江蘇省南通市2024-2025學年高一上學期期末物理試卷（含解析）

第=page11頁，共=sectionpages11頁江蘇省南通市2024-2025學年高一上學期期末物理試卷一、單選題：本大題共11小題，共44分。1.在寓言“龜兔賽跑”中，烏龜先到達終點而獲勝。這里“獲勝”的原因是(

)A.瞬時速度大 B.平均速度大 C.通過路程大 D.通過位移大2.學校門口的車牌自動識別系統(tǒng)如圖所示，閘桿在豎直面內(nèi)繞轉(zhuǎn)軸O向上轉(zhuǎn)動，關(guān)于在閘桿上的A、B兩點，下列說法正確的是(

)A.角速度ωA<ωB B.轉(zhuǎn)速nA<nB3.如圖所示，質(zhì)量為m的同學用手撐住水平桌面使自己懸空，靜止時手臂與豎直方向的夾角為θ，則每只手對桌面的壓力為(

)A.mg B.mg2C.mg2sinθ D.4.無人機可以實現(xiàn)空中航拍，也可以快速運送貨物，無人機在空中(

)A.懸停時只受到重力作用 B.向下運動時處于失重狀態(tài)

C.向上運動時處于超重狀態(tài) D.轉(zhuǎn)彎時受到的合外力不為零5.如圖所示，一小球通過細線與固定在小車上的細桿連接，兩者保持相對靜止一起沿光滑的斜面下滑，不計空氣阻力。則關(guān)于小球和小車的相對位置正確的是(

)A. B. C. D.6.如圖所示，A、B兩個彈簧測力計通過細線將重物懸掛在豎直平面內(nèi)，保持O點位置不變(

)A.逆時針轉(zhuǎn)動OB，B中的讀數(shù)增大

B.逆時針轉(zhuǎn)動OB，A中的讀數(shù)減小

C.順時針轉(zhuǎn)動OB，B中的讀數(shù)增大

D.順時針轉(zhuǎn)動OB，A中的讀數(shù)增大7.如圖所示，甲、乙兩船同時渡河，兩船恰好在河的對岸相遇。已知水速恒定為v0，甲、乙兩船在靜水中的速度分別為v甲和v乙，則(

)A.v甲>v0 B.v甲<8.如圖所示，彈簧右端固定，自然伸長在B點，物塊靜止在光滑水平面A點?，F(xiàn)用一水平向右的恒力推該物塊，物塊恰能運動到C點，則物塊(

)A.B點時速度最大 B.可能靜止在C點

C.B到C加速度一直增大 D.B到C速度先增大后減小9.如圖所示，光滑地面上，滑塊以v0從左端滑上靜止的木板，木板足夠長，滑塊、木板的質(zhì)量分別為m、M，它們間的動摩擦因數(shù)為μ。讓滑塊在木板上滑行距離減小的是(

)A.增大v0 B.增大m C.增大M D.減小10.蘋果自由下落過程中，蘋果距地高度?、下落速度v、下落時間t的圖像關(guān)系正確的是(

)A. B. C. D.11.如圖所示，兩相同物體A、B放在粗糙水平面上，兩物體間的接觸面光滑。若用水平力向右推A，兩物體恰不相對滑動時加速度為a1、物體間相互作用力為F1；若用水平力向左推B，兩物體恰不相對滑動時加速度為a2、物體間相互作用力為F2。則A.a1>a2，F(xiàn)1=F2 B.a1<a2二、實驗題：本大題共1小題，共15分。12.某實驗小組利用氣墊導(dǎo)軌、光電門等器材來完成“探究加速度與力的關(guān)系”實驗，具體裝置如圖甲所示。實驗時先測出遮光條的寬度d，由刻度尺讀出滑塊釋放時遮光條最左端到光電門中心的距離L，滑塊每次從氣墊導(dǎo)軌上的同一位置釋放，光電門連接的數(shù)字計時器記錄下遮光條的遮光時間t。

(1)實驗中需要改變______的質(zhì)量(填“槽碼”或“滑塊”)。

(2)實驗中槽碼的質(zhì)量m______(填“需要”或“不需要”)遠小于滑塊和遮光條的總質(zhì)量M。

(3)實驗中滑塊的加速度大小a=______。(用字母t、L、d表示)

(4)若考慮遮光條的寬度對實驗的影響，則實驗中測得的加速度大小與真實值相比______(填“偏大”、“偏小”、“相等”)。

(5)實驗小組測得多組實驗數(shù)據(jù)后，根據(jù)實驗數(shù)據(jù)處理結(jié)果繪制出的a?F圖像如圖乙所示，圖線不過坐標原點的原因可能是______。三、計算題：本大題共4小題，共41分。13.一自行車以速度v1=4m/s勻速經(jīng)過汽車時，汽車從靜止開始以加速度a=2m/s2做勻加速直線運動。求：

(1)在圖中畫出兩車的v?t圖像；

(2)汽車剛好追上自行車時，汽車的速度v

14.如圖所示，靜止的木箱內(nèi)有質(zhì)量為1.0kg的物塊A，彈簧與A連接，木箱與A之間的動摩擦因數(shù)為μ=0.2，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，g=10m/s2。

(1)求當彈簧對A的拉力為1.5N時，物塊A受到的摩擦力大小f；

(2)若木箱和A以a1=5m/s2向下加速，彈簧對A的拉力為1.5N時，求A15.如圖所示，光滑斜面AB與水平方向成θ=30°的傳送帶BC平滑連接，傳送帶以速率v=12gL順時針轉(zhuǎn)動，AB與BC的長度均為L，質(zhì)量為m的小物塊在水平推力作用下靜止在A點，小物塊與傳送帶間的動摩擦因數(shù)μ=33，重力加速度為g。

(1)求水平推力的大小F；

(2)若撤去推力，求：

①物塊到達傳送帶B點時的加速度大小a；

②物塊從A16.如圖所示，在光滑的水平臺階上靜置一質(zhì)量m=2kg的小物塊，物塊到臺階邊緣O點的距離s=2.5m，臺階右側(cè)固定一豎直擋板，O到擋板的水平距離x=5m?，F(xiàn)用F=10N的水平恒力拉動物塊，到O點時撤去拉力，g=10m/s2。

(1)求物塊運動到O點時的速度大小v；

(2)求物塊從O點到擊中擋板時的位移大小l；

(3)若拉力F的大小可以改變，求物塊以最小速度擊中擋板時拉力的值F′。

答案解析1.B

【解析】解：烏龜“獲勝”，是指在全程中烏龜比兔子的平均速度大，故B正確，ACD錯誤。

故選：B。

最先到達終點的烏龜“獲勝”，是指在全程中烏龜比兔子的平均速度大。

本題考查瞬時速度和平均速度的區(qū)別，瞬時速度指某一時刻或某一位置的速度，平均速度指在某一段時間或某一段位移內(nèi)的速度。2.C

【解析】解：AB.由于A、B兩點在同一桿上，則角速度相等，即有

ωA=ωB

根據(jù)ω=2πn

可知nA=nB

故AB錯誤；

C.根據(jù)v=rω可知，vA<vB，故C正確；

D.根據(jù)T=2πω可知，TA=TB，故D錯誤；3.C

【解析】解：對該同學受力分析，設(shè)手臂受力為F

根據(jù)平衡條件得

2Fsinθ=mg

解得F=mg2sinθ

根據(jù)牛頓第三定律可知，每只手對桌面的壓力為mg2sinθ。

故C正確，ABD錯誤；

故選：C。

對該同學受力分析，根據(jù)平衡條件列方程求解每只手臂所承受的作用力，根據(jù)牛頓第三定律可解答。4.D

【解析】解：ABC、懸停時處于平衡狀態(tài)，還有其它力與重力平衡，處于超重狀態(tài)或者失重狀態(tài)主要取決于物體的加速度向上還是向下，減速向下運動是處于超重狀態(tài)，向上減速運動是處于失重狀態(tài)，故ABC錯誤；

D、無人機轉(zhuǎn)彎時，需要改變運動方向，根據(jù)牛頓第一定律，改變運動狀態(tài)需要外力作用，即無人機受到的合外力不為零，故D正確；

故選：D。

根據(jù)懸停、向下運動、向上運動以及轉(zhuǎn)彎時的受力情況分析平衡狀態(tài)、失重狀態(tài)、超重狀態(tài)以及曲線運動的條件。

本題關(guān)鍵在于理解無人機在不同運動狀態(tài)下的受力情況，以及如何判斷超重、失重狀態(tài)。無人機在懸停、向上或向下運動時，其狀態(tài)取決于加速度的大小和方向，而轉(zhuǎn)彎時的合外力不為零是由于需要改變運動方向。5.B

【解析】解；分析小球受力情況，其受到重力、繩子拉力作用，小球與小車的加速度相等，方向沿斜面向下，則可知合力為重力沿斜面方向的分力，設(shè)斜面角度為θ，則由牛頓第二定律得mgsinθ=ma，得a=gsinθ，則B正確，ACD錯誤。

故選：B。

球與小車保持相對靜止一起沿光滑的斜面下滑，則兩者做勻加速直線運動，加速度方向沿斜面向下，則小球所受合力方向沿斜面向下。

首先對整體進行受力分析，再用隔離法，分析小球的受力，根據(jù)牛頓第二定律解答。6.A

【解析】解：AB.當逆時針轉(zhuǎn)動OB時，根據(jù)平行四邊形定則，以重力G為對角線，F(xiàn)A方向不變，F(xiàn)B逆時針轉(zhuǎn)動，通過作圖

可以發(fā)現(xiàn)FB的長度增大，即B中的讀數(shù)增大，F(xiàn)A的長度是增大的，即A中的讀數(shù)增大，而不是減小，故A正確，B錯誤；

C.順時針轉(zhuǎn)動OB時，根據(jù)平行四邊形定則作圖，F(xiàn)B的長度先減小后增大，即B中的讀數(shù)先減小后增大，不是增大，故C錯誤；

D.順時針轉(zhuǎn)動OB時，根據(jù)平行四邊形定則作圖，F(xiàn)A的長度減小，即A中的讀數(shù)減小，不是增大，故D錯誤。

故選：A。

這是一道關(guān)于圖解法解決動態(tài)平衡問題的物理選擇題。解題關(guān)鍵在于對O點進行受力分析，O點受到彈簧測力計A的拉力FA、彈簧測力計B的拉力FB以及重物的拉力(7.D

【解析】解：甲、乙兩船在垂直河岸方向的速度如圖

AB、因不知兩船在河的對岸相遇位置，故無法判斷v甲與v0的大小，故AB錯誤；

CD、甲船在垂直河岸方向的速度為v1=v甲，乙船在垂直河岸方向的v2=v乙sinθ，由v1=v2可得v甲=v8.D

【解析】解：地面光滑，在恒力F作用下，物塊從A到B做初速度為零的勻加速直線運動，

在B點物塊與彈簧接觸，開始壓縮彈簧，物塊所受合力F合=F?F彈，

剛開始彈簧的形變量較小，彈簧的彈力小于恒力，物塊所受合力向右，物塊繼續(xù)向右做加速運動，

隨彈簧形變量增加，彈簧彈力增加，物塊所受合力減小，加速度逐漸減??；彈簧彈力與恒力相等時物塊所受合力為零，

物塊繼續(xù)向右運動過程，彈簧彈力大于恒力，物塊所受合外力水平向左，物塊做減速運動，合力逐漸增大，加速度逐漸增大，

物塊做加速度增大的減速運動，直到減速到零，由題意可知，物塊恰能運動到C點，說明物塊到達C點時速度為零，

此時物塊所受合力水平向左，物塊要向左做加速運動，物塊不能靜止在C點，

由以上分析可知，從B到C過程物塊的加速度先減小后反向增大，速度先增大后減小，在合力為零時速度最大，物塊不能停在C點，故ABC錯誤，D正確。

故選：D。

物塊的加速度方向與速度方向相同時物塊做加速運動，加速度方向與速度方向相反，物塊做減速運動；分析物塊的受力情況與運動過程，應(yīng)用牛頓第二定律分析答題。9.B

【解析】解：規(guī)定向右為正方向，根據(jù)動量守恒定律有

mv0=(m+M)v

根據(jù)能量守恒定律有

μmgL=12mv02?12(m+M)v2

解得L=Mv022μ(M+m)=v10.B

【解析】解：AB.?=12gt2，故A錯誤，B正確；

CD.v2縱軸、以?為橫軸畫出的圖像，根據(jù)v2=2g?，可知是一條過原點的傾斜直線，如果以v縱軸，以?為橫軸畫出的圖像不可能?=0，v>0，故CD11.C

【解析】解：對A、B組成的整體，設(shè)A質(zhì)量為m1，B的質(zhì)量為m2，根據(jù)牛頓第二定律，有F?μ(m1+m2)g=(m1+m2)a，解得：a=Fm1+m2?μg，

可得a1=a2=a；

隔離B，對B受力分析如圖，

根據(jù)牛頓第二定律，有F1sinθ?μ(m2g?F1cosθ)=m12.槽碼

需要

d22Lt2

【解析】解：(1)根據(jù)探究“探究加速度與力的關(guān)系”實驗原理，本實驗需要保持滑塊質(zhì)量不變，改變繩子拉力的大小，即改變槽碼的質(zhì)量；

(2)實驗中需要用槽碼的縱重力代替繩子的拉力，因此需要槽碼的質(zhì)量m遠小于滑塊和遮光條的總質(zhì)量M；

(3)滑塊通過光電門的速度v=?dt

根據(jù)運動學公式v2=2aL

加速度a=d22Lt2

(4)滑塊通過光電門的速度是用遮光條通過光電門中間時刻的瞬時速度表示的，小于遮光條中間位置通過光電門的速度，即vt2<vx2，因此實驗中測得的加速度大小與真實值相比偏小。

(5)由圖乙可知，拉力F為零，加速度不為零，其原因可能是氣墊導(dǎo)軌沒有調(diào)節(jié)水平，左端低右端高。

故答案為：(1)槽碼；(2)需要；(3)d22Lt2；(4)偏小；(5)氣墊導(dǎo)軌沒有調(diào)節(jié)水平，左端低右端高。

13.解：(1)兩車的v?t圖像如圖所示

；

(2)汽車追上自行車時，兩車位移相等，根據(jù)運動學公式可得v1t=12at2，代入數(shù)據(jù)得4m/s×t=12×2m/s2×t2，解得：t=4s，汽車的速度v【解析】(1)自行車勻速運動，汽車勻加速直線運動，畫出圖像即可；(2)當汽車追上自行車時，兩者的位移相等，由位移公式列式求解時間，根據(jù)速度公式求解速度。

本題主要考查勻變速直線運動的基本公式，和物體追及問題，關(guān)鍵要分析兩車之間距離隨時間變化的規(guī)律，確定相遇的條件。14.解：(1)物塊A與木箱間的最大靜摩擦力fmax=μmg=0.2×1.0×10N=2N

彈簧對物塊A的拉力F1=1.5N<fmax，物塊A與木箱相對靜止，

由平衡條件可知，物塊A受到的摩擦力大小f=F1=1.5N

(2)對物塊，在豎直方向，由牛頓第二定律得：mg?FN=ma1

代入數(shù)據(jù)解得：FN=5N

在水平方向，對物塊，由牛頓第二定律得：F?μFN=ma2

【解析】(1)求出物塊A與木箱間的最大靜摩擦力，然后求出物塊受到的摩擦力大小。

(2)在豎直方向應(yīng)用牛頓第二定律求出物塊與木箱間的彈力，然后應(yīng)用牛頓第二定律求出物塊在水平方向的加速度。

本題考查了牛頓第二定律的應(yīng)用，分析清楚物塊的受力情況與運動過程是解題的前提，應(yīng)用平衡條件與牛頓第二定律即可解題。15.解：(1)根據(jù)共點力平衡條件可知tan30°=Fmg

解得F=3mg3

(2)①撤去推力，物塊到達傳送帶B點時，速度滿足

v2=2gsin30°L

解得v=gL

根據(jù)牛頓第二定律有

mgsin30°?μmgcos30°=ma

解得a=0

②在光滑斜面運動的時間為L=12vt1

在傳送帶勻速運動，時間為t2=Lv

物塊從A運動C的時間t=t1+t2

解得t=3【解析】(1)根據(jù)共點力平衡條件解答；

(2)①撤去