南陽市第34次理綜試題答案

1、2014-2015第三十四次理科綜合訓(xùn)練答案物理答案14、答案：C解析：質(zhì)量、長度和時(shí)間是力學(xué)中三個(gè)基本物理量，它們的單位千克、米和秒就是基本單位，故A錯(cuò)誤；法拉第最先提出電荷周圍存在電場(chǎng)的觀點(diǎn)，故C正確;牛頓用“月地檢驗(yàn)”證實(shí)了萬有引力定律的正確性，故B錯(cuò)誤；卡文迪許測(cè)出了引力常量，故D錯(cuò)誤。15、【答案】A【解析】對(duì)A受力分析，受重力mg、繩的拉力FT、B對(duì)A的吸引力F,由分析知，A平衡時(shí)，F(xiàn)的最小值為F=,解得r=1m，所以r小于等于1m,A正確?！军c(diǎn)撥】本題的關(guān)鍵是正確的受力分析，動(dòng)態(tài)平衡條件。16、【答案】C【解析】以整體為研究對(duì)象，開始靜止，所以大環(huán)對(duì)輕桿拉力為（M+m）g,小環(huán)在

2、最低點(diǎn)時(shí)，根據(jù)牛頓第二定律得：F-mg=m，得：F=mg+m，小環(huán)從最高到最低，由動(dòng)能定理，則有：mv2=mg2R；對(duì)大環(huán)分析，有：T=F+Mg=m（g+）+Mg=5mg+Mg故拉力正大了4mg，故C正確?！疽族e(cuò)警示】根據(jù)牛頓第二定律求出小環(huán)運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)，大環(huán)對(duì)它的拉力，再用隔離法對(duì)大環(huán)分析，求出大環(huán)對(duì)輕桿的拉力大小。解決本題的關(guān)鍵搞清小環(huán)做圓周運(yùn)動(dòng)向心力的，運(yùn)用牛頓第二定律進(jìn)行求解。17、【答案】D【解析】A、B在下滑過程中，物體的加速度mgcos-mgsin=ma，a= gcos- gsin，加速度的大小保持不變，所以加速度圖像應(yīng)是與時(shí)間軸平行的直線物體做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，故位移隨時(shí)間變化

3、越越慢，位移-時(shí)間關(guān)系的圖象是向右彎曲的線，故A、B錯(cuò)誤；C、物體做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，下降的高度為h=ssin，也是向右彎曲的線，故C錯(cuò)誤；D、下滑過程中速度大小關(guān)系為v=v0+at=v0+（gsin-gcos）t，動(dòng)能 ，故動(dòng)能變化越越慢，故D正確，故選D?！九e一反三】對(duì)物體受力分析由牛頓第二定律求出加速度，由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求出速度位移及下降高度與時(shí)間的關(guān)系即可求的。18、【分析】：根據(jù)萬有引力提供圓周運(yùn)動(dòng)向心力及重力與萬有引力相等分析衛(wèi)星的加速度大小情況，掌握衛(wèi)星變軌原理即通過做離心運(yùn)動(dòng)和近心運(yùn)動(dòng)改變運(yùn)動(dòng)軌道，根據(jù)除重力外其它力做功與機(jī)械能變化的關(guān)系分析機(jī)械能的變化情況【解析】： 解：A、根據(jù)萬

4、有引力提供向心力，得a=而GM=gR2所以衛(wèi)星的加速度故A錯(cuò)誤；B、根據(jù)萬有引力提供向心力，得所以衛(wèi)星1由位置A運(yùn)動(dòng)到位置B所需的時(shí)間t=故B錯(cuò)誤；C、“高分一號(hào)”衛(wèi)星加速，將做離心運(yùn)動(dòng)，軌道半徑變大，速度變小，路程變長，運(yùn)動(dòng)時(shí)間變長，故如果調(diào)動(dòng)“高分一號(hào)”衛(wèi)星快速到達(dá)G3所在軌道必須對(duì)其加速，故C錯(cuò)誤；D、“高分一號(hào)”是低軌道衛(wèi)星，其所在高度有稀薄氣體，克服阻力做功，機(jī)械能減小故D正確故選：D19、【答案】BCD【命題立意】 本題旨在考查閉合電路的歐姆定律?！窘馕觥緼、據(jù)題理想電壓表內(nèi)阻無窮大，相當(dāng)于斷路理想電流表內(nèi)阻為零，相當(dāng)短路，所以R與變阻器串聯(lián)，電壓表V1、V2、V3分別測(cè)量R、路端

5、電壓和變阻器兩端的電壓當(dāng)滑動(dòng)變阻器滑片向下滑動(dòng)時(shí)，接入電路的電阻減小，電路中電流增大，則A的示數(shù)增大，故A錯(cuò)誤；B、根據(jù)閉合電路歐姆定律得：U2=E-Ir，則得：=r；=R，據(jù)題：Rr，則，故V1大于V2故B正確；C、根據(jù)閉合電路歐姆定律得：U3=E-I（R+r），則得：=R+r，故C正確；D、當(dāng)外電阻等于內(nèi)電阻時(shí)，電的輸出功率最大，滑片向下運(yùn)動(dòng)，滑動(dòng)變阻器與R并聯(lián)后電阻不確定于內(nèi)阻r的關(guān)系，故無法確定輸出功率的變化，故D錯(cuò)誤，故選BC?！疽族e(cuò)警示】理想電壓表內(nèi)阻無窮大，相當(dāng)于斷路理想電流表內(nèi)阻為零，相當(dāng)短路分析電路的連接關(guān)系，根據(jù)歐姆定律分析本題是電路的動(dòng)態(tài)分析問題，關(guān)鍵要搞清電路的結(jié)構(gòu)，明

6、確電表各測(cè)量哪部分電路的電壓或電流，根據(jù)閉合電路歐姆定律進(jìn)行分析。20、答案：AC解析：設(shè)細(xì)線與豎直方向的夾角為，細(xì)線的拉力大小為，細(xì)線的長度為。球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)，由重力和細(xì)線的拉力的合力提供向心力，如圖，則有：，得角速度，周期。使小球改到一個(gè)更高一些的水平面上做勻速圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)，增大，減小，則得到細(xì)線拉力增大，角速度增大，周期減小。對(duì)球，由平衡條件得知，受到桌面的靜摩擦力變大，故AC正確，B錯(cuò)誤；金屬塊保持在桌面上靜止，根據(jù)平衡條件得知，受到桌面的支持力等于其重力，保持不變，故D錯(cuò)誤。21、【分析】： 由題意明確感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的規(guī)律，根據(jù)導(dǎo)體切割磁感線規(guī)律和交流電有效值的計(jì)算方法可求得電流及熱量

7、【解析】： 解：A、由于磁場(chǎng)是變化的，故切割產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)也為變值，安培力也會(huì)變力；故要保持其勻速運(yùn)動(dòng)，外力F不能為恒力；故A錯(cuò)誤；B、t=0時(shí)，左右兩邊的磁感應(yīng)強(qiáng)度均為B0，方向相反，則感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E=2B0LV；拉力等于安培力即F=2B0IL=；故B正確；C、由于兩邊正好相隔半個(gè)周期，故產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)方向相同，經(jīng)過的位移為vt；瞬時(shí)電動(dòng)勢(shì)E=2B0Lccos；瞬時(shí)電流I=；故C正確；D、由于瞬時(shí)電流成余弦規(guī)律變化，故可知感應(yīng)電流的有效值I=；故產(chǎn)生的電勢(shì)Q=I2Rt=；故D正確；故選：BCD22、（4分）【解析】： 解：由牛頓第二定律對(duì)A：，對(duì)B：， 解得：故答案為：A；【點(diǎn)評(píng)】： 該實(shí)驗(yàn)思

8、路就是應(yīng)用的牛頓第二定律，實(shí)驗(yàn)裝置簡單，操作簡便23、（11分）【答案】（1）A1(1分)；V1(1分)；R1(1分) （2）如圖（3分） （3）將滑動(dòng)變阻器（1分）換成變阻箱（1分）（4）如圖 （3分） 考查實(shí)驗(yàn)測(cè)量電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻【解析】（1）一節(jié)電池的電動(dòng)勢(shì)約1.5 V，電壓表用2V的量程，選電壓表V1(1分)； 本實(shí)驗(yàn)電流一般不超過0.5A，故電流表選直流電流表A1(1分)； 滑動(dòng)變阻器R1調(diào)節(jié)方便，且額定電流也符合要求，故滑動(dòng)變阻器選R1(1分)。24、（14分）【分析】： 通過圖象可知物體做勻減速運(yùn)動(dòng)，利用牛頓第二定律求的加速度，再有速度時(shí)間公式求的與F之間的關(guān)系，即可求的初速

9、度；有圖象截距即可求的摩擦因數(shù)；根據(jù)圖象即可判斷時(shí)間【解析】： 解：（1）物塊做勻減速運(yùn)動(dòng)至靜止mgF=ma （ 2分）0=v0at （ 2分）由得： （ 2分）由式和圖線斜率可得：又因m=1 kg 則v0=2 m/s （ 2分）（2）由式和圖線截距可得：則=0.2 （ 3分）（3）當(dāng)2 NF2 N時(shí)，由圖線可知運(yùn)動(dòng)時(shí)間大于等于0.5 s；而當(dāng)F的大小超過2 N時(shí)，物體就不可能靜止，所以運(yùn)動(dòng)時(shí)間為無窮 不可能；（ 3分）【點(diǎn)評(píng)】： 本題主要考查了圖象問題，關(guān)鍵是通過圖象找出與F之間的關(guān)系即可25、（18分）【命題立意】本題旨在考查帶電粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)和動(dòng)能定理?！窘馕觥浚?）由幾何關(guān)系知：質(zhì)子

10、再次回到OP時(shí)應(yīng)平行于x軸正向進(jìn)入?yún)^(qū)，設(shè)質(zhì)子從OP上的C點(diǎn)進(jìn)入?yún)^(qū)后再從D點(diǎn)垂直x軸進(jìn)入第四象限，軌跡如圖。 由幾何關(guān)系可知：O1COX，O1C與OX的交點(diǎn)O2即為內(nèi)圓弧的圓心，等邊三角形。（ 2分）設(shè)質(zhì)子在區(qū)圓運(yùn)動(dòng)半徑為，在區(qū)圓運(yùn)動(dòng)半徑為，則： （ 2分）由 得： ， 同理得： （ 2分） 即區(qū)域中磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度： （ 2分） （2）D點(diǎn)坐標(biāo)： （ 2分）質(zhì)子從D點(diǎn)再次到達(dá)y軸的過程， （ 2分）設(shè)質(zhì)子再次到達(dá)y軸時(shí)的速度大小為，由動(dòng)能定理： （ 2分）得： （ 2分）因粒子在y軸方向上不受力，故在y軸方向上的分速度不變?nèi)鐖D有：（ 2分）即方向向左下方與y軸負(fù)向成（）的夾角 【易錯(cuò)警示】（1

11、）根據(jù)運(yùn)動(dòng)規(guī)律畫出運(yùn)動(dòng)運(yùn)動(dòng)軌跡，然后根據(jù)在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)洛倫茲力提供向心力求得磁感應(yīng)強(qiáng)度。（2）根據(jù)動(dòng)能定理和電場(chǎng)力做功求得到達(dá)D點(diǎn)的速度，在y軸方向上不受力，故在y軸方向上的分速度不變從而求得速度的方向。34.（1）解：由圖波長A=24cm，B=12cm又t=，t=kTB，得到TA：TB=2k：1，（k=0，1，2，、），則由波速v=得到，vA：vB=1：k當(dāng)k=1時(shí)，vA：vB=1：1，當(dāng)k=3時(shí)，vA：vB=1：3，當(dāng)k=5時(shí)，vA：vB=1：5，因?yàn)閗為整數(shù)，vA：vB3：1，也不可能等于3：2故選ACE（2）解：設(shè)光線射到AB面時(shí)入射角為光路圖如圖所示因E點(diǎn)為OA的中點(diǎn)，所以由幾何知識(shí)得

12、： =30° =75°臨界角為：C=180°2=45° OB面恰好發(fā)生全反射，則 sinC= 解得： 答：玻璃的折射率n為35.（1）【解析】： 解：A、普朗克引入能量子的概念，得出黑體輻射的強(qiáng)度按波長分布的公式，與實(shí)驗(yàn)符合得非常好，并由此開創(chuàng)了物理學(xué)的新紀(jì)元，故A正確；B、康普頓效應(yīng)不僅表明了光子具有能量，還表明了光子具有動(dòng)量，故B錯(cuò)誤；C、德布羅意把光的波粒二象性推廣到實(shí)物粒子，認(rèn)為實(shí)物粒子也具有波動(dòng)性，故C正確；D、盧瑟福在用a粒子轟擊金箔的實(shí)驗(yàn)中發(fā)現(xiàn)了質(zhì)子，提出原子核式結(jié)構(gòu)學(xué)說，故D錯(cuò)誤；E、為了解釋黑體輻射規(guī)律，普朗克提出電磁輻射的能量是量子化

13、的故E正確；故選：ACE(2) 【解析】： 解：（1）A、B發(fā)生彈性正碰，碰撞過程中，A、B組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒、機(jī)械能守恒，以A、B組成的系統(tǒng)為研究對(duì)象，以A的初速度方向?yàn)檎较?，由?dòng)量守恒定律得：mvo=mvA+2mvB，在碰撞過程中機(jī)械能守恒，由機(jī)械能守恒定律得：mv02=mvA2+2mvB2，聯(lián)立解得：vA=v0，vB=v0；（2）彈簧第一次壓縮到最短時(shí)，B的速度為零，該過程機(jī)械能守恒，由機(jī)械能守恒定律得，彈簧的彈性勢(shì)能：EP=2mvB2=mv02，從彈簧壓縮最短到彈簧恢復(fù)原長時(shí)，B、C與彈簧組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒，彈簧恢復(fù)原長時(shí)，B的速度vB=v0，速度方向向右，C的速度為零，從彈簧恢復(fù)

14、原長到彈簧第一次伸長最長時(shí)，B、C與彈簧組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒、機(jī)械能守恒，彈簧伸長最長時(shí)，B、C速度相等，以向右為正方向，由動(dòng)量守恒定律得：2mvB=（2m+2m）v，由機(jī)械能守恒定律得：2mvB2=（2m+2m）v2+EP，解得：EP=mv02，彈簧第一次壓縮最短與第一次伸長最長時(shí)彈性勢(shì)能之比：EP：EP=2：1；答：（1）A、B碰后瞬間，A的速度為v0，方向向右，B的速度為v0，方向向左；（2）彈簧第一次壓縮最短與第一次伸長最長時(shí)彈性勢(shì)能之比為2：1化學(xué)參考答案第卷選擇題本卷共7小題，每題6分，共42分。7、D 8、C 9、D 10、A 11、B 12、C 13、B第卷26（15分） 球形冷凝管（或冷凝管）（2分） AlCl3 +3H2OAl(OH)3+3HCl（2分） 吸收HCl氣體（1分） 防止燒杯中的水蒸氣進(jìn)入反應(yīng)器中與三氯化鋁反應(yīng) （2分） 洗掉氯化鋁、鹽酸和碳酸鈉（或洗掉可溶性無機(jī)物）（2分） 干燥（1分） C（1分） AB（2分） C（2分）27（14分） 橙（2分) +6（2分） 正極（2分） 4OH4eO22H2O(或2H2O4eO24H+)（2分） 6Fe2+Cr2O72+14H+6Fe3+2Cr3+7H2O（2分） 3×105 （2分）