2019屆高考物理一輪復(fù)習(xí)第二章相互作用第1節(jié)重力、彈力、摩擦力練習(xí)新人教版

1、第二章 第一節(jié) 重力、彈力、摩擦力練規(guī)范課時(shí)沖關(guān)1. （08786114）（2018 湖南湘潭一中、桃源一中、澧縣一中、岳陽一中聯(lián)考）勻速前進(jìn)的車廂頂部用細(xì)線豎直懸掛一小球，如圖所示，小球下方與一光滑斜面接觸. 關(guān)于小球的受力，說法正確的是（）A. 重力和細(xì)線對它的拉力B. 重力、細(xì)線對它的拉力和斜面對它的彈力C. 重力和斜面對它的支持力D. 細(xì)線對它的拉力和斜面對它的支持力解析：A 小球必定受到重力和細(xì)線的拉力.小球和光滑斜面接觸， 但斜面對小球沒有彈力，假設(shè)有彈力，小球?qū)⑹艿饺齻€(gè)力作用， 重力和細(xì)線的拉力在豎直方向上，彈力垂直于斜面向上，三個(gè)力的合力不可能為零，與題設(shè)條件矛盾，故A 正確.

2、2. （08786115）（2018 寧夏石嘴山三中期末）如圖所示，完全相同的質(zhì)量為m的A、B兩球用兩根等長的細(xì)線懸掛在O點(diǎn)，兩球之間夾著一根勁度系數(shù)為k的輕彈簧，靜止不動時(shí),0mga n 根據(jù)胡克定律可得F=kx，聯(lián)立兩式解得x=k, A 正確.層級突破觀范解答彈簧處于水平方向，兩根細(xì)線之間的夾角為0，則彈簧的長度被壓縮了（A.mganBmganC.2mga n0k2mganD.解析：A 對其中一個(gè)小球進(jìn)行受力分析,0如圖所示，根03. （08786116）（2018 重慶南開中學(xué)期中）如圖所示，光滑豎直墻壁上有一顆釘子，分sin 30FCkXCFAkXA兩次用長短不同的輕繩將同一個(gè)足球掛在

3、該釘子上，足球分別靜止在分別為TA和TB,墻對足球的支持力分別為2 和NB,則（）A.TATB, NNBC.TANB解析：D 對足球進(jìn)行受力分析，如圖所示，則由三力平衡可得:=N,繩的拉力T=G，墻壁對足球的彈力N= Gan0,可知0越大，T、N均越大,cos0則有TATB, NANB,故 D 正確.4. （2018 江蘇常州高級中學(xué)階段調(diào)研）如圖所示，用完全相同的輕彈簧A、B C將兩個(gè)相同的小球連接并懸掛，小球處于靜止?fàn)顟B(tài)，彈簧A與豎直方向的夾角為30,彈簧C水平，則彈簧 A C 的伸長量之比為（）蠢 A*Ap ： 4B. 4 ：C. 1 : 2D. 2 : 1FA解析：D 以兩球和輕彈簧B

4、為研究對象受力分析如圖所示 根據(jù)力合成的矢量三角形可得A、B兩點(diǎn)，繩子拉力B.TATB, NVNBD.TATB,NANBTcos0 =G, Tsin0所以 =2 : 1.D 正確.Xc5. （08786117）（2018 重慶育才中學(xué)月考）輕桿的一端安裝有一個(gè)小滑輪 P,用手握住 桿的另一端支持著懸掛重物的繩子， 如圖所示.現(xiàn)保持滑輪的位置不變， 使桿向下轉(zhuǎn)動一個(gè) 角度到虛線位置，則下列關(guān)于桿對滑輪P的作用力的判斷正確的是（ ）A.變大D.無法確定解析：B 據(jù)題意，保持滑輪的位置不變，處于靜止?fàn)顟B(tài)，其所受合力為零；重物也靜止，則知繩子的拉力大小始終等于重物的重力大小，保持不變；兩繩的夾角也不變

5、，故兩繩拉力的合力保持不變， 使桿向下轉(zhuǎn)動一個(gè)角度到虛線位置的過程中，根據(jù)平衡條件知，桿對滑輪P的作用力與兩繩拉力的合力大小相等、方向相反，所以桿對滑輪P的作用力保持不變, 故 B正確.6. （08786118）（2018 江蘇鹽城射陽二中第二次調(diào)研）如圖所示，一只半徑為R的半球解析：A 螞蟻受重力、支持力和摩擦力而處于平衡， 摩擦力與水平方向所成的夾角為5RB.不變C.變小形碗倒扣在水平桌面上，處于靜止?fàn)顟B(tài).一質(zhì)量為4血勺螞蟻在離桌面高度為 5R時(shí)恰能停在碗上，則螞蟻受到的最大靜摩擦力大小為A. 0.6mgC. 0.4mg0，根據(jù)平衡條件有f=mgdn0=卩N=卩mgpos0,而 cos00

6、.8，所以 卩=tanR30= 4,故最大靜摩擦力f=卩mgcos0= 0.6mg故 A 正確.7. (08786119)(2018 重慶一中月考)建筑裝修中，工人用質(zhì)量為m的磨石對傾角為0的斜壁進(jìn)行打磨(如圖所示)，當(dāng)對磨石施加豎直向上大小為F的推力時(shí)，磨石恰好沿斜壁向上勻速運(yùn)動，已知磨石與斜壁之間的動摩擦因數(shù)為卩，則磨石受到的摩擦力大小是()A. (Fmgcos0B. (Fmgs in0C.(1 (Fmgcos0D.(1 (Fmgta n09. (08786120)(2018 寧夏銀川一中月考)如圖所示，某豎直彈射裝置由兩根勁度系數(shù)解析：A 磨石受重力、推力、斜壁的彈力及摩擦力作用而處于平

7、衡狀態(tài)，由圖可知，F(xiàn)一定大于重力mg先將重力及向上的推力合成后，將二者的合力沿垂直于斜面方向及平行于斜面方向分解，則在沿斜面方向上有f= (Fmgcos0，在垂直斜面方向上有FN=(Fmg sin0,則f=1(Fmgs in0,故 A 正確.& (2018 江蘇鎮(zhèn)江三校聯(lián)考)用質(zhì)量為M的吸鐵石將一張質(zhì)量為m的白紙壓在豎直固定的磁性黑板上.某同學(xué)沿著黑板面用水平向右的恒力F輕拉白紙，白紙未移動,則此時(shí)黑板對白紙的摩擦力的大小為(A. FDA/F2+Mg mg2C.F2+mg2解析：D 由題意可知，整體受向下的重力、向右的拉力作用，二力的合力為F合=F2+Mg mg2,由力的平衡條件可知，

8、摩擦力應(yīng)與該合力大小相等，方向相反，故確.為k的輕彈簧以及質(zhì)量不計(jì)的底盤構(gòu)成.當(dāng)質(zhì)量為m的物體豎直射向空中時(shí)， 底盤對物體的支持力為 5mgg為重力加速度），已知兩根彈簧與豎直方向的夾角為0= 60,則此時(shí)每根彈簧的伸長量為（）解析：C 對物體m進(jìn)行受力分析，受重力和支持力，根據(jù)牛頓第二定律有N mgr ma其中N=5mg解得a= 4g；再對質(zhì)量不計(jì)的底盤和物體m的整體進(jìn)行分析，受兩個(gè)拉力和重 力，根據(jù)牛頓第二定律，豎直方向上有2Fcos 60 mgk ma解得F= 5mg根據(jù)胡克定律有x=故 C 正確.10.（08786121）（多選）（2018 四川成都高新區(qū)月考）如圖所示，把重為 20

9、N 的物體放在傾角為 30的粗糙斜面上，物體處于靜止?fàn)顟B(tài)物體右端與固定在斜面上的輕彈簧相連接，若物體與斜面間的最大靜摩擦力為12 N，則彈簧對物體的彈力（彈簧與斜面平行）（）A. 可以為 22 N，方向沿斜面向上B. 可以為 2 N，方向沿斜面向下C. 可以為 12 N，方向沿斜面向下D. 彈力不可能為零解析：AB 將物體重力按照作用效果分解為平行斜面的下滑分力為mgsin 30= 10 N,垂直斜面的垂直分力為mgcos 30 = 10 3 N，當(dāng)最大靜摩擦力平行斜面向下時(shí)，物體與斜 面間的最大靜摩擦力為12 N，彈簧彈力為拉力，等于22 N ;當(dāng)最大靜摩擦力平行斜面向上時(shí)，物體與斜面間的最

10、大靜摩擦力為12 N,彈簧彈力為推力，等于 2 N,故彈簧彈力可以是不大于 2 N 的推力或者不大于 22 N 的拉力，也可以沒有彈力，綜上所述，故A、B 正確，CD 錯(cuò)誤.11.（多選）（2018 成都檢測）如圖所示，物體P、Q用輕繩連接后跨過定滑輪，物體PA.3mgkC.5mgV6mg靜止在傾角為 37的斜放木板上，物體Q懸掛在定滑輪的另一側(cè)已知P、Q的質(zhì)量m、RQ,3大小關(guān)系為RQ= 4m.今將斜放木板的傾角從37增大到 45,物體P仍保持靜止而沒有滑動，若不計(jì)滑輪處的摩擦，則下列說法中正確的是A. 繩子的張力大小不變B. 物體 P 受到的靜摩擦力將變小C. 物體 P 對斜板的壓力將變小

11、D. 繩子張力和物體 P 受到的摩擦力大小均不變解析：ABC 繩中張力大小等于物體Q的重力大小，且其大小保持不變，故A 正確；令斜放木板與水平面夾角為a,物體P對斜板壓力等于mgcosa,傾角由 37變?yōu)?45,壓力變小，故 C 正確；當(dāng)a= 37時(shí)，P受到的靜摩擦力Ff=mQg-mpgsin 37 = 0.15mpg, 方向沿斜板向下，當(dāng)a= 45時(shí)，P受到的靜摩擦力Ff=mQg-mgsin 45= 0.04mg，方 向仍沿斜板向下，故 B 正確，D 錯(cuò)誤.12.（08786122）（多選）如圖所示，斜劈A靜止放置在水平地面上，質(zhì)量為m的物體B以 一定的初速度v沿斜面下滑已知物體B與斜劈A間

12、的動摩擦因數(shù) 卩=tana,則下列說 法中正確的是（）若此刻加一豎直向下的恒力作用在物體B上，物體B一定加速下滑A無摩擦力=tana,對物體B受力分析知，B受到的合力為零，B勻速下滑.BB受力分析知，合力仍為零，故物體B仍勻速下滑，選項(xiàng) A 錯(cuò)誤；對斜劈A受力分析，B對A的摩擦力與對A的彈力的合力豎直向下，再加上A所受到的重力與地面的支持力均在豎直方向上，故地面對A不可能有摩擦力，綜上可知，選項(xiàng)C 錯(cuò)誤，B、D正確.13.（08786123）（多選）（2018 山東省萊蕪）如圖所示，輕彈簧兩端分別固定質(zhì)量為m、m的小球a、b,通過兩根細(xì)線將小球吊在水平天花板上，已知兩球均處于靜止?fàn)顟B(tài)，兩細(xì)線與

13、水平方向的夾角均為a，彈簧軸線沿水平方向，以下說法正確的是（）A.B. 若此刻對物體B施加一水平向左的推力，則地面對斜劈A無摩擦力C.若此刻對物體B施加一水平向左的推力，則地面對斜劈A的摩擦力向右D. 若此刻對物體B施加一平行于斜面向下的恒定推力，物體B加速下滑，地面對斜劈解析：BD 因卩受豎直向下的力后，對Aa球所受細(xì)線的拉力大小為 siB. a、b兩球所受細(xì)線的拉力大小不一定相等C.b球所受彈簧的彈力的大小為mgtanaD.a、b球的質(zhì)量大小關(guān)系一定滿足m=m解析：AD 對a球分析，運(yùn)用共點(diǎn)力平衡條件，得細(xì)線的拉力為，彈簧的sina彈力F=nagcota;對b球分析，結(jié)論相同，故m=m，故

14、 B、C 項(xiàng)錯(cuò)誤，A、D 項(xiàng)正確.ab上滑行，長木板放在水平地面上一直處于靜止?fàn)顟B(tài).若木塊P與長木板ab間的動摩擦因數(shù)為 卩2,則長木板ab受到地面的摩擦力大小為()A.uiMgB.ui(mM)gC.卩2mgD.卩iMg+卩2mg解析：C 木塊P相對長木板ab向右滑動，受到向左的滑動摩擦力，大小為fi=y2N=卩2mg力的作用是相互的，故木塊P對長木板ab有向右的滑動摩擦力，故長木板ab有 向右滑動的趨勢，受到地面對其向左的靜摩擦力；根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件有f2=f1,因而f2=卩2mg故選 C.15.如圖所示，在動力小車上固定一直角硬桿ABC分別系在水平直桿AB兩端的輕彈簧和細(xì)線將小球P懸吊起來.輕彈簧的勁度系數(shù)為k，小球P的質(zhì)量為m當(dāng)小車沿水平地面以加速度a向