圓錐曲線的解題技巧完美word版

1、圓錐曲線的解題技巧一、常規(guī)七大題型：1、中點弦問題具有斜率的弦中點問題，常用設而不求法(點差法)：設曲線上兩點為(x1,y1)，(x2,y2)，代入方程，然后兩方程相減，再應用中點關系及斜率公式(當然在這里也要注意斜率不存在的請款討論)，消去四個參數如：(1)+=1(a>b>0)與直線相交于A、B，設弦AB中點為M(x0,y0)，則有+k=0(2)=1(a>0，b>0)與直線l相交于A、B，設弦AB中點為M(x0,y0)，則有k=0(3)y2=2px(p>0)與直線l相交于A、B設弦AB中點為M(x0,y0)，則有2y0k=2p，即y0k=p典型例題：給定雙曲線x

2、2=1過A(2,1)的直線與雙曲線交于兩點P1及P2，求線段P1P2的中點P的軌跡方程2、焦點三角形問題橢圓或雙曲線上一點P，與兩個焦點F1、F2構成的三角形問題，常用正、余弦定理搭橋 典型例題：設P(x,y)為橢圓+=1上任一點，F(xiàn)1(c,0)，F(xiàn)2(c,0)為焦點，PF1F2=，PF2F1=(1)求證離心率e=；(2)求|PF1|3+|PF2|3的最值3、直線與圓錐曲線位置關系問題直線與圓錐曲線的位置關系的基本方法是解方程組，進而轉化為一元二次方程后利用判別式、根與系數的關系、求根公式等來處理，應特別注意數形結合的思想，通過圖形的直觀性幫助分析解決問題，如果直線過橢圓的焦點，結合三大曲線的

3、定義去解典型例題：拋物線y2=p(x+1)(p>0)，直線x+y=t與x軸的交點在拋物線的右邊(1)求證：直線與拋物線總有兩個不同交點(2)設直線與拋物線的交點為A、B，且OAOB，求p關于t的函數f(t)的表達式4、圓錐曲線的相關最值(范圍)問題圓錐曲線中的有關最值(范圍)問題，常用代數法和幾何法解決若命題的條件和結論具有明顯的幾何意義，一般可用圖形性質來解決若命題的條件和結論體現(xiàn)明確的函數關系式，則可建立目標函數(通常利用二次函數，三角函數，均值不等式)求最值典型例題：已知拋物線y2=2px(p>0)，過M(a,0)且斜率為1的直線L與拋物線交于不同的兩點A、B，|AB|2p(

4、1)求a的取值范圍；(2)若線段AB的垂直平分線交x軸于點N，求NAB面積的最大值分析：(1)可以設法得到關于a的不等式，通過解不等式求出a的范圍，即：“求范圍，找不等式”或者將a表示為另一個變量的函數，利用求函數的值域求出a的范圍；對于(2)首先要把NAB的面積表示為一個變量的函數，然后再求它的最大值，即：“最值問題，函數思想”最值問題的處理思路：a、建立目標函數用坐標表示距離，用方程消參轉化為一元二次函數的最值問題，關鍵是由方程求x、y的范圍；b、數形結合，用化曲為直的轉化思想；c、利用判別式，對于二次函數求最值，往往由條件建立二次方程，用判別式求最值；d、借助均值不等式求最值5、求曲線的

5、方程問題(1)曲線的形狀已知這類問題一般可用待定系數法解決典型例題：已知直線L過原點，拋物線C 的頂點在原點，焦點在x軸正半軸上若點A(1,0)和點B(0,8)關于L的對稱點都在C上，求直線L和拋物線C的方程(2)曲線的形狀未知求軌跡方程典型例題：已知直角坐標平面上點Q(2,0)和圓C：x2+y2=1，動點M到圓C的切線長與|MQ|的比等于常數(>0)，求動點M的軌跡方程，并說明它是什么曲線MNQO6、存在兩點關于直線對稱問題在曲線上兩點關于某直線對稱問題，可以按如下方式分三步解決：求兩點所在的直線，求這兩直線的交點，使這交點在圓錐曲線形內(當然也可以利用韋達定理并結合判別式來解決)典型

6、例題：已知橢圓C的方程+=1，試確定m的取值范圍，使得對于直線y=4x+m，橢圓C上有不同兩點關于直線對稱7、兩線段垂直問題圓錐曲線兩焦半徑互相垂直問題，常用k1·k2=1來處理或用向量的坐標運算來處理典型例題：已知直線l的斜率為k，且過點P(2,0)，拋物線C：y2=4(x+1)，直線l與拋物線C有兩個不同的交點(如圖)(1)求k的取值范圍；(2)直線l的傾斜角為何值時，A、B與拋物線C的焦點連線互相垂直四、解題的技巧方面：在教學中，學生普遍覺得解析幾何問題的計算量較大事實上，如果我們能夠充分利用幾何圖形、韋達定理、曲線系方程，以及運用“設而不求”的策略，往往能夠減少計算量下面舉例

7、說明：1、充分利用幾何圖形解析幾何的研究對象就是幾何圖形及其性質，所以在處理解析幾何問題時，除了運用代數方程外，充分挖掘幾何條件，并結合平面幾何知識，這往往能減少計算量典型例題：設直線3x+4y+m=0與圓x2+y2+x2y=0相交于P、Q兩點，O為坐標原點，若OPOQ，求m的值2、充分利用韋達定理及“設而不求”的策略我們經常設出弦的端點坐標而不求它，而是結合韋達定理求解，這種方法在有關斜率、中點等問題中常常用到典型例題：已知中心在原點O，焦點在y軸上的橢圓與直線y=x+1相交于P、Q兩點，且OPOQ，|PQ|=，求此橢圓方程3、充分利用曲線系方程利用曲線系方程可以避免求曲線的交點，因此也可以

8、減少計算典型例題：求經過兩已知圓C1：x2+y24x+2y=0和C2：x2+y22y4=0的交點，且圓心在直線l：2x+4y1=0上的圓的方程4、充分利用橢圓的參數方程橢圓的參數方程涉及到正、余弦，利用正、余弦的有界性，可以解決相關的求最值的問題這也是我們常說的三角代換法典型例題：P為橢圓+=1上一動點，A為長軸的右端點，B為短軸的上端點，求四邊形OAPB面積的最大值及此時點P的坐標5、線段長的幾種簡便計算方法(1)充分利用現(xiàn)成結果，減少運算過程一般地，求直線與圓錐曲線相交的弦AB長的方法是：把直線方程y=kx+b代入圓錐曲線方程中，得到型如ax2+bx+c=0的方程，方程的兩根設為xA，xB

9、，判別式為，則|AB|=·|xAxB|=·，若直接用結論，能減少配方、開方等運算過程例1、求直線xy+1=0被橢圓x2+4y2=16所截得的線段AB的長(2)結合圖形的特殊位置關系，減少運算在求過圓錐曲線焦點的弦長時，由于圓錐曲線的定義都涉及焦點，結合圖形運用圓錐曲線的定義，可回避復雜運算例1、F1、F2是橢圓+=1的兩個焦點，AB是經過F1的弦，若|AB|=8，求值|F2A|+|F2B|(3)利用圓錐曲線的定義，把到焦點的距離轉化為到準線的距離例2、點A(3,2)為定點，點F是拋物線y2=4x的焦點，點P在拋物線y2=4x上移動，若|PA|+|PF|取得最小值，求點P的坐

10、標圓錐曲線解題方法技巧歸納第一、知識儲備：1、直線方程的形式(1)直線方程的形式有五種：點斜式、兩點式、斜截式、截距式、一般式(2)與直線相關的重要內容傾斜角與斜率k=tan，0,) 點到直線的距離d= 夾角公式：tan=|(3)弦長公式直線y=kx+b上兩點A(x1,y1)，B(x2,y2)間的距離：|AB|=|x1x2|=或|AB|=|y1y2|(4)兩條直線的位置關系l1l2k1k2=1 l1l2k1=k2且b1b22、圓錐曲線方程及性質(1)橢圓的方程的形式有三種形式： 標準方程：+=1(m>0，n>0，mn) 距離式方程：|=2a 參數方程：x=acos，y=bsin(2

11、)雙曲線的方程的形式有兩種： 標準方程：+=1 (m·n<0) 距離式方程：|=2a(3)三種圓錐曲線的通徑你記得嗎？橢圓：；雙曲線：；拋物線：2p(4)圓錐曲線的定義你記清楚了嗎？如：已知F1、F2是橢圓+=1的兩個焦點，平面內一個動點M滿足|MF1|MF2|=2則動點M的軌跡是( )A雙曲線； B雙曲線的一支； C兩條射線； D一條射線(5)焦點三角形面積公式：P在橢圓上，SPF1F2=b2tan；P在雙曲線上，SPF1F2=b2cot(其中F1PF2=，cos=，向量PF1·PF2=|PF1|PF2|cos)(6)記住焦半徑公式：橢圓焦點在x軸上時為a±

12、;ex0；焦點在y軸上時為a±ey0，可簡記為“左加右減，上加下減”雙曲線焦點在x軸上時為e|x0|±a拋物線焦點在x軸上時為|x1|+，焦點在y軸上時為|y1|+(7)橢圓和雙曲線的基本量三角形你清楚嗎？ 橢圓： b2+c2=a2； 雙曲線： a2+b2=c2第二、方法儲備1、點差法(中點弦問題)具有斜率的弦中點問題，常用設而不求法(點差法)：設曲線上兩點為(x1,y1)，(x2,y2,)，代入方程，然后兩方程相減，再應用中點關系及斜率公式，消去四個參數設A(x1,y1)、B(x2,y2)，M(a,b)為橢圓+=1的弦AB中點則有+=1，+=1；兩式相減得=，kAB=2、

13、聯(lián)立消元法： 求弦長：設直線的方程，并且與曲線的方程聯(lián)立，消去一個未知數，得到一個二次方程，使用判別式0，以及根與系數的關系，代入弦長公式兩交點問題：設曲線上的兩點A(x1,y1)，B(x2,y2)，將這兩點代入曲線方程得到兩個式子，然后兩式相減，整體消元······，若有兩個字母未知數，則要找到它們的聯(lián)系，消去一個，比如直線過焦點，則可以利用三點A、B、F共線解決之若有向量的關系，則尋找坐標之間的關系，根與系數的關系結合消元處理一旦設直線為y=kx+b，就意味著k存在例1、已知三角形ABC的三個頂點均在橢圓4x2+5y2=80上，且

14、點A是橢圓短軸的一個端點(點A在y軸正半軸上)(1)若三角形ABC的重心是橢圓的右焦點，試求直線BC的方程；(2)若角A為90°，AD垂直BC于D，試求點D的軌跡方程分析：第一問抓住“重心”，利用點差法及重心坐標公式可求出中點弦BC的斜率，從而寫出直線BC的方程第二問抓住角A為90°可得出ABAC，從而得x1x2+y1y214(y1+y2)+16=0，然后利用聯(lián)立消元法及交軌法求出點D的軌跡方程；解：(1)設B(x1,y1)，C(x2,y2)，BC中點為(x0,y0)，F(xiàn)(2,0)，則有+=1，+=1兩式作差有+=0，即+=0 (1)F(2,0)為三角形重心，所以由=2，得

15、x0=3，由=0得y0=2，代入(1)得k=，直線BC的方程為6x5y28=0(2)由ABAC得x1x2+y1y214(y1+y2)+16=0(2)設直線BC方程為y=kx+b，代入4x2+4y2=80，得(4+5k2)x2+10bkx+5b280=0x1+x2=，x1x2=，y1+y2=，y1y2= 代入(2)式得=0，解得b=4(舍)或b=直線過定點(0,)，設D(x,y)，則×=1，即9y2+9x232y16=0所以所求點D的軌跡方程是x2+(y)2=()2(y4)3、設而不求法例2、如下左1圖，已知梯形ABCD中|AB|=2|CD|，點E分有向線段向量AC所成的比為，雙曲線過

16、C、D、E三點，且以A、B為焦點當時，求雙曲線離心率e的取值范圍分析：本小題主要考查坐標法、定比分點坐標公式、雙曲線的概念和性質，推理、運算能力和綜合運用數學知識解決問題的能力建立直角坐標系xOy，如圖，若設C(,h)，代入=1，求得h，進而求得xE、yE，再代入=1，建立目標函數f(a,b,c,)=0，整理f(e,)=0，此運算量可見是難上加難我們對h可采取設而不求的解題策略，建立目標函數f(a,b,c,)=0，整理f(e,)=0，化繁為簡解法一：如上圖，以AB為垂直平分線為y軸，直線AB為x軸，建立直角坐標系xOy，則CDy軸因為雙曲線經過點C、D，且以A、B為焦點，由雙曲線的對稱性知C、

17、D關于y軸對稱 依題意，記A(c,0)，C(,h)，E(x0,y0)，其中c=|AB|為雙曲線的半焦距，h是梯形的高，由定比分點坐標公式得：x0=，y0=設雙曲線的方程為=1，則離心率e=由點C、E在雙曲線上，將點C、E的坐標和e=代入雙曲線方程得=1、()()=1由式得 =1，將式代入式，整理得(44)=1+2，故 =1由題設得，1，解得e所以雙曲線的離心率的取值范圍為,分析：考慮|AE|，|AC|為焦半徑，可用焦半徑公式，|AE|，|AC|用E，C的橫坐標表示，回避h的計算, 達到設而不求的解題策略解法二：建系同解法一，|AE|=(a+exE)，|AC|=a+exC，xE=，又=，代入整理

18、=1，由題設得，1，解得e所以雙曲線的離心率的取值范圍為,4、判別式法例3、已知雙曲線C：=1，直線l過點A(,0)，斜率為k，當0<k<1時，雙曲線的上支上有且僅有一點B到直線l的距離為，試求k的值及此時點B的坐標分析1：解析幾何是用代數方法來研究幾何圖形的一門學科，因此，數形結合必然是研究解析幾何問題的重要手段 從“有且僅有”這個微觀入手，對照草圖，不難想到：過點B作與l平行的直線，必與雙曲線C相切 而相切的代數表現(xiàn)形式是所構造方程的判別式=0 由此出發(fā)，可設計如下解題思路：l：y=k(x)(0<k<1)，由直線l在l的上方且到直線l的距離為l：y=kx+k由直線l

19、的方程代入雙曲線方程，消去y，令=0解得k的值解題過程略分析2：如果從代數推理的角度去思考，就應當把距離用代數式表達，即所謂“有且僅有一點B到直線l的距離為”，相當于化歸的方程有唯一解 據此設計出如下解題思路：問題線線距離為有唯一解一元二次方程根的問題求解簡解：設點M(x,)為雙曲線C上支上任一點，則點M到直線l的距離為：=(0<k<1)(*)于是，問題即可轉化為如上關于x的方程由于0<k<1，所以>|x|>kx，從而有|kxk|=kx+k于是關于x的方程(*)kx+k=()2=(k+kx)2、k+kx>0(k21)x2+2k(k)x+(k)22=0、

20、k+kx>0由0<k<1可知：方程(k21)x2+2k(k)x+(k)22=0的二根同正，故k+kx>0恒成立，于是(*)等價于(k21)x2+2k(k)x+(k)22=0由如上關于x的方程有唯一解，得其判別式=0，就可解得k=點評：上述解法緊扣解題目標，不斷進行問題轉換，充分體現(xiàn)了全局觀念與整體思維的優(yōu)越性例4、已知橢圓C：x2+2y2=8和點P(4,1)，過P作直線交橢圓于A、B兩點，在線段AB上取點Q，使=，求動點Q的軌跡所在曲線的方程分析：這是一個軌跡問題，解題困難在于多動點的困擾，學生往往不知從何入手其實，應該想到軌跡問題可以通過參數法求解 因此，首先是選定參

21、數，然后想方設法將點Q的橫、縱坐標用參數表達，最后通過消參可達到解題的目的由于點Q(x,y)的變化是由直線AB的變化引起的，自然可選擇直線AB的斜率k作為參數，如何將x，y與k聯(lián)系起來？一方面利用點Q在直線AB上；另一方面就是運用題目條件：=來轉化由A、B、P、Q四點共線，不難得到x=，要建立x與k的關系，只需將直線AB的方程代入橢圓C的方程，利用韋達定理即可通過這樣的分析，可以看出，雖然我們還沒有開始解題，但對于如何解決本題，已經做到心中有數=x=將直線方程代入橢圓方程，消去y，利用韋達定理x=f(k)利用點Q滿足直線AB的方程：y=k(x4)+1，消去參數k點Q的軌跡方程在得到x=f(k)

22、之后，如果能夠從整體上把握，認識到：所謂消參，目的不過是得到關于x，y的方程(不含k)，則可由y=k(x4)+1解得k=，直接代入x=f(k)即可得到軌跡方程從而簡化消去參的過程簡解：設A(x1,y1)，B(x2,y2)，Q(x,y)，則由=可得：=，解之得：x=(1)設直線AB的方程為：y=k(x4)+1，代入橢圓C的方程，消去y得出關于 x的一元二次方程：(2k2+1)x2+4k(14k)x+2(14k)28=0(2)，x1+x2=，x1x2=代入(1)，化簡得：x=(3)，與y=k(x4)+1聯(lián)立，消去k得：(2x+y4)(x4)=0在(2)中，由=64k2+64k+24>0，解得

23、<k<，結合(3)可求得<x<故知點Q的軌跡方程為：2x+y4=0(<x<)點評：由方程組實施消元，產生一個標準的關于一個變量的一元二次方程，其判別式、韋達定理模塊思維易于想到這當中，難點在引出參，活點在應用參，重點在消去參，而“引參、用參、消參”三步曲，正是解析幾何綜合問題求解的一條有效通道5、求根公式法例5、設直線l過點P(0,3)，和橢圓+=1順次交于A、B兩點，試求的取值范圍分析：本題中，絕大多數同學不難得到：=，但從此后卻一籌莫展, 問題的根源在于對題目的整體把握不夠 事實上，所謂求取值范圍，不外乎兩條路：其一是構造所求變量關于某個(或某幾個)參數

24、的函數關系式(或方程)，這只需利用對應的思想實施；其二則是構造關于所求量的一個不等關系分析1：從第一條想法入手，=已經是一個關系式，但由于有兩個變量xA，xB，同時這兩個變量的范圍不好控制，所以自然想到利用第3個變量直線AB的斜率k 問題就轉化為如何將xA，xB轉化為關于k的表達式，到此為止，將直線方程代入橢圓方程，消去y得出關于x的一元二次方程，其求根公式呼之欲出把直線l的方程y = kx+3代入橢圓方程，消去y得到關于x的一元二次方程通過求根公式xA= f(k)，xB = g(k)通過=得到所求量關于k的函數關系式由判別式得出k的取值范圍所求量的取值范圍簡解1：當直線l垂直于x軸時，可求得

25、=；當l與x軸不垂直時，設A(x1,y1)，B(x2,y2)，直線l的方程為：y=kx+3，代入橢圓方程，消去y得(9k2+4)x2+54kx+45=0解得x=因為橢圓關于y軸對稱，點P在y軸上，所以只需考慮k>0的情形當k>0時，x1=，x2=，所以=1=1由=(54k)2180(9k2+4)0，解得k2，11<，綜上1分析2：如果想構造關于所求量的不等式，則應該考慮到：判別式往往是產生不等的根源由判別式值的非負性可以很快確定k的取值范圍，于是問題轉化為如何將所求量與k聯(lián)系起來一般來說，韋達定理總是充當這種問題的橋梁，但本題無法直接應用韋達定理，原因在于=不是關于x1，x2

26、的對稱關系式原因找到后，解決問題的方法自然也就有了，即我們可以構造關于x1，x2的對稱關系式把直線l的方程y = kx+3代入橢圓方程，消去y得到關于x的一元二次方程，由韋達定理xA+ xB = f(k)，xA xB = g(k)由=構造所求量與k的關系式由判別式得出k的取值范圍關于所求量的不等式簡解2：設直線l的方程為：y=kx+3，代入橢圓方程，消去y得(9k2+4)x2+54kx+45=0(*)x1+x2=，x1x2=令=，則+2=在(*)中，由判別式0可得k2，從而有4，所以4+2，解得5結合0<1得1 綜上，1點評：范圍問題不等關系的建立途徑多多，諸如判別式法，均值不等式法，變

27、量的有界性法，函數的性質法，數形結合法等等 本題也可從數形結合的角度入手，給出又一優(yōu)美解法解題猶如打仗，不能只是忙于沖鋒陷陣，一時局部的勝利并不能說明問題，有時甚至會被局部所糾纏而看不清問題的實質所在，只有見微知著，樹立全局觀念，講究排兵布陣，運籌帷幄，方能決勝千里第三、推理訓練：數學推理是由已知的數學命題得出新命題的基本思維形式，它是數學求解的核心以已知的真實數學命題，即定義、公理、定理、性質等為依據，選擇恰當的解題方法，達到解題目標，得出結論的一系列推理過程在推理過程中，必須注意所使用的命題之間的相互關系(充分性、必要性、充要性等)，做到思考縝密、推理嚴密通過編寫思維流程圖來錘煉自己的大腦

28、，快速提高解題能力例6、橢圓長軸端點為A、B，O為橢圓中心，F(xiàn)為橢圓的右焦點，且向量AF·FB=1，|OF|=1(1)求橢圓的標準方程；(2)記橢圓的上頂點為M，直線l交橢圓于P、Q兩點，問：是否存在直線l，使點F恰為PQM的垂心？若存在，求出直線l的方程；若不存在，請說明理由思維流程：(1)由向量AF·FB=1，|OF|=1(a+c)(ac)=1，c=1a=，b=1得到橢圓方程(2)由F為PQM的重心PQMF，MPFQkPQ=13x2+4mx+2m22=0x1+x2、x1x2向量MP·FQ=0得到關于m的方程解出m解題過程： (1)如圖建系，設橢圓方程為+=1(

29、a>b>0)，則c=1又向量AF·FB=1，即(a+c)(ac)=1=a2c2，a2=1，故橢圓方程為+y2=1(2)假設存在直線l交橢圓于P、Q兩點，且F恰為PQM的垂心，則設P(x1,y1)，Q(x2,y2)，M(0,1)，F(xiàn)(1,0)，故kPQ=1，于是設直線l為y=x+m，聯(lián)立直線與橢圓得，3x2+4mx+2m22=0向量MP·FQ=0，x1(x21)+y2(y11)，又yi=xi+m(i=1，2)，x1(x21)+(x2+m)(x1+m1)=0，即2x1x2+(x1+x2)(m1)+m2m=0 由韋達定理得2·(m1)+m2m=0，解得m=或

30、m=1(舍)經檢驗m=符合條件點石成金：垂心的特點是垂心與頂點的連線垂直對邊，然后轉化為兩向量乘積為零例7、已知橢圓E的中心在坐標原點，焦點在坐標軸上，且經過A(2,0)、B(2,0)、C(1,)三點(1)求橢圓E的方程：(2)若點D為橢圓E上不同于A、B的任意一點，F(xiàn)(1,0)，H(1,0)，當DFH內切圓的面積最大時，求DFH內心的坐標；思維流程：(1)由橢圓經過A、B、C三點設方程mx2+ny2=1得到m，n的方程組解出m，n (2)由DFH內切圓面積最大轉化為DFH面積最大轉化為點D的縱坐標的絕對值最大最大D為橢圓短軸端點DFH面積最大值為SDFH=×周長×r內切圓

31、r內切圓=得出D點坐標為(0,±)解題過程：(1)設橢圓方程為mx2+ny2=1(m>0，n>0)，將A(2,0)、B(2,0)、C(1,)代入橢圓E的方程，得，解得m=，n=橢圓E的方程+=1(2)|FH|=2，設DFH邊上的高為SDFH=×2×h=h當點D在橢圓的上頂點時，h最大為，所以SDFH的最大值為設DFH的內切圓的半徑為R，因為DFH的周長為定值6所以，SDFH=R×6所以R的最大值為所以內切圓圓心的坐標為(0,)點石成金：S的內切圓=×周長×r的內切圓例8、已知定點C(1,0)及橢圓x2+3y2=5，過點C的

32、動直線與橢圓相交于A、B兩點(1)若線段AB中點的橫坐標是，求直線AB的方程；(2)在x軸上是否存在點M，使向量MA·MB為常數？若存在，求出點M的坐標；若不存在，請說明理由思維流程：(1)解：依題意，直線AB的斜率存在，設直線AB的方程為y=k(x+1)，將y=k(x+1)代入x2+3y2=5， 消去y整理得(3k2+1)x2+6k2x+3k25=0 設A(x1,y1)，B(x2,y2)，則=36k44(3k2+1)(3k25)>0、x1+x2=由線段AB中點的橫坐標是，得=，解得k=±，符合題意所以直線AB的方程為xy+1=0，或x+y+1=0(2)解：假設在x軸

33、上存在點M(m,0)，使向量MA·MB為常數當直線AB與x軸不垂直時，由(1)知x1+x2=，x1x2=(3) 所以向量MA·MB=(x1m)(x2m)+y1y2=(x1m)(x2m)+k2(x1+1)(x2+1)=(k2+1)x1x2+(k2m)(x1+x2)+k2+m2將(3)代入，整理得向量MA·MB=+m2=+m2=m2+2m注意到向量MA·MB是與k無關的常數， 從而有6m+14=0，m=， 此時向量MA·MB=當直線AB與x軸垂直時，此時點A，B的坐標分別為(1,)、(1,)，當m=時， 亦有MA·MB= 綜上，在x軸上存

34、在定點M(,0)，使向量MA·MB為常數點石成金：向量MA·MB=+m2=+m2=m2+2m例9、已知橢圓的中心在原點，焦點在x軸上，長軸長是短軸長的2倍且經過點M(2,1)，平行于OM的直線l在y軸上的截距為m(m0)，l交橢圓于A、B兩個不同點(1)求橢圓的方程；(2)求m的取值范圍；(3)求證直線MA、MB與x軸始終圍成一個等腰三角形思維流程：解：(1)設橢圓方程為+=1(a>b>0)，則，解得，橢圓方程為+=1(2)直線l平行于OM，且在y軸上的截距為m，又KOM=，l的方程為y=x+m聯(lián)立直線與橢圓并消去y得x2+2mx+2m24=0直線l與橢圓交于A

35、、B兩個不同點，=(2m)24(2m24)>0，解得2<m<2，且m0(3)設直線MA、MB的斜率分別為k1，k2，只需證明k1+k2=0即可設A(x1,y1)，B(x2,y2)，且x1+x2=2m，x1x2=2m24，則k1=，k2=而k1+k2=+=0，即k1+k2=0故直線MA、MB與x軸始終圍成一個等腰三角形點石成金：直線MA、MB與x軸始終圍成一個等腰三角形k1+k2=0例10、已知雙曲線=1的離心率e=，過A(a,0)，B(0,b)的直線到原點的距離是(1)求雙曲線的方程；(2)已知直線y=kx+5(k0)交雙曲線于不同的點C，D且C，D都在以B為圓心的圓上，求k的值思維流程：解：(1)=，原點到直線AB：=1的距離d=，b=1，a=故所求雙曲線方程為y2=1(2)把y=kx+5代入x23y2=3中消去y，整理得(13k2)x230kx78=0設C(x1,y1)，D(x2,y2)，CD的中點是E(x0,y0)，則x0=·y0=kx0+5=，kBE=x0+ky0+k=0即+k=0又k0，k2=7，故所求k=±點石成金：C，D都在以B為圓心的圓上BC=B