2022高考物理動量總復(fù)習(xí)質(zhì)量評估詳解詳析新人教版

2022高考物理總復(fù)習(xí)質(zhì)量評估詳解詳析--動量（新人教版）時間:90分鐘滿分:100分一、選擇題此題包括10小題,共40分每題給出的四個選項中,有的只有一個選項正確,有的有多個選項正確,全部選對的得4分,選對但不全的得2分,錯選或不選的得0分的物體沿傾角為θ的固定斜面勻速下滑，滑到底端歷時為t，則下滑過程中斜面對物體的沖量大小和方向為θ·tB方向垂直斜面向上θ·tD方向豎直向上解析:物體沿固定斜面勻速下滑，則斜面對物體的作使勁與重力大小相等、方向相反,故斜面對物體的沖量大小為mgt，方向豎直向上，選項D正確答案:D2如圖6-1所示，一個輕質(zhì)彈簧左端固定在墻上，一個質(zhì)量為m的木塊以速度v0從右邊沿光滑水平面向左運動，與彈簧發(fā)生相互作用，設(shè)相互作用的過程中彈簧始終在彈性限度范圍內(nèi)，那么整個相互作用過程中彈簧對木塊的沖量I的大小和彈簧對木塊做的功W分別是圖6-112012221mv0=2mv0,W=0=2mv0,W22解析:木塊與彈簧相互作用的過程，木塊和彈簧組成的系統(tǒng)機械能守恒，所以彈簧恢還原長、木塊剛要走開彈簧時，木塊的速度大小仍為v0，方向水平向右取水平向右為正方向，由動量定理得I＝mv000；由動能定理得12120,選項C對22答案:C的作用,由靜止開始運動,力F隨時間變化的圖象如圖6-2所示,下列說法中正確的選項是圖6-2該物體將始終向一個方向運動末該物體回到原出發(fā)點3內(nèi),力F的沖量等于零,功也等于零4內(nèi),力F的沖量不等于零,功卻等于零解析:圖線和橫坐標所圍的面積等于沖量,0～1內(nèi)的沖量為負,說明速度沿負方向量為正,且大于0～1內(nèi)的沖量,即速度的方向發(fā)生變化,所以A錯誤0～3內(nèi),力即物體0時的速度和3時的速度同樣,故0～3內(nèi)力F的沖量等于零,功也等于零析運動過程能夠獲得3末物體回到原出發(fā)點,B正確答案:BCD

,而1～2內(nèi)沖F的沖量為零,,C、D正確分4如圖6-3所示，兩個質(zhì)量不相等的小車中間夾一被壓縮的輕彈簧，現(xiàn)用兩手分別按住小車，使它們靜止在圓滑水平面上在下列幾種釋放小車的方式中，說法正確的選項是圖6-3若同時松開兩車，則今后的各狀態(tài)下，兩小車的加快度大小一定相等若同時松開兩車，則今后的各狀態(tài)下，兩小車的動量大小一定相等若先松開左車，然后松開右車，則今后的過程中，兩小車和彈簧組成的系統(tǒng)總動量向左若先松開左車，然后松開右車，則今后的過程中，兩小車和彈簧組成的系統(tǒng)總動量向右解析:由于兩車質(zhì)量不相等，兩車的加快度大小不相等由動量守恒,若同時松開兩車，初總動量為零，今后隨意時刻總動量為零，所以兩小車的動量大小一定相等；若先松開左車，然后放開右車，則初總動量向左，今后的過程中，兩小車和彈簧組成的系統(tǒng)總動量向左，所以B、C正確答案:BC2m發(fā)生正碰,碰撞后,A球的動能變?yōu)樵瓉淼?/9,那么碰撞后B球的速度大小可能是A1vB2vC4vD8v3399解析:A球碰撞后的速度大小為v/3，若A碰后與原速度方向相同，則mvmv2mv',則3v'1v.若A反彈，則mvm(v)2mv',則v'2v,所以A、B正確333答案:AB6在高速公路上發(fā)生一同交通事故,一輛質(zhì)量為1500kg向南行駛的長途客車迎面撞上了一輛質(zhì)量為3000kg向北行駛的卡車,碰后兩輛車接在一同,并向南滑行了一段距離后停止根據(jù)測速儀的測定,長途客車在碰前以20m/的速率行駛由此可判斷卡車碰前的行駛速率10m10m,小于20m/20m,小于30m/30m,小于40m/解析:設(shè)卡車與客車碰后的共同速度為v′,且v′與客車的運動方向相同,則有m客·v客－m卡·v=m客m卡·v′v′＞0,m客v客－m卡v＞0m客v客150020vm/s10m/s,選項A正確m卡3000答案:A、B兩物體在圓滑水平面上沿同一直線運動，圖6-4表示發(fā)生碰撞前后的vt圖線，由圖線能夠判斷圖6-4B的質(zhì)量比為3∶2B作用前后總動量守恒B作用前后總動量不守恒B作用前后總動能不變解析:因水平面圓滑，水平方向上不受外力作用，所以系統(tǒng)的總動量守恒，B對,mBvB=mAvA′mBvB′，代入圖中數(shù)據(jù)得mAB121227.5mB(J)，Ek1AABB1mAvA'21mBvB'222碰撞后總動能Ek227.5mB(J),故碰撞前后總動能不變，D對22答案:ABD8如圖6-5所示,、B兩點間做簡諧運動，O點為平衡地點某時刻，物體正經(jīng)過C點向上運動，已知OC=h，振動周期為T，則從這時刻開始的半個周期內(nèi)，下列說法中正確的選項是圖6-5答復(fù)力做的功為零/2D答復(fù)力的沖量為零解析:做簡諧運動的物體，在相隔半周期的兩個時刻，速度大小相等、方向相反故答復(fù)力協(xié)力做功為零，答復(fù)力的沖量為C處物體動量的2倍，B對，mgT,對在相隔半周期的兩個時刻，2振子所在地點對于平衡地點對稱，所以重力做功答案:ABC9如圖6-6甲所示，一輕彈簧的兩頭與質(zhì)量分別為

W=mg×2h=對m1和m2的兩木塊

A、B相連，

=3m/,以此時刻為計時起點，兩木塊的速度隨時間變化的規(guī)律如圖乙所示，從圖示信息可知圖6-6時刻彈簧最短，t3時刻彈簧最長時刻彈簧由伸長狀態(tài)恢復(fù)到原長∶m=1∶2121∶E2=1∶4解析:經(jīng)過對A、B運動剖析知,t1時刻，彈簧最長，t2時刻彈簧為原長，t3時刻彈簧最短，A錯誤，組成的系統(tǒng)動量守恒，0～t1時間內(nèi),m1v=m1m2×1,所以m1∶m2=1∶2,C正確t2時刻，12112Ek12m112m1Ek22m222m2,所以E1∶E2=1∶8,D錯誤答案:BC10如圖6-7，一輕彈簧左端固定在長木塊M的左端，右端與小物塊m連結(jié)，且m、M及M與地面間接觸圓滑開始時，m和M均靜止，現(xiàn)同時對m、M施加等大反向的水平恒力F1和F2，從兩物體開始運動此后的整個運動過程中，對m、M和彈簧組成的系統(tǒng)整個過程中彈簧形變不超過其彈性限度,正確的說法是圖6-71、F2等大反向，故系統(tǒng)機械能守恒F2分別對m、M做正功，故系統(tǒng)動量不斷增加F2分別對m、M做正功，故系統(tǒng)機械能不斷增加、F大小相等時，m、M的動能最大12解析:由于F1、F2等大反向，系統(tǒng)所受合外力為零，所以系統(tǒng)動量守恒，系統(tǒng)機械能先增加后減小，當彈簧彈力大小與F1、F2大小相等時，m、M加快終止，m、M速度最大，此后開始減速，所以D正確答案:D二、填空實驗題2小題,共20分116分用半徑相同的兩小球A、B的碰撞考證動量守恒定律,實驗裝置示意圖如圖6-8,球,使A球從斜槽上某一固定點C由靜止?jié)L下,球靜置于水平槽前端邊緣處,讓A球仍從C處由靜止?jié)L下,點是重垂線所指的地點,若測得各落點印跡到O點的距離:OM=2.68cm,O8.62cm11.50|pp'|pmAOP/tp'mAOM/tmBON/t∶m=2∶1,則cmpAB百分誤差為|pp'|100%p|mAOP(mAOMmBON)|100%2%.mAOP答案:e|v2v1|,OMev2v1ONOMONOM.|v20v10|v10v20OP0OP,t0時刻受盒子碰撞獲得速度v,根據(jù)動量守恒定律Mv0=mv①3t0時刻物體與盒子右壁碰撞使盒子速度又變?yōu)関0,說明碰撞是彈性碰撞1Mv021mv2②22聯(lián)立①②解得m=M③也可經(jīng)過圖象剖析得出v0=v,聯(lián)合動量守恒,得出正確結(jié)果答案:m=M1410分圖6-12中有一個豎直固定在地面的透氣圓筒，筒中有一勁度系數(shù)為的輕彈簧，其下端固定，上端連結(jié)一質(zhì)量為m的薄滑塊圓筒內(nèi)壁涂有一層新型智能材料——ER流體，它對滑塊的阻力可調(diào)開初，滑塊靜止，ER流體對其阻力為0，的物體從距地面2L處自由落下，與滑塊碰撞后粘在一同向下運動為保證滑塊做勻減速運動，且下移距離為2mg時速度減為0，ERk流體對滑塊的阻力須隨滑塊下移而變試求忽略空氣阻力圖6-121下落物體與滑塊碰撞過程中系統(tǒng)損失的機械能；滑塊向下運動過程中加快度的大??；滑塊下移距離d時ER流體對滑塊阻力的大小解析:1設(shè)物體下落末速度為v0,由機械能守恒定律有mgL2得v02gL1mv02設(shè)碰后共同速度為v1,由動量守恒定律1012gL2mv=mv得v12碰撞過程中系統(tǒng)損失的機械能為E1mv0212mv121mgL.2222設(shè)加快度大小為a,由運動學(xué)公式有22a=v1得akL.8m3設(shè)彈簧彈力為FN,ER流體對滑塊的阻力為FER,受力剖析如下圖,由牛頓第二定律有FNFER－2mg=2maFN=mgxdkkL得FERmgkd.4答案:11mgL2kL3mgkLkd28m41510分2022湖北部分重點中學(xué)二聯(lián),24如圖6-13所示,ABC為圓滑軌道,其中AB段水平放置,BC段是半徑為R的圓弧,AB與BC相切于B點A處有一豎直墻面,一輕彈簧的一端固定于墻上,另一端與一質(zhì)量為M的物塊相連結(jié),當彈簧處于原長狀態(tài)時,點由靜止開始下滑小球與物塊相碰后立刻共速但不粘連,物塊與L形擋板相碰后速度立刻減為零也不粘連整個過程中,彈簧沒有超過彈性限度不計空氣阻力,重力加快度為g圖

6-131試求彈簧獲得的最大彈性勢能;2求小球與物塊第一次碰后沿BC上漲的最大高度;3若R>>h,每次從小球接觸物塊至物塊撞擊L形擋板歷時均為間第三次經(jīng)過B點解析:1由小球運動至第一次碰前,據(jù)動能定理有:

t,則小球由

D點出發(fā)經(jīng)多長時mgh=mv02/2①1分對碰撞過程,據(jù)動量守恒

:mv0=Mmv1②1分碰后壓縮彈簧過程中,M、m及彈簧系統(tǒng)機械能守恒:Ev12/2③1分由①②③式聯(lián)立解得:m2gh.④1分EpmmM2第一次碰后小球向BC軌道運動的初速度即為v1,由機械能守恒得2mgh'⑤1分1mv12由①②⑤式聯(lián)立解得:h'm2h分(Mm)2.⑥13小球在BC段運動可等效為單擺,其周期為:T2R⑦1分g剖析得小球第三次經(jīng)過B點歷時為:3Tt⑧1分t4由⑦⑧式聯(lián)立解得:t3Rt.⑨2分2g答案:1m2gh2(Mm2h3t3RtMmm)22g1612分2022四川成都高三一檢,24如圖6-14所示的裝置中,兩個圓滑定滑輪的半徑很小,表面粗拙的斜面固定在地面上,現(xiàn)用一根伸長量能夠忽略的輕質(zhì)細繩跨過定滑輪連結(jié)可視為質(zhì)點的甲、乙兩物體,其中甲放在斜面上且連線與斜面平行,乙懸在空中,松手后,甲、乙均處于靜止狀態(tài)當一水平向右飛來的子彈擊中乙未穿出后,子彈立刻和乙一同在豎直平面內(nèi)往返運動,若乙在搖動過程中,懸線偏離豎直方向的最大偏角為α=60°,整個過程中,甲均未動,且乙經(jīng)過最高點此時乙沿繩方向的合外力為零和最低點時,=0.9m,乙的質(zhì)量為m乙=g,子彈的質(zhì)量m=0.01kg,重力加快度

g取

10m/2求:圖6-141子彈射入乙前的速度大小;斜面對甲的最大靜摩擦力解析:1設(shè)子彈射入乙物體前的速度大小為v0,射入后共同速度的大小為v子彈擊中乙的過程中,據(jù)動量守恒有mv0=mm乙v①2分乙擺到最高點的過程中,由機械能守恒有(mm乙