河北深州市長(zhǎng)江中學(xué)2022-2023學(xué)年物理高三第一學(xué)期期中調(diào)研模擬試題（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷注意事項(xiàng)：1答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫(xiě)在答題卡上。2回答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑，如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標(biāo)號(hào)。回答非選擇題時(shí)，將答案寫(xiě)在答題卡上，寫(xiě)在本試卷上無(wú)效。3考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、某飛行員的質(zhì)量為m，駕駛飛機(jī)在豎直面內(nèi)以速度v做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，圓的半徑為R，在圓周的最高點(diǎn)和最低點(diǎn)比較，飛行員對(duì)坐椅的壓力最低點(diǎn)比最高點(diǎn)大(設(shè)飛行員始終垂直坐椅的表面)（

2、）AmgB2mgCmg+D2、伽利略相信，自然界的規(guī)律時(shí)簡(jiǎn)單明了的。他從這個(gè)信念出發(fā)，猜想落體的速度應(yīng)該是均勻變化的。為驗(yàn)證自己的猜想，他做了“斜面實(shí)驗(yàn)”，如圖所示。發(fā)現(xiàn)銅球在斜面上運(yùn)動(dòng)的位移與時(shí)間的平方成正比。改變球的質(zhì)量或增大斜面傾角，上述規(guī)律依然成立。于是，他外推到傾角為的情況，得出落體運(yùn)動(dòng)的規(guī)律。結(jié)合以上信息，判斷下列說(shuō)法正確的是A伽利略通過(guò)“斜面實(shí)驗(yàn)”來(lái)研究落體運(yùn)動(dòng)規(guī)律時(shí)為了便于測(cè)量速度B伽利略通過(guò)“斜面實(shí)驗(yàn)”來(lái)研究落體運(yùn)動(dòng)規(guī)律時(shí)為了便于測(cè)量加速度C由“斜面實(shí)驗(yàn)”的結(jié)論可知，銅球運(yùn)動(dòng)的速度隨位移均勻增大D由“斜面實(shí)驗(yàn)”的結(jié)論可知，銅球運(yùn)動(dòng)的速度隨時(shí)間均勻增大3、在用打點(diǎn)計(jì)時(shí)器測(cè)速度的

3、實(shí)驗(yàn)中，某同學(xué)打出了如圖所示的一條紙帶，已知計(jì)時(shí)器打點(diǎn)的時(shí)間間隔為0.02s，則通過(guò)對(duì)紙帶的分析，下列說(shuō)法中正確的是()A物體做勻加速直線運(yùn)動(dòng)B物體做勻減速直線運(yùn)動(dòng)C如果測(cè)出A、B兩點(diǎn)間的距離，就可以求出A、B兩點(diǎn)間的平均速度D如果測(cè)出A、B兩點(diǎn)間的距離，就可以求出A點(diǎn)的瞬時(shí)速度4、 “神舟七號(hào)”載人飛船發(fā)射升空后，飛行了2天20小時(shí)27分鐘，繞地球運(yùn)行45圈，返回艙順利返回著陸這標(biāo)志著我國(guó)航天事業(yè)又邁上了一個(gè)新臺(tái)階，假定正常運(yùn)行的神舟七號(hào)飛船和通信衛(wèi)星（同步衛(wèi)星）做的都是勻速圓周運(yùn)動(dòng)，下列說(shuō)法正確的是（ ）A飛船的線速度比通信衛(wèi)星的線速度小B飛船的角速度比通信衛(wèi)星的角速度小C飛船的運(yùn)行周期比

4、通信衛(wèi)星的運(yùn)行周期小D飛船的向心加速度比通信衛(wèi)星的向心加速度小5、下列敘述符合物理學(xué)史實(shí)的是（ ）A牛頓提出了萬(wàn)有引力定律，并用實(shí)驗(yàn)測(cè)量了萬(wàn)有引力常量B庫(kù)侖最早引入了電場(chǎng)概念，并提出用電場(chǎng)線表示電場(chǎng)C奧斯特對(duì)電磁感應(yīng)現(xiàn)象的研究，將人類帶人了電氣化時(shí)代D安培提出了分子電流假說(shuō)，解釋了磁鐵的磁場(chǎng)和電流的磁場(chǎng)在本質(zhì)上相同6、如圖所示，質(zhì)量為4kg的物體A靜止在豎直的輕彈簧上面質(zhì)量為1kg的物體B用細(xì)線懸掛起來(lái)，A、B緊挨在一起但A、B之間無(wú)壓力某時(shí)刻將細(xì)線剪斷，則細(xì)線剪斷瞬間，B對(duì)A的壓力大小為（g取l0m/s2）的（ ）A0B50NC10ND8N二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。

5、在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、從地面上同一位置O處拋出兩小球A、B,分別落到地面上的M、N點(diǎn)，兩小球在空中的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示，空氣阻力不計(jì)，則AB的加速度比A的大BA的飛行時(shí)間比B的飛行時(shí)間長(zhǎng)CB的飛行時(shí)間比A的飛行時(shí)間長(zhǎng)DB在最高點(diǎn)的速度比A在最高點(diǎn)的速度大8、兩水平平行金屬板連接在如圖所示的電路中，板長(zhǎng)為 L 間距 d,在距板右端 2L 處有一豎直光屏，D 為理想二極管（具有單向?qū)щ娦裕?。讓一帶電量?q、質(zhì)量為 m 的粒子從兩板左端連線的中點(diǎn)O以水平速度v0射入板間，粒子飛出電場(chǎng)后垂直打在屏上。則 A電場(chǎng)強(qiáng)

6、度大小為 3mg/qB質(zhì)點(diǎn)在板間運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中與它從板右端運(yùn)動(dòng)到屏的過(guò) 程中速度變化相同C若僅將滑片 P 下移，再讓該粒子從O 點(diǎn)以v0水平射入，粒子打 在屏上位置在中心線下方D若僅將板間距增大，再讓該粒子從 O 點(diǎn)以v0水平射入，粒子仍垂直打在屏上9、如圖所示，光滑水平面OB與足夠長(zhǎng)粗糙斜面BC交于B點(diǎn)輕彈簧左端固定于豎直墻面，用質(zhì)量為m1的滑塊壓縮彈簧至D點(diǎn)，然后由靜止釋放滑塊，滑塊脫離彈簧后經(jīng)B點(diǎn)滑上斜面，上升到最大高度，并靜止在斜面上換用相同材料、質(zhì)量為m2的滑塊(m2m1)壓縮彈簧至同一點(diǎn)D后，重復(fù)上述過(guò)程不計(jì)滑塊經(jīng)過(guò)B點(diǎn)時(shí)的機(jī)械能損失，下列說(shuō)法正確的是( )A兩滑塊到達(dá)B點(diǎn)的速度相同

7、B兩滑塊沿斜面上升過(guò)程中的加速度相同C兩滑塊上升到最高點(diǎn)的過(guò)程中克服重力做的功相同D兩滑塊上升到最高點(diǎn)的過(guò)程中因摩擦產(chǎn)生的熱量相同10、如圖所示，A、B兩物體質(zhì)量均為m，疊放在輕質(zhì)彈簧上(彈簧下端固定于地面上)對(duì)A施加一豎直向下、大小為F(F2mg)的力，將彈簧再壓縮一段距離(彈簧始終處于彈性限度內(nèi))而處于平衡狀態(tài)現(xiàn)突然撤去力F，設(shè)兩物體向上運(yùn)動(dòng)過(guò)程中A、B間的相互作用力大小為FN不計(jì)空氣阻力，關(guān)于FN的說(shuō)法正確的是(重力加速度為g)()A剛撤去力F時(shí)，F(xiàn)NB彈簧彈力大小為F時(shí)，F(xiàn)NCA、B的速度最大時(shí)，F(xiàn)NmgD彈簧恢復(fù)原長(zhǎng)時(shí)，F(xiàn)N0三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定

8、的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。11（6分）將力傳感器連接到計(jì)算機(jī)上，不僅可以比較精確地測(cè)量力的大小，還能得到力隨時(shí)間變化的關(guān)系圖象。甲圖中，某同學(xué)利用力的傳感器測(cè)量小滑塊在光滑半球形容器內(nèi)的運(yùn)動(dòng)時(shí)對(duì)容器的壓力來(lái)驗(yàn)證小滑塊的機(jī)械能守恒，實(shí)驗(yàn)步驟如下：如圖甲所示，將壓力傳感器M固定在小滑塊的底部；讓小滑塊靜止在光滑半圓形容器的最低點(diǎn)，從計(jì)算機(jī)中得到小滑塊對(duì)容器的壓力隨時(shí)間變化的關(guān)系圖象如圖乙所示；讓小滑塊沿固定的光滑半球形容器內(nèi)壁在豎直平面的之間往復(fù)運(yùn)動(dòng)，、與豎直方向之間的夾角相等且都為（m1，所以v1v2，兩滑塊到達(dá)B點(diǎn)的速度不相同，A錯(cuò)誤B、根據(jù)牛頓運(yùn)動(dòng)定律可得，沿斜面上升時(shí)，物體收到重力、支

9、持力、摩擦力，將重力垂直斜面和平行斜面分解，可得，兩滑塊材料相同，B正確C、設(shè)初始彈簧壓縮了x，滑塊沿斜面運(yùn)動(dòng)的距離為s，根據(jù)能量守恒可知，所以，C正確D、滑塊上升到最高點(diǎn)的過(guò)程中因摩擦產(chǎn)生的熱量，D正確10、BCD【解析】A.在突然撤去F的瞬間，AB整體的合力向上，大小為F，根據(jù)牛頓第二定律，有：F=2ma解得：對(duì)物體A受力分析，受重力和支持力，根據(jù)牛頓第二定律，有：FN-mg=ma聯(lián)立解得：，故A錯(cuò)誤；B.彈簧彈力等于F時(shí)，根據(jù)牛頓第二定律得：對(duì)整體有：F-2mg=2ma對(duì)A有：FN-mg=ma聯(lián)立解得：，故B正確；D.當(dāng)物體的合力為零時(shí)，速度最大，對(duì)A，由平衡條件得FN=mg，故C正確C

10、.當(dāng)彈簧恢復(fù)原長(zhǎng)時(shí)，根據(jù)牛頓第二定律得：對(duì)整體有：2mg=2ma對(duì)A有：mg-FN=ma聯(lián)立解得 FN=0，故D正確；三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。11、1.00N D 是 【解析】(1)1由于重力加速度未知，則有小鐵球靜止時(shí)，繩子的拉力F0，可知，小球的重力為：(2)2小球在最低點(diǎn)，由牛頓第二定律，則有小球在最低點(diǎn)的動(dòng)能為從A到最低點(diǎn)，物體的重力勢(shì)能減少量等于重力做的功即另有對(duì)A點(diǎn)受力分析得從A到最低點(diǎn)的過(guò)程中，重力勢(shì)能減少量等于動(dòng)能增加量，即為聯(lián)立化簡(jiǎn)得故選D。(3)3小滑塊從A點(diǎn)到最低點(diǎn)的過(guò)程中重力勢(shì)能減小等于重力做功，結(jié)合（2）

11、的分析可知，即4增加的動(dòng)能5重力勢(shì)能減小增加的動(dòng)能所以機(jī)械能守恒。12、并 300 900 【解析】(1)1將電流計(jì)改裝為電流表應(yīng)該并聯(lián)一個(gè)電阻，2則其阻值調(diào)為：(2)3改裝后的電流表內(nèi)阻：把表頭改裝成中值電阻為的歐姆表，則需要串聯(lián)的電阻：所以選擇電阻箱（最大阻值999.9）和滑動(dòng)變阻器（0-1k），實(shí)驗(yàn)電路圖如圖所示：(3)4根據(jù)圖則有：可得：則有：所以改裝后，當(dāng)電流表讀數(shù)為200A時(shí)，表頭兩端電壓：所以有：解得待測(cè)電阻阻值為：四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，要求寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13、 (1)1.6m/s2 (2)4m/s (3)12

12、00Ns 方向垂直斜面向上【解析】(1)設(shè)斜面傾角為，則sin=hL=35，所以cos=45對(duì)沿斜面下滑時(shí)的旅客受力分析，由牛頓第二定律可得，mgsin-mgcos=ma解得：旅客沿斜面下滑時(shí)的加速度大小a=gsin-gcos=1.6m/s2(2)旅客從斜面頂端由靜止開(kāi)始滑到斜面底端，據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式可得，v2-0=2aL解得：旅客滑到斜面底端時(shí)的速度大小v=2aL=4m/s(3) 旅客從斜面頂端由靜止開(kāi)始滑到斜面底端，據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式可得，L=12at2解得：旅客從斜面滑到斜面底端所需時(shí)間t=2La=2.5s對(duì)沿斜面下滑時(shí)的旅客受力分析，斜面對(duì)旅客所施加的支持力FN=mgcos=480N據(jù)IN=FN

13、t，解得：旅客從斜面頂端滑到斜面底端的過(guò)程中，斜面對(duì)旅客所施加的支持力的沖量大小IN=1200Ns，方向豎直斜面向上14、（1） 0.5（2）（3）483J【解析】（1）以物體為研究對(duì)象，根據(jù)牛頓第二定律求解加速度的表達(dá)式，根據(jù)圖線的斜率和截距進(jìn)行分析；（2）根據(jù)牛頓第二定律求解前內(nèi)、內(nèi)的加速度，在根據(jù)位移時(shí)間關(guān)系求解前2s內(nèi)的位移、24s內(nèi)的位移即可；（3）求出15s內(nèi)的位移大小，根據(jù)電場(chǎng)力做的功等于電勢(shì)能的變化來(lái)分析；【詳解】（1）設(shè)物體的質(zhì)量為m、與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為；由牛頓第二定律得： 得：，結(jié)合乙圖象得：，所以；當(dāng)時(shí)，解得：；（2）內(nèi)：由牛頓第二定律可得： 其中解得：，方向水平向右

14、前2s內(nèi)通過(guò)的位移為：速度為：；內(nèi)：由牛頓第二定律可得：其中：，解得加速度大小為，方向水平向左；由此可知在內(nèi)做減速運(yùn)動(dòng)，4s末速度為： 在內(nèi)的位移為：所以一個(gè)周期內(nèi)位移為：；（3）由周期性運(yùn)動(dòng)可知，內(nèi)E1作用下位移為，作用下位移為： 其中為減速第一秒內(nèi)的位移，為：代入數(shù)據(jù)解得： 粒子在作用下做功為： 代入數(shù)據(jù)解得： 粒子在作用下做功為： 代入數(shù)據(jù)解得即內(nèi)電場(chǎng)力做功為： 所以物體電勢(shì)能的減少量為?！军c(diǎn)睛】有關(guān)帶電粒子在勻強(qiáng)電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)，在解決問(wèn)題時(shí)，主要可以從兩條線索展開(kāi)：其一，力和運(yùn)動(dòng)的關(guān)系：根據(jù)帶電粒子受力情況，用牛頓第二定律求出加速度，結(jié)合運(yùn)動(dòng)學(xué)公式確定帶電粒子的速度和位移等；其二，功和能的關(guān)系：根據(jù)電場(chǎng)力對(duì)帶電粒子做功，引起