2025年人教B版選擇性必修1物理上冊月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年人教B版選擇性必修1物理上冊月考試卷389考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四總分得分評卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、圖1是一列簡諧橫波在t=1.25s時的波形圖，已知c位置的質(zhì)點比a位置的晚0.5s起振；則圖2所示振動圖像對應(yīng)的質(zhì)點可能位于（）

A.a<i><>B.b<i>C.c<i><>D.d<i>2、關(guān)于簡諧運動的位移；加速度和速度的關(guān)系；下列正確的是。

A.位移減小時，加速度增大，速度增大B.位移方向總和加速度方向相反，和速度方向總相同C.物體的速度增大時，加速度一定減小D.物體向平衡位置運動時，速度方向和位移方向相同3、一彈簧振子做機械振動，若從平衡位置O開始計時，經(jīng)過0.3s時，振子第一次經(jīng)過P點，又經(jīng)過了0.2s，振子第二次經(jīng)過P點，則從振子第二次經(jīng)過P點算起，該振子第三次經(jīng)過P點所需的時間為（）A.4sB.8sC.33sD.1.4s4、如圖所示，物塊A與輕質(zhì)彈簧相連并靜止在光滑水平面上，物塊B以一定的初速度向物塊A運動。在兩物塊與彈簧作用的過程中，兩物塊的圖像如圖所示；則（）

A.物塊的質(zhì)量大于物塊的質(zhì)量B.彈簧在時刻的彈性勢能最大C.物塊在時刻的加速度最大D.物塊在時間內(nèi)動能一直減小5、下列說法正確的是（）A.做簡諧運動的物體，在平衡位置時合力為0B.紅光和藍(lán)光在空中某位置相遇，一定發(fā)生干涉現(xiàn)象C.當(dāng)聲源靠近觀察者運動時，觀察者接收到的頻率大于聲源發(fā)出的頻率D.發(fā)生地震時，傳播的只有縱波，沒有橫波評卷人得分二、多選題(共6題，共12分)6、如圖，長木板AB靜止在光滑水平地面上，連接在B端固定擋板上的輕彈簧靜止時，其自由端位于木板上P點，現(xiàn)讓一可視為質(zhì)點的小滑塊以的初速度水平向左滑上木板A端。當(dāng)鎖定木板時，滑塊壓縮彈簧后剛好能夠返回到AP的中點O。已知滑塊和木板的質(zhì)量均為滑塊與木板間的動摩擦因數(shù)為彈簧的形變未超過彈性限度，重力加速度大小下列判定正確的是（）

A.鎖定木板時，彈簧縮短過程中的最大彈性勢能為1JB.鎖定木板時，彈簧的最大壓縮量為0.25mC.若不鎖定木板，則滑塊相對木板靜止的位置可能在P點左側(cè)D.若不鎖定木板，則滑塊相對木板靜止的位置恰好在P點7、如圖所示，一質(zhì)量為m、半徑為R的四分之一光滑圓弧槽，放在光滑的水平面上，有一質(zhì)量也為m的小球由槽頂端A靜止釋放，在其下滑至槽末端B的過程中，已知重力加速度為g；空氣阻力忽略不計。則下列說法正確的是（）

A.若圓弧槽固定，小球的機械能守恒B.若圓弧槽固定，小球滑至B點時對槽的壓力大小為3mgC.若圓弧槽不固定，小球和槽組成的系統(tǒng)動量守恒D.圓弧槽固定和不固定情形下，小球滑到B點時的速度大小之比為1：18、下列屬于反沖現(xiàn)象的是（）A.乒乓球碰到墻壁后彈回B.用槍射擊時，子彈向前飛，槍身后退C.用力向后蹬地，人向前運動D.章魚向某個方向噴出水，身體向相反的方向運動9、一列簡諧橫波沿軸正方向傳播，在處的質(zhì)元的振動圖線如圖1所示，在處的質(zhì)元的振動圖線如圖2所示。下列說法正確的是（）

A.該波的周期為15sB.處的質(zhì)元在平衡位置向上振動時，處的質(zhì)元在波峰C.在內(nèi)處和處的質(zhì)元通過的路程均為6cmD.該波的波長可能為8m10、同一均勻介質(zhì)中有兩個振源M、N，分別位于x軸上的和取振源M開始振動時為時刻，時之間的波形如圖所示。下列說法正確的是（）

A.時坐標(biāo)原點O處的質(zhì)點正在平衡位置向上振動B.時坐標(biāo)原點O處的質(zhì)點的位移為C.穩(wěn)定時，坐標(biāo)原點O處的質(zhì)點的振幅為D.穩(wěn)定時，振源M、N之間有16個振動加強點11、下列說法正確的是（）A.做拋體運動（不計空氣阻力）的物體在運動過程中相同時間內(nèi)動量變化相同B.原子核所含核子單獨存在時的總質(zhì)量小于該原子核的質(zhì)量C.“彩超”根據(jù)反射波的頻率變化，就能知道血流的速度，利用的是超聲波的多普勒效應(yīng)D.由愛因斯坦的相對論時空觀可知運動物體的空間距離和物理過程的時間進(jìn)程都跟物體的運動狀態(tài)有關(guān)評卷人得分三、填空題(共9題，共18分)12、（1）薄膜干涉是液膜前后兩個面______的光共同形成的。

（2）不同位置液膜前后兩個面的反射光的______不同，某些位置兩列波疊加后相互______，出現(xiàn)亮條紋，另一些位置，兩列波相互______，出現(xiàn)了暗條紋。13、振動的周期T：做簡諧運動的物體完成一次___________的時間。振動的頻率f：單位時間內(nèi)完成___________的次數(shù)。14、圖甲為一列簡諧橫波在t=2.5s時刻的波形圖，P是平衡位置在x=2m處的質(zhì)點，圖乙為質(zhì)點P的振動圖像，可知該簡諧橫波沿x軸___________（選填“正”或“負(fù)”）方向傳播，傳播速度為___________m/s。

15、質(zhì)量的物體，以初速度水平拋出，末物體動量大小為______在這內(nèi)重力沖量大小為______方向為______（不計空氣阻力）16、一個水平彈簧振子的固有頻率是3Hz，要使它在振動中產(chǎn)生的最大加速度能達(dá)到5m/s2，它振動的振幅A=_____cm。（需要用到彈簧振子周期公式，結(jié)合牛二，巧解）17、圖（甲）是演示簡諧運動圖像的裝置；它由一根較長的細(xì)線和較小的沙漏組成。當(dāng)沙漏擺動時，漏斗中的細(xì)沙均勻流出，同時勻速拉出沙漏正下方的木板，漏出的細(xì)沙在板上會形成一條曲線，這條曲線可以理解為沙漏擺動的振動圖像。圖（乙）是同一個沙漏分別在兩塊木板。上形成的曲線（圖中的虛線表示）。

①圖（乙）的P處堆積的細(xì)沙比Q處_________（選填“多”；“少”或“一樣多”）；

②經(jīng)測量發(fā)現(xiàn)圖（乙）中若木板1的移動速度則木板2的移動速度_______18、如圖甲所示是一列簡諧橫波在t=0.2s的波形圖，圖乙是介質(zhì)中平衡位置坐標(biāo)x=2m處的質(zhì)點P的振動圖像，質(zhì)點Q的平衡位置位于x=3.5m。則由圖可知，波沿x軸________方向傳播，波速大小為________m/s，當(dāng)t=1.2s時質(zhì)點Q相對平衡位置的位移為_________cm。

19、在光的折射現(xiàn)象中，光路是______的．20、要產(chǎn)生干涉必須滿足一定條件，兩列光的頻率_______，振動方向_______具有恒定的________。激光散斑測速應(yīng)用了光的干涉原理，二次曝光照相獲得的散斑對相當(dāng)于雙縫干涉實驗中的雙縫。待測物體運動速度與二次曝光時間間隔的乘積等于雙縫間距，已知二次曝光時間間隔為?t，雙縫到屏的距離為L，相鄰兩條紋間距為?x，激光波長為則運動物體的速度表達(dá)式為__________。評卷人得分四、實驗題(共4題，共28分)21、某同學(xué)用如圖甲所示裝置來驗證動量守恒定律，實驗時先讓小球從斜槽軌道上某固定點處由靜止開始滾下，在水平地面上的記錄紙上留下痕跡，重復(fù)10次；然后再把小球靜置在斜槽軌道末端，讓小球仍從原固定點由靜止開始滾下，和小球相碰后；兩球分別落在記錄紙的不同位置處，重復(fù)10次?；卮鹣铝袉栴}：

(1)在安裝實驗器材時斜槽的末端應(yīng)______；

(2)小球質(zhì)量的大小關(guān)系應(yīng)滿足______（填“>”“<”或“＝”）

(3)本實驗中小球平均落地點的位置距點的距離如圖乙所示兩球碰后球的平均落地點是圖乙中的______點；（填“”“”或“”）

(4)在本實驗中，驗證動量守恒的式子是下列選項中的______

A.

B.

C.

(5)若某次實驗中，得出小球落點情況如圖所示（單位是cm），分別是入射小球在碰前、碰后和被碰小球在碰后落點的平均位置（把落點圈在內(nèi)的最小圓的圓心），則入射小球和被碰小球質(zhì)量之比為∶＝______。

22、某同學(xué)利用如圖裝置驗證碰撞中的動量守恒定律；裝置中桌面水平，一端固定了一彈簧槍，斜面緊貼桌面，且斜面的最高點恰好與桌面相平，該同學(xué)選了兩個體積相同的鋼質(zhì)小球，實驗步驟如下：

①用天平測出兩小球的質(zhì)量（分別為和）。

②先不放小球把小球裝入固定好的彈簧槍后釋放；記下小球在斜面上的落點位置。

③將小球放在斜面最高點處，把小球裝入固定好的彈簧槍后釋放，使它們發(fā)生碰撞，分別記下小球和在斜面上的落點位置。

④用毫米刻度尺量出各個落點位置到斜面最高點的距離。圖中A、B、C點是該同學(xué)記下小球在斜面上的落點位置，到斜面最高點的距離分別為

（1）選擇的水平桌面是否需要一定光滑______（選填“是”或“否”）。

（2）所選小球的質(zhì)量關(guān)系是：要______（選填“大于”“小于”或“等于”）

（3）實驗中若滿足關(guān)系式___________（用實驗中已經(jīng)測得的量表示）；則說明該碰撞過程滿足動量守恒定律。

（4）若用彈簧槍的彈簧制成彈簧測力計測彈力，示數(shù)如圖所示，則彈力為______N。

23、為了驗證碰撞中的動量守恒和檢驗兩個小球的碰撞是否為彈性碰撞；某同學(xué)選取了兩個體積相同；質(zhì)量不相等的小球，按下述步驟做了如下實驗：

①用天平測出兩個小球的質(zhì)量(分別為m1和m2，且m1＞m2)。

②按照如圖所示的那樣，安裝好實驗裝置。將斜槽AB固定在桌邊，使槽的末端處的切線水平，將一斜面BC連接在斜槽末端。

③先不放小球m2，讓小球m1從斜槽頂端A處由靜止開始滾下；記下小球在斜面上的落點位置。

④將小球m2放在斜槽末端邊緣處，讓小球m1從斜槽頂端A處由靜止開始滾下，使它們發(fā)生碰撞，記下小球m1和m2在斜面上的落點位置。

⑤用毫米刻度尺量出各個落點位置到斜槽末端點B的距離，圖中D、E、F點是該同學(xué)記下的小球在斜面上的幾個落點位置，到B點的距離分別為LD、LE、LF。

(1)小球m1和m2發(fā)生碰撞后，m1的落點是圖中的______點；

(2)用測得的物理量來表示，只要滿足關(guān)系式______________________；則說明碰撞中動量守恒；

(3)用測得的物理量來表示，只要再滿足關(guān)系式______________________，則說明兩小球的碰撞是彈性碰撞。24、某同學(xué)用圖示裝置做“驗證動量守恒定律”實驗，先將小球a從斜槽軌道上某點由靜止釋放，在水平地面上的記錄紙上留下壓痕，重復(fù)10次，取平均落點為B，再把同樣大小的小球b靜止放在斜槽軌道水平段的最右端處，讓球a仍從原釋放點由靜止開始滾下，且與b球相碰，碰后兩球均向前運動，分別落在記錄紙的不同位置，重復(fù)10次，取平均落點為A、C。

（1）本實驗不需測量的物理量是______（填字母序號）。

A．小球a、b的質(zhì)量

B．斜槽軌道末端到水平地面的高度H

C．球a的釋放點與斜槽軌道末端的高度差h

D．小球a、b離開斜槽軌道后做平拋運動的時間t

（2）下列情況會產(chǎn)生實驗誤差或不符合實驗要求的有______（填字母序號）。

A．小球在斜槽上運動時有摩擦。

B．多次實驗時，a球沒有從同一位置釋放。

C．a(chǎn)球質(zhì)量小于b球質(zhì)量。

D．小球彈性不好；發(fā)生的不是彈性碰撞。

（3）經(jīng)測量，小球落地點的平均位置到O點的距離碰撞前后動量的相對百分誤差公式為p為碰撞前的總動量，為碰撞后的總動量，計算可得______。

（4）兩小球正碰時恢復(fù)系數(shù)其中是兩小球碰后分離的相對速度，是兩小球碰前接近的相對速度。若說明碰撞是彈性碰撞，沒有動能損失，若說明碰撞不是彈性碰撞，有動能損失，計算可得______（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）。參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、D【分析】【詳解】

因為C位置的質(zhì)點比a位置的晚0.5s起振，所以波向右傳播，周期是1s，在t=1.25s的波形圖也就是在因此在的波形圖就是圖1左移1/4波長后的部分；如圖所示：

跟圖2對照，可知，對應(yīng)的質(zhì)點可能位于Oa之間或de之間，因此選D．2、C【分析】【詳解】

A、位移x減小時,加速度也減小;振子靠近平衡位置,故速度增加,故A錯;

B、位移方向總跟加速度方向相反.質(zhì)點經(jīng)過同一位置,位移方向總是由平衡位置指向質(zhì)點所在位置,而速度方向兩種,可能與位移方向相同,也可能與位移方向相反,故B錯誤;

C、物體的速度增大時,運動方向指向平衡位置,位移逐漸減小,所以加速度一定減小,所以C選項是正確的;

D；物體運動方向向平衡位置時,位移方向離開平衡位置,速度方向跟位移方向相反;故D錯誤;

故選C

【點睛】

簡諧運動的位移是指質(zhì)點離開平衡位置的位移,方向從平衡位置指向質(zhì)點所在位置.當(dāng)質(zhì)點背離平衡位置時,位移增大,速度減小,加速度增大,加速度方向總是與位移方向相反,指向平衡位置,質(zhì)點做非勻變速運動.當(dāng)質(zhì)點靠近平衡位置時,位移減小,速度增大,加速度減小.3、D【分析】【詳解】

若從點開始向右振動，作出示意圖如圖

則振子的振動周期為

則振子第二次經(jīng)過P點算起，該振子第三次經(jīng)過P點所需時間

若從點開始向左振動，作出示意圖如圖

設(shè)從直接到的時間為則有

解得

則周期為

則振子第二次經(jīng)過P點算起，該振子第三次經(jīng)過P點所需時間

故D正確；A；B、C錯誤。

故選D。4、A【分析】【分析】

【詳解】

A．B與A借助彈簧發(fā)生彈性碰撞，有

解得

由圖像可知碰后B的速度為負(fù)，即運動反向，則則故A正確；

B．B先相對靠近A，彈簧被壓縮，后A相對B遠(yuǎn)離，彈簧逐漸恢復(fù)，則時刻兩者速度相等時為彈簧壓縮量最大，則彈簧在時刻的彈性勢能最大；故B錯誤；

C．兩物體都是受彈簧彈力而有加速度，則彈力最大時加速度最大，故兩物塊在時刻的加速度最大；故C錯誤；

D．由圖像可知物塊在時刻速度減為零，則時間內(nèi)動能先減小后增大；故D錯誤；

故選A。5、C【分析】【分析】

【詳解】

A．簡諧運動的位移是相對平衡位置的，故每次經(jīng)過平衡位置時的位移為零，據(jù)F=-kx可知；回復(fù)力為零；單擺模型在平衡位置時，合力不為零，其加速度也不為零；而彈簧振子在平衡位置時，合力一定為零，加速度一定為零，故A錯誤；

B．兩束光在相遇的區(qū)域內(nèi)發(fā)生干涉現(xiàn)象需要具備的條件是①振動方向相同；②振動頻率相同；③相位相同或相位差保持恒定；而紅光和藍(lán)光的頻率不同，故B錯誤；

C．根據(jù)多普勒效應(yīng)可知；當(dāng)聲源靠近觀察者運動時，觀察者接收到的聲波頻率大于聲源發(fā)出的頻率，故C正確；

D．發(fā)生地震時；傳播的既有縱波也有橫波，故D錯誤。

故選C。二、多選題(共6題，共12分)6、B:D【分析】【詳解】

AB．鎖定木板時，設(shè)最大壓縮量為最大的彈性勢能為從開始到彈簧被壓縮最短過程中，由動能定理得

從彈簧被壓縮最短到回到O點過程中，由動能定理得

聯(lián)立解得

故B正確；A錯誤；

CD．若不鎖定木板，由動量守恒得

解得

根據(jù)能量守恒得

解得

可知小滑塊向左運動到木板上的點兩者恰好共速；故D正確，C錯誤。

故選BD。7、A:B【分析】【詳解】

A．若圓弧槽固定；小球下滑過程中只有重力做功，小球的機械能守恒，A正確；

B．若圓弧槽固定，小球滑至B點時的速度為

小球下滑的過程中做圓周運動有

解得

根據(jù)牛頓第三定律可知小球滑至B點時對槽的壓力大小為3mg；B正確；

C．若圓弧槽不固定；小球和槽組成的系統(tǒng)在水平方向動量守恒，C錯誤；

D．圓弧槽不固定的情形下，小球滑到B點時的速度為，取水平向右為正

根據(jù)系統(tǒng)機械能守恒有

解得圓弧槽不固定的情形下，小球滑到B點時的速度為

再結(jié)合選項B，可知圓弧槽固定和不固定情形下，小球滑到B點時的速度之比為D錯誤。

故選AB。8、B:D【分析】【分析】

【詳解】

A．乒乓球碰到墻壁后彈回是因為受到了墻壁的作用力；不是反沖。故A錯誤；

B．用槍射擊時；子彈向前飛，槍身后退，子彈與槍身是系統(tǒng)中的兩部分，屬于反沖現(xiàn)象。故B正確；

C．用力向后蹬地；人向前運動，是人腳與外部地面的作用，不屬于反沖。故C錯誤；

D．章魚向某個方向噴出水；身體向相反的方向運動，章魚向某個方向噴水時，章魚受到沿噴水方向相反的作用力，向噴水的反方向運動，二者相互作用力是系統(tǒng)內(nèi)力，是反沖現(xiàn)象。故D正確。

故選BD。9、B:D【分析】【詳解】

A．由振動圖像可知；該波的周期為12s，故A錯誤：

B．由兩個質(zhì)點的振動圖像可知，t=3s時，當(dāng)處的質(zhì)元在平衡位置向上振動時，處的質(zhì)元在波峰；故B正確；

C．由圖可知，該波的振幅為4cm，頻率

由圖1可知，在t=0時刻x=12m處的質(zhì)點在-4cm處，則其振動方程為

4s時刻質(zhì)元的位置

所以x=12m處的質(zhì)元通過的路程

據(jù)圖2知t=0s時，在x=18m處的質(zhì)元的位移為0cm，正通過平衡位置向上運動，其振動方程為：

在t=4s時刻，在x=18m處的質(zhì)元的位移

所以在0～4s內(nèi)x=18m處的質(zhì)元通過的路程

故C錯誤；

D．由兩圖比較可知，x=12m處比x=18m處的質(zhì)元可能早振動所以兩點之間的距離為(n=0、1、2)

所以(n=0、1、2)

n=0時，波長最大，為

故D正確。

故選BD。10、A:B【分析】【詳解】

A．由圖像可知振源N的周期為T=2s，波長為則波速為

振源M產(chǎn)生的波形從位置傳播到O點的時間為

振源N產(chǎn)生的波形從位置傳播到O點的時間為

則時只有振源M產(chǎn)生的波形傳播到O點，根據(jù)“同側(cè)法”可知振源M起振方向為向上，x=-6m的質(zhì)點在7s時剛好傳到O點，所以時坐標(biāo)原點O處的質(zhì)點正在平衡位置向上振動；故A正確；

B．振源M做簡諧運動的位移和時間關(guān)系式為

時，O處質(zhì)點振動的時間為1.25s，則

故B正確；

C．兩個振源M、N到O點的波程差為

所以兩個振源M、N傳播到O點波屬于振動減弱點，振幅為

故C錯誤；

D．兩個振源M、N之間的距離為

根據(jù)干涉條件可知兩個振源M、N到O點的波程差為波長的整數(shù)倍是振動加強點；

因為

即位置處是振動加強點，且每隔2m均為振動加強點，可知穩(wěn)定時，振源M、N之間有9個振動加強點；故D錯誤。

故選AB。11、A:C:D【分析】【詳解】

A．做拋體運動（不計空氣阻力）的物體僅受重力作用，豎直向下，由

可得做拋體運動（不計空氣阻力）的物體在運動過程中相同時間內(nèi)動量變化相同；故A正確；

B．當(dāng)單獨存在的核子結(jié)合成原子核；會釋放巨大能量，由質(zhì)能方程可知，單獨存在時的總質(zhì)量大于該原子核的質(zhì)量，故B錯誤；

C．“彩超”利用超聲波的多普勒效應(yīng)；根據(jù)反射波的頻率變化，就能知道血流的速度，故C正確；

D．根據(jù)愛因斯坦的相對論時空觀，運動物體的空間距離和物理過程的時間進(jìn)程都跟物體的運動狀態(tài)有關(guān)，故D正確。三、填空題(共9題，共18分)12、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】①.反射②.路程差③.加強④.削弱13、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2]振動的周期T：做簡諧運動的物體完成一次全振動的時間。振動的頻率f：單位時間內(nèi)完成全振動的次數(shù)?！窘馕觥竣?全振動②.全振動14、略

【分析】【詳解】

[1]由圖乙振動圖像可知，質(zhì)點P向下振動，結(jié)合圖甲可知該簡諧橫波沿x軸負(fù)方向傳播；

[2]由圖甲可知波長為由圖可知乙周期為故該簡諧橫波傳播速度為【解析】負(fù)（0.67，0.7等也可得分）15、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]物體拋出后做平拋運動；1s末物體的豎直分速度。

此時物體的速度。

此時動量大小。

[2][3]1s內(nèi)重力的沖量。

方向豎直向下?！窘馕觥?0豎直向下16、略

【分析】【詳解】

根據(jù)題意

水平彈簧振子最大的伸長量為A，此時有

解得

聯(lián)立并代入數(shù)據(jù)解得

【解析】1.417、略

【分析】【詳解】

①[1]根據(jù)題意可知，在圖（乙）中P處，沙擺的速度最小，Q處沙擺的速度最大，所以P處堆積的細(xì)沙比Q處多。

②[2]根據(jù)題意，設(shè)該單擺的周期為木板長度為由圖（乙）可知木板1在運動段，所用時間為

木板2在運動段，所用時間為

可得木板1、2拉動的速度大小為

聯(lián)立求得【解析】多818、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]由圖乙可知P質(zhì)點在t=0.2s時正在平衡位置沿負(fù)向振動，則在甲圖的P點由同側(cè)法可知波沿x軸負(fù)向傳播；

[2]根據(jù)波形圖可讀出波長為根據(jù)P質(zhì)點的振動圖可知周期為則這列波的波速為

[3]時間與振動周期的關(guān)系為

而所有質(zhì)點振動的函數(shù)為

x=3.5m是3與4的中點，對應(yīng)的振動相位為質(zhì)點的位移為

即Q點的平衡位置位于x=3.5m從現(xiàn)在的位置振動兩個周期回到原位置，再經(jīng)過半個周期，振動到對稱位置，位移為【解析】負(fù)1019、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】可逆20、略

【分析】【詳解】

[1][2][3]要產(chǎn)生干涉必須滿足一定條件；兩列光的頻率相同，振動方向相同，具有恒定的相位差。

[4]雙縫干涉的條紋間距為：依題意可知雙縫間的距離滿足

聯(lián)立解得【解析】相同相同相位差四、實驗題(共4題，共28分)21、略

【分析】【詳解】

(1)[1]小球離開軌道后做平拋運動，在安裝實驗器材時斜槽的末端應(yīng)保持水平，才能使小球做平拋運動。

(2)[2]為防止碰撞過程入射球反彈，入射球的質(zhì)量應(yīng)大于被碰球的質(zhì)量ma大于mb，即ma＞mb；

(3)[3]兩球碰后球的平均落地點是圖乙中的A點；

(4)[4]小球在空中的運動時間t相等，如果碰撞過程動量守恒，則有mav0=mavA+mbvB

兩邊同時乘以時間t得mav0t=mavAt+mbvBt

得

故選B。

(5)[5]根據(jù)題中(4)的結(jié)論，帶入數(shù)據(jù)，表達(dá)式

即

解得【解析】保持水平>AB4∶122、略

【分析】【詳解】

（1）[1]實驗中要求小球每次到水平桌面末端時速度大小相等即可；水平桌面不需要光滑。

（2）[2]實驗中要求小球碰撞后也要做平拋運