貴州省貴陽市2018屆高三上學(xué)期期末考試物理試題-含解析

1、貴州省貴陽市2018屆高三上學(xué)期期末考試物理試題一、選擇題（本題共12小題，每小題4分共48分，在每小題給出的四個選項中，第18題只有一個選項符合題目要求，第912題有多個選項符合題目要求，全部選對的得4分，選對但不全的得2分，有錯選的得O分請將符合題目要求選項前的字母填在答題卷對應(yīng)題號下的空格中）1. 下列說法正確的是A. 牛頓第一定律又稱慣性定律，所以慣性定律與慣性的實質(zhì)相同B. 牛頓第一定律是牛頓第二定律的特殊情形，它們都可通過實驗來驗證C. 牛頓運動定律和動量守恒定律既適用于低速、宏觀的物體，也適用于高速、微觀的粒子D. 伽利略通過理想斜面實驗，說明物體的運動不

2、需要力來維持【答案】D【解析】物體總有保持原有運動狀態(tài)不變的性質(zhì)，這種性質(zhì)叫做慣性慣性定律就是牛頓第一運動定律，兩者不同，故A錯誤；牛頓第一定律揭示了物體不受力時的運動規(guī)律，是經(jīng)典力學(xué)的基礎(chǔ)，它不是牛頓第二定律的特殊形式，牛頓第二定律可通過實驗來驗證，而牛頓第一定律不能通過實驗驗證，選項B錯誤；牛頓運動定律適用于低速、宏觀的物體，不適用于高速、微觀的粒子；動量守恒定律具有普適性，既適用于低速，也適用于高速運動的粒子；故C錯誤；伽利略通過理想斜面實驗，說明物體的運動不需要力來維持，D正確故選D.2. 一物體做勻減速直線運動，在4s內(nèi)的位移為16m，速度變?yōu)樵瓉淼娜种唬较虿蛔儎t該物體的加速度

3、大小為A. 1m/s2 B. 1.5m/s2 C. 2m/s2 D. 0.75m/s2【答案】A【解析】由平均速度求位移得：即： 解得：v=6m/s； 根據(jù)加速度定義式有：，故選A.3. 如國所示，假設(shè)甲、乙兩顆衛(wèi)星以相同的軌道半徑分別繞質(zhì)量為M1和M2(M1M2)的行星做勻速圓周運動則下列說法正確的是A. 甲和乙的向心加速度相等B. 甲和乙運行的周期相等C. 甲的角速度比乙的小D. 甲的線速度比乙的大【答案】D【解析】衛(wèi)星由萬有引力提供向心力有：，則得：，T=2r，=，v=，可見，中心天體的質(zhì)量M越小，a、v越小，T越大，所以得：甲的向心加速度、角速度、線速度都比乙大，而甲的周期比乙小，故D

4、正確，ABC錯誤故選D.4. 如圖所示，用完全相同的輕質(zhì)彈簧1、2、3將兩個相同的小球連接并懋掛，小球靜止時，彈簧3水平，彈簧1與豎直方向的夾角=30，彈簧l的彈力大小為F，則A. 彈簧3的彈力大小為2FB. 彈簧3的彈力大小為C. 每個小球重力大小為D. 每個小球重力大小為【答案】B【解析】將兩球和彈簧2看成一個整體，整體受到總重力G、彈簧1和3的拉力，如圖，設(shè)彈簧1、3的拉力分別為F1和F2由平衡條件得知，F(xiàn)2和G的合力與F1大小相等、方向相反，則得：F2=F1sin30=0.5F1=0.5F選項B正確，A錯誤；，則每個球的重力為，選項CD錯誤；故選B. 5. 一條水平放置的水管，距地面高

5、h=1.8m，水管的橫截面積為S=210-4m2.水從管口處以v=2 m/s不變的速率源源不斷地沿水平方向射出，設(shè)出口處橫截面上各處水的速率都相等，假設(shè)水流在空中不散開重力加速度g取1Om/s2,不計空氣阻力，請估算水流穩(wěn)定后空中的水的體積為A. 3.210-4m3 B. 410-4m3 C. 2.410-4m3 D. 2.410-3m3【答案】C【解析】水從管口射出后做平拋運動，則由h=gt2得，水流穩(wěn)定后在空中水的體積為V=vtS=20.6210-4=2.410-4m3故選C.6. 如圖甲所示在同一平面內(nèi)有兩個絕緣金屬細(xì)圓環(huán)A、 B,兩環(huán)重疊部分的面積為圓環(huán)A面積的一半，圓環(huán)B中電流i隨時

6、間t的變化關(guān)系如圖乙所示，以甲圖圓環(huán)B中所示的電流方向為負(fù)，則A環(huán)中A. 沒有感應(yīng)電流B. 有逆時針方向的感應(yīng)電流C. 有順時針方向的感應(yīng)電流D. 感應(yīng)電流先沿順時針方向，后沿逆時針方向【答案】B【解析】由安培定則可知，環(huán)A產(chǎn)生的磁場分布，環(huán)內(nèi)垂直紙面向外，環(huán)外垂直紙面向里，由于內(nèi)部的磁場大于外部的磁場，由矢量的疊加原理可知A環(huán)總磁通量向外；當(dāng)導(dǎo)線中的電流強度I逐步減小時，導(dǎo)致環(huán)產(chǎn)生感應(yīng)電流根據(jù)楞次定律，則有感應(yīng)電流的方向逆時針；同理，當(dāng)導(dǎo)線中的電流強度I反向逐步增大時，導(dǎo)致環(huán)產(chǎn)生感應(yīng)電流根據(jù)楞次定律，則有感應(yīng)電流的方向逆時針故B正確，ACD錯誤；故選B點睛：考查安培定則、楞次定律的應(yīng)用，注意

7、當(dāng)直導(dǎo)線的電流變化時，穿過環(huán)的磁通量如何變化是解題的關(guān)鍵7. 如圖所示，豎直實線表示某勻強電場中的一簇等勢面，具有一定初速度的帶電小球在電場中從A到B做直線運動（如圖中虛線所示）小球只受電場力和重力，則該帶電小球從A運動到B的過程中A. 做勻速直線運動B. 機械能守恒C. 機械能逐漸增大，電勢能逐漸減小D. 機械能逐漸減小，電勢能逐漸增大【答案】D點睛：本題要能根據(jù)其受力情況判斷微粒的運動狀態(tài)，抓住質(zhì)點做直線運動的條件：合力與速度平行是關(guān)鍵8. 如圖所示，兩個內(nèi)壁光滑、半徑為R（圖中未標(biāo)出）的半圓形軌道正對著固定在豎直平面內(nèi)，對應(yīng)端點（圖中虛線處）相距為x，最高點A和最低點B的連線豎直一個質(zhì)量

8、為m的小球交替著在兩軌道內(nèi)運動而不脫離軌道，己知小球通過最高點A時的速率，不計空氣阻力，重力加速度為g則A. 小球在A點的向心力小于mgB. 小球在B點的向心力等于4mgC. 小球在B、A兩點對軌道的壓力大小之差大于6mgD. 小球在B、A兩點的動能之差等2mg( R+x)【答案】C【解析】小球在A點時的向心加速度，選項A錯誤；根據(jù)，可得，小球在B、A兩點的動能之差等mg(2R+x)，小球在B點的向心力，選項BD錯誤；在A點對軌道的壓力：；在B點對軌道的壓力：，則，選項C正確；故選C.9. 如圖所示，一理想變壓器原、副線圈匝數(shù)之比為4:1原線圈接入一電壓瞬時值隨時間變化的規(guī)律為的交流電源，副線

9、圈接一個R=27.5的負(fù)載電阻，閉合開關(guān)S待電路穩(wěn)定后下述結(jié)論正確的是A. 副線圈中電流的周期為0.02sB. 副線圈中電壓的最大值為55VC. 原線圈中電流的最大值為0.5AD. 原線圈中的輸入功率為110W【答案】AD【解析】變壓器不會改變電流的周期，則副線圈輸出電流的周期為，所以A正確；原線圈電壓最大值為220V，則副線圈中電壓的最大值為,B錯誤副線圈中電流的最大值為，則原線圈中電流的最大值為0.5A，選項C錯誤；原線圈電壓有效值為220V，電流有效值為0.5A，掌握變壓器輸入功率為P=I1U1=110W，選項D正確；故選AD.10. 如圖所示，位于水平面上的同一物體在恒力F1的作用下，

10、做速度為v1的勻速直線運動；在恒力F2的作用下，做速度為v2的勻速直線運動已知 F1與F2的功率相同，則可能有A. F1= F2, v1v2C. F1 F2, v1F2, v1v2【答案】BD.11. 如圖所示MN為兩個方向相同且垂直于紙面的勻強磁場的分界面，兩磁場的磁感應(yīng)強度大小關(guān)系為B1=2B2,一比荷值為k的帶電粒子（不計重力）以定速率從O點垂直MN進入磁感應(yīng)強度大小為B1的磁場則粒子下一次到達O點經(jīng)歷的時間為A. B. C. D. 【答案】BC【解析】粒子垂直進入磁場，由洛倫茲力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律得：qvB=m解得：，粒子做圓周運動的周期為：，由題意可知：B1=2B2，則：r

11、2=2r1，T2=2T1， ；根據(jù)粒子運動軌跡可知，粒子下一次到達O點經(jīng)歷的時間為（n=0，1，2，3）則選項BC正確，CD錯誤；故選BC. 點睛：本題關(guān)鍵在于根據(jù)半徑關(guān)系畫出粒子運動的軌跡，然后確定時間與周期的關(guān)系，這也是磁場中的軌跡問題常用的思路。12. 如圖所示，一固定光滑斜面與水平面間的夾角為，輕質(zhì)彈簧的一端固定在斜面底端的擋板上，另一端與斜面上質(zhì)量為m的物塊連接開始時用手拉住物塊使彈簧伸長x1，放手后物塊由靜止開始下滑，到達最低點時彈簧壓縮了x2，重力加速度為g。則在物塊下滑到最低點的過程中A. 物塊的加速度先減小后增大B. 物塊重力的功率先減小后增大C. 彈簧的彈性勢能變化了mg(

12、x1+x2)sinD. 物塊重力勢能與彈簧彈性勢能之和保持不變【答案】AC【解析】物塊由靜止向下運動的過程中，彈力先沿斜面向下，且大小減小，物塊的合外力減小，加速度減小后來彈力反向增大，合外力先減小后增大，加速度先減小后增大，所以加速度先減小后增大故A正確物塊先向下加速，后向下減速，則重力的功率先增大后減小故B錯誤對整個過程，由系統(tǒng)的機械能守恒得彈簧的彈性勢能變化量等于物塊重力勢能的減少量，為mg（x1+x2）sin故C正確對于物塊和彈簧組成的系統(tǒng)，由機械能守恒定律知，物塊重力勢能、動能與彈簧彈性勢能之和保持不變故D錯誤故選AC.點睛：本題屬于動態(tài)分析類型的題目，要注意通過受力分析與受力分析的

13、方程來說明物體受到的合力的變化，進而說明物體的加速度的變化與速度的變化關(guān)系要注意機械能是針對物塊和彈簧組成的系統(tǒng)的，對物塊機械能并不守恒二、實驗題（本題共2小題，共15分把答案直接填寫在答題卷的對應(yīng)位置處）13. 某同學(xué)為了測量Rx的電阻值，設(shè)計了如圖甲所示的電路用到的器材有：電源（電動勢未知內(nèi)阻為r），理想電流表，理想電壓表，單刀雙擲開關(guān)S實驗時他進行了如下操作：(1)在開關(guān)處于斷開狀態(tài)下連接好電路；(2)將開關(guān)S向電壓表一側(cè)閉合，記錄下電壓表讀數(shù)U1；將開關(guān)S向Rx一側(cè)閉合，記錄下電流表讀數(shù)I2;(3)根據(jù)已知條件和(2)中測量數(shù)據(jù)，可得電源電動勢E=_，待測電阻的表達式Rx= _;(4)

14、根據(jù)圖甲電路，完成圖乙中各實物器材之間的連線_.【答案】 (1). U1 (2). (3). 【解析】（3）當(dāng)將開關(guān)S向電壓表一側(cè)閉合，電壓表讀數(shù)U1，可知電源的電動勢E=U1；將開關(guān)S向Rx一側(cè)閉合，電流表讀數(shù)I2，則E=I2(Rx+r)，解得.（4）實物連線如圖；14. 利用知圖1所示的裝置可以“研究勻變速直線運動的規(guī)律”將質(zhì)量為m1的物塊1與質(zhì)量為m2的物塊2(m10)的帶電粒子從極板AB的正中央0點，由靜止釋放，經(jīng)極板AB、CD間的電場加速后，從極板CD正中央小孔射出，在磁場中做勻速圓周運動改變方向后，能再次進入電場，且?guī)щ娏Ｗ由淙腚妶鰰r的速度方向與電場方向垂直，并恰能第二次射出電場，不計帶電粒子所受重力，電場、磁場的交界處為理想邊界(1)求粒子從極板CD中央小孔射出時的速度大?。?2)求勻強磁場的磁感應(yīng)強度大小；(3)請計算說明帶電粒子第二次射出電場時的位置，【答案】(1) (2) (3)從C點射出【解析】（1）設(shè)帶電粒子經(jīng)過電場加速后，從極板 CD 正中央小孔射出時的速度大小為 v，由動能定理有: 解得：（2）設(shè)帶電粒子第一次從電場中射出后，在磁場中做勻速圓周運動的半徑為 r，由粒子再次進入勻強電場時的速度方向與電場方向垂直，可知運動方向改變 270，由 A點垂直射入電場由幾何關(guān)系可得r=d 洛