（江蘇選考）2023版高考物理二輪復(fù)習(xí)第二部分考前提速力爭(zhēng)滿分4策略考前提速練6

PAGEPAGE1考前提速練6一、單項(xiàng)選擇題1．“曹沖稱象〞是婦孺皆知的故事，當(dāng)眾人面臨大象這樣的龐然大物，且在缺少有效的稱量工具的時(shí)候，他稱量出大象的體重，表達(dá)了他的智慧，被世人稱道。以下物理學(xué)習(xí)或研究中用到的方法與“曹沖稱象〞的方法相同的是()A．“質(zhì)點(diǎn)〞的概念B．合力與分力的關(guān)系C．“瞬時(shí)速度〞的概念D．研究加速度與合力、質(zhì)量的關(guān)系解析：選B“曹沖稱象〞故事中用等重量的石頭代替等重量的大象，是等效替代的思想；研究合力與分力的關(guān)系，是等效替代的思想，故B正確；建立“質(zhì)點(diǎn)〞的概念，采用的是理想模型法，故A錯(cuò)誤；建立“瞬時(shí)速度〞的概念，采用的是極值法，故C錯(cuò)誤；研究加速度與合力、質(zhì)量的關(guān)系，采用的是控制變量法，故D錯(cuò)誤。2.甲、乙兩物體從同一位置沿同一直線運(yùn)動(dòng)，它們的vt圖像如下圖，以下說(shuō)法正確的選項(xiàng)是()A．t1時(shí)刻，兩物體相距最遠(yuǎn)B．t2時(shí)刻，兩物體相遇C．0～t2時(shí)間內(nèi)，乙的速度和加速度都是先減小后增大D．0～t2時(shí)間內(nèi)，二者平均速度相等解析：選Ct2時(shí)刻之前，甲的速度比乙的速度大，甲在乙的前方，兩者間距逐漸增大；t2時(shí)刻之后，甲的速度比乙的速度小，甲仍在乙的前方，兩者間距減小，所以t2時(shí)刻兩物體相距最遠(yuǎn)，故A、B錯(cuò)誤；根據(jù)vt圖像的斜率表示加速度知，0～t2時(shí)間內(nèi)，乙的速度和加速度都是先減小后增大，故C正確；根據(jù)vt圖像與時(shí)間軸圍成的面積表示物體通過(guò)的位移，由題圖可知，0～t2時(shí)間內(nèi)，甲的位移大于乙的，那么甲的平均速度比乙的大，故D錯(cuò)誤。3.一理想降壓變壓器原、副線圈匝數(shù)比為k，原線圈與阻值為4R0的電阻串聯(lián)后，接入有效值為25V的正弦交流電源；副線圈電路中固定電阻的阻值為R0，當(dāng)負(fù)載電阻的阻值R＝5R0時(shí)，理想電壓表的示數(shù)為5V。保持變壓器輸入電流不變，現(xiàn)將負(fù)載電阻的阻值增大到R′＝11R0，此時(shí)輸入電壓有效值為U′，那么()A．k＝eq\f(25,6)，U′＝49V B．k＝eq\f(25,6)，U′＝48VC．k＝4，U′＝49V D．k＝4，U′＝48V解析：選C根據(jù)題意知，當(dāng)負(fù)載電阻的阻值R＝5R0時(shí)，理想電壓表的示數(shù)為5V，副線圈電流I2＝eq\f(5,5R0)＝eq\f(1,R0)，副線圈兩端的電壓U2＝I2·6R0＝eq\f(1,R0)·6R0＝6V，原線圈兩端的電壓U1＝kU2＝6k，原線圈中的電流I1＝eq\f(1,k)I2＝eq\f(1,kR0)，在原線圈電路中：U＝I1·4R0＋U1，即25＝eq\f(1,kR0)·4R0＋6k＝eq\f(4,k)＋6k，解得：k＝4，因?yàn)樽儔浩鬏斎腚娏鞑蛔?，輸出電流也不變，?fù)載電阻的阻值增大到R′＝11R0，副線圈電壓U2′＝I2·12R0＝eq\f(1,R0)·12R0＝12V，原線圈兩端的電壓U1′＝kU2′＝4×12V＝48V，原線圈電流I1＝eq\f(1,k)·I2＝eq\f(1,4)×eq\f(1,R0)＝eq\f(1,4R0)，輸入電壓的有效值U′＝eq\f(1,4R0)·4R0＋U1′＝(1＋48)V＝49V，故C正確，A、B、D錯(cuò)誤。4.如下圖，用一輕繩將光滑小球P系于豎直墻壁上的O點(diǎn)，在墻壁和小球P之間夾有一長(zhǎng)方體物塊Q，P、Q均處于靜止?fàn)顟B(tài)，現(xiàn)有一鉛筆緊貼墻壁從O點(diǎn)開始緩慢下移，那么在鉛筆緩慢下移的過(guò)程中()A．P所受的合力增大B．Q受到墻壁的摩擦力逐漸變大C．P對(duì)Q的壓力逐漸減小D．輕繩的拉力逐漸增大解析：選DP保持靜止，所受合力一直為零，保持不變，故A錯(cuò)誤；對(duì)P進(jìn)行受力分析，受豎直向下的重力GP，沿輕繩向上的拉力T和Q對(duì)P的水平向右的支持力N；對(duì)Q進(jìn)行受力分析，受豎直向下的重力GQ，P對(duì)Q水平向左的壓力N1，墻壁對(duì)Q的水平向右的支持力N2和豎直向上的墻壁的摩擦力f，因P是靜止的，所以在豎直方向上和水平方向上合力都為零，鉛筆緊貼墻壁從O點(diǎn)開始緩慢下移，會(huì)使輕繩與墻壁間的夾角變大，所以輕繩的拉力T會(huì)增大，故D正確；輕繩的拉力T在水平方向上的分量變大，所以N會(huì)變大，P對(duì)Q的壓力和Q對(duì)P的支持力是一對(duì)作用力與反作用力，所以N＝N1，N1、N2是一對(duì)平衡力，所以大小始終相等，N變大的同時(shí)，N1、N2也變大，故C錯(cuò)誤；f與GQ是一對(duì)平衡力，大小始終相等，因GQ不變，所以Q受到墻壁的摩擦力不變，故B錯(cuò)誤。5.如下圖為打火機(jī)中點(diǎn)火裝置使用的壓電材料示意圖，該材料的內(nèi)外外表能在壓力作用下產(chǎn)生等量異號(hào)電荷并釋放局部電荷，通過(guò)導(dǎo)線引出可以產(chǎn)生放電現(xiàn)象，P、Q是外部電場(chǎng)上的兩點(diǎn)，以下說(shuō)法正確的選項(xiàng)是()A．點(diǎn)火裝置利用摩擦生熱的原理將氣體點(diǎn)燃B．在打火過(guò)程中，壓電材料將電能轉(zhuǎn)化為機(jī)械能C．該示意圖中，負(fù)電荷在Q點(diǎn)的電勢(shì)能小于在P點(diǎn)的電勢(shì)能D．該示意圖中，P點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度小于Q點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度解析：選C點(diǎn)火裝置利用放電現(xiàn)象點(diǎn)燃?xì)怏w，A錯(cuò)誤；在打火過(guò)程中，壓電材料將機(jī)械能轉(zhuǎn)化為電能，B錯(cuò)誤；由題圖所示電場(chǎng)線的分布及電場(chǎng)力做功情況可知，負(fù)電荷在Q點(diǎn)的電勢(shì)能小于在P點(diǎn)的電勢(shì)能，C正確；電場(chǎng)線的疏密程度反映電場(chǎng)強(qiáng)度的大小，P點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大于Q點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度，D錯(cuò)誤。二、多項(xiàng)選擇題6.如下圖，在傾角為θ＝30°的光滑斜面上，物塊A、B質(zhì)量分別為m和2m。物塊A靜止在輕彈簧上面，物塊B用細(xì)線與斜面頂端相連，A、B緊挨著但A、B之間無(wú)彈力。重力加速度為g，某時(shí)刻剪斷細(xì)線，那么細(xì)線剪斷瞬間，以下說(shuō)法正確的選項(xiàng)是()A．物塊B的加速度為eq\f(1,2)gB．物塊A、B間的彈力為eq\f(1,3)mgC．彈簧的彈力為eq\f(1,2)mgD．物塊A的加速度為eq\f(1,3)g解析：選BCD剪斷細(xì)線前，對(duì)A分析，彈簧的彈力F彈＝mgsinθ＝eq\f(1,2)mg，那么細(xì)線剪斷的瞬間，彈簧的彈力不變，對(duì)A、B整體分析，加速度a＝eq\f(3mgsinθ－F彈,3m)＝eq\f(\f(3mg,2)－\f(1,2)mg,3m)＝eq\f(1,3)g，故A錯(cuò)誤，C、D正確；對(duì)B分析，根據(jù)牛頓第二定律得2mgsinθ－N＝2ma，解得N＝eq\f(1,3)mg，故B正確。7．天文學(xué)中的“土星沖日〞是指土星和太陽(yáng)正好分處地球的兩側(cè)，三者幾乎成一條直線，如下圖。該天象每378天發(fā)生一次，土星和地球繞太陽(yáng)公轉(zhuǎn)的方向相同，公轉(zhuǎn)軌跡都近似為圓，地球繞太陽(yáng)公轉(zhuǎn)的周期和半徑以及引力常量均，根據(jù)以上信息可求出()A．土星質(zhì)量B．地球質(zhì)量C．土星公轉(zhuǎn)周期D．土星和地球繞太陽(yáng)公轉(zhuǎn)速度之比解析：選CD行星受到的萬(wàn)有引力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律列方程后，行星的質(zhì)量會(huì)約去，故無(wú)法求解行星(即土星、地球)的質(zhì)量，故A、B錯(cuò)誤；“土星沖日〞天象每378天發(fā)生一次，即每經(jīng)過(guò)378天地球比土星多繞太陽(yáng)轉(zhuǎn)動(dòng)一圈，根據(jù)eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(2π,T1)－\f(2π,T2)))t＝2π可以求解土星公轉(zhuǎn)周期，故C正確；知道土星和地球繞太陽(yáng)的公轉(zhuǎn)周期之比，根據(jù)開普勒第三定律，可以求解轉(zhuǎn)動(dòng)半徑之比，根據(jù)v＝eq\f(2πR,T)可以進(jìn)一步求解土星和地球繞太陽(yáng)公轉(zhuǎn)速度之比，故D正確。8.航母上飛機(jī)彈射起飛是利用電磁驅(qū)動(dòng)來(lái)實(shí)現(xiàn)的，電磁驅(qū)動(dòng)原理如下圖，當(dāng)固定線圈上突然通過(guò)直流電流時(shí)，線圈端點(diǎn)的金屬環(huán)被彈射出去，現(xiàn)在固定線圈左側(cè)同一位置，先后放有分別用橫截面積相等的銅和鋁導(dǎo)線制成的形狀、大小相同的兩個(gè)閉合環(huán)，且電阻率ρ銅＜ρ鋁，合上開關(guān)S瞬間()A．從左側(cè)看環(huán)中感應(yīng)電流沿順時(shí)針?lè)较駼．銅環(huán)受到的安培力大于鋁環(huán)受到的安培力C．假設(shè)將銅環(huán)放在線圈右方，環(huán)將向左運(yùn)動(dòng)D．電池正負(fù)極調(diào)換后，金屬環(huán)不能向左彈射解析：選AB固定線圈中電流為右側(cè)流入，磁場(chǎng)方向?yàn)橄蜃?，在閉合開關(guān)的過(guò)程中，磁場(chǎng)變強(qiáng)，那么由楞次定律可知，環(huán)中感應(yīng)電流由左側(cè)看為順時(shí)針?lè)较?，故A正確；由于銅環(huán)的電阻較小，故銅環(huán)中感應(yīng)電流較大，銅環(huán)受到的安培力要大于鋁環(huán)，故B正確；假設(shè)銅環(huán)放在線圈右方，根據(jù)“來(lái)拒去留〞可得，環(huán)將向右運(yùn)動(dòng)，故C錯(cuò)誤；電池正負(fù)極調(diào)換后，金屬環(huán)受力仍向左，故仍將向左彈射，故D錯(cuò)誤。9．如下圖，在光滑絕緣的水平面上方，有兩個(gè)方向相反的水平方向的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，PQ為兩磁場(chǎng)的邊界，磁場(chǎng)范圍足夠大，磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小分別為B1＝B，B2＝3B，一個(gè)豎直放置的邊長(zhǎng)為a，質(zhì)量為m，電阻為R的正方形金屬線框，以初速度v沿垂直于磁場(chǎng)方向從圖中實(shí)線位置開始向右運(yùn)動(dòng)，當(dāng)線框運(yùn)動(dòng)到在每個(gè)磁場(chǎng)中各有一半的面積時(shí)，線框的速度為eq\f(v,2)，那么以下判斷正確的選項(xiàng)是()A．此過(guò)程中通過(guò)線框截面的電量為eq\f(2Ba2,R)B．此過(guò)程中克服安培力做的功為eq\f(1,4)mv2C．此時(shí)線框的加速度為eq\f(8B2a2v,mR)D．此時(shí)線框中的電功率為eq\f(3B2a2v2,4R)解析：選AC此過(guò)程中線框的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為：E＝eq\f(ΔΦ,Δt)，感應(yīng)電流為：I＝eq\f(E,R)，電荷量為：q＝IΔt，解得：q＝eq\f(2Ba2,R)，故A正確；由能量守恒定律得，此過(guò)程中克服安培力做的功為：E＝eq\f(1,2)mv2－eq\f(1,2)meq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al