2025年湘教版必修3物理上冊階段測試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年湘教版必修3物理上冊階段測試試卷194考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、如圖所示的電路可將聲音信號轉(zhuǎn)換為電信號，該電路中右側(cè)固定不動的金屬板b與能在聲波驅(qū)動下沿水平方向振動的鍍有金屬層的振動膜a構(gòu)成一個電容器，a、b通過導(dǎo)線與恒定電源兩極相接。若振動膜a周期性振動；則（）

A.a振動過程中，a、b板間的電場強度不變B.a振動過程中，a、b板所帶電荷量不變C.a振動過程中，靈敏電流計中始終有方向不變的電流D.a向右的位移最大時，a、b板所構(gòu)成的電容器的電容最大2、下列關(guān)于電場及電場強度的說法中，錯誤的是()A.電場中某點的場強與該點有無檢驗電荷無關(guān)B.電場是電荷周圍空間實際存在的物質(zhì)C.電荷所受靜電力很大，該點的電場強度一定很大D.電場中某點的場強在數(shù)值上等于單位電荷受到的電場力3、如圖甲所示，在軸上固定兩個電量分別為+3q、-q的點電荷，其中負(fù)電荷固定在坐標(biāo)原點，兩電荷的間距為L。如圖乙所示是兩電荷所形成的電場的電勢在軸上的分布圖像，規(guī)定無限遠(yuǎn)處電勢為0，則軸上電勢最高為的點距離坐標(biāo)原點的距離為（）

A.B.C.D.4、兩電荷量分別為q1和q2的點電荷固定在x軸上的O、M兩點，兩電荷連線上各點電勢φ隨x變化的關(guān)系如圖所示，其中C為ND段電勢最低的點；則下列說法正確的是（）

A.q1、q2為等量異種電荷B.N、C兩點間場強方向沿x軸負(fù)方向C.N、D兩點間的電場強度大小沿x軸正方向先減小后增大D.將一正點電荷從N點移到D點，電勢能先增大后減小5、如圖所示，平行板電容器與一個恒壓直流電源連接，下極板通過A點接地，一帶正電小球被固定于點；現(xiàn)將平行板電容器的下極板豎直向下移動一小段距離，則（）

A.平行板電容器的電容值將變大B.靜電計指針張角變小C.帶電小球的電勢能將減小D.若先將下極板與A點之間的導(dǎo)線斷開，再將下極板向下移動一小段距離，則帶電小球所受電場力不變6、學(xué)習(xí)物理要正確理解物理規(guī)律和公式的內(nèi)涵．你認(rèn)為下列理解正確的是（）A.根據(jù)庫侖定律公式可知，兩個電荷的距離趨于零時，庫侖力為無窮大B.根據(jù)電荷守恒定律可知，一個與外界沒有電荷交換的系統(tǒng)，電荷的代數(shù)和不變C.由勻強電場電勢差與電場強度的關(guān)系可知，勻強電場中任意兩點間的電勢差與這兩點間的距離成正比D.根據(jù)電容器的電容的定義式可知，電容器的電容與它所帶電荷量成正比7、高二教室中有一臺電風(fēng)扇，其電動機內(nèi)電阻是接上的恒定電壓后，電風(fēng)扇正常工作，消耗的總功率是則此時（）A.電風(fēng)扇電動機是純電阻電路B.通過電風(fēng)扇電動機的電流大小為C.電風(fēng)扇電動機機械功率為D.若接上電源后電風(fēng)扇扇葉被卡住而不能轉(zhuǎn)動，則此時電風(fēng)扇電動機發(fā)熱功率為8、如圖所示的電路中，電源的電動勢E和內(nèi)阻r一定，A、B為平行板電容器的兩塊正對金屬板，R1為光敏電阻，電阻隨光強的增大而減小。當(dāng)R2的滑動觸頭P在a端時，閉合開關(guān)S，此時電流表A和電壓表V的示數(shù)分別為I和U。以下說法正確的是（）

A.若僅將R2的滑動觸頭P向b端移動，則I不變，U增大B.若僅增大B板間距離，則電容器所帶電荷量增大C.若僅用更強的光照射R1，則I增大，U增大，電容器所帶電荷量增加D.若僅用更強的光照射R1，則U變化量的絕對值與I變化量的絕對值的比值不變評卷人得分二、多選題(共9題，共18分)9、如圖所示，在x軸上相距為L的兩點固定兩個等量異種點電荷+Q、-Q，虛線是以+Q所在點為圓心，L/2為半徑的圓，a、b、c、d是圓上的四個點，其中a、c兩點在x軸上，b、d兩點關(guān)于x軸對稱．下列判斷正確的是（）A.b、d兩點處的電勢相同B.四點中c點處的電勢最低C.b、d兩點處的電場強度相同D.四點中c點處場強最小且為零10、如圖所示，兩根相互平行的長直導(dǎo)線過紙面上的M、N兩點，且與紙面垂直，導(dǎo)線中通有大小相等、方向相反的電流。a、O、b在M、N的連線上，O為MN的中點，c、d位于MN的中垂線上，且a、b、c，d到O點的距離均相等。關(guān)于這幾點處的磁場；下列說法正確的是()

A.O點處的磁感應(yīng)強度為零B.a、b兩點處的磁感應(yīng)強度大小相等，方向相同C.c、d兩點處的磁感應(yīng)強度大小相等，方向相反D.a、b、c、d、O五點處磁感應(yīng)強度的方向都相同11、如圖所示，電路中三個電阻的阻值分別為和當(dāng)電鍵均閉合時，電源輸出功率為當(dāng)均斷開時，電源輸出功率為由此可知（）。

A.電源的電動勢為B.電鍵均閉合時，的電功率等于C.電鍵閉合、斷開時，電源的總功率等于D.電鍵斷開、閉合時，電源的輸出功率大于12、如圖所示，為兩個小燈泡的伏安特性曲線，將這兩個小燈泡并聯(lián)后，接在電動勢為3V，內(nèi)阻的電源上，則（）

A.中的電流約為0.3AB.電源的效率約為50%C.的電功率約為0.2WD.電源輸出功率約為0.75W13、兩個帶電量相等的正點電荷分別固定于絕緣水平面上的A、B兩點，A、B連線的垂直平分線上有P、C、O、H四點，如圖所示，已知PC＝CO＝OH；取無窮遠(yuǎn)處電勢為零，下列結(jié)論中正確的是：

A.C點和H點的電場強度相同B.O點的電場強度為零，O點的電勢也為零C.C點和P點的電勢皆高于零，且C點電勢高于P點電勢D.負(fù)電荷q自C點由靜止釋放后，將以O(shè)點為平衡位置在C點和H點之間往復(fù)運動14、如圖甲所示；兩平行金屬板豎直放置，左極板接地，中間有小孔。右極板電勢隨時間變化的規(guī)律如圖乙所示。電子原來靜止在左極板小孔處（不計重力作用），下列說法中正確的是（）

A.從時刻釋放電子，電子將始終向右運動，直到打到右極板上B.從時刻釋放電子，電子可能在兩板間作往復(fù)運動C.從時刻釋放電子，電子必將在兩板間作往復(fù)運動D.從時刻釋放電子，電子可能打到右極板上15、如圖所示，用半偏法測電流表的內(nèi)阻Rg；下面說法正確的是（）

A.開關(guān)S1接通前，R必須調(diào)節(jié)到高阻值的位置B.開關(guān)S2接通后，R的阻值可以調(diào)節(jié)C.當(dāng)電流表的示數(shù)從滿偏電流Ig調(diào)節(jié)到半偏電流時，R′中的電流稍大于D.開關(guān)S1接通前，R′必須調(diào)節(jié)到高阻值16、如圖所示，直線A、B分別為電源a、b的路端電壓與電流的關(guān)系圖線，設(shè)兩個電源的內(nèi)阻分別為ra和rb．若將一定值電阻R0分別接到a、b兩電源上，通過R0的電流分別為Ia和Ib，則（）

A.ra>rbB.Ia>IbC.R0接到a電源上，電源的輸出功率較大，但電源的效率較低D.R0接到b電源上，電源的輸出功率較小，電源的效率較低17、如圖所示；將帶鐵芯的線圈A通過滑動變阻器和開關(guān)連接到電源上，線圈B的兩端連接到靈敏電流計上，把線圈A放進(jìn)線圈B的里面。下列說法正確的是（）

A.開關(guān)閉合后,線圈A插入或拔出都會引起電計指針偏轉(zhuǎn)B.線圈A插入線圈B中后,開關(guān)閉合和斷開的瞬間電流計指針均不會偏轉(zhuǎn)C.線圈A插入線圈B中后,開關(guān)閉合和斷開的瞬間電流計指針向相反的方向偏轉(zhuǎn)D.開關(guān)閉合后,只有滑動變阻器的滑片P加速滑動,電流計指針才會偏轉(zhuǎn)評卷人得分三、填空題(共7題，共14分)18、如圖所示，帶電荷量分別為q1、q2的粒子，以相同的初速度從P點沿垂直于場強方向射入平行板間的勻強電場中，分別落在下極板上的A、B兩點，若AB＝OA，q1＝3q2，不計重力，則兩個粒子質(zhì)量之比為________，兩個粒子進(jìn)入電場之后的動能增量之比為________．

19、定義：組成黑體的振動著的帶電微粒的能量只能是某一最小能量值ε的______，這個不可再分的______叫作能量子。20、公式回顧：電場強度定義式：__________；電勢：__________；電場強度與電勢差的關(guān)系：__________；電勢差與靜電力做的功：__________；電容的定義式：__________；電容的決定式：__________。21、如圖所示，平行板電容器板面水平，放置于空氣中，兩板與電源相接，A板接靜電計小球，B板接靜電計外殼，開始開關(guān)S閉合；有一個帶電粒子在電容器中恰好靜止。

（1）將A板水平向左移動一段距離，粒子的運動情況是___________（填“靜止”、“向上運動”或“向下運動”）。電容器所帶的電荷量的變化情況是___________（填“增多”；“減少”或“不變”）。

（2）如果先斷開開關(guān)S，再把A板向左移動一段距離，則粒子的運動情況是___________（填“靜止”、“向上運動”或“向下運動”）靜電計指針張角的變化情況是___________（填“增大”；“減小”或“不變”）。

22、知識點4伏安特性曲線

1.伏安特性曲線：用橫坐標(biāo)表示電壓U，縱坐標(biāo)表示電流I，畫出的I-U圖像。

2.線性元件：伏安特性曲線是___________，也就是電流I與電壓U___________的元件。

3.非線性元件：伏安特性曲線不是___________，也就是電流I與電壓U___________的元件。如圖為二極管的伏安特性曲線；二極管為非線性元件。

23、某同學(xué)用游標(biāo)卡尺和螺旋測微器分別測量一薄的金屬圓片的直徑和厚度。讀出圖中的示數(shù)。該金屬圓片的直徑的測量值為_______mm,厚度的測量值為_______mm。

24、已知電流表的內(nèi)電阻Rg＝120Ω，滿偏電流Ig＝3mA，要把它改裝成量程是3V的電壓表，應(yīng)串聯(lián)一個_________Ω的電阻，改裝后電壓表的內(nèi)電阻為___________Ω評卷人得分四、作圖題(共1題，共6分)25、在如圖所示的四幅圖中；分別給出了導(dǎo)線中的電流方向或磁場中某處小磁針靜止時N極的指向或磁感線方向。請畫出對應(yīng)的磁感線（標(biāo)上方向）或電流方向。

評卷人得分五、實驗題(共3題，共27分)26、小明用如圖所示的電路測量電阻Rx的阻值（約幾百歐）。R是滑動變阻器，R0是電阻箱。

（1）小明通過下列步驟，較準(zhǔn)確地測出Rx的阻值。

①將滑動變阻器的滑片P調(diào)至圖中的___________（選填“A”或“B”）端。閉合S1，將S2撥至1；調(diào)節(jié)滑動變阻器的滑片P至某一位置，使電壓表的指針滿偏。

②將S2撥至“2”，保持滑動變阻器的滑片P位置不變，調(diào)節(jié)電阻箱的阻值，使電壓表指針再次滿偏，此時電阻箱示數(shù)為R1，則Rx=___________。

（2）實驗中，滑動變阻器有兩種規(guī)格可供選擇，分別是R2（0～10Ω）、R3（0～5000Ω）。為了減小實驗誤差，滑動變阻器應(yīng)選___________（選填“R2”或“R3”）。27、某同學(xué)從下列給出的實驗器材中選擇了部分器材，設(shè)計了能夠測量電流表G1內(nèi)阻r1的電路；如圖甲所示?？晒┻x擇的器材如下：

A．待測電流表G1：量程為0～1mA；內(nèi)阻約為300Ω

B．電流表G2：量程為0～10mA；內(nèi)阻約為30Ω

C．定值電阻一：阻值為30Ω

D．定值電阻二：阻值為200Ω

E．滑動變阻器一：阻值范圍為0～1000Ω

F．滑動變阻器二：阻值范圍為0～20Ω

G．干電池E：電動勢約為1.5V；內(nèi)阻很小。

H．開關(guān)S及導(dǎo)線若干。

（1）為盡可能準(zhǔn)確地測量電流表G1的內(nèi)阻并能測得多組數(shù)據(jù)，電路中定值電阻R0應(yīng)選______，滑動變阻器R應(yīng)選______。（填寫器材前面的字母序號）

（2）請根據(jù)電路圖甲用筆畫線代替導(dǎo)線，在圖乙中將實物圖補充完整。________

（3）實驗步驟如下：

①連接電路（為電路安全，先將滑動變阻器滑片P調(diào)到左端）；

②閉合開關(guān)S，移動滑片P至某一位置，記錄G1和G2的讀數(shù)，分別記為I1和I2；

③多次移動滑片，記錄各次G1和G2的讀數(shù)I1和I2；實驗過程中某次電流表G1的示數(shù)如圖丙所示，請將其讀數(shù)填在下面的表格中：。I1/mA00.150.240.400.550.64__I2/mA01.62.54.05.66.57.6

④以I1為縱坐標(biāo)，I2為橫坐標(biāo)，將最后一個點描繪在圖丁的坐標(biāo)紙中______并作出I1-I2圖線。根據(jù)圖線斜k及定值電阻R0，得到待測電流表G1的內(nèi)阻表達(dá)式為r=______。（用k、R0表示），其數(shù)值大小為______Ω。（計算結(jié)果保留三位有效數(shù)字）

28、某實驗小組使用多用電表測量電學(xué)中的物理量。

（1）甲同學(xué)用實驗室的多用電表進(jìn)行某次測量時，指針在表盤的位置如圖所示。若所選擋位為擋，則測量結(jié)果為______

（2）乙同學(xué)用該表正確測量了一個約的電阻后，需要繼續(xù)測量一個阻值約的電阻。在測量這個電阻之前，請選擇以下必須的操作步驟，其合理的順序是______（填字母代號）。

A．將紅表筆和黑表筆短接B．把選擇開關(guān)旋轉(zhuǎn)到擋。

C．把選擇開關(guān)旋轉(zhuǎn)到擋D．調(diào)節(jié)歐姆調(diào)零旋鈕使表針指向歐姆零點。

（3）在如圖所示的電路中，干電池、開關(guān)和額定電壓為1.5V的燈泡組成串聯(lián)電路。當(dāng)閉合開關(guān)時，發(fā)現(xiàn)燈泡不發(fā)光。在閉合開關(guān)的情況下，某同學(xué)用多用電表電壓擋進(jìn)行檢測。檢測結(jié)果如下表所示，已知電路僅有一處故障，由此做出的判斷中正確的選項是______。

測試點A、CA、DA、EA、F多用表示數(shù)00約1.5v約1.5v

A．A、C間導(dǎo)線斷路B．D、E間導(dǎo)線斷路。

C．燈泡斷路D．F、B間導(dǎo)線斷路評卷人得分六、解答題(共2題，共16分)29、守恒定律是自然界中某種物理量的值恒定不變的規(guī)律；它為我們解決許多實際問題提供了依據(jù)．在物理學(xué)中這樣的守恒定律有很多，例如：電荷守恒定律；質(zhì)量守恒定律、能量守恒定律等等。

（1）根據(jù)電荷守恒定律可知：一段導(dǎo)體中通有恒定電流時；在相等時間內(nèi)通過導(dǎo)體不同截面的電荷量都是相同的．

a．已知帶電粒子電荷量均為粒子定向移動所形成的電流強度為求在時間t內(nèi)通過某一截面的粒子數(shù)N。

b．直線加速器是一種通過高壓電場使帶電粒子加速的裝置．帶電粒子從粒子源處持續(xù)發(fā)出，假定帶電粒子的初速度為零，加速過程中做的勻加速直線運動．如圖1所示，在距粒子源l1、l2兩處分別取一小段長度相等的粒子流已知這兩小段粒子流中所含的粒子數(shù)分別為和求：

（2）在實際生活中經(jīng)?？吹竭@種現(xiàn)象：適當(dāng)調(diào)整開關(guān)，可以看到從水龍頭中流出的水柱越來越細(xì)，如圖2所示，垂直于水柱的橫截面可視為圓．在水柱上取兩個橫截面A、B，經(jīng)過A、B的水流速度大小分別為A、B直徑分別為且求：水流的速度大小之比

（3）如圖3所示：一盛有水的大容器，其側(cè)面有一個水平的短細(xì)管，水能夠從細(xì)管中噴出；容器中水面的面積遠(yuǎn)遠(yuǎn)大于細(xì)管內(nèi)的橫截面積重力加速度為．假設(shè)水不可壓縮；而且沒有粘滯性。

a．推理說明：容器中液面下降的速度比細(xì)管中的水流速度小很多；可以忽略不計：

b．在上述基礎(chǔ)上，求：當(dāng)液面距離細(xì)管的高度為時，細(xì)管中的水流速度

30、靜電屏蔽是怎樣起到屏蔽作用的？參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、D【分析】【詳解】

AD．由于平行板電容器兩極板與電池兩極相連接，兩極板間的電壓U保持不變，根據(jù)場強E=

可知電場強度隨著d變化而變化；a向右的位移最大時，兩板間的距離d最小，由C=

可知電容最大；故A錯誤，D正確；

B．由Q=CU

可知，a、b板所帶電荷量隨著C的變化而變化；B錯誤；

C．由于Q變化；使電容器出現(xiàn)充電；放電現(xiàn)象，電流計中電流方向不斷變化，C錯誤；

故選D。2、C【分析】【詳解】

A；C項：電場強度是描述電場的力的性質(zhì)的物理量；由電場本身決定，與試探電荷無關(guān)，故A正確，C錯誤；

B項：電荷的周圍存在電場；電場是客觀存在的特殊物質(zhì)，故B正確；

D項：由公式可知；電場中某點的場強在數(shù)值上等于單位電荷受到的電場力，故D正確．

點晴：解決本題關(guān)鍵理解電場中某點的場強與電場本身的性質(zhì)決定與試探電荷無關(guān)．3、A【分析】【詳解】

圖像上任意一點切線斜率的絕對值都表示電場強度的大小，由圖乙可知軸上電勢為的點，對應(yīng)的切線斜率為零，則此點處的電場強度為零。設(shè)該點到坐標(biāo)原點的距離為則的點電荷在該點產(chǎn)生的電場強度的大小為

的點電荷在該點處產(chǎn)生的電場強度的大小為

該點的場強為零，所以可知正負(fù)電荷在該點產(chǎn)生的場強大小相等、方向相反，合場強為零，則有

解得

故選A。4、C【分析】【詳解】

A．根據(jù)q1左側(cè)和q2右側(cè)電勢隨距離增大而降低可判斷兩者均為正電荷；故A錯誤；

B．N、C間的電場方向沿x軸正方向，C點場強為0；故B錯誤；

C．根據(jù)N→D間圖線的斜率大小先減小后增大可知；場強先減小到零后反向增大，故C正確；

D．正電荷從N移到D，由Ep＝qφ知；電勢能先減小后增大，故D錯誤。

故選C。5、D【分析】【詳解】

A．根據(jù)知，增大，則電容減小，故A錯誤；

B．靜電計測量的是電容器兩端的電勢差，因為電容器始終與電源相連，則電勢差不變，所以靜電計指針張角不變，故B錯誤；

C．電勢差U不變，增大，則電場強度減小。設(shè)點與上極板的距離x,點與上極板的電勢差

減小，點與下極板的電勢差

增大，下極板接地電勢為零，則點的電勢

增大，又因為該小球帶正電，則電勢能增大，故C錯誤；

D．電容器與電源斷開，則電荷量Q不變，改變，根據(jù)

得

知電場強度不變，則帶電小球所受電場力不變，故D正確。

故選D。

【點睛】

本題是電容器的動態(tài)分析問題，關(guān)鍵抓住不變量，當(dāng)電容器與電源始終相連，則電勢差不變，當(dāng)電容器與電源斷開，則電荷量不變。6、B【分析】【分析】

庫侖定律公式成立條件：點電荷與真空；荷守恒定律可知，電荷不會創(chuàng)造，也不會消失，代數(shù)和不變；由U=Ed可知，d是沿著電場強度的方向的距離；定義式可知；由比值定義法，即可求解。

【詳解】

A、根據(jù)庫侖定律公式可知；兩個電荷的距離趨于零時，電荷不能看成點電荷，則無法確定庫侖力大小，故A錯誤；

B；根據(jù)電荷守恒定律可知；一個與外界沒有電荷交換的系統(tǒng)，電荷的代數(shù)和不變，故B正確；

C、勻強電場電勢差與電場強度的關(guān)系可知；勻強電場中沿著電場強度方向的任意兩點間的電勢差與這兩點間的距離成正比，故C錯誤；

D、電容器的電容的定義式采用的是比值法定義，可知C與Q；U無關(guān)，即電容器的電容與它所帶電荷量沒有關(guān)系，故D錯誤；

故選B．

【點睛】

關(guān)鍵是掌握比值定義法的內(nèi)涵，注意U=Ed式中的d的含義，同時理解庫侖定律的成立條件．7、D【分析】【詳解】

A．電動機把電能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能和機械能；因此不是純電阻電路，故A錯誤；

B．因為

所以

故B錯誤；

C．電風(fēng)扇正常工作時轉(zhuǎn)化為內(nèi)能的功率為W

電風(fēng)扇正常工作時轉(zhuǎn)化為機械能的功率為

故C錯誤；

D．當(dāng)葉片不轉(zhuǎn)動時，作純電阻處理，根據(jù)歐姆定律，有

電動機消耗的電功率等于電機的發(fā)熱功率

故D正確。

故選D。8、D【分析】【詳解】

A．若僅將R2的滑動觸頭P向b端移動，R2所在支路有電容器，是被斷路的，則I、U均保持不變；故A錯誤；

B．根據(jù)

因電容器兩端電壓U不變；若僅增大A；B板間距離，則電容器所帶電荷量減少，故B錯誤；

C．若僅用更強的光照射R1，電阻隨光照強度的增大而減小，總電阻減小，總電流變大，則I增大，U應(yīng)當(dāng)減?。籖3的電壓變大，電容器兩端的電壓減小，根據(jù)Q=CU

可知；電容器電荷量減小，故C錯誤；

D．根據(jù)全電路的歐姆定律有E=U+Ur

則外電路電壓變化量的絕對值等于內(nèi)電壓變化量絕對值，即?U=?Ur

故有

即U的變化量的絕對值與I的變化量的絕對值的比值表示電源的內(nèi)電阻；是不變的；故D正確。

故選D。二、多選題(共9題，共18分)9、A:B【分析】【詳解】

A．該電場中的電勢關(guān)于x軸對稱，所以bd兩點的電勢相等；故A正確；

B．c點在兩個電荷連線的中點上，也是在兩個電荷連線的中垂線上，所以它的電勢和無窮遠(yuǎn)處的電勢相等．而正電荷周圍的電場的電勢都比它高，即c點的電勢在四個點中是最低的；故B正確；

C．該電場中的電場強度關(guān)于x軸對稱，所以bd兩點場強大小相等；方向是對稱的，不相同的，故C錯誤；

D．根據(jù)場強的疊加可知，c點的場強為

故D錯誤．

故選AB。

點晴：該題考查常見電場的特點，解題的關(guān)鍵是c點在兩個電荷連線的中點上，也是在兩個電荷連線的中垂線上，所以它的電勢和無窮遠(yuǎn)處的電勢相等．而正電荷周圍的電場的電勢都比它高，負(fù)電荷周圍的電場的電勢都比它低．10、B:D【分析】【詳解】

A．根據(jù)右手螺旋定則，M處導(dǎo)線在O點產(chǎn)生的磁場方向豎直向下，N處導(dǎo)線在O點產(chǎn)生的磁場方向豎直向下；合成后磁感應(yīng)強度不等于0，故A錯誤；

B．M在a處產(chǎn)生的磁場方向豎直向下，在b處產(chǎn)生的磁場方向豎直向下，N在a處產(chǎn)生的磁場方向豎直向下，b處產(chǎn)生的磁場方向豎直向下，根據(jù)場強的疊加知，a、b兩點處磁感應(yīng)強度大小相等；方向相同，故B正確；

C．M在c處產(chǎn)生的磁場方向垂直于cM偏下，在d出產(chǎn)生的磁場方向垂直dM偏下，N在c處產(chǎn)生的磁場方向垂直于cN偏下，在d處產(chǎn)生的磁場方向垂直于dN偏下，根據(jù)平行四邊形定則，知c處的磁場方向豎直向下，d處的磁場方向豎直向下；且合場強大小相等，故C錯誤；

D．a(chǎn)、b、c、d、O五點處磁感應(yīng)強度的方向都豎直向下；故D正確。

故選BD。11、B:C【分析】【分析】

【詳解】

A．當(dāng)電鍵S1、S2均閉合時，電阻R1被短路，R2和R3并聯(lián)，總電阻

則有電源輸出功率

當(dāng)S1、S2均斷開時，電阻R1和R2串聯(lián)，R總=5R，則有電源輸出功率

解得

故A錯誤。

B．當(dāng)S1、S2都閉合時，電源的輸出功率為

解得R2的電功率等于故B正確；

C．電鍵S1閉合、S2斷開時，R2、R3并聯(lián)后與R1串聯(lián)

電源的總功率等于

故C正確；

D．電鍵S1斷開、S2閉合時，R1、R2串聯(lián)后與R3并聯(lián)

電源的輸出功率等于

故D錯誤。

故選BC。12、B:D【分析】【詳解】

電源電動勢為3V，內(nèi)阻作出電源路端電壓和電流圖像，兩個小燈泡并聯(lián)，故接入電路時兩小燈泡的電壓和電路的路端電壓均相等，根據(jù)閉合電路歐姆定律得且兩燈泡電流之和等于干路電流。綜上分析，圖中路端電壓等于1.5V時滿足條件。

AC．根據(jù)圖像得當(dāng)電壓為1.5V時，中的電流約為0.2A、0.3A，的電功率約為

故AC錯誤；

B．電源的效率約為

B正確；

D．電源輸出功率約為

D正確。

故選BD。13、C:D【分析】【詳解】

A、根據(jù)點電荷場強公式運用矢量合成的平行四邊形定則得：C點和H點的電場強度大小相等；方向分別是向上和向下，故A錯誤；

B、兩個等量同種電荷連線中點O的電場強度為零，沿著場強方向，電勢越來越低．取無窮遠(yuǎn)處電勢為零，所以O(shè)點的電勢不為零；故B錯誤；

C、沿著場強方向，電勢越來越低．取無窮遠(yuǎn)處電勢為零，C點和P點的電勢皆高于零，且C點電勢高于P點電勢；故C正確；

D、C點釋放后受到兩個相等大小的靜電力，合力豎直向下，在C-O過程中靜電力逐漸減小，在O點靜電力為0，但此時速度不為0，速度向下，所以O(shè)-H過程中靜電力合力朝上且逐漸增大，所以做減速運動到H點時速度減為0，但還受到向上的庫侖力所以又開始向上加速運動，由能量守恒可知因H點與C點的電勢能相等，C-O過程是電勢能轉(zhuǎn)化為動能，O-H是動能轉(zhuǎn)化為電勢能，在H點時動能全部轉(zhuǎn)化為電勢能，全過程都遵循能量守恒，故D正確．14、A:D【分析】【詳解】

AB．由題意可知，結(jié)合圖象，從

時刻釋放電子，釋放的電子在前時間內(nèi)先向右勻加速運動，接著時間內(nèi)，繼續(xù)向右勻減速運動，下一個時間繼續(xù)重復(fù)先勻加速再勻減速；直到打到右極板上，所以A正確，B錯誤；

CD．若從

時刻釋放電子，電子先向右勻加速運動時間，接著向右勻減速運動時間，這時電場方向還沒有改變，電子將向左勻加速運動時間，接著向左勻減速運動時間，再向右勻加速運動時間；最終可能打到右極板上，所以C錯誤，D正確。

故選AD。15、A:C【分析】【分析】

【詳解】

A．開關(guān)S1接通前，R必須調(diào)節(jié)到高阻值的位置；A正確；

B．開關(guān)S2接通后，需保持R的阻值不變；B錯誤；

C．當(dāng)電流表的示數(shù)從滿偏電流Ig調(diào)節(jié)到半偏電流時，由于電路中總電阻變小，干路電流會稍大于因此R′中的電流稍大于C正確；

D．開頭S1接通前，由于開關(guān)S2處于斷開狀態(tài)，因此R′不需要調(diào)節(jié)到高阻值；D錯誤；

故選AC。16、A:B:C【分析】【詳解】

A．由圖象可知，圖象A斜率的絕對值大于圖象B斜率的絕對值，因此ra＞rb；故A正確；

B．在同一坐標(biāo)系內(nèi)作出電阻R0的U-I圖象，如圖1所示，由圖象可知Ia＞Ib，故B正確；

CD．R0接到電源上，如圖1所示，Ia＞Ib，Ua＞Ub，由P=UI可知，Pa＞Pb，電源的效率

由于ra＞rb，所以ηa＜ηb，故C正確，D錯誤；17、A:C【分析】【分析】

產(chǎn)生感應(yīng)電流的條件是閉合電路的磁通量發(fā)生變化；指針偏轉(zhuǎn)時說明電路中產(chǎn)生了感應(yīng)電流，將產(chǎn)生感應(yīng)電流的情況與螺線管中磁場的變化情況聯(lián)系在一起即可得到答案．

【詳解】

開關(guān)閉合后，線圈A插入或拔出時穿過B的磁通量會發(fā)生變化，產(chǎn)生感應(yīng)電流，都會引起電計指針偏轉(zhuǎn)，選項A正確；線圈A插入線圈B中后，開關(guān)閉合和斷開的瞬間，穿過B的磁通量會發(fā)生變化，產(chǎn)生感應(yīng)電流，電流計指針會偏轉(zhuǎn)，選項B錯誤；線圈A插入線圈B中后，開關(guān)閉合和斷開的瞬間，穿過B的磁通量分別會發(fā)生增加和減小，磁通量的方向相同，會產(chǎn)生相反方向的感應(yīng)電流，電流計指針向相反的方向偏轉(zhuǎn)，選項C正確；開關(guān)閉合后，滑動變阻器的滑片P無論如何滑動，電路中電流都會變化，穿過B的磁通量會發(fā)生變化產(chǎn)生感應(yīng)電流，電流計指針會偏轉(zhuǎn)，選項D錯誤；故選AC.三、填空題(共7題，共14分)18、略

【分析】【詳解】

[1]設(shè)q1運動的時間為t1，q2運動的時間為t2．粒子在水平方向做勻速直線運動，在豎直方向做初速度為零的勻加速直線運動，兩粒子的初速度相等，設(shè)初速度為v0；

根據(jù)運動學(xué)公式：

可得時間：

所以有：

根據(jù)：

由以上各式聯(lián)立得

[2]根據(jù)動能定理有：所以動能增量之比為：【解析】3∶43∶119、略

【解析】①.整數(shù)倍②.最小能量值ε20、略

【分析】【詳解】

[1]電場強度定義式為

[2]電勢為

[3]電場強度與電勢差的關(guān)系為

[4]電勢差與靜電力做的功關(guān)系為

[5]電容的定義式為

[6]電容的決定式【解析】21、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1]兩極板電壓不變，根據(jù)

將A板水平向左移動一段距離；兩板間距離不變，所以兩極板間的電場強度不變，粒子的運動情況是靜止。

[2]根據(jù)

將A板水平向左移動一段距離，正對面積減小，所以電容減小，再根據(jù)

電容器所帶的電荷量的變化情況是減少。

（2）[3]如果先斷開開關(guān)S，兩極板的電荷量保持不變，根據(jù)

再把A板向左移動一段距離，正對面積減小，所以電場強度增大，則

粒子的運動情況是向上運動。

[4]根據(jù)

將A板水平向左移動一段距離，正對面積減小，所以電容減小，再根據(jù)

則兩極板間的電勢差增大，所以靜電計指針張角的變化情況是增大。【解析】①.靜止②.減少③.向上運動④.增大22、略

【分析】【詳解】

略【解析】①.一條過原點的直線②.成正比③.一條直線④.不成正比23、略

【分析】【詳解】

[1]游標(biāo)卡尺的讀數(shù)即該金屬圓片的直徑的測量值為

[2]螺旋測微器的讀數(shù)即該金屬圓片厚度的測量值為【解析】12.401.68224、略

【分析】【分析】

由題意可知考查電表的改裝；根據(jù)改裝原理計算可得．

【詳解】

設(shè)需要串聯(lián)的電阻為

改裝后電壓表的內(nèi)電阻為則

【點睛】

電壓表的改裝原理：在原來基礎(chǔ)上串聯(lián)一電阻，串聯(lián)電阻越大，量程越大．改裝后電壓表的內(nèi)阻為串聯(lián)電阻和原來電壓表內(nèi)阻之和．【解析】8801000四、作圖題(共1題，共6分)25、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）在圖（1）中；已知小磁針靜止時N極的指向，由直線電流的安培定則，可知直線中的電流方向向下，如圖所示。

（2）在圖（2）中；已知小磁針靜止時N極的指向，由環(huán)形電流的安培定則，可知環(huán)形電流方向從左向右看是順時針方向，如圖所示。

（3）在圖（3）中；已知螺線管內(nèi)小磁針靜止時N極的指向，由通電螺線管的右手螺旋定則可知，螺線管中的電流方向從左端導(dǎo)線流入，右端導(dǎo)線流出，如圖所示。

（4）在圖（4）中，已知磁感線的方向，由安培定則可知，環(huán)形電流方向沿逆時針方向，如圖所示?！窘馕觥课?、實驗題(共3題，共27分)26、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1]為保護電壓表，閉合開關(guān)前，應(yīng)