四川省綿陽市文昌中學(xué)高三物理上學(xué)期期末試卷含解析

1、四川省綿陽市文昌中學(xué)高三物理上學(xué)期期末試卷含解析一、 選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計(jì)15分每小題只有一個(gè)選項(xiàng)符合題意1. 說法正確的是A. 當(dāng)做受迫振動的振子運(yùn)動穩(wěn)定后，其周期一定等于振子的固有周期B. 在同一地點(diǎn)，擺球質(zhì)量越大，單擺做簡諧振動的周期越大C. 某時(shí)刻起沿波傳播方向上的兩個(gè)質(zhì)點(diǎn)的運(yùn)動狀態(tài)完全相同，則兩質(zhì)點(diǎn)之間間距一定是波長的整數(shù)倍D. 兩列波在相遇區(qū)形成了穩(wěn)定的干涉圖形，則兩列波的波長一定相等E. 泊松亮斑是由于光的衍射形成的參考答案：CE【詳解】A.當(dāng)做受迫振動的振子運(yùn)動穩(wěn)定后，其周期一定等于驅(qū)動力的周期，與振子的固有周期無關(guān)，故A錯(cuò)誤；B.根據(jù)單擺的周期公式可知：，在

2、同一地點(diǎn)，周期與擺球質(zhì)量無關(guān)，故B錯(cuò)誤；C.某時(shí)刻起沿波傳播方向上的兩個(gè)質(zhì)點(diǎn)的運(yùn)動狀態(tài)完全相同，則兩質(zhì)點(diǎn)之間間距一定是波長的整數(shù)倍，故C正確；D.兩列波頻率相同時(shí)，在相遇區(qū)形成穩(wěn)定的干涉圖樣，故D錯(cuò)誤；E.光的衍射包括單縫衍射、圓孔衍射和泊松亮斑，故E正確。2. （單選）火星和地球繞太陽運(yùn)行的軌道視為圓周已知火星和地球繞太陽運(yùn)動的周期之比，由此可求得（）A火星和地球的質(zhì)量之比B火星和地球表面的重力加速度之比C火星和地球繞太陽運(yùn)行速度大小之比D火星和地球受到的太陽的萬有引力之比參考答案：考點(diǎn)：萬有引力定律及其應(yīng)用專題：萬有引力定律的應(yīng)用專題分析：研究火星和地球繞太陽做圓周運(yùn)動，根據(jù)萬有引力提供向

3、心力，列出等式表示出軌道半徑進(jìn)一步根據(jù)周期之比計(jì)算其它量的比值解答：解：A、我們研究火星和地球繞太陽做圓周運(yùn)動，火星和地球作為環(huán)繞體，無法求得火星和地球的質(zhì)量之比，故A錯(cuò)誤B、根據(jù)萬有引力提供向心力，得，由于星球的半徑之比不知道，故不可以求得火星和地球繞太陽運(yùn)動的表面的重力加速度之比，故B錯(cuò)誤C、根據(jù)圓周運(yùn)動知識得：v=，由于火星和地球繞太陽運(yùn)動的周期之比和火星和地球到太陽的距離之比都知道，所以能求得火星和地球繞太陽運(yùn)行速度大小之比，故C正確D、由于無法知道火星和地球的質(zhì)量之比，故不能計(jì)算出火星和地球所受太陽的萬有引力之比，故D錯(cuò)誤故選：C點(diǎn)評：求一個(gè)物理量之比，我們應(yīng)該把這個(gè)物理量先用已知的

4、物理量表示出來，再根據(jù)表達(dá)式進(jìn)行比較向心力的公式選取要根據(jù)題目提供的已知物理量或所求解的物理量選取應(yīng)用3. （多選）如圖所示，在平行金屬板A、B間分布著正交的勻強(qiáng)電場和磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度垂直紙面向里，一個(gè)質(zhì)子以初速度v0垂直于電磁場沿OO入射，恰能沿OO運(yùn)動，則（）AA的電勢高于B板的電勢B電子以初速度v0垂直于電磁場沿OO從左端入射，仍沿OO作直線運(yùn)動C以初速度v0垂直于電磁場沿OO從左端入射，仍沿OO作直線運(yùn)動D以初速度v0垂直于電磁場沿OO從右端入射，仍沿OO作直線運(yùn)動參考答案：考點(diǎn)：帶電粒子在混合場中的運(yùn)動版權(quán)所有專題：帶電粒子在復(fù)合場中的運(yùn)動專題分析：質(zhì)子帶正電，由左手定則判斷洛倫茲力

5、方向，因質(zhì)子做勻速直線運(yùn)動，即可判斷出電場力方向，從而確定出兩極板電勢高低由平衡條件列方程，可得到電子和He以初速度v0垂直于電磁場沿OO從左端入射，受力也平衡，也做勻速直線運(yùn)動解答：解：A、由左手定則判斷得知質(zhì)子所受的洛倫茲力方向向上，質(zhì)子做直線運(yùn)動，所受的電場力方向應(yīng)向下，故A的電勢高于B板的電勢故A正確B、C對于質(zhì)子，由平衡條件得：qv0B=qE，則得v0B=E，可見此式與帶電粒子的質(zhì)量、電荷量、電性無關(guān)，所以當(dāng)電子和He也以初速度v0垂直于電磁場沿OO從左端入射，洛倫茲力與電場力也平衡，也沿OO作直線運(yùn)動，故BC正確D、當(dāng)He以初速度v0垂直于電磁場沿OO從右端入射，洛倫茲力方向向下，

6、電場力方向也向下，它將向下偏轉(zhuǎn)，不可能沿OO作直線運(yùn)動故D錯(cuò)誤故選ABC點(diǎn)評：本題考查對速度選擇器原理的理解，關(guān)鍵掌握當(dāng)洛倫茲力與電場力二力平衡時(shí)，粒子才能沿直線通過速度選擇器4. 下列四幅圖的有關(guān)說法中正確的是_(填選項(xiàng)前的字母)a分子間距離為r0時(shí)，分子間不存在引力和斥力b.水面上的單分子油膜，在測量油膜分子直徑d大小時(shí)可把它們當(dāng)做球形處理c食鹽晶體中的鈉、氯離子按一定規(guī)律分布，具有空間上的周期性d猛推木質(zhì)推桿，密閉的氣體溫度升高，壓強(qiáng)變大，氣體對外界做正功參考答案：BC分子間距離為r0時(shí)，分子間同時(shí)存在引力和斥力，只是二者的合力為0，a錯(cuò)誤。猛推木質(zhì)推桿，密閉的氣體溫度升高，壓強(qiáng)變大，外

7、界對氣體做正功，d錯(cuò)誤。5. (單選)運(yùn)動員用雙手握住豎直的竹竿勻速攀上和勻速下滑時(shí)，他所受到的摩擦力分別為f上和f下，那么它們的關(guān)系是A.f上向上，f下向下，f上f下 B.f上向下，f下向上，f上f下C.f上向上，f下向上，f上f下 D.f上向上，F(xiàn)下向下，f上f下參考答案：C二、 填空題：本題共8小題，每小題2分，共計(jì)16分6. 下表是按照密立根的方法進(jìn)行實(shí)驗(yàn)時(shí)得到的某金屬的UC和v的的幾組數(shù)據(jù)。(UC是遏制電壓)UC/V0.5410.6370.7140.8090.878v/l014Hz5.6445.8886.0986.3036.501請根據(jù)上表的數(shù)據(jù)在答題紙對應(yīng)的坐標(biāo)中作出UC-v圖象；

8、從圖象中可知這種金屬的截止頻率為 ；已知e=1.6010-19C，用給出的數(shù)據(jù)結(jié)合圖象算出普朗克常量為 。參考答案：用不同頻率的光照射某金屬均產(chǎn)生光電效應(yīng)，題中測量金屬遏止電壓UC與入射光頻率，根據(jù)表格數(shù)據(jù)得到UC-圖象，當(dāng)UC=0時(shí)，剛好發(fā)生光電效應(yīng)eUC=h-W0，根據(jù)圖象求出該金屬的截止頻率C=4.271014Hz，根據(jù)圖象的斜率k=，得普朗克常量h=6.3010-34J?s.7. 一物體以一定的初速度從一光滑斜面底端A點(diǎn)上滑，最高可滑至C點(diǎn)，B是AC的中點(diǎn)，如圖所示，已知物塊從A至B所需時(shí)間t0,問它從B經(jīng)C再回到B，需要的時(shí)間 。參考答案： 8. 子彈從O點(diǎn)射出，在正前方有相距為L=

9、10m的很薄的兩個(gè)物體，子彈穿過它們后留下兩個(gè)彈孔A、B（不考慮子彈穿過時(shí)受到的阻力），現(xiàn)測得A、B兩孔到入射方向的豎直距離分別為y1=20cm、y2=80cm，如圖所示，則子彈的速度V0= （g=10m/s2）參考答案：50m/s9. 如圖所示的導(dǎo)熱氣缸中封閉著一定質(zhì)量的理想氣體，活塞與氣缸間無摩擦，氣缸開口向上。開始?xì)飧姿幍沫h(huán)境溫度為87，活塞距氣缸底部距離為12cm,后來環(huán)境溫度降為27，則：此時(shí)活塞距氣缸底部距離為多少?此過程中氣體內(nèi)能 （填“增大”或“減小”），氣體將 (填“吸熱”或者“放熱”) .參考答案：見解析解：設(shè) 由蓋?呂薩克定律可知： （1分）解得：h2=10cm （1分

10、）減?。?分），放熱（1分）10. 相對論論認(rèn)為時(shí)間和空間與物質(zhì)的速度有關(guān)；在高速前進(jìn)中的列車的中點(diǎn)處，某乘客突然按下手電筒，使其發(fā)出一道閃光，該乘客認(rèn)為閃光向前、向后傳播的速度相等，都為c，站在鐵軌旁邊地面上的觀察者認(rèn)為閃光向前、向后傳播的速度_（填“相等”、“不等”）。并且，車上的乘客認(rèn)為，電筒的閃光同時(shí)到達(dá)列車的前、后壁，地面上的觀察者認(rèn)為電筒的閃光先到達(dá)列車的_（填“前”、“后”）壁。參考答案：11. （4分）若將氣泡內(nèi)的氣體視為理想氣體，氣泡從湖底上升到湖面的過程中，對外界做了0.6J的功，則此過程中的氣泡 （填“吸收”或“放出”）的熱量是 J。氣泡到達(dá)湖面后，溫度上升的過程中，又對

11、外界做了0.1J的功，同時(shí)吸收了0.3J的熱量，則此過程中，氣泡內(nèi)氣體內(nèi)能增加了 J。參考答案：吸收 0.6 0.2 解析：本題從熱力學(xué)第一定律入手，抓住理想氣內(nèi)能只與溫度有關(guān)的特點(diǎn)進(jìn)行處理。理想氣體等溫過程中內(nèi)能不變，由熱力學(xué)第一定律，物體對外做功0.6J，則一定同時(shí)從外界吸收熱量0.6J，才能保證內(nèi)能不變。而溫度上升的過程，內(nèi)能增加了0.2J。12. （2）（6分）在“驗(yàn)證牛頓第二定律”的實(shí)驗(yàn)中，實(shí)驗(yàn)裝置如圖，有一位同學(xué)保持小車質(zhì)量不變的情況下，通過實(shí)驗(yàn)測量作出了圖乙、丙兩幅圖。A圖線不通過坐標(biāo)原點(diǎn)的原因是_.A圖上部彎曲的原因是_.B圖線在縱軸上有截距的原因是_.參考答案：沒有平衡摩擦，

12、或平衡摩擦不夠 砂和砂桶的總質(zhì)量不滿足遠(yuǎn)小于小車和砝碼的總質(zhì)量平衡摩擦力太過13. 在一次課外活動中，某同學(xué)用圖甲所示裝置測量放在水平光滑桌面上鐵塊A與金屬板B間的動摩擦因數(shù)。已知鐵塊A的質(zhì)量mA=1 kg，金屬板B的質(zhì)量mB=0.5 kg。用水平力F向左拉金屬板B，使其一直向左運(yùn)動，穩(wěn)定后彈簧秤示數(shù)的放大情況如圖甲所示，則A、B間的摩擦力Ff=_N，A、B間的動摩擦因數(shù)= 。（g取10 m/s2）。該同學(xué)還將紙帶連接在金屬板B的后面，通過打點(diǎn)計(jì)時(shí)器連續(xù)打下一系列的點(diǎn)，測量結(jié)果如圖乙所示，圖中各計(jì)數(shù)點(diǎn)間的時(shí)間間隔為0.1 s，可求得拉金屬板的水平力F= N.參考答案：三、 實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題

13、，每小題11分，共計(jì)22分14. （5分）某同學(xué)利用打點(diǎn)計(jì)時(shí)器所記錄的紙帶來研究做勻變速直線運(yùn)動小車的運(yùn)動情況，實(shí)驗(yàn)中獲得一條紙帶，如圖所示，其中兩個(gè)相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)間有四個(gè)點(diǎn)未畫出.已知所用電源的頻率為50Hz，小車運(yùn)動的加速度a=_m/s2.(結(jié)果要求保留兩位有效數(shù)字)參考答案：答案：0.39 15. 如圖所示，一端帶有滑輪的粗糙長木板，1、2是固定在木板上的兩個(gè)光電門，中心間的距離為L質(zhì)量為M的滑塊A上固定一寬度為d的遮光條，在質(zhì)量為m的重物B牽引下從木板的頂端由靜止滑下，光電門1、2記錄遮光時(shí)間分別為t1和t2（1）用此裝置驗(yàn)證牛頓第二定律，且認(rèn)為A受到外力的合力等于B的重力，除平衡摩擦力外

14、，還必須滿足 ；實(shí)驗(yàn)測得的加速度為 （用上述字母表示）；（2）若考慮到d不是遠(yuǎn)小于L，則加速度測量值比真實(shí)值 （填“大”或“小”）；（3）如果已經(jīng)平衡了摩擦力， （填“能”或“不能”）用此裝置驗(yàn)證A、B組成 的系統(tǒng)機(jī)械能守恒，理由是 參考答案：（1）Mm，（2）大 （3）不能，摩擦力做功，沒有滿足只有重力做功，故機(jī)械能不守恒【考點(diǎn)】驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律【分析】為了認(rèn)為A所受的外力合力等于B的重力，首先需要平衡摩擦力，其次是重物的質(zhì)量遠(yuǎn)小于滑塊的質(zhì)量根據(jù)極短時(shí)間內(nèi)的平均速度等于瞬時(shí)速度求出滑塊通過光電門1、2的瞬時(shí)速度，結(jié)合速度位移公式求出加速度系統(tǒng)機(jī)械能守恒的條件是只有重力做功，根據(jù)條件進(jìn)行判斷

15、【解答】解：（1）根據(jù)牛頓第二定律，對整體有：a=，則繩子的拉力F=Ma=，當(dāng)Mm，重物的總重力等于繩子的拉力，等于滑塊的合力滑塊通過光電門1的瞬時(shí)速度，通過光電門2的瞬時(shí)速度，根據(jù)，解得a=（2）若考慮到d不是遠(yuǎn)小于L，兩個(gè)中間時(shí)刻的實(shí)際距離大于L，而測量值為L，所以加速度的測量值比真實(shí)值大（3）已經(jīng)平衡了摩擦力，對A、B組成的系統(tǒng)，該裝置不能驗(yàn)證系統(tǒng)機(jī)械能守恒，因?yàn)槟Σ亮ψ龉?，沒有滿足只有重力做功，故機(jī)械能不守恒故答案為：（1）Mm，（2）大 （3）不能，摩擦力做功，沒有滿足只有重力做功，故機(jī)械能不守恒四、計(jì)算題：本題共3小題，共計(jì)47分16. 如圖所示，兩塊水平放置、相距為d的長金屬板接

16、在電壓可調(diào)的電源上。兩板之間的右側(cè)區(qū)域存在方向垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場。將噴墨打印機(jī)的噴口靠近上板下表面，從噴口連續(xù)不斷噴出質(zhì)量均為m、水平速度均為v0、帶相等電荷量的墨滴。調(diào)節(jié)電源電壓至U，墨滴在電場區(qū)域恰能沿水平向右做勻速直線運(yùn)動；進(jìn)入電場、磁場共存區(qū)域后，最終垂直打在下板的M點(diǎn)。（1）判斷墨滴所帶電荷的種類，并求其電荷量；（2）求磁感應(yīng)強(qiáng)度B的值；（3）現(xiàn)保持噴口方向不變，使其豎直下移到兩板中間的位置。為了使墨滴仍能到達(dá)下板M點(diǎn)，應(yīng)將磁感應(yīng)強(qiáng)度調(diào)至B，則B的大小為多少？參考答案：（1）q，負(fù)電；（2）B；（3）B17. 如圖，在傾角=53的固定斜面上放置一質(zhì)量M=1kg、長度l=3m的薄平

17、板AB。平板的上表面光滑，其下端B與斜面底端C的距離為L=9m。在平板的上端A處放一質(zhì)量m=1kg的小滑塊，開始時(shí)使平板和滑塊都靜止，之后將它們無初速釋放。設(shè)平板與斜面間、滑塊與斜面間的動摩擦因數(shù)均為=0.5，不考慮滑塊由平板落到斜面的速度變化。求：(sin53=0.8，cos53=0.6，g=10m/s2)(1)滑塊離開平板時(shí)的速度大??；(2)滑塊從離開平板到到達(dá)斜面底端C經(jīng)歷的時(shí)間；(3)滑塊到達(dá)C處時(shí)，平板的B端與C的距離。參考答案：【知識點(diǎn)】牛頓運(yùn)動定律的綜合應(yīng)用；勻變速直線運(yùn)動的位移與時(shí)間的關(guān)系C5A2【答案解析】（1）8m/s（2）0.8s（3）4.8m解析：（1）滑塊在平板上滑行

18、過程中，根據(jù)牛頓第二定律對滑塊：mgsin=ma1對平板：Mgsinu（Mgcos+mgcos）=Ma2設(shè)滑塊在平板上滑行的時(shí)間為t1滑塊離開平板時(shí)的速度大?。簐1=a1t1 ,代入數(shù)據(jù)解得：v1=8m/s（2）設(shè)滑塊離開平板時(shí)距C的距離為x，則設(shè)滑塊在斜面上滑行過程中，滑塊的加速度為a3，到達(dá)C點(diǎn)經(jīng)歷的時(shí)間為t2，則mgsinmgcos=ma3 ,代入數(shù)據(jù)解得：t2=0.8s（3）滑塊離開平板時(shí)，平板的速度：v2=a2t1此后平板的加速度也為a3，在t2時(shí)間內(nèi)，平板的位移：滑塊到達(dá)C點(diǎn)時(shí)平板B端與C的距離為：x3=xx2代入數(shù)據(jù)解得：x3=4.8m【思路點(diǎn)撥】分別研究滑塊與平板的運(yùn)動情況：開始時(shí)，由于Mgsin53（M+m）gcos53，滑塊在平板上滑動時(shí)，平板靜止不動根據(jù)牛