2021-2022學(xué)年江蘇省南京市南京師范大學(xué)附屬中學(xué)高三第二次診斷性檢測(cè)化學(xué)試卷含解析

1、2021-2022學(xué)年高考化學(xué)模擬試卷注意事項(xiàng):1答題前，考生先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)碼填寫清楚，將條形碼準(zhǔn)確粘貼在條形碼區(qū)域內(nèi)。2答題時(shí)請(qǐng)按要求用筆。3請(qǐng)按照題號(hào)順序在答題卡各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書(shū)寫的答案無(wú)效；在草稿紙、試卷上答題無(wú)效。4作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準(zhǔn)使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、選擇題(共包括22個(gè)小題。每小題均只有一個(gè)符合題意的選項(xiàng)）1、化學(xué)與人類的生產(chǎn)、生活密切相關(guān)。下列說(shuō)法正確的是（）A含有氟化鈉等氟化物的牙膏有害健康，應(yīng)禁止使用B油脂屬于高分子化合物，使用一定的油脂能促進(jìn)人體對(duì)

2、某些維生素的吸收C將少量二氧化硫添加于紅酒中可以起到殺菌和抗氧化作用，是法律允許的做法D廢舊電池應(yīng)集中處理主要是要回收其中的金屬材料2、常溫下，向1L0.1molL1NH4Cl溶液中不斷加入固體NaOH后，NH4+與NH3H2O的變化趨勢(shì)如右圖所示(不考慮體積變化和氨的揮發(fā))，下列說(shuō)法不正確的是（ ）AM點(diǎn)溶液中水的電離程度比原溶液小B在M點(diǎn)時(shí)，n(OH)n(H+)=(a0.05)molC隨著NaOH的加入，c(NH3H2O)c(OH)不斷增大D當(dāng)n(NaOH)=0.05mo1時(shí)，溶液中有：c(Cl) c(NH4+)c(Na+)c(OH)c(H+)3、化學(xué)在生活中有著廣泛的應(yīng)用，下列對(duì)應(yīng)關(guān)系錯(cuò)

3、誤的是選項(xiàng)化學(xué)性質(zhì)實(shí)際應(yīng)用A和小蘇打反應(yīng)泡沫滅火器滅火B(yǎng)受熱易分解產(chǎn)生氣體可作面包的發(fā)泡劑C乙酸具有酸性常用于工業(yè)管道去除水垢D次氯酸鹽具有氧化性漂白粉漂白織物AABB.CCDD4、天工開(kāi)物中對(duì)“海水鹽”有如下描述：“凡煎鹽鍋古謂之牢盆其下列灶燃薪，多者十二三眼，少者七八眼，共煎此盤火燃釜底，滾沸延及成鹽。”文中涉及的操作是()A萃取B結(jié)晶C蒸餾D過(guò)濾5、下列說(shuō)法不正確的是A海水是一個(gè)巨大的寶藏，對(duì)人類生活產(chǎn)生重要影響的元素，如：氯、溴、碘、硫、鈉、鉀等元素主要來(lái)自于海水B同位素示蹤法是研究化學(xué)反應(yīng)歷程的手段之一C浙江省首條氫氧燃料電池公交線在嘉善試運(yùn)行，高容量?jī)?chǔ)氫材料的研制是需解決的關(guān)鍵技術(shù)

4、問(wèn)題之一D乙醇與水互溶，這與乙醇和水分子之間能形成氫鍵有關(guān)6、某溶液只含有K+、Fe2+、Cl-、Mg2+、I-、CO32-、SO42-中的幾種，限用以下試劑檢驗(yàn)：鹽酸、硫酸、硝酸銀溶液、硝酸鋇溶液。設(shè)計(jì)如下實(shí)驗(yàn)步驟，并記錄相關(guān)現(xiàn)象，下列敘述正確的是A該溶液中一定有I-、CO32-、SO42-、K+B溶液中可能含有K+、Mg2+、Cl-、C通過(guò)在黃色溶液中加入硝酸銀可以檢驗(yàn)原溶液中是否存在Cl-D試劑可能為硫酸7、NA為阿伏加德羅常數(shù)的值，下列說(shuō)法正確的是( )A標(biāo)準(zhǔn)狀況下，0.1mol Cl2溶于水，轉(zhuǎn)移的電子數(shù)目為0.1NAB標(biāo)準(zhǔn)狀況下，22.4L氖氣含有的電子數(shù)為10NAC常溫下，的醋酸

5、溶液中含有的數(shù)為D120g NaHSO4分子中陽(yáng)離子和陰離子的總數(shù)為3NA8、幾種短周期元素的原子半徑及某些化合價(jià)見(jiàn)下表，下列說(shuō)法不正確的是（ ）元素代號(hào)ABDEGIJK化合價(jià)-1-2+4-4-1+5-3+3+2+1原子半徑/nm0.0710.0740.0770.0990.1100.1430.1600.186A常溫下B元素的單質(zhì)能與K單質(zhì)反應(yīng)BA、I、J的離子半徑由大到小順序是AJICG元素的單質(zhì)存在同素異形體DJ在DB2中燃燒生成B元素的單質(zhì)9、已知：K2CO3+CO2+H2O2KHCO3；CaCO3+CO2+H2OCa（HCO3）2 KHCO3、Ca（HCO3）2都易溶于水 通入懸濁液中的

6、氣體，與溶液反應(yīng)后才與沉淀反應(yīng)，將足量CO2通入KOH和Ca（OH）2的混合稀溶液中，則生成沉淀的質(zhì)量和通入的CO2質(zhì)量的關(guān)系中，正確的是ABCD10、海洋動(dòng)物海鞘中含有種類豐富、結(jié)構(gòu)新穎的次生代謝產(chǎn)物，是海洋抗腫瘤活性物質(zhì)的重要來(lái)源之一。一種從海鞘中提取具有抗腫瘤活性的天然產(chǎn)物的流程如下：下列關(guān)于該流程中各步驟的說(shuō)法中，錯(cuò)誤的是（ ）選項(xiàng)步驟采用裝置主要儀器A過(guò)濾裝置漏斗B分液裝置分液漏斗C蒸發(fā)裝置坩堝D蒸餾裝置蒸餾燒瓶AABBCCDD11、月桂烯的結(jié)構(gòu)如圖所示，一分子該物質(zhì)與兩分子溴發(fā)生加成反應(yīng)的產(chǎn)物(只考慮位置異構(gòu))理論上最多有（ ）A2種B3種C4種D6種12、第三周期的下列基態(tài)原子中

7、，第一電離能最小的是A3s23p3B3s23p5C3s23p4D3s23p613、下列選項(xiàng)中，微粒的物質(zhì)的量濃度關(guān)系正確的是A0.1 mol/L K2CO3溶液：c（OH）=c（HCO3）+c（H）+c（H2CO3）B0.1 mol/L NaHCO3溶液中離子濃度關(guān)系：c（Na+）=2c（CO32）+c（HCO3）+c（H2CO3）C等物質(zhì)的量的一元弱酸HX與其鉀鹽KX的混合溶液中：2c（K）= c（HX）+c（X）D濃度均為0.1 mol/L的NaHCO3溶液和NaOH溶液等體積混合：c（Na）+ c（H）=c（CO32）+c（OH）+c（HCO3）14、如圖是元素周期表中關(guān)于碘元素的信息，

8、其中解讀正確的是A碘元素的質(zhì)子數(shù)為53B碘原子的質(zhì)量數(shù)為126.9C碘原子核外有5種不同能量的電子D碘原子最外層有7種不同運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的電子15、NA表示阿伏加德羅常數(shù)的值，則下列說(shuō)法中正確的是A鐵絲和3.36LCl2完全反應(yīng)，轉(zhuǎn)移電子的數(shù)目為0.3NAB1 molNaClO中含有的Cl數(shù)目為NAC5mL0.005mol/L的Fe(SCN)3中溶質(zhì)的微粒數(shù)目為2.5107NAD18g H2O中含有的電子數(shù)為10NA16、25時(shí)，某實(shí)驗(yàn)小組同學(xué)向鋁與過(guò)量稀鹽酸反應(yīng)后的殘留液中滴加氫氧化鈉溶液，并用pH傳感器測(cè)得pH變化曲線如圖所示(B點(diǎn)開(kāi)始出現(xiàn)白色沉淀)。下列說(shuō)法錯(cuò)誤的是()AA 點(diǎn)前發(fā)生中和反應(yīng)B

9、BC 段沉淀質(zhì)量逐漸增加CD 點(diǎn)后的反應(yīng)為：Al(OH)3+OH=AlO2+2H2ODE 點(diǎn)溶液中溶質(zhì)主要是NaAlO2 和NaOH17、常溫下，相同濃度的兩種一元酸HX、HY分別用同一濃度的NaOH標(biāo)準(zhǔn)溶液滴定，滴定曲線如圖所示。下列說(shuō)法正確的是 AHX、HY起始溶液體積相同B均可用甲基橙作滴定指示劑CpH相同的兩種酸溶液中：D同濃度KX與HX的混合溶液中，粒子濃度間存在關(guān)系式：18、常溫下，向20mL、濃度均為0.1molL1的氫氧化鈉溶液、氨水中分別滴加0.1molL1鹽酸，溶液導(dǎo)電性如圖所示（已知：溶液導(dǎo)電性與離子濃度相關(guān)）。下列說(shuō)法正確的是Aa點(diǎn)溶液pH=11B曲線1中c與e之間某點(diǎn)

10、溶液呈中性Cc點(diǎn)溶液中：c（H+）=c（OH）+c（N3HH2O）D在a、b、c、d、e中，水電離程度最大的點(diǎn)是d19、設(shè)NA為阿伏加德羅常數(shù)的值，下列敘述正確的是（ ）A常溫常壓下，22.4LCH4含有的分子數(shù)小于NAB7.8gNa2O2與足量水反應(yīng)轉(zhuǎn)移的電子數(shù)為0.2NAC1mol苯中含有的碳碳雙鍵數(shù)為3NAD1L1molL-1的磷酸溶液中氫離子數(shù)為3NA20、下列選項(xiàng)中，為完成相應(yīng)實(shí)驗(yàn)，所用儀器或相關(guān)操作合理的是ABCD用CCl4提取溶在乙醇中的I2測(cè)量Cl2的體積過(guò)濾用NaOH標(biāo)準(zhǔn)溶液滴定錐形瓶中的鹽酸AABBCCDD21、實(shí)驗(yàn)室進(jìn)行加熱的方法有多種，其中水浴加熱的局限性是（）A加熱均

11、勻B相對(duì)安全C達(dá)到高溫D較易控溫22、NA代表阿伏加德羅常數(shù)的值。下列說(shuō)法正確的是（ ）A常溫常壓下，124gP4中所含PP鍵數(shù)目為4NAB100mL1molL1FeCl3溶液中所含F(xiàn)e3+的數(shù)目為0.1NAC標(biāo)準(zhǔn)狀況下，11.2L甲烷和乙烯混合物中含氫原子數(shù)目為2NAD密閉容器中，2molSO2和1molO2催化反應(yīng)后分子總數(shù)為2NA二、非選擇題(共84分)23、（14分）A、B、C、D為原子序數(shù)依次增大的四種元素，A2-和B+具有相同的電子構(gòu)型： C、D為同周期元素，C核外電子總數(shù)是最外層層電子數(shù)的3倍；D元素最外層有一個(gè)未成對(duì)電子?；卮鹣铝袉?wèn)題：（1）四種元素中電負(fù)性最大的是_（填元素符

12、號(hào)），其中C原子的核外電子排布式為_(kāi)。（2）單質(zhì)A有兩種同素異形體，其中沸點(diǎn)高的是_（填分子式）；A和B的氫化物所屬的晶體類型分別為_(kāi)和_。（3）C和D反應(yīng)可生成組成比為1：3的化合物E，E的立體構(gòu)型為_(kāi)，中心原子的雜化軌道類型為_(kāi)。（4）單質(zhì)D與濕潤(rùn)的Na2CO3反應(yīng)可制備D2A，其化學(xué)方程式為_(kāi)。（5）A和B能夠形成化合物F，其晶胞結(jié)構(gòu)如圖所示，晶胞參數(shù)a=0.566nm，F(xiàn)的化學(xué)式為_(kāi)；晶胞中A原子的配位數(shù)為_(kāi)；列式計(jì)算晶體F的密度（g cm-3 ）_。24、（12分）某研究小組擬合成醫(yī)藥中間體X和Y。已知：；請(qǐng)回答：（1）下列說(shuō)法正確的是_。A化合物A不能使酸性KMnO4溶液褪色B化合

13、物C能發(fā)生加成、取代、消去反應(yīng)C化合物D能與稀鹽酸發(fā)生反應(yīng)DX的分子式是C15H18N2O5（2）化合物B的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式是_。（3）寫出D+FG的化學(xué)方程式_。（4）寫出化合物A（C8H7NO4）同時(shí)符合下列條件的同分異構(gòu)體的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式_。分子是苯的二取代物，1HNHR譜表明分子中有4種化學(xué)環(huán)境不同的氫原子分子中存在硝基和結(jié)構(gòu)（5）設(shè)計(jì)EY（）的合成路線（用流程圖表示，無(wú)機(jī)試劑任選）_。25、（12分）草酸亞鐵晶體（FeC2O42H2O）是一種黃色難溶于水的固體，受熱易分解，是生產(chǎn)電池、涂料以及感光材料的原材料。為探究純凈草酸亞鐵晶體熱分解的產(chǎn)物，設(shè)計(jì)裝置圖如下：（1）儀器a的名稱是_。（2）從綠色

14、化學(xué)考慮，該套裝置存在的明顯缺陷是_。（3）實(shí)驗(yàn)前先通入一段時(shí)間N2，其目的為_(kāi)。（4）實(shí)驗(yàn)證明了氣體產(chǎn)物中含有CO，依據(jù)的實(shí)驗(yàn)現(xiàn)象為_(kāi)。（5）草酸亞鐵晶體在空氣易被氧化，檢驗(yàn)草酸亞鐵晶體是否氧化變質(zhì)的實(shí)驗(yàn)操作是_。（6）稱取5.40g草酸亞鐵晶體用熱重法對(duì)其進(jìn)行熱分解，得到剩余固體質(zhì)量隨溫度變化的曲線如下圖所示：上圖中M點(diǎn)對(duì)應(yīng)物質(zhì)的化學(xué)式為_(kāi)。已知400時(shí)，剩余固體是鐵的一種氧化物，試通過(guò)計(jì)算寫出MN發(fā)生反應(yīng)的化學(xué)方程式：_。26、（10分）探究SO2和氯水的漂白性，設(shè)計(jì)了如下實(shí)驗(yàn)，裝置如圖完成下列填空：（1）棉花上沾有的試劑是NaOH溶液，作用是_（2）反應(yīng)開(kāi)始一段時(shí)間后，B、D兩個(gè)試管中

15、可以觀察到的現(xiàn)象分別是：B：_，D：_停止通氣后，分別加熱B、D兩個(gè)試管，可以觀察到的現(xiàn)象分別是：B：_，D：_（3）有同學(xué)認(rèn)為SO2和氯水都有漂白性，二者混合后的漂白性肯定會(huì)更強(qiáng)，他將制得的SO2和Cl2按1：1同時(shí)通入到品紅溶液中，結(jié)果發(fā)現(xiàn)褪色效果并不理想產(chǎn)生該現(xiàn)象的原因（用化學(xué)方程式表示）_（4）裝置E中用_（填化學(xué)式）和濃鹽酸反應(yīng)制得Cl2，生成2.24L（標(biāo)準(zhǔn)狀況）的Cl2，則被氧化的HCl為_(kāi)mol（5）實(shí)驗(yàn)結(jié)束后，檢驗(yàn)蘸有試劑的棉花含有SO42的實(shí)驗(yàn)方案是：取棉花中的液體少許，滴加足量的稀HNO3，再加入幾滴BaCl2溶液，出現(xiàn)白色沉淀該方案是否合理_，理由是_27、（12分）為

16、了將混有K2SO4、MgSO4的KNO3固體提純，并制得純凈的KNO3溶液(E)，某學(xué)生設(shè)計(jì)如下實(shí)驗(yàn)方案：(1)操作主要是將固體溶解，則所用的主要玻璃儀器是_、_。(2)操作 所加的試劑順序可以為_(kāi)，_，_(填寫試劑的化學(xué)式)。(3)如何判斷SO42已除盡_(4)實(shí)驗(yàn)過(guò)程中產(chǎn)生的多次沉淀_(選填“需要”或“不需要”)多次過(guò)濾，理由是_。(5)該同學(xué)的實(shí)驗(yàn)設(shè)計(jì)方案中某步并不嚴(yán)密，請(qǐng)說(shuō)明理由_。28、（14分）直接排放SO2、NO2會(huì)危害環(huán)境。工業(yè)上常采用化學(xué)方法控制污染。(1)下圖是1mol CH4完全燃燒生成氣態(tài)水的能量變化和1molS(g)燃燒的能量變化。CH4完全燃燒的活化能是_kJ/mo

17、l在催化劑作用下，CH4可以還原SO2生成單質(zhì)S(g)、H2O(g)和CO2，寫出該反應(yīng)的熱化學(xué)方程式_；(2)為減少SO2排放，將含SO2的煙氣通過(guò)洗滌劑X，充分吸收后再向吸收后的溶液中加入稀硫酸，既可以回收，同時(shí)又可得到化肥。X可以是_(填序號(hào))。a.Ca(OH)2 b.K2CO3 c.Na2SO3 d.NH3H2O(3)對(duì)NO2+SO2SO3+NO H0反應(yīng)進(jìn)行探究：在固定體積的密閉容器中，使用某種催化劑，改變?cè)蠚馀浔冗M(jìn)行多組實(shí)驗(yàn)(各次實(shí)驗(yàn)的溫度可能相同，也可能不同)，測(cè)定NO2的平衡轉(zhuǎn)化率。實(shí)驗(yàn)結(jié)果如圖所示：能夠加快該化學(xué)反應(yīng)速率的外界條件是_a.降低溫度 b.增大壓強(qiáng) c.升高溫度

18、 d.減小壓強(qiáng)如果要將圖中C點(diǎn)的平衡狀態(tài)改變?yōu)锽點(diǎn)的平衡狀態(tài)，應(yīng)采取的措施是_；若A點(diǎn)對(duì)應(yīng)實(shí)驗(yàn)中，SO2(g)的起始濃度為c0mol/L，經(jīng)過(guò)min達(dá)到平衡狀態(tài)，該時(shí)段化學(xué)反應(yīng)速率v(NO2)_mol/(Lmin)；圖中C、D兩點(diǎn)對(duì)應(yīng)的實(shí)驗(yàn)溫度分別為和，計(jì)算判斷_(填、或)29、（10分）鈦被譽(yù)為“21世紀(jì)的金屬”，可呈現(xiàn)多種化合價(jià)。其中以+4價(jià)的Ti最為穩(wěn)定?；卮鹣铝袉?wèn)題：（1）基態(tài)Ti原子的價(jià)電子排布圖為_(kāi)。（2）已知電離能：I2(Ti)=1310kJmol-1，I2(K)=3051kJmol-1。I2(Ti)c（NH4+）c（Na+）c（OH-）c（H+），故D正確。故選C。3、C【解析

19、】A. Al2(SO4)3和小蘇打的反應(yīng)是Al3+和HCO3發(fā)生雙水解，生成沉淀Al(OH)3和不支持燃燒的CO2氣體，用于泡沫滅火器滅火，故A正確；B.受熱易分解產(chǎn)生氣體CO2氣體，可作為面包的發(fā)泡劑，故B正確；C. 乙酸具有酸性，且酸性比碳酸強(qiáng)，可以與水垢反應(yīng)，但用乙酸去除工業(yè)管道的水垢容易腐蝕管道，所以不能用于工業(yè)管道去除水垢，故C錯(cuò)誤； D. 次氯酸鹽的漂白性就是利用次氯酸鹽的氧化性，所有漂白粉可用于漂白織物，故D正確；故選C。4、B【解析】“灶燃薪”是加熱，“多者十二三眼，少者七八眼，共煎此盤”是蒸發(fā)結(jié)晶，B正確，故答案為：B。5、A【解析】AK元素廣泛存在于各種礦石和海水中，S元素

20、廣泛存在于自然界中，有火山噴口附近或地殼巖層中的單質(zhì)硫以及各類硫化物和硫酸鹽礦石，如硫鐵礦(FeS2)，黃銅礦(CuFeS2)，石膏(CaSO42H2O)和芒硝(Na2SO410H2O)等，A項(xiàng)錯(cuò)誤；B同位素示蹤法可以幫助我們研究化學(xué)反應(yīng)歷程，例如乙酸的酯化反應(yīng)，就是通過(guò)同位素示蹤法證實(shí)反應(yīng)過(guò)程是，乙酸分子羧基中的羥基與醇分子羥基的氫原子結(jié)合成水，其余部分相互結(jié)合成乙酸乙酯的，B項(xiàng)正確；C氫氣化學(xué)性質(zhì)活潑，且在常溫下是氣體，因此氫的安全儲(chǔ)運(yùn)是氫能利用的一大問(wèn)題，研發(fā)高容量?jī)?chǔ)氫材料是氫能利用的關(guān)鍵技術(shù)問(wèn)題之一，C項(xiàng)正確；D乙醇分子可以和水分子之間形成氫鍵，這使得其能夠與水互溶，D項(xiàng)正確；答案選A

21、。6、A【解析】由實(shí)驗(yàn)可知，試劑為硝酸鋇溶液，生成白色沉淀為碳酸鋇和硫酸鋇，則試劑為鹽酸，沉淀減少，硫酸鋇不溶于鹽酸，則原溶液中一定存在CO32-、SO42-，則不含F(xiàn)e2+、Mg2+；加試劑過(guò)濾后的濾液中，再加試劑鹽酸，H+、I-、NO3-發(fā)生氧化還原反應(yīng)生成I2，溶液變黃色，由于溶液呈電中性，則溶液中一定含有的陽(yáng)離子為K+。由上述分析可知，該溶液中一定有I-、CO32-、SO42-、K+，選項(xiàng)A正確；B、溶液中一定不含有Mg2+，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C、加入足量鹽酸會(huì)引入Cl-，故無(wú)法判斷原溶液中是否存在Cl-，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D、試劑一定為鹽酸，不能為硫酸，因?yàn)樘妓徜^與硫酸反應(yīng)生成硫酸鋇會(huì)使沉淀質(zhì)量

22、增加，不符合題意，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。答案選A。7、B【解析】A.氯氣溶于水，只有部分氯氣與水反應(yīng)生成氯化氫和次氯酸，所以無(wú)法計(jì)算轉(zhuǎn)移的電子數(shù)，故A錯(cuò)誤;B. 標(biāo)準(zhǔn)狀況下，22.4L氖氣為1mol，一個(gè)Ne原子含有10個(gè)電子，即1mol氖氣含有10NA個(gè)電子，故B正確；C.醋酸溶液的體積未知，則無(wú)法計(jì)算H+數(shù)目，故C錯(cuò)誤；D. 120g NaHSO4為1mol，1molNaHSO4分子中含有1molNa+和1molHSO4-，則120g NaHSO4分子中陽(yáng)離子和陰離子的總數(shù)為2NA，故D錯(cuò)誤；故選B。8、D【解析】短周期元素，A、E有-1價(jià)，B有-2價(jià)，且A的原子半徑與B相差不大，則A、E處于A族，

23、B處于A族，A原子半徑小于E，可推知A為F、E為Cl，B為O；D有-4、+4價(jià)，處于A族，原子半徑與O原子相差不大，可推知D為C元素；G元素有-3、+5價(jià)，處于A族，原子半徑大于C原子，應(yīng)處于第三周期，則G為P元素；I、J、K的化合價(jià)分別為+3、+2、+1，分別處于族A、A族、A族，原子半徑依次增大，且都大于P原子半徑，應(yīng)處于第三周期，可推知I為Al、J為Mg、K為Na；ANa與O2常溫下可生成Na2O，故A正確；BF-、Mg2+、Al3+離子核外電子層數(shù)相等，核電荷數(shù)越大離子半徑越小，故離子半徑大小順序?yàn)椋篎-Mg2+Al3+，故B正確；C磷的單質(zhì)有紅磷和白磷，存在同素異形體，故C錯(cuò)誤；D鎂

24、在二氧化碳中的燃燒生成MgO和碳單質(zhì)，故D錯(cuò)誤；故選D。9、B【解析】根據(jù)二氧化碳與氫氧化鈣反應(yīng)生成碳酸鈣，所以沉淀質(zhì)量增加，二氧化碳過(guò)量后沉淀又被溶解，即減少，同時(shí)考慮的題給的信息“通入懸濁液中的氣體，與溶液反應(yīng)后才與沉淀反應(yīng)”即可完成該題的解答?！驹斀狻恳婚_(kāi)始二氧化碳與氫氧化鈣反應(yīng)生成碳酸鈣，此時(shí)沉淀質(zhì)量增加，當(dāng)二氧化碳和氫氧化鈣反應(yīng)完畢后，根據(jù)題中信息可以知道，此時(shí)溶液處出于懸濁液狀態(tài)，所以此時(shí)發(fā)生的是二氧化碳和碳酸鉀溶液或是沒(méi)有反應(yīng)完全的氫氧化鉀的反應(yīng)，不管怎么樣都不會(huì)再有沉淀產(chǎn)生，但是同時(shí)沉淀的質(zhì)量也不會(huì)減少，當(dāng)把碳酸鉀及氫氧化鉀完全反應(yīng)后，二氧化碳與碳酸鈣反應(yīng)生成了能夠溶于水的碳酸

25、氫鈣，此時(shí)沉淀逐漸減少最后為零，則選項(xiàng)B符合題意，故答案選B。10、C【解析】由流程可知，步驟是分離固液混合物，其操作為過(guò)濾，需要漏斗、燒杯等儀器；步驟是分離互不相溶的液體混合物，需進(jìn)行分液，要用到分液漏斗等儀器；步驟是從溶液中得到固體，操作為蒸發(fā)，需要蒸發(fā)皿等儀器；步驟是從有機(jī)化合物中，利用沸點(diǎn)不同用蒸餾的方法得到甲苯，需要蒸餾燒瓶等儀器，則錯(cuò)誤的為C，故答案選C。11、C【解析】因分子存在三種不同的碳碳雙鍵，如圖所示；1分子該物質(zhì)與2分子Br2加成時(shí)，可以在的位置上發(fā)生加成，也可以在位置上發(fā)生加成或在位置上發(fā)生加成，還可以1分子Br2在發(fā)生1，4加成反應(yīng)，另1分子Br2在上加成，故所得產(chǎn)物

26、共有四種，故選C項(xiàng)。12、C【解析】A選項(xiàng)，3s23p3為P元素；B選項(xiàng)，3s23p5為Cl元素；C選項(xiàng)，3s23p4為S元素；D選項(xiàng)，3s23p6為Ar元素?！驹斀狻康谌芷诘幕鶓B(tài)原子中，第一電離具有增大的趨勢(shì)，但第IIA族元素大于第IIIA族元素，第VA族元素大于第VIA族元素，因此第一電離能最小的是S元素，故C正確。綜上所述，答案為C?！军c(diǎn)睛】同周期從左到右第一電離具有增大的趨勢(shì)，但第IIA族元素大于第IIIA族元素，第VA族元素大于第VIA族元素。13、C【解析】A、正確關(guān)系為c(OH)c(HCO3)c(H)2c(H2CO3)，因?yàn)橛梢粋€(gè)CO32水解生成H2CO3，同時(shí)會(huì)產(chǎn)生2個(gè)OH，

27、故A錯(cuò)誤；B、NaHCO3溶液中，根據(jù)物料守恒可得：c（Na+）=c（CO32）+c（HCO3）+c（H2CO3），故B錯(cuò)誤；C、等物質(zhì)的量的一元弱酸HX與其鉀鹽KX的混合溶液中，根據(jù)物料守恒，2 c（K）= c（HX）+c（X），故C正確；D、濃度均為0.1 mol/L的NaHCO3溶液和NaOH溶液等體積混合，根據(jù)電荷守恒：c（Na）+ c（H）=2c（CO32）+c（OH）+c（HCO3），故D錯(cuò)誤；綜上所述，本題正確答案為C。【點(diǎn)睛】本題考查了溶液中離子濃度等量關(guān)系，注意掌握電荷守恒、物料守恒、鹽的水解原理在判斷溶液中離子濃度大小中的應(yīng)用方法。14、D【解析】A由圖可知，碘元素的原子序

28、數(shù)為53，而元素是一類原子總稱，不談質(zhì)子數(shù)，故A錯(cuò)誤；B碘元素的相對(duì)原子質(zhì)量為126.9，不是質(zhì)量數(shù)，質(zhì)量數(shù)均為整數(shù)，故B錯(cuò)誤；C外圍電子排布為5s25p5，處于第五周期A族，有1s、2s、2p、3s、3p、3d、4s、4p、4d、5s、5p共11種不同能量的電子，故C錯(cuò)誤；D最外層電子排布為5s25p5，最外層有7種不同運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的電子，故D正確；故選：D。15、D【解析】A.未告知是否為標(biāo)準(zhǔn)狀況，無(wú)法計(jì)算3.36LCl2的物質(zhì)的量，因此無(wú)法確定鐵和氯氣反應(yīng)轉(zhuǎn)移的電子數(shù)，故A錯(cuò)誤；B.次氯酸鈉中不存在氯離子，故B錯(cuò)誤；C.Fe(SCN)3為難電離的物質(zhì)，5mL0.005mol/L的Fe(SCN

29、)3中溶質(zhì)的物質(zhì)的量為0.005L0.005mol/L=2.5105mol，微粒數(shù)目略小于2.5105NA，故C錯(cuò)誤；D.18g H2O的物質(zhì)的量為1mol，而水為10電子微粒，故1mol水中含10NA個(gè)電子，故D正確；答案選D?！军c(diǎn)睛】本題的易錯(cuò)點(diǎn)為A，使用氣體摩爾體積需要注意：對(duì)象是否為氣體；溫度和壓強(qiáng)是否為標(biāo)準(zhǔn)狀況。16、D【解析】根據(jù)圖象可知，鋁與過(guò)量稀鹽酸反應(yīng)后的殘留液中滴加氫氧化鈉溶液，pH=2，溶液顯酸性，則說(shuō)明鹽酸剩余，即A點(diǎn)溶液中含氯化鋁和過(guò)量的鹽酸；向殘留液中加入氫氧化鈉溶液，則NaOH和HCl反應(yīng)：NaOH+HCl=NaCl+H2O，導(dǎo)致溶液的pH升高，即AB段；在B點(diǎn)時(shí)

30、，溶液的pH=4，則此時(shí)氫氧化鈉與鹽酸恰好完全反應(yīng)，即B點(diǎn)溶液中的溶質(zhì)只有NaCl和AlCl3；繼續(xù)滴加氫氧化鈉溶液，則NaOH和AlCl3反應(yīng)：3NaOH+ AlCl3= Al(OH)3+3NaCl，即BC段，溶液的pH不變；在C點(diǎn)時(shí)，溶液中的AlCl3完全反應(yīng)，繼續(xù)滴加氫氧化鈉溶液，氫氧化鈉過(guò)量，故溶液的pH生高，即CD段，發(fā)生反應(yīng)Al(OH)3+OH=AlO2+2H2O，據(jù)此進(jìn)行分析?！驹斀狻緼鋁與過(guò)量稀鹽酸反應(yīng)后的殘留液中含有氯化鋁和鹽酸，滴加氫氧化鈉溶液，酸堿中和反應(yīng)的速率最快，故氫氧化鈉首先和鹽酸發(fā)生中和反應(yīng)，A點(diǎn)前發(fā)生中和反應(yīng)，故A正確；B鋁與過(guò)量稀鹽酸反應(yīng)后的殘留液中含有氯化鋁

31、，加入氫氧化鈉之后，首先生成氫氧化鋁沉淀，故BC 段沉淀質(zhì)量逐漸增加，故B正確；CCD段pH值突增，說(shuō)明氫氧化鈉過(guò)量，則發(fā)生反應(yīng)Al(OH)3+OH=AlO2+2H2O，故C正確；DE 點(diǎn)溶液中溶質(zhì)主要是NaAlO2 和NaOH，還有氯化鈉，故D錯(cuò)誤；答案選D。17、D【解析】A.反應(yīng)達(dá)到終點(diǎn)時(shí)，HX與HY消耗NaOH溶液的體積分別是30mL和40mL，故起始酸的體積比為3：4，故A錯(cuò)誤；B.NaOH滴定HX達(dá)到滴定終點(diǎn)時(shí)，溶液pH約為8，而甲基橙的變色范圍是，故不能用甲基橙做指示劑，故B錯(cuò)誤；C.由圖像中兩種酸濃度相同時(shí)的pH可知，HY的酸性強(qiáng)于HX的酸性，pH相同的兩種酸溶液中，故C錯(cuò)誤；

32、D.同濃度的KX和HX的混合溶液中，存在電荷守恒為，物料守恒為，將物料守恒帶入電荷守恒可得，故D正確；答案選D?！军c(diǎn)睛】本題主要考查酸堿滴定圖像分析，為高頻考點(diǎn)，難度不大。掌握酸堿滴定圖像分析、溶液中的離子濃度關(guān)系是解答關(guān)鍵。側(cè)重考查學(xué)生的分析圖像和解決化學(xué)問(wèn)題的能力。18、C【解析】氫氧化鈉為強(qiáng)電解質(zhì)，一水合氨為弱電解質(zhì)，所以體積、濃度相同的氫氧化鈉溶液的導(dǎo)電性要比一水合氨的導(dǎo)電性要強(qiáng)，故曲線2為氫氧化鈉溶液，曲線1氨水?！驹斀狻緼. 曲線2為氫氧化鈉溶液，氫氧化鈉是一元強(qiáng)堿，c(OH-)=0.1mol/L， 則c(H+)=110-13 mol/L，所以 pH=-lgc(H+)=13，故A錯(cuò)

33、誤；B.在氨水中滴加鹽酸，溶液由堿性變中性，再變成酸性，滴定前氨水呈堿性，而c點(diǎn)對(duì)應(yīng)的溶液溶質(zhì)為氯化銨，呈酸性，說(shuō)明中性點(diǎn)在c點(diǎn)向b點(diǎn)間的某點(diǎn)，c點(diǎn)到e點(diǎn)溶液的酸性越來(lái)越強(qiáng)，故B錯(cuò)誤；C. c點(diǎn)表示溶質(zhì)是氯化銨，溶液中存在質(zhì)子守恒式：c(H+)=c(OH-)+c(NH3H2O)，故C正確； D. 由圖像知， 曲線1導(dǎo)電性較弱，說(shuō)明曲線1對(duì)應(yīng)的溶液為弱電解質(zhì)溶液，即曲線1代表氨水，曲線2代表氫氧化鈉溶液，c點(diǎn)表示氨水與鹽酸恰好完全反應(yīng)生成氯化銨，水解程度最大，故此點(diǎn)對(duì)應(yīng)的溶液中水的電離程度最大，故D錯(cuò)誤；故選C。【點(diǎn)睛】正確判斷曲線1、曲線2代表的溶質(zhì)為解答關(guān)鍵，然后根據(jù)橫坐標(biāo)加入HCl的量可以

34、判斷各點(diǎn)相應(yīng)的溶質(zhì)情況，根據(jù)溶質(zhì)分析溶液的酸堿性、水的電離程度。19、A【解析】A. 常溫常壓下，22.4LCH4物質(zhì)的量小于1mol，其含有的分子數(shù)小于NA，故A正確；B. 2Na2O2 + 2H2O = 4NaOH + O2，2mol過(guò)氧化鈉轉(zhuǎn)移2mol電子，因此7.8gNa2O2即0.1mol與足量水反應(yīng)轉(zhuǎn)移的電子數(shù)為0.1 NA，故B錯(cuò)誤；C. 苯中不含有的碳碳雙鍵，故C錯(cuò)誤；D. 1L1molL-1的磷酸物質(zhì)的量為1mol，磷酸是弱酸，部分電離，因此溶液中氫離子數(shù)小于3NA，故D錯(cuò)誤。綜上所述，答案為A。20、B【解析】A.四氯化碳是良好的有機(jī)溶劑，四氯化碳與乙醇互溶，不會(huì)出現(xiàn)分層，

35、不能用分液漏斗分離，故A錯(cuò)誤；B. 氯氣不溶于食鹽水，可排飽和食鹽水測(cè)定其體積，則圖中裝置可測(cè)定Cl2的體積，故B正確；C. 過(guò)濾需要玻璃棒引流，圖中缺少玻璃棒，故C錯(cuò)誤；D. NaOH標(biāo)準(zhǔn)溶液滴定錐形瓶中的鹽酸，NaOH溶液應(yīng)盛放在堿式滴定管中，儀器的使用不合理，滴定過(guò)程中眼睛應(yīng)注視錐形瓶?jī)?nèi)溶液顏色的變化，故D錯(cuò)誤。答案選B?！军c(diǎn)睛】本題考查的是關(guān)于化學(xué)實(shí)驗(yàn)方案的評(píng)價(jià)， 實(shí)驗(yàn)裝置的綜合。解題時(shí)需注意氯氣不溶于食鹽水，可排飽和食鹽水測(cè)定其體積；NaOH標(biāo)準(zhǔn)溶液滴定錐形瓶中的鹽酸，NaOH溶液應(yīng)盛放在堿式滴定管中。21、C【解析】水浴加熱的優(yōu)點(diǎn)是受熱均勻、便于控溫，且相對(duì)較安全，但由于加熱的溫度

36、只能在100以下，故缺點(diǎn)是無(wú)法達(dá)到高溫。 故選：C。22、C【解析】A. 常溫常壓下，124 g P4的物質(zhì)的量是1mol，由于白磷是正四面體結(jié)構(gòu)，含有6個(gè)PP鍵，因此其中所含PP鍵數(shù)目為6NA，A錯(cuò)誤；B. 鐵離子在溶液中水解，所以100 mL 1molL1FeCl3溶液中所含F(xiàn)e3+的數(shù)目小于0.1NA，B錯(cuò)誤；C. 甲烷和乙烯分子均含有4個(gè)氫原子，標(biāo)準(zhǔn)狀況下，11.2 L甲烷和乙烯混合物的物質(zhì)的量是0.5mol，其中含氫原子數(shù)目為2NA，C正確；D. 反應(yīng)2SO2+O22SO3是可逆反應(yīng)，因此密閉容器中，2 mol SO2和1 mol O2催化反應(yīng)后分子總數(shù)大于2NA，D錯(cuò)誤。答案選C。

37、【點(diǎn)睛】本題主要從物質(zhì)結(jié)構(gòu)、水解、轉(zhuǎn)移電子、可逆反應(yīng)等角度考查，本題相對(duì)比較容易，只要認(rèn)真、細(xì)心就能做對(duì)，平時(shí)多注意這方面的積累。白磷的結(jié)構(gòu)是解答的難點(diǎn)，注意與甲烷正四面體結(jié)構(gòu)的區(qū)別。二、非選擇題(共84分)23、O ls22s22p63s23p3（或Ne3s23p3） O3 分子晶體 離子晶體 三角錐形 sp3 2Cl2+2Na2CO3+H2O=Cl2O+2NaHCO3+2NaCl（或2Cl2+Na2CO3=Cl2O+CO2+2NaCl） Na2O 8 2.27 g/cm3 【解析】A、B、C、D為原子序數(shù)依次增大的四種元索，C核外電子總數(shù)是最外層電子數(shù)的3倍，則C為P元素，C、D為同周期元

38、索，D元素最外層有一個(gè)未成對(duì)電子，則D為Cl元素，A2和B具有相同的電子構(gòu)型，則A為O、B為Na元素；通過(guò)以上分析，A、B、C、D分別是O、Na、P、Cl元素?！驹斀狻浚?）元素的非金屬性越強(qiáng)，其電負(fù)性越大，這幾種元素非金屬性最強(qiáng)的是O元素，則電負(fù)性最大的是O元素；C是P元素，其原子核外有15個(gè)電子，根據(jù)構(gòu)造原理書(shū)寫P原子核外電子排布式為ls22s22p63s23p3（或Ne3s23p3）；故答案為：O；ls22s22p63s23p3（或Ne3s23p3）；（2）單質(zhì)A為氧氣，氧氣的同素異形體是臭氧，二者都是分子晶體，分子晶體熔沸點(diǎn)與范德華力成正比，范德華力與相對(duì)分子質(zhì)量成正比，臭氧的相對(duì)分子

39、質(zhì)量大于氧氣，則范德華力：臭氧氧氣，所以熔沸點(diǎn)較高的是O3；A和B的氫化物所屬的晶體類型分別為水是分子晶體和NaH為離子晶體。故答案為：O3；分子晶體；離子晶體；（3）C和D反應(yīng)可生成組成比為1：3的化合物PCl3，PCl3中P原子價(jià)層電子對(duì)個(gè)數(shù)=3+=4且含1個(gè)孤電子對(duì)，根據(jù)價(jià)層電子對(duì)互斥理論判斷該分子的立體構(gòu)型為三角錐形、中心原子的雜化軌道類型為sp3，故答案為：三角錐形；sp3；（4）單質(zhì)Cl2與濕潤(rùn)的Na2CO3反應(yīng)可制備Cl2O，其化學(xué)方程式為2Cl2+2Na2CO3+H2O= Cl2O+2NaHCO3+2NaCl （或2Cl2+Na2CO3=Cl2O+CO2+2NaCl）。故答案為

40、：2Cl2+2Na2CO3+H2O= Cl2O+2NaHCO3+2NaCl （或2Cl2+Na2CO3=Cl2O+CO2+2NaCl）；（5）O和Na能夠形成化合物F，半徑大的為O元素離子、半徑小的為Na，該晶胞中大球個(gè)數(shù)=8+6=4、小球個(gè)數(shù)為8，則大球、小球個(gè)數(shù)之比=4：8=1：2，則化學(xué)式為Na2O；觀察晶胞中面心的原子，與之相連的原子有8個(gè)，晶胞中O原子的配位數(shù)為8；該晶胞體積=a3nm3，晶胞密度= =gcm3=2.27gcm3；故答案為：Na2O；2.27gcm-3?！军c(diǎn)睛】本題考查物質(zhì)結(jié)構(gòu)和性質(zhì)，涉及晶胞計(jì)算、原子雜化方式判斷、微?？臻g構(gòu)型判斷、原子核外電子排布等知識(shí)點(diǎn)，側(cè)重考查

41、基礎(chǔ)知識(shí)點(diǎn)的靈活運(yùn)用、空間想像能力及計(jì)算能力，難點(diǎn)是晶胞計(jì)算，利用均攤法求出晶胞中原子的個(gè)數(shù)，結(jié)合密度公式含義計(jì)算。24、CD +CH3OOCCHBrCH2CH2COOCH3+HBr 、 CH3OOCCH2CH2CH2COOCH3HOOCCH2CH2CH2COOHClOCCH2CH2CH2COCl 【解析】由、A的分子式，縱觀整個(gè)過(guò)程，結(jié)合X的結(jié)構(gòu)，可知發(fā)生甲基鄰位硝化反應(yīng)生成A為，對(duì)比各物質(zhì)的分子，結(jié)合反應(yīng)條件與給予的反應(yīng)信息，可知A中羧基上羥基被氯原子取代生成B，B中甲基上H原子被溴原子取代生成C，C中氯原子、溴原子被NH取代生成D，故B為、C為、D為；由X的結(jié)構(gòu)，逆推可知G為，結(jié)合F、E

42、的分子式，可推知F為CH3OOCCHBrCH2CH2COOCH3、E為CH3OOCCH2CH2CH2COOCH3，據(jù)此分析解答。【詳解】（1）A.化合物A為，苯環(huán)連接甲基，能使酸性KMnO4溶液褪色，故A正確；B.化合物C為，苯環(huán)能與氫氣發(fā)生加成反應(yīng)，鹵素原子能發(fā)生取代反應(yīng)，不能發(fā)生消去反應(yīng)，故B錯(cuò)誤；C.化合物D，含有酰胺鍵，能與稀鹽酸發(fā)生反應(yīng)，故C正確；D.由結(jié)構(gòu)可知，X的分子式是C15H18N2O5，故D正確，故答案為：CD；（2）由分析可知，化合物B的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式是：，故答案為：；（3）D+FG的化學(xué)方程式： +CH3OOCCHBrCH2CH2COOCH3+HBr，故答案為： +CH3OO

43、CCHBrCH2CH2COOCH3+HBr；（4）化合物A（C8H7NO4）的同分異構(gòu)體同時(shí)符合下列條件：分子是苯的二取代物，1HNHR譜表明分子中有4種化學(xué)環(huán)境不同的氫原子，存在對(duì)稱結(jié)構(gòu)；分子中存在硝基和結(jié)構(gòu)，2個(gè)取代基可能結(jié)構(gòu)為：NO2與CH2OOCH、NO2與CH2COOH、COOH與CH2NO2、OOCH與CH2NO2，同分異構(gòu)體可能結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為：、，故答案為：、；（5）由信息可知，由ClOCCH2CH2CH2COCl與氨氣反應(yīng)生成，由AB的轉(zhuǎn)化，由HOOCCH2CH2CH2COOH與SOCl2 反應(yīng)得到ClOCCH2CH2CH2COCl，CH3OOCCH2CH2CH2COOCH3堿性條

44、件下水解、酸化得到HOOCCH2CH2CH2COOH，合成路線流程圖為：CH3OOCCH2CH2CH2COOCH3HOOCCH2CH2CH2COOHClOCCH2CH2CH2COCl，故答案為：CH3OOCCH2CH2CH2COOCH3HOOCCH2CH2CH2COOHClOCCH2CH2CH2COCl?！军c(diǎn)睛】能準(zhǔn)確根據(jù)反應(yīng)條件推斷反應(yīng)原理是解題關(guān)鍵，常見(jiàn)反應(yīng)條件與發(fā)生的反應(yīng)原理類型：在NaOH的水溶液中發(fā)生水解反應(yīng)，可能是酯的水解反應(yīng)或鹵代烴的水解反應(yīng)；在NaOH的乙醇溶液中加熱，發(fā)生鹵代烴的消去反應(yīng)；在濃H2SO4存在的條件下加熱，可能發(fā)生醇的消去反應(yīng)、酯化反應(yīng)、成醚反應(yīng)或硝化反應(yīng)等；能

45、與溴水或溴的CCl4溶液反應(yīng)，可能為烯烴、炔烴的加成反應(yīng)；能與H2在Ni作用下發(fā)生反應(yīng)，則為烯烴、炔烴、芳香烴、醛的加成反應(yīng)或還原反應(yīng)；在O2、Cu(或Ag)、加熱(或CuO、加熱)條件下，發(fā)生醇的氧化反應(yīng)；與O2或新制的Cu(OH)2懸濁液或銀氨溶液反應(yīng)，則該物質(zhì)發(fā)生的是CHO的氧化反應(yīng)。(如果連續(xù)兩次出現(xiàn)O2，則為醇醛羧酸的過(guò)程)。25、球形干燥管（干燥管） 缺少處理CO尾氣裝置 排盡裝置內(nèi)空氣，防止空氣中H2O和CO2的干擾 E中黑色粉末變紅色，F(xiàn)出現(xiàn)白色沉淀 取少量草酸亞鐵晶體于試管中，加入稀硫酸溶解后并滴加KSCN溶液，若溶液變紅色，則草酸亞鐵晶體已氧化變質(zhì)；若不變紅色，則草酸亞鐵晶

46、體未氧化變質(zhì) FeC2O4 3FeC2O4 Fe3O42CO24CO 【解析】裝置A為草酸亞鐵晶體分解，利用無(wú)水硫酸銅檢驗(yàn)水蒸氣，B裝置檢驗(yàn)二氧化碳，C裝置吸收二氧化碳，D裝置干燥氣體，E裝置檢驗(yàn)CO，F(xiàn)裝置檢驗(yàn)二氧化碳，據(jù)此解答?！驹斀狻?1)儀器a的名稱是球形干燥管(干燥管)，故答案為：球形干燥管(干燥管)；(2)反應(yīng)會(huì)產(chǎn)生CO，缺少處理CO尾氣裝置，故答案為：缺少處理CO尾氣裝置；(3)反應(yīng)會(huì)會(huì)產(chǎn)生CO和H2O，通入氮?dú)?，排盡裝置內(nèi)空氣，防止空氣中H2O和CO2的干擾，故答案為：排盡裝置內(nèi)空氣，防止空氣中H2O和CO2的干擾；(4)CO與CuO反應(yīng)，生成Cu和二氧化碳，現(xiàn)象為E中黑色粉末

47、變紅色，F(xiàn)出現(xiàn)白色沉淀，故答案為：E中黑色粉末變紅色，F(xiàn)出現(xiàn)白色沉淀；(5)檢驗(yàn)鐵離子的試劑為KSCN，具體有：取少量草酸亞鐵晶體于試管中，加入稀硫酸溶解后并滴加KSCN溶液，若溶液變紅色，則草酸亞鐵晶體已氧化變質(zhì)；若不變紅色，則草酸亞鐵晶體未氧化變質(zhì)，故答案為：取少量草酸亞鐵晶體于試管中，加入稀硫酸溶解后并滴加KSCN溶液，若溶液變紅色，則草酸亞鐵晶體已氧化變質(zhì)；若不變紅色，則草酸亞鐵晶體未氧化變質(zhì)；(6)草酸亞鐵晶體的物質(zhì)的量為：0.03mol，通過(guò)剩余固體的質(zhì)量為4.32g，則M的摩爾質(zhì)量為144g/mol，過(guò)程發(fā)生的反應(yīng)是：草酸亞鐵晶體受熱失去結(jié)晶水，剩下的M為FeC2O4，故答案為：

48、FeC2O4；草酸亞鐵晶體中的鐵元素質(zhì)量為：1.68g，草酸亞鐵晶體中的鐵元素完全轉(zhuǎn)化到氧化物中，氧化物中氧元素的質(zhì)量為：，設(shè)鐵的氧化物的化學(xué)式為FexOy，則有：，解得x：y3：4，鐵的氧化物的化學(xué)式為Fe3O4，因此MN發(fā)生反應(yīng)的化學(xué)方程式為3FeC2O4 Fe3O42CO24CO。【點(diǎn)睛】本題難點(diǎn)在于(6)，根據(jù)質(zhì)量，求分子式，可以通過(guò)質(zhì)量守恒得到答案。26、吸收Cl2或SO2等尾氣，保護(hù)環(huán)境 品紅溶液褪色 品紅溶液褪色 褪色的品紅又恢復(fù)為紅色 無(wú)明顯現(xiàn)象 Cl2+SO2+2H2O=2HCl+H2SO4 KMnO4 0.2 不合理 蘸有試劑的棉花中可能含有SO32，用HNO3溶液酸化時(shí)會(huì)

49、干擾SO42檢驗(yàn) 【解析】探究SO2和氯水的漂白性：A用于制備SO2，可用Na2SO3與硫酸反應(yīng)制取，B用于檢驗(yàn)二氧化硫的生成，E用濃鹽酸和二氧化錳在加熱條件下制備氯氣，D用于檢驗(yàn)氣體的漂白性，C用于檢驗(yàn)SO2和氯水都有漂白性，二者混合后的漂白性，棉花上沾有的試劑是NaOH溶液，作用是吸收尾氣。【詳解】(1)氯氣、二氧化硫都是污染性的氣體不能排放到空氣中，氯氣和氫氧化鈉發(fā)應(yīng)生成氯化鈉、次氯酸鈉和水，二氧化硫和氫氧化鈉反應(yīng)生成亞硫酸鈉和水，棉花需要沾有氫氧化鈉溶液吸收吸收Cl2或SO2等尾氣，保護(hù)環(huán)境；(2)氯氣和水反應(yīng)生成的次氯酸具有漂白性，二氧化硫和品紅化合生成無(wú)色物質(zhì)，兩者都能使品紅溶液褪

50、色，所以B和D裝置中品紅都褪色；二氧化硫漂白后的物質(zhì)具有不穩(wěn)定性，加熱時(shí)又能變?yōu)榧t色，而氯氣的漂白是利用了氯氣和水反應(yīng)生成的次氯酸的強(qiáng)氧化性，具有不可逆性，所以看到的現(xiàn)象是B中溶液由無(wú)色變?yōu)榧t色，D中無(wú)明顯現(xiàn)象；(3)SO2和Cl2按1：1通入，SO2和Cl2恰好反應(yīng)，二者反應(yīng)生成H2SO4和HCl，生成物都無(wú)漂白性，化學(xué)方程式為：SO2+Cl2+2H2OH2SO4+2HCl；(4)常溫下，用KMnO4和濃鹽酸反應(yīng)制Cl2，反應(yīng)的化學(xué)方程式如下：2KMnO4+16HCl(濃)2KCl+2MnCl2+5Cl2+8H2O，Mn元素由+7價(jià)降低到+2價(jià)，Cl元素的化合價(jià)由1價(jià)升高到0，高錳酸鉀得電子

51、是氧化劑，HCl失電子是還原劑，2KMnO4+16HCl(濃)2KCl+2MnCl2+5Cl2+8H2O，每生成5mol氯氣被氧化的HCl是10mol，生成2.24L(標(biāo)準(zhǔn)狀況)的Cl2，為0.1mol氯氣，所以被氧化的HCl的物質(zhì)的量n2n(Cl2)20.1mol0.2mol；(5)亞硫酸根離子具有還原性，硝酸具有氧化性，能把亞硫酸根離子氧化成硫酸根離子，蘸有試劑的棉花中可能含有SO32，用HNO3溶液酸化時(shí)會(huì)干擾SO42檢驗(yàn)，所以該方案不合理。【點(diǎn)睛】考查物質(zhì)的性質(zhì)實(shí)驗(yàn)，題目涉及二氧化硫與氯氣的制取以及二氧化硫漂白與次氯酸漂白的區(qū)別，二氧化硫的性質(zhì)主要有：二氧化硫和水反應(yīng)生成亞硫酸，紫色石

52、蕊試液遇酸變紅色；二氧化硫有漂白性，能使品紅褪色，但不能使石蕊褪色；二氧化硫有還原性，能使高錳酸鉀能發(fā)生氧化還原反應(yīng)而褪色；二氧化硫和二氧化碳有相似性，能使澄清的石灰水變渾濁，繼續(xù)通入二氧化硫，二氧化硫和亞硫酸鈣反應(yīng)生成可溶性的亞硫酸氫鈣；具有氧化性，但比較弱。27、燒杯 玻璃棒； Ba(NO3)2 K2CO3 KOH或（KOH、Ba(NO3)2、K2CO3或Ba(NO3)2、KOH、K2CO3） 靜置，取少量上層澄清溶液，再加入少量Ba(NO3)2溶液，若不變渾濁，表明SO42已除盡 不需要 因?yàn)閹讉€(gè)沉淀反應(yīng)互不干擾，因此只過(guò)濾一次，可減少操作程序 因?yàn)榧尤臌}酸調(diào)節(jié)溶液的pH會(huì)引進(jìn)Cl 【解

53、析】混有K2SO4、MgSO4的KNO3固體，加入硝酸鋇、碳酸鉀除去硫酸根離子；加入氫氧化鉀除去鎂離子；稍過(guò)量的氫氧根離子、碳酸根離子用硝酸除去；【詳解】(1)固體溶解一般在燒杯中進(jìn)行，并要用玻璃棒攪拌加快溶解，故答案為：燒杯；玻璃棒；(2)KNO3中混有的雜質(zhì)離子是SO42-和Mg2+，為了完全除去SO42-應(yīng)該用稍過(guò)量的Ba2+，這樣稍過(guò)量的Ba2+也變成了雜質(zhì)，需要加CO32-離子來(lái)除去，除去Mg2+應(yīng)該用OH-，OH-的順序沒(méi)有什么要求，過(guò)量的CO32-、OH-可以通過(guò)加入的鹽酸來(lái)除去，故答案為：Ba(NO3)2；K2CO3；KOH或（KOH、Ba(NO3)2、K2CO3或Ba(NO3

54、)2、KOH、K2CO3）；(3)SO42存在于溶液中，可以利用其與Ba2+反應(yīng)生成沉淀來(lái)判斷，方法是靜置，取少量上層澄清溶液，再加入少量Ba(NO3)2溶液，若不變渾濁，表明已除盡，故答案為：靜置，取少量上層澄清溶液，再加入少量Ba(NO3)2溶液，若不變渾濁，表明SO42已除盡；(4)不需要 因?yàn)閹讉€(gè)沉淀反應(yīng)互不干擾，因此只過(guò)濾一次，可減少操作程序，故答案為：不需要；因?yàn)閹讉€(gè)沉淀反應(yīng)互不干擾，因此只過(guò)濾一次，可減少操作程序；(5)本實(shí)驗(yàn)?zāi)康氖菫榱说玫郊儍舻腒NO3溶液，因此在實(shí)驗(yàn)過(guò)程中不能引入新的雜質(zhì)離子，而加入鹽酸來(lái)調(diào)節(jié)溶液的pH會(huì)引入Cl，故答案為：因?yàn)榧尤臌}酸調(diào)節(jié)溶液的pH會(huì)引進(jìn)Cl

55、?！军c(diǎn)睛】除去溶液中的硫酸根離子與鎂離子時(shí)無(wú)先后順序，所加試劑可先加KOH，也可先加硝酸鋇、碳酸鉀，過(guò)濾后再加適量的硝酸。28、126kJ/mol CH4(g)+2SO2(g)=2S(g)+2H2O(g)+CO2(g) H=+352kJ/mol bd bc 降低溫度 = 【解析】(1)活化能是物質(zhì)發(fā)生化學(xué)反應(yīng)需要的最低能量；先根據(jù)圖示寫出兩個(gè)反應(yīng)的熱化學(xué)方程式，然后將二者疊加，可得該反應(yīng)的熱化學(xué)方程式；(2)分別加入不同的洗滌劑X，根據(jù)不同的洗滌劑X與SO2發(fā)生的不同反應(yīng)，判斷符合條件的洗滌劑X；(3)根據(jù)影響化學(xué)反應(yīng)速率的因素分析判斷；如果要將圖中C點(diǎn)的平衡狀態(tài)改變?yōu)锽點(diǎn)的平衡狀態(tài)，即在不改

56、變物料比的情況下，增加NO2的平衡轉(zhuǎn)化率，考慮溫度和壓強(qiáng)對(duì)化學(xué)平衡的影響；A點(diǎn)實(shí)驗(yàn)中，NO2的平衡轉(zhuǎn)化率（NO2）=50%，起始時(shí)，SO2(g)的起始濃度為c0mol/L，起始時(shí)的物料比為=0.4,可計(jì)算起始時(shí)NO2的量，根據(jù)化學(xué)反應(yīng)平均速率計(jì)算公式v(NO2)=計(jì)算；C、D兩點(diǎn)對(duì)應(yīng)的實(shí)驗(yàn)溫度分別為TC和TD，溫度和平衡常數(shù)有關(guān)，結(jié)合圖中的數(shù)據(jù)，分別計(jì)算C和D點(diǎn)時(shí)的化學(xué)平衡常數(shù)，據(jù)此判斷兩點(diǎn)溫度?！驹斀狻?1)活化能是物質(zhì)發(fā)生化學(xué)反應(yīng)需要的最低能量，根據(jù)圖示可知甲烷的活化能為126kJ/mol；根據(jù)圖示可得熱化學(xué)方程式：i：CH4(g)+2O2(g)=CO2(g)+2H2O(g) H=-902

57、kJ/mol；ii：S(g)+O2(g)=SO2(g) H=-577kJ/mol，則根據(jù)蓋斯定律，i-2ii，整理可得CH4(g)+ SO2(g)= 2S(g)+2H2O(g)+CO2(g) H=+352kJ/mol；(2)分別加入不同的洗滌劑X，根據(jù)不同的洗滌劑X與SO2發(fā)生的不同反應(yīng)，要求將含SO2的煙氣通過(guò)洗滌劑X，充分吸收后再向吸收后的溶液中加入稀硫酸，既可以回收SO2，同時(shí)又可得到化肥，植物需求量較大的化肥是氮肥，磷肥，鉀肥，a.若洗滌劑X選用Ca(OH)2，通入SO2反應(yīng)產(chǎn)生CaSO3，加入稀硫酸反應(yīng)可以回收SO2，同時(shí)產(chǎn)生CaSO4，但不是化肥，a不符合題意；b.若洗滌劑X選用K

58、2CO3，溶液堿性較強(qiáng)，可以吸收SO2，加入稀硫酸反應(yīng)可以回收SO2，同時(shí)產(chǎn)生鉀肥，b符合題意；c.若洗滌劑X選用Na2SO3，溶液堿性較強(qiáng)，可發(fā)生反應(yīng)生成NaHSO3，加入稀硫酸反應(yīng)可以回收SO2，同時(shí)產(chǎn)生Na2SO4，但不是化肥，c不符合題意；d若洗滌劑X選用NH3H2O，是堿性溶液，可以吸收SO2，加入稀硫酸反應(yīng)可以回收SO2，同時(shí)產(chǎn)生(NH4)2SO4，(NH4)2SO4是氮肥，d符合題意；故合理選項(xiàng)是bd；(3)a.降低溫度，物質(zhì)的內(nèi)能降低，活化分子數(shù)目減小，有效碰撞次數(shù)增加，反應(yīng)速率降低，a錯(cuò)誤；b.增大壓強(qiáng)，物質(zhì)的濃度增大，單位體積內(nèi)的活化分子數(shù)增加，反應(yīng)速率加快，b正確；c.升

59、高溫度物質(zhì)的內(nèi)能增加，活化分子數(shù)目增多，活化分子數(shù)目增加，有效碰撞次數(shù)增加，反應(yīng)速率加快，c正確；d.減小壓強(qiáng)，物質(zhì)的濃度降低，單位體積內(nèi)的活化分子數(shù)減少，有效碰撞次數(shù)減少，化學(xué)反應(yīng)速率降低，d錯(cuò)誤；故合理選項(xiàng)是bc；如果要將圖中C點(diǎn)的平衡狀態(tài)改變?yōu)锽點(diǎn)的平衡狀態(tài)，即在不改變物料比的情況下，增加NO2的平衡轉(zhuǎn)化率，反應(yīng)為：NO2(g)+SO2(g)SO3(g)+NO(g)，H0，該反應(yīng)的正反應(yīng)為反應(yīng)前后氣體體積不變的放熱反應(yīng)，壓強(qiáng)變化對(duì)化學(xué)平衡不產(chǎn)生影響，要增加NO2的平衡轉(zhuǎn)化率，使化學(xué)平衡向正反應(yīng)方向移動(dòng)，可采取降低溫度的方式；A點(diǎn)實(shí)驗(yàn)中，NO2的平衡轉(zhuǎn)化率(NO2)=50%，起始時(shí)，SO2(g)的起始濃度為c0mol/L，起始時(shí)的物料比為