洗馬高中2014年秋季期中考試高二物理模擬試題9

1、洗馬高中2014年秋季期中考試高二物理模擬試題9時間；90分鐘 分數(shù)；110分注意事項：1卷面共100分，考試時間90分鐘。2答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、學(xué)號、班級在密封線內(nèi)填寫清楚。3考試結(jié)束，考生只交機讀卡和答題卡。第卷（選擇題，共40分）一、選擇題（本題包括10小題，每題4分，共40分。其中1至6小題為單項選擇題，7至10題為多項選擇題，全部選對的得4分，選對但不全的得2分，有選錯的得0分。）1、以下說法不符合物理史實的是（ ）A庫侖發(fā)現(xiàn)了點電荷間相互作用力的大小 B奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)C法拉第提出了電場的概念，并首先用電場線形象地描述電場 D安培首先提出磁場對電荷有力的作用【答案

2、】D【ks5u解析】洛倫茲是首先提出磁場對運動電荷有力的作用的科學(xué)家，故D錯誤【考點】物理學(xué)史2、下列說法中正確的是（ ）A電場對放入其中的電荷一定有電場力作用，磁場對放入其中的通電導(dǎo)線一定有磁場力作用B正電荷受電場力的方向與所在處的電場方向相同，一小段通電導(dǎo)線受磁場力的方向與所在處的磁場方向相同C同一通電導(dǎo)線放在磁場中的不同位置，受安培力大的地方，該處磁感應(yīng)強度一定大D磁通密度是描述磁場強弱的物理量，其單位是“特斯拉”【答案】D【ks5u解析】A、磁場方向和通電導(dǎo)線不平行時，才會有磁場力，故A錯誤；B、由左手定則可知，安培力和磁場方向是垂直關(guān)系，故B錯誤；C、導(dǎo)線放置方向、B、電流方向三者方

3、向關(guān)系固定時，安培力大的，該處磁感應(yīng)強度一定大，若方向關(guān)系不固定，則安培力大的地方磁感應(yīng)強度也不一定大，故C錯誤；D、磁通量密度，簡稱磁通密度，它從數(shù)量上反映磁力線的疏密程度。磁場的強弱，通常用磁感應(yīng)強度“B”來表示，哪里磁場越強，哪里B的數(shù)值越大，磁力線就越密；按照國際單位制磁感應(yīng)強度的單位是特斯拉。故D正確?！究键c】電場力；安培力；磁感應(yīng)強度3、如圖所示，a、b、c為電場中同一條電場線上的三點，c為ab的中點，a、b點的電勢分別為5 V，3 V，下列敘述正確的是（ ）A該電場在c點處的電勢一定為4 VBa點處的場強一定大于b點處的場強C一正電荷從c點運動到b點電勢能一定減少D一正電荷運動到

4、c點時受到的靜電力由c指向a【答案】C【ks5u解析】A、當(dāng)該電場是勻強電場時，由于沿電場方向相同距離電勢差相等，則場在c點處的電勢一定為4V當(dāng)該電場不是勻強電場時，在c點處的電勢不一定為4V，故A錯誤；B、一條電場線無法比較電場線的疏密，就無法比較場強的大小，則a點處的場強Ea不一定大于b點處的場強Eb，故B錯誤；C、由題，a點的電勢高于b點的電勢，根據(jù)正電荷在電勢高處電勢能大可知，正電荷從c點運動到b點電勢能一定減少，故C正確；D、由題可判斷電場線方向從a指向b，正電荷運動到c點時受到的電場力由a指向b，故D錯誤。【考點】電勢能；電場強度4、如圖，A、B、C、D、E、F為勻強電場中一個邊長

5、為10cm的正六邊形的六個頂點，A、B、C三點電勢分別為1V、2V、3V， 則下列說法正確的是（ ）A勻強電場的場強大小為10V/mB勻強電場的場強大小為 C電荷量為 C的正點電荷從E點移到F點，電荷克服電場力做功為JD電荷量為C的負點電荷從F點移到D點，電荷的電勢能減少 J【答案】B【ks5u解析】A、BA間的電勢差為UBA=1V，又UBA=EdABcos30，得場強，故A錯誤B正確；C、由正六邊形對稱性，EBAF，則AF也為電場中的一條等勢線，F(xiàn)=A=1V，由上可知，E的電勢為E=B=2VF，則電荷量為1.610-19C的正點電荷從E點移到F點，電場力做正功，而且為WEF=qUEF=q（E

6、-F）=1.610-19J，故C錯誤；D、D點的電勢等于C點的電勢，D=3V，電荷量為1.610-19C的負點電荷從F點移到D點，電場力做功為WFD=qUFD=q（F-D）=3.210-19J，電勢能減小3.210-19J，故D正確錯誤?！究键c】電勢能；電勢差；電勢5、一個門電路的兩個輸入端A、B與輸出端Z的波形如圖所示，則可知該門電路是（ ） A“與”門 B“或”門 C“與非”門 D“或非”門【答案】C【ks5u解析】將A、B、C、D四個門電路分別代入，與門輸入端全為“1”，輸出端才為“1”，或門輸入端只要有“1”，輸出端就為“1”非門輸入端為“1”，輸出端為“0”；故C正確?！究键c】簡單的

7、邏輯電路6、如圖所示的天平可用來測定磁感應(yīng)強度B。天平的右臂下面掛有一個矩形線圈，寬為L，共N匝，線圈的下部懸在勻強磁場中，磁場方向垂直紙面。當(dāng)線圈中通有電流I（方向如圖）時，在天平左、右兩邊分別加上質(zhì)量各為、的砝碼，天平平衡。當(dāng)電流反向（大小不變）時，左邊再加上質(zhì)量為m的砝碼后，天平重新平衡。由此可知（） A磁感應(yīng)強度的方向垂直于紙面向里，大小為B磁感應(yīng)強度的方向垂直于紙面向里，大小為C磁感應(yīng)強度的方向垂直于紙面向外，大小為D磁感應(yīng)強度的方向垂直于紙面向外，大小為【答案】D【ks5u解析】重新平衡需要左邊添加砝碼，說明開始時線圈受到的安培力向上，由左手定則可知磁場一定向外；添加的砝碼質(zhì)量為m

8、，說明兩次的安培力大小之和等于mg，故有，得。故選D?！究键c】安培力7、如圖所示，電源電動勢為E，內(nèi)電阻為r，當(dāng)滑動變阻器的觸片P從右端滑到左端時，發(fā)現(xiàn)電壓表V1、V2示數(shù)為U1、U2，示數(shù)變化的絕對值分別為和，電流表的示數(shù)為I，電流表示數(shù)變化的絕對值為，下列說法中正確的是（ ）A小燈泡、變暗，變亮B小燈泡變暗，、變亮CD不變，不變【答案】BD【ks5u解析】當(dāng)滑動變阻器的觸片P從右端滑到左端時，變阻器接入電路的電阻減小，外電路總電阻減小，總電流增大，路端電壓減??；AB、由總電流增大可知，V2示數(shù)變大L2變亮；又因路端電壓減小，可知V1示數(shù)減小L3變暗；因總電流增大通過L3的電流減小知，通過L

9、1的電流增大，故L1變亮；故B正確；C、把L2和電源看成一個整體，新的電路圖外電壓就是U1，由得，所以，故C錯誤；D、由歐姆定律可知，所以既是電源內(nèi)阻和L2的總電阻，既是L2的電阻，故D正確?！究键c】閉合電路的歐姆定律8、如圖所示，平行板電容器兩極板A、B接于電源兩極,一帶正電小球懸掛在電容器內(nèi)部，閉合電開關(guān)S，電容器充電，這時懸線偏離豎直方向的夾角為，則（ ）A保持電開關(guān)S閉合，若帶正電的A板向B板靠近，則增大B保持電開關(guān)S閉合，若帶正電的A板向B板靠近，則不變C開關(guān)S斷開，若帶正電的A板向B板靠近，則增大D開關(guān)S斷開，若帶正電的A板向B板靠近，則不變【答案】AD【ks5u解析】A、B、保持

10、電鍵S閉合時，電容器板間電壓不變，帶正電的A板向B板靠近時，板間距離d減小，由分析得知，板間場強增大，小球所受電場力增大，則增大，故A正確B錯誤；C、D、電鍵S斷開，根據(jù)推論可知，板間場強不變，小球所受電場力不變，則不變，故C錯誤，D正確?！究键c】電容器的動態(tài)分析；電容9、真空中，兩個相距L的固定點電荷E、F所帶電荷量大小分別是QE和QF ，在它們共同形成的電場中，有一條電場線如圖中實線所示，實線上的箭頭表示電場線的方向。電場線上標(biāo)出了M、N兩點，其中過N點的切線與EF連線平行，且NEF NFE。則（ ）AE帶正電，F(xiàn)帶負電，且QEQFB在M點靜止釋放一正檢驗電荷，它將沿電場線運動到N點C過N

11、點的等勢面與過N點的切線垂直D負檢驗電荷在M點的電勢能小于在N點的電勢能【答案】ACD【ks5u解析】A、N點的場強是由E、F兩電荷在產(chǎn)生場強的疊加，根據(jù)N點的切線與EF連線平行，知E帶正電，F(xiàn)帶負電，則電荷E在N點電場方向沿EN向上，電荷F在N點產(chǎn)生的場強沿NF向下，合場強水平向右，可知F電荷在N點產(chǎn)生的場強大于E電荷在N點產(chǎn)生的場強，而NFNE，所以QFQE，故A正確；B、只有電場線是一條直線，且初速度為0或初速度的方向與電場平行，其運動軌跡才與電場線重合而該電場線是一條曲線，所以運動軌跡與電場線不重合故在M點由靜止釋放一帶正電的檢驗電荷，不可能沿電場線運動到N點，故B錯誤；C、因為電場線

12、和等勢面垂直，所以過N點的等勢面與過N點的切線垂直，故C正確；D、沿電場線方向電勢逐漸降低，UMUN，再根據(jù)Ep=qU，q為負電荷，知EpMEpN，故D正確。【考點】電場線；電場的疊加；電勢能10、如圖所示為一種獲得高能粒子的裝置，環(huán)形區(qū)域內(nèi)存在垂直紙面向外、磁感應(yīng)強度大小可調(diào)的均勻磁場（環(huán)形區(qū)域的寬度非常?。Ｙ|(zhì)量為m、電荷量為+q的粒子可在環(huán)中做半徑為R的圓周運動。A、B為兩塊中心開有小孔的距離很近的極板，原來電勢均為零，每當(dāng)帶電粒子經(jīng)過A板準(zhǔn)備進入AB之間時，A板電勢升高為+U，B板電勢仍保持為零，粒子在兩板間的電場中得到加速。每當(dāng)粒子離開B板時，A板電勢又降為零。粒子在電場中一次次加速

13、下動能不斷增大，而在環(huán)形磁場中繞行半徑R不變。（設(shè)極板間距遠小于R） 下列說法正確的是（ ）A粒子從A板小孔處由靜止開始在電場力作用下加速，繞行n圈后回到A板時獲得的總動能為2nqU B粒子在繞行的整個過程中，每一圈的運動時間不變C為使粒子始終保持在半徑為R的圓軌道上運動，磁場的磁感應(yīng)強度大小必須周期性遞增D粒子繞行第n圈時的磁感應(yīng)強度大小為【答案】CD【ks5u解析】A、粒子繞行一圈，動能的增量為qU，則繞行n圈所獲得的總動能為：，故A錯誤；B、由A選項可知，粒子的速度不斷增大，而由可得粒子的周期不斷減小，故B錯；C、D、由得，而由A選項可得，所以故CD正確；【考點】帶電粒子在勻強磁場中的運

14、動；牛頓第二定律；向心力；動能定理的應(yīng)用；帶電粒子在勻強電場中的運動第卷（非選擇題 共60分）二、實驗題（本題包括2小題，共16分）11、（8分）如圖所示為多用電表示意圖其中A、B、C為三個可調(diào)節(jié)的部件某同學(xué)在實驗室中用它測量一阻值約為13k的電阻他測量的操作步驟如下：（1）調(diào)節(jié)可調(diào)部件_，使電表指針指向左邊零刻度處。（2）調(diào)節(jié)可調(diào)部件B，使它的尖端指向_位置。（3）將紅黑表筆分別插入正負插孔中，兩筆尖相互接觸，調(diào)節(jié)可動部件_，使電表指針指向歐姆零刻度位置。（4）將兩只表筆分別與待測電阻兩端相接，進行測量讀數(shù)。（5）換測另一阻值為2025 k的電阻時，選擇“1 k”檔，此時還必須重復(fù)步驟（3）

15、，才能進行測量，若電表讀數(shù)如圖所示，則該待測電阻的阻值是_【答案】（1）A （2）“100”的倍率擋 （3） C （5）22.0 k【ks5u解析】（1）多用電表的使用首先進行機械調(diào)零：調(diào)節(jié)可調(diào)部件A，使電表指針停在電流表、電壓表的零刻度（或表盤左邊的零刻度）的位置；（2）選擇合適的檔位：因電阻約為13k歐姆，則選擇100的倍率擋即可;（3）進行歐姆調(diào)零，即：調(diào)節(jié)可調(diào)部件 C，使電表指針指向表盤右邊的歐姆擋零刻線位置；(5)電阻值為讀數(shù)倍率，即為22.0 k【考點】用多用電表測電阻12、（8分）在測量電源的電動勢E和內(nèi)阻r（電動勢約2V，內(nèi)阻約0.5）的實驗中，給出如下器材：量程為1V的電壓表

16、，量程為0.5A的電流表（內(nèi)阻較小），定值電阻R0 = 1.6，滑動變阻器R，開關(guān)S，導(dǎo)線若干。（1）四位同學(xué)設(shè)計了如上四個電路，實驗電路應(yīng)選為（ ）。（2）根據(jù)實驗測量記錄數(shù)據(jù)畫出了電壓表示數(shù)U隨電流表示數(shù)I的變化關(guān)系UI圖象，如圖所示，由此可知電源電動勢E=_、內(nèi)阻為r=_。（結(jié)果在小數(shù)點后保留兩位小數(shù)）【答案】（1）D （2）1.70V 0.40【ks5u解析】（1）定值電阻起保護作用，應(yīng)置于干路，故選D電路；（2）縱截距即為電動勢，即E=1.70V，斜率為內(nèi)阻和R0之和，故內(nèi)阻r0.40【考點】測定電源的電動勢和內(nèi)阻三、計算題（本題包括4小題，共44分。解答應(yīng)寫出必要的文字說明、方程式

17、或重要的演算步驟，只寫出最后答案不得分。）13、（9分）在一個點電荷Q的電場中，Ox坐標(biāo)軸與它的一條電場線重合，坐標(biāo)軸上A、B兩點的坐標(biāo)分別為2.0m和5.0m。放在A、B兩點的試探電荷受到的電場力方向都跟x軸的正方向相同，電場力的大小跟試探電荷所帶電量的關(guān)系圖象如圖中直線a，b所示，放在A點的電荷帶正電，放在B點的電荷帶負電。求：（1）B點的電場強度的大小和方向。（2）判斷點電荷Q的電性，并求出Q的位置坐標(biāo)?！敬鸢浮縀A=40N/C，方向沿x軸正方向 點電荷Q帶負電荷 x=2.6m【ks5u解析】（1）B點的場強方向沿x軸負方向。 同理A點的電場強度EA=40N/C，方向沿x軸正方向。（2）

18、點電荷Q帶負電荷。設(shè)點電荷Q的坐標(biāo)為x，由點電荷的場強公式可知， 解得x=2.6m。（另解x=1舍去）【考點】電場強度14、（10分）如圖所示，一個理想邊界為PQ、MN的勻強磁場區(qū)域，磁場寬度為d，方向垂直紙面向里一電子從O點沿紙面垂直PQ以速度進入磁場若電子在磁場中運動的軌道半徑為2dO在MN上，且OO 與MN垂直求： （1）電子打在MN上的點與O點的距離。（2）電子在磁場中運動的時間。【答案】 【ks5u解析】（1）設(shè)電子打在MN上的點與O點的距離為x，則由幾何知識得：解得：（2）設(shè)軌跡對應(yīng)的圓心角為，由幾何知識得： 得電子在磁場中運動的時間【考點】帶電粒子在勻強磁場中的運動；牛頓第二定律

19、；向心力15、（9分）電解槽A和電爐B并聯(lián)后接到電源上，電源內(nèi)阻r1 ，電爐電阻R19 ，電解槽電阻r00.5 。當(dāng)S1閉合、S2斷開時，電爐消耗功率為684 W；S1、S2都閉合時電爐消耗功率為475 W（電爐電阻可看作不變）。試求：（1）電源的電動勢；（2）S1、S2閉合時，流過電解槽的電流大??；（3）S1、S2閉合時，電解槽中電能轉(zhuǎn)化成化學(xué)能的功率【答案】120V 20A 1700W【ks5u解析】（1）由于 得，I=6A 由 E=I(R+r)得, E=120 V（2）開關(guān)閉合時由可得故 （3）P= 【考點】電功；電功率16、（16分）如圖所示，在直角坐標(biāo)系中，將第、象限稱為區(qū)域一，第、

20、象限稱為區(qū)域二，其中一個區(qū)域內(nèi)有勻強電場，另一個區(qū)域內(nèi)有大小為T、方向垂直紙面的勻強磁場現(xiàn)將一個比荷C/kg的正電荷從坐標(biāo)為(0，1)的A點處由靜止釋放，電荷以一定的速度從坐標(biāo)為(1, 0)的C點第一次經(jīng)x軸進入?yún)^(qū)域一，經(jīng)過一段時間，從坐標(biāo)原點O再次回到區(qū)域二，不計電荷的重力（1）指出哪個區(qū)域是電場、哪個區(qū)域是磁場，以及電場和磁場的方向。（2）求電荷在磁場中做圓周運動的半徑和電場強度的大小。（3）求電荷第三次經(jīng)過x軸時的位置?！敬鸢浮浚?）區(qū)域一是磁場，方向垂直紙面向里，區(qū)域二是電場，方向由A指向C（2） （3）坐標(biāo)為（8，0）【ks5u解析】（1）區(qū)域一是磁場，方向垂直紙面向里，區(qū)域二是電場

21、，方向由A指向C。（2）設(shè)電場強度大小為E，電荷從C點進入?yún)^(qū)域一的速度為v。從A到C電荷做初零的勻加速直線運動，且過C點時速度方向與+x軸方向成45角，有電荷進入?yún)^(qū)域一后，在洛侖茲力的作用下做勻速圓周運動，有：由題意及幾何關(guān)系有：解得（3）電荷從坐標(biāo)原點O第二次經(jīng)過x軸進入?yún)^(qū)域二，速度方向與電場方向垂直，電荷在電場中做類平拋運動，設(shè)經(jīng)過時間t電荷第三次經(jīng)過x軸，有：解得t2106s所以即電荷第三次經(jīng)過x軸上的坐標(biāo)為（8，0）【考點】帶電粒子在混合場中的運動物理答案一、選擇題題號12345678910答案DDCBCDBDADACDCD二、非選擇題11、（共8分）評分標(biāo)準(zhǔn)：每空2分。答案：（1）A （2）“10