表，如圖1所示，該小組同學首先將表頭與電阻箱并聯(lián)改裝成量程為3mA的電流表，然后再與電阻箱串聯(lián)。

（1）圖1中的阻值應調(diào)為______Ω，的阻值應調(diào)為______Ω。

（2）該小組的同學設計了如圖2所示的電路來探究壓敏電阻R的特性，電壓表為上述改裝的電壓表，電流表量程為300mA，內(nèi)阻可忽略不計，定值電阻通過改變壓敏電阻所受外力的大小，得到多組電壓表、電流表的讀數(shù)，利用得到的數(shù)據(jù)描繪出了關系曲線，如圖3所示，并作出了壓敏電阻的阻值與外力F的關系圖像；如圖4所示。

①由圖3可知，所用電源的電動勢為______V，內(nèi)阻為______Ω。（結(jié)果均保留2位有效數(shù)字）

②當外力為0時，電壓表的示數(shù)為3.0V，則可得壓敏電阻R關于外力F的關系式為______。評卷人得分六、解答題(共2題，共4分)29、如圖甲所示，水平面上固定一個10匝的邊長為總電阻為的正方形線圈，線圈端點a、b通過導線與間距為的足夠長平行傾斜金屬導軌相連，導軌與水平方向的夾角金屬桿MN質(zhì)量為電阻為放在導軌足夠高處與導軌垂直且接觸良好。已知整個線圈處于豎直向下的磁場中，磁感應強度隨時間的變化如圖乙所示，從時刻起該磁場不再變化；傾斜導軌處于垂直于軌道平面向下的勻強磁場中，磁感應強度大小為忽略其余電阻，重力加速度為已知時間內(nèi)金屬桿MN剛好不下滑；設最大靜摩擦力近似等于滑動摩擦力，求：

（1）時間內(nèi)，ab兩點之間的電勢差

（2）MN從開始下滑到速度過程中，沿導軌下滑的距離為求該過程MN上產(chǎn)生的焦耳熱。

30、艦載機電磁彈射是現(xiàn)在航母最先進的彈射技術，我國在這一領域已達到世界先進水平。某興趣小組開展電磁彈射系統(tǒng)的設計研究，如圖1所示，用于推動模型飛機的動子（圖中未畫出）與線圈絕緣并固定，線圈帶動動子，可在水平導軌上無摩擦滑動。線圈位于導軌間的輻向磁場中，其所在處的磁感應強度大小均為B。開關S與1接通，恒流源與線圈連接，動子從靜止開始推動飛機加速，飛機達到起飛速度時與動子脫離；此時S擲向2接通定值電阻R0，同時施加回撤力F，在F和磁場力作用下，動子恰好返回初始位置停下。若動子從靜止開始至返回過程的v-t圖如圖2所示，在t1至t3時間內(nèi)F=(800－10v）N，t3時撤去F。已知起飛速度v1=80m/s，t1=1.5s，線圈匝數(shù)n=100匝，每匝周長l=1m，飛機的質(zhì)量M=10kg，動子和線圈的總質(zhì)量m=5kg，R0=9.5Ω；B=0.1T，不計空氣阻力和飛機起飛對動子運動速度的影響，求。

（1）恒流源的電流I；

（2）線圈電阻R；

（3）時刻t3。

參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、C【分析】【分析】

本題考查根據(jù)交變電流圖像分析線圈位置和運動。

【詳解】

A．時刻感應電動勢為0；線圈位于中性面，通過線圈的磁通量最大。故A錯誤；

B．時刻感應電動勢最大；線圈垂直于于中性面，通過線圈的磁通量最小。故B錯誤；

C．時刻感應電動勢為0；線圈位于中性面，通過線圈的磁通量最大。故C正確；

D．一個周期內(nèi)；線圈中的電流方向改變兩次。故D錯誤。

故選C。2、B【分析】【詳解】

粒子在磁場中的運動軌跡為一段優(yōu)弧，根據(jù)幾何知識可知粒子在磁場中運動軌跡所對圓心角為則粒子在磁場中運動的時間為

故選B。3、B【分析】【詳解】

AB．根據(jù)題意可知cd棒切割磁感線，做為電源，棒兩端電壓和棒兩端電壓均為棒兩端電壓，所以

故B正確；A錯誤；

CD．把ab棒和cd棒看成一個整體，受重力、安培力、外力F和繩的拉力，分析可知兩棒所受安培力大小相等、方向相反，根據(jù)平衡條件有

可得

因為不知質(zhì)量與外力F的大小關系，所以無法確定T的大?。还蔆D錯誤。

故選B。4、B【分析】【詳解】

由于LC振蕩電路的振蕩周期

而電容器極板上的帶電荷量從最大值變化到零所需的最短時間為

故選B。5、D【分析】【詳解】

AB．根據(jù)動量守恒定律得

解得

最終兩棒以的速度在軌道上做勻速直線運動；AB錯誤；

C．回路中產(chǎn)生的總焦耳熱為

解得

C錯誤；

D．剛開始時b的加速度最大

解得

D正確。

故選D。6、D【分析】【詳解】

A．在一個周期內(nèi)交流電的方向改變兩次；故A錯誤；

B．正弦交流電壓的最大值為5A；最小值不是﹣5A，是零，故B錯誤；

C．交流電流表和交流電壓表測量的是有效值；指針是固定不變的，故C錯誤；

D．交流電器設備上標出的電壓和電流值都是指有效值；故D正確。

故選D。二、多選題(共8題，共16分)7、C:D【分析】【分析】

【詳解】

A．開關斷開時，副線圈為R1和R2串聯(lián)，電壓表測量R2的電壓，由圖可知原線圈電壓有效值為100V，根據(jù)原線圈匝數(shù)n1與副線圈匝數(shù)n2之比為10∶1，所以副線圈電壓為10V，則電壓表的讀數(shù)是R2的電壓為5V≈7.07V；故A錯誤；

B．由A的分析可知，副線圈電流為

根據(jù)變壓器電流之比等于匝數(shù)反比

所以原線圈電流為

故B錯誤；

C．電阻R1、R2上消耗的功率為

故C正確；

D．當開關閉合時，電容器C與R1與R3并聯(lián)后和R2串聯(lián)，電容器的電壓為并聯(lián)部分的電壓，由于電容器的電容未知，所以容抗未知，算不出具體的各部分電壓，但可以先按直流算，直流狀態(tài)下的電壓，再與交流情況比較。如果是直流，并聯(lián)部分電阻為R并=10Ω，所以并聯(lián)部分的電壓為

最大值為

如果是交流，電容器也可以通過交流，所以通過R2的電流會更大，R2分壓更多；并聯(lián)部分的電壓會更低，所以電容器不會被擊穿，故D正確。

故選CD。8、B:D【分析】【詳解】

AB.閉合開關的瞬間，b燈立即正常發(fā)光，a燈所在電路上線圈產(chǎn)生自感電動勢，阻礙電流的增大，電流只能逐漸增大，a燈逐漸變亮；故A錯誤，B正確；

CD.閉合開關，待電路穩(wěn)定后斷開開關，L中產(chǎn)生自感電動勢，相當于電源，a、b兩燈串聯(lián)，同時逐漸變暗，兩燈均不會閃亮。故C錯誤，D正確。9、B:D【分析】【詳解】

AB.當有光照射R1時，R1的電阻減小，則整個電路總電阻變小，電動勢不變，則電流增大，則R2兩端的電壓增大，所以R1兩端的電壓減小；即信號處理系統(tǒng)獲得低電壓，故A不符合題意，B符合題意；

CD.當無光照射R1時，R1的電阻增大，則整個電路總電阻變大，電動勢不變，則電流減小，則R2兩端的電壓減小，所以R1兩端的電壓增大，即信號處理系統(tǒng)獲得高電壓，則信號處理系統(tǒng)每獲得一次高電壓就計數(shù)一次，所以C不符合題意，D符合題意．10、A:C【分析】【詳解】

A．電磁爐是利用渦流的熱效應工作的；故A正確；

B．微波爐的工作原理可知；利用微波使水分子產(chǎn)生高頻率震動，并摩擦，產(chǎn)生大量的熱量，達到運動式加熱或烹飪食物的目的，故B錯誤；

C．冶煉金屬的感應爐；是利用在金屬中產(chǎn)生渦流，產(chǎn)生大量熱量達到冶煉金屬的目的，故C正確；

D．變壓器的硅鋼片鐵芯是為了減小渦流；故D錯誤。

故選AC。11、B:C【分析】【詳解】

A．制系統(tǒng)的電流等于時，電路中的總電阻

20℃熱敏電阻的阻值為

若要使恒溫箱內(nèi)溫度保持20℃，應將調(diào)為

故A錯誤；

B．由于加熱系統(tǒng)關閉的電流臨界值2mA一定，即加熱系統(tǒng)關閉的電路中臨界的總電阻始終可知若要使恒溫箱內(nèi)保持的溫度值升高，即熱敏電阻的阻值減小，則必須使增大；故B正確；

C．若恒溫箱內(nèi)溫度降低；熱敏電阻阻值增大，通過控制系統(tǒng)的電流減小，故C正確；

D．根據(jù)圖1可知，恒溫箱內(nèi)的溫度與熱敏電阻的阻值成線性關系，通過控制系統(tǒng)的電流

可知，通過控制系統(tǒng)的電流大小與熱敏電阻的阻值不是線性關系，即保持不變；通過控制系統(tǒng)的電流大小隨恒溫箱內(nèi)的溫度不是均勻變化，故D錯誤。

故選BC。12、C:D【分析】【詳解】

AC．根據(jù)CD間存在電勢差，之間就存在電場，電子在電場力和洛倫茲力作用下處于平衡，設霍爾元件的長寬高分別為a、b、c，有

則

n由材料決定，故U與材料有關；U還與厚度c成反比，與寬b無關，同時還與磁場B與電流I有關。僅增大磁感應強度時，電勢差變大。故A錯誤；C正確；

B．根據(jù)左手定則，電子向C側(cè)面偏轉(zhuǎn)，C表面帶負電，D表面帶正電，所以D表面的電勢高，則UCD＜0

故B錯誤；

D．在測定地球赤道上方的地磁場強弱時；應將元件的工作面保持豎直，讓磁場垂直通過，故D正確。

故選CD。13、A:B【分析】【詳解】

A．回路中感應電流為

易知

故A正確；

B．設x為金屬棒運動的位移，則回路中產(chǎn)生熱量為

又

聯(lián)立，可得

易知

故B正確；

C．由于金屬棒勻速運動，外力的功率等于回路中的電功率，即

易知

故C錯誤；

D．回路中通過截面的總電荷量為

易知

故D錯誤。

故選AB。14、A:D【分析】【詳解】

A線框剛進入磁場時磁通量向里增加，感應磁場向外，因此感應電流方向為逆時針，電流i應為正；隨著線框的運動，導線切割磁感線長度增加，感應電流增加，由于底邊的長度為L，故電流正方向增加的時間為線框進入右邊磁場之后，由楞次定律可知，磁通量向里減小，根據(jù)楞次定律可知感應電流為順時針，且逐漸增加，且兩邊均切割磁感應線，感應電流方向一致，所以最大電流為完全進入磁場時的2倍；當線框出磁場的過程中，磁通量向內(nèi)減小，根據(jù)楞次定律可知感應電流為逆時針，且電流強度逐漸增大，故A正確。

B線圈向右運動過程中；所受的安培力總是向左的，即總是正值，不可能是負值，選項B錯誤；

C設開始時經(jīng)過時間t,則線圈進入磁場內(nèi)的距離為vt，切割磁感線的有效長度也為vt，則電動勢E=Bv2t，因安培力等于外力，則

可知外力與時間不是線性關系；則選項C錯誤；

D由A的分析可知，電流與時間成線性關系，則不妨設I=kt，則電功率P=I2R=k2Rt2；則電功率與時間的平方成正比；且由于線圈進入右邊磁場后最大電流為為完全進入磁場時的2倍，則最大安培力等于4倍，則選項D正確；

故選AD.三、填空題(共8題，共16分)15、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2]位移傳感器測距離，發(fā)射器固定在運動物體上，能同時發(fā)射紅外線和超聲波脈沖。接收器固定在軌道的頂端，接收紅外線和超聲波?！窘馕觥竣?紅外線和超聲波脈沖②.接收器16、略

【分析】【詳解】

[1][2]與金屬不同的是，有些半導體的導電能力隨溫度的升高而增強，故可以用半導體材料制作熱敏電阻。【解析】①.增強②.熱敏電阻17、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]根據(jù)楞次定律，線圈中感應電流的方向為逆時針方向，所以a點電勢大于b點電勢。

[2]根據(jù)法拉第電磁感應定律得【解析】>2018、略

【分析】【詳解】

[1]．設粒子從靜止開始加速到出口處運動了n圈，質(zhì)子在出口處的速度為v，則

質(zhì)子圓周運動的周期

質(zhì)子運動的總時間t=nT

聯(lián)立解得

[2]．設質(zhì)子第1次經(jīng)過狹縫被加速后的速度為v1

由動能定理得

由牛頓第二定律有

聯(lián)立解得：

同理，粒子經(jīng)2次加速后做圓周運動的半徑：

粒子經(jīng)3次加速后做圓周運動的半徑：

可知D型盒內(nèi)部帶電粒子前三次做勻速圓周的軌道半徑之比(由內(nèi)到外)為：【解析】19、略

【分析】【詳解】

（1）[1]遠距離輸電的基本原理：在發(fā)電站內(nèi)用升壓變壓器升壓；然后進行遠距離輸電。

[2]在用電區(qū)域通過降壓變壓器降到所需的電壓。

（2）[3]通過網(wǎng)狀的輸電線；變電站；將許多電廠和廣大用戶連接起來。

[4]通過網(wǎng)狀的輸電線；變電站；將許多電廠和廣大用戶連接起來，形成全國性或地區(qū)性的輸電網(wǎng)絡。

（3）①[5]降低一次能源的運輸成本；獲得最大的經(jīng)濟效益。

②[6]減小斷電的風險；調(diào)劑不同地區(qū)電力供需的平衡，保障供電的質(zhì)量。

③[7]合理調(diào)度電力，使電力的供應更加可靠，質(zhì)量更高?！窘馕觥可龎航祲鹤冸娬揪W(wǎng)絡經(jīng)濟效益質(zhì)量電力20、略

【分析】【詳解】

（1）[1]根據(jù)左手定則可以判斷；磁場方向垂直紙面向里，根據(jù)安培定則可知，勵磁線圈應通以順時針方向的電流，故正確。

（2）[2]僅增大勵磁線圈中的電流，產(chǎn)生的磁場增大

電子束徑跡的半徑變小；故錯誤。

（3）[3]僅使電子槍加速電壓增加到原來的2倍

可知，半徑變?yōu)樵瓉肀?，故錯誤?！窘馕觥空_錯誤錯誤21、略

【分析】【分析】

【詳解】

帶電粒子在磁場中做勻速圓周運動，由牛頓第二定律

可得：

沿-x軸方向射出的粒子圓心在y軸上；如圖：

利用幾何關系可知，所有粒子運動的圓心在以O為圓心，R為半徑的圓中的第一象限部分；

則可知，粒子在x軸和y軸上達到的最遠距離均為

【點睛】

本題解決的關鍵在于能通過分析找出所有粒子的運動軌跡間的關系，這種有無數(shù)粒子的問題要注意重點觀測邊界點的運動情況．【解析】22、略

【分析】【詳解】

(1)由法拉第電磁感應定律,則有：E=Ld=0.08V

由歐姆定律,得：I=E/（R+r）=0.2A

當重物恰好被提離地面時；導體棒MN受力平衡；

則有：BIL?mg=0；B=20T

點睛：由法拉第電磁感應定律可求感應電動勢，由歐姆定律可求感應電流；當重物恰好被提離地面時，安培力等于重力，根據(jù)平衡方程可求磁感應強度．【解析】0.220四、作圖題(共4題，共40分)23、略

【分析】【詳解】

根據(jù)左手定則，畫出通過電導線I所受磁場力的方向如圖所示。

【解析】24、略

【分析】【分析】

根據(jù)題中“要在居民樓的樓道安裝一個插座和一個電燈”可知；本題考查交流電的常識，根據(jù)開關作用和交流電接線常識，進行連接電路圖。

【詳解】

晚上；天黑光控開關閉合，有人走動發(fā)出聲音，聲控開關閉合，燈亮，說明兩個開關不能獨立工作，只有同時閉合時，燈才亮，即兩個開關和燈泡是三者串聯(lián)后連入電路；根據(jù)安全用電的原則可知，開關控制火線，開關一端接火線，一端接燈泡頂端的金屬點，零線接燈泡的螺旋套；三孔插座通常的接線方式是面對插座，上孔接地線，左孔接零線，右孔接火線；電路圖如下圖所示。

【解析】25、略

【分析】【分析】

【詳解】

由第一個圖可知：當條形磁鐵的N極插入線圈過程中；電流計的指針向右偏轉(zhuǎn)，則有：線圈中向下的磁場增強，感應電流的磁場阻礙磁通量增加，感應電流的磁場方向向上，則指針向右偏，記錄完整。

第二個圖指針向左偏；說明感應電流的磁場方向向下，與磁鐵在線圈中的磁場方向相反，則線圈中磁場增強，故磁鐵向下運動，如圖。

第三個圖指針向右偏；說明感應電流的磁場方向向上，與磁鐵在線圈中的磁場方向相同，則線圈中磁場減弱，故磁鐵向上運動，如圖。

【解析】26、略

【分析】【詳解】

當條形磁鐵向右靠近圓環(huán)時；導線線圈的磁通量向右增大，由楞次定律：增反減同可知，線圈中產(chǎn)生感應電流的方向順時針（從右向左看），如圖所示：

【解析】如圖所示五、實驗題(共2題，共10分)27、略

【分析】【詳解】

（1）[1]由于電