2021年湖北省九師聯(lián)盟高考物理質(zhì)檢試卷

2021年湖北省九師聯(lián)盟高考物理質(zhì)檢試卷（2月份）

一、單選題（本大題共7小題，共28.0分）

1.一枚50g的雞蛋從50根高空靜止落下，對地面產(chǎn)生的沖擊力為其重力的34倍。不

計空氣阻力，已知重力加速度取10m/s2,則這枚雞蛋與地面的接觸時間大約為（）

A.0.1sB.0.2sC.0.05sD.0.25s

2.如圖所示為某電場中的一條電場線，A、0、B為電場線-—2_i_

上三點(diǎn)，且4。=。8,一帶負(fù)電的粒子沿電場線從A運(yùn)動到2,不計空氣阻力及粒

子重力。則下列判斷正確的是（）

A.粒子一定在A點(diǎn)由靜止釋放

B.粒子從4到8,一定做勻減速運(yùn)動

C,粒子從A到B,電勢能一定增大

D.粒子從A到。電場力做功一定等于O到B電場力做功

3.放射性同位素葬9Pn衰變過程釋放的能量通過半導(dǎo)體換能器轉(zhuǎn)變?yōu)殡娔?，這是核電

池的工作原理。一靜止的貧9「口核衰變?yōu)樾潞撕?。粒子，并釋放出y光子。下列說法

正確的是（）

A.新核和a粒子的動量等大反向

B.新核的中子數(shù)比質(zhì)子數(shù)多51個

C.新核的比結(jié)合能比觥9「比的比結(jié)合能小

D.核反應(yīng)過程中釋放的核能等于y光子的能量

4.一個質(zhì)量為〃，的球在水面下足夠深處由靜止釋放，若球向上運(yùn)動過程中，受到的浮

力恒定，受到的阻力是速度的人倍。當(dāng)球的速度大小為V時，加速度大小為或已

知重力加速度大小為g,則小球運(yùn)動速度的最大值為（）

A.v+kmaB.v+km（a+g）C.v+D.u+詈

5.如圖所示的電路中，變壓器為可調(diào)理想自耦式變壓器，6為定值電阻，/?2為滑動變

阻器，在M、N兩端輸入恒定的正弦交流電，則下列判斷正確的是（）

A.僅將滑片為向上移，電壓表示數(shù)變大

B.僅將滑片B向上移，電流表示數(shù)變大

C.僅將滑片P2向上移，電壓表示數(shù)變大

D.僅將滑片P2向上移，電流表示數(shù)變大

6.如圖所示，將波長為左的單色光。和波長為;12的單色光匕

沿不同方向射向三棱鏡，形成復(fù)合光C,將復(fù)合光C照射到

某金屬上，打出的光電子的最大初動能是以，若該金屬的

極限波長為右，則下列判斷正確的是（）

A.單色光人在三棱鏡中傳播速度大

B.%<A2

C.單色光。一定能使該金屬發(fā)生光電效應(yīng)

D.Ek=h^-hj-

7.如圖所示,半輕為R的半圓形軌道固定在豎直面內(nèi)，

AB是其水平直徑，軌道上的C點(diǎn)和圓心0的連線與

豎直方向夾角。=37。。一質(zhì)量為，"的物塊從A點(diǎn)由

靜止釋放,沿軌道運(yùn)動第一次到C點(diǎn)時連度大小為V,

第一次從C點(diǎn)運(yùn)動到圓弧最低點(diǎn)克服摩擦力做功為W,若在B點(diǎn)由靜止釋放，物

塊第一次運(yùn)動到C點(diǎn)時速度剛好為零，物塊與軌道間的動摩擦因數(shù)處處相同，則

（oos37°=0.8）（）

A.W>-mv2B.W=-mv2C.W<-mv2D.無法判斷

444

二、多選題（本大題共4小題，共16.0分）

8.一列沿x軸傳播的簡諧橫波在t=0時刻的波形如圖所

示，此時質(zhì)點(diǎn)Q位于波峰，質(zhì)點(diǎn)P沿y軸負(fù)方向運(yùn)動。

0.04s后，質(zhì)點(diǎn)尸第一次到達(dá)平衡位置，則下列說法正

確的是（）

A.該波沿x軸負(fù)方向傳播

B.P點(diǎn)的橫坐標(biāo)x=4.5m

第2頁，共18頁

C.在0?1.2s內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)P通過的路程為o.2m

D.質(zhì)點(diǎn)。的振動方程為y=2cos（507rt）cm

9.甲、乙兩車在一平直路面上做勻變速直線運(yùn)動，其速

度與時間的關(guān)系圖象如圖。t=0時刻，乙車在甲車前

方15”?處。則下列說法正確的是（）

A.t=2s時刻，甲車剛好追上乙車

B.t=4s時刻，甲車剛好追上乙車

C.乙車的加速度大小大于甲車的加速度大小

D.0?4s過程中甲、乙兩車之間的距離先減小后增大

10.如圖所示，A、8兩顆衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運(yùn)動，O為

地心，在兩衛(wèi)星運(yùn)行過程中，A、8連線和0、A連線的

夾角最大為。，則A、B兩衛(wèi)星（）

Jsin30

做圓周運(yùn)動的周期之比為

B.做圓周運(yùn)動的周期之比為心

與地心。連線在相等時間內(nèi)掃過的面積之比為

D.與地心。連線在相等時間內(nèi)掃過的面積之比為工

11.如圖所示，傾角a=30。的固定光滑斜面上，在水平線MN和P。間有垂直斜面向下

的勻強(qiáng)磁場（磁場寬度大于L）,磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為從質(zhì)量為，小邊長為心、

電阻為R的正方形金屬線框放在斜面上方由靜止釋放，當(dāng)M邊剛進(jìn)磁場時，線框

的加速度為0,當(dāng)cd邊剛出磁場時，線框的加速度大小為［g。斜面足夠長，線框

運(yùn)動過程中“邊始終與MN平行，重力加速度為g,則（）

A.開始時W邊離MN的距離為生空

2F4L4

B.MN甘PQ間的距離為也誓+L

C.線框進(jìn)磁場過程產(chǎn)生的焦耳熱為

D.線框出磁場過程，重力勢能減少量小于線框中產(chǎn)生的焦耳熱

三、實驗題(本大題共2小題，共16.0分)

12.要探究加速度與合外力關(guān)系，某同學(xué)設(shè)計了如圖甲所示實驗裝置，其中長木板放在

水平桌面上，小車的質(zhì)量為M,當(dāng)?shù)刂亓铀俣葹間(不計紙帶運(yùn)動中受到的阻力)。

(1)調(diào)節(jié)砂桶中砂的質(zhì)量，調(diào)節(jié)定滑輪的高度，使連接小車的細(xì)線與長木板平行，

小車靠近打點(diǎn)計時器，接通電源，輕推小車，結(jié)果打點(diǎn)計時器打出的點(diǎn)間隔均勻,

彈簧測力計的示數(shù)為&,則小車受到的摩擦力大小等于O

(2)不懸掛砂桶，將長木板沒有定滑輪的一端適當(dāng)墊高，當(dāng)木板與水平面的夾角為9,

且tan0=時，接通電源，輕推小車，則打點(diǎn)計時器在紙帶上打出的點(diǎn)間隔

均勻。

(3)平衡摩擦力后進(jìn)行實驗，某次實驗打出的紙帶如圖乙所示，0、A、B、C、D為

計數(shù)點(diǎn)，打相鄰計數(shù)點(diǎn)間的時間間隔為0.1s,根據(jù)紙帶求得小車運(yùn)動的加速度a=

m/s2(結(jié)果保留兩位有效數(shù)字)。

(4)平衡摩擦力后，保持小車的質(zhì)量M不變，多次改變砂桶中砂的質(zhì)量進(jìn)行實驗，

得到多組小車的加速度。和彈簧測力計的示數(shù)F,作出a-F圖象，則可能的是

13.為測量某直流電源的電動勢(5P左右)和內(nèi)阻(4000左右)，除了待測電源，實驗室

提供了兩個量程均為的電流表4、42，電阻箱(0?999.90)、電鍵兩個及導(dǎo)

線若干。

第4頁，共18頁

內(nèi)

(1)根據(jù)實驗室提供的器材，組成了如圖甲所示的電路，請將圖乙的實物連接成完

整的電路；

(2)閉合電鍵SI前，將電阻箱接入電路的電阻調(diào)到最大，閉合5廠斷開S2,調(diào)節(jié)電阻

箱，使電流表的指針偏轉(zhuǎn)較大，記錄電流表4的示數(shù)電阻箱接入電路的電阻&=

3000,閉合電鍵S2,調(diào)節(jié)電阻箱，使電流表4的示數(shù)仍為小記錄此時電阻箱接入

電路的電阻/?2=4100,則電流表4的內(nèi)阻與1=0;

(3)斷開電鍵Si，將電流表4八七互換位置，保持電鍵S2閉合，將電阻箱接入電路

的電阻調(diào)到最大，閉合電鍵Si，多次調(diào)節(jié)電阻箱接入電路的電阻R,記錄每次調(diào)節(jié)

后電流表4的示數(shù)/，根據(jù)測得的多組/、R，作出質(zhì)-/圖象如圖丙所示，則被測

電源的電動勢E=V,電源的內(nèi)阻r=。。

四、簡答題(本大題共2小題，共31.0分)

14.如圖所示，半徑為R的光滑圓弧軌道ABC固定在豎直面內(nèi)，O為圓弧圓心，OA為

水平半徑，OC與豎直方向夾角為60。，8為圓弧軌道的最低點(diǎn)，斜面體CDEF也固

定在水平地面上，斜面CD傾角為30。，讓一個質(zhì)量為機(jī)的小球從4點(diǎn)正上方某處

由靜止釋放，小球進(jìn)入圓弧軌道運(yùn)動到最低點(diǎn)時，小球?qū)壍赖膲毫Υ笮?,咫,

小球可視為質(zhì)點(diǎn)，不計空氣阻力，重力加速度為g,斜面足夠長，求：

(1)小球由靜止釋放的位置離4點(diǎn)的高度；

(2)小球從C點(diǎn)拋出到落在斜面上所用的時間。

15.如圖所示，在水平虛線和PQ間有垂直于紙面向外的勻強(qiáng)磁場，在上方有

平行于紙面垂直于向上的勻強(qiáng)電場，電場強(qiáng)度大小為E,在上的A點(diǎn)沿紙

面斜向右上與PQ成60。角的方向射入一個質(zhì)量為m、電荷量為q的帶負(fù)電粒子，

射入的速度大小為火，恰好垂直MN進(jìn)入電場，MN與PQ間的距離為"，不計粒子

的重力。

(1)求勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小；

(2)求粒子在電場、磁場中運(yùn)動的總時間；

(3)保持磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小不變，將方向反向，粒子在A點(diǎn)射入磁場的方向不

變，將大小改變，結(jié)果粒子在整個運(yùn)動過程中的最小速度為最大速度的立倍，求粒

2

子的最大速度。

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五、計算題(本大題共1小題，共9.0分)

16.導(dǎo)熱性能良好的汽缸內(nèi)壁頂部有一固定卡環(huán)，卡環(huán)到汽缸底部高度ri

20cm,一個質(zhì)量為1依的活塞將汽缸內(nèi)氣體封閉，汽缸內(nèi)壁光滑，

活塞與汽缸內(nèi)壁氣密性好，靜止時，活塞與卡環(huán)接觸，已知大氣壓］

強(qiáng)為lxlOSpa,環(huán)境溫度為300K,當(dāng)環(huán)境溫度降為280K時，卡環(huán)

對活塞的壓力剛好為零，重力加速度取10m/s2,活塞的截面積為5cm2,不計活塞

的厚度，求：

(1)開始時，卡環(huán)對活塞的壓力；

(2)當(dāng)環(huán)境溫度為200K時，在活塞上放一個質(zhì)量為2版的重物，當(dāng)活塞穩(wěn)定時，活

塞離缸底的距離。

答案和解析

1.【答案】A

【解析】解：對雞蛋下落過程用動能定理：機(jī)9/1=；血講一0得：〃=聲調(diào)=

V2x10x50m/s=IOA/IOTH/S

對雞蛋落地過程用動量定理：(34m5-mg)t=0-(-mv)

解得：t=竺叵saO.ls，故A正確，38錯誤。

330

故選:A。

用動能定理求出雞蛋落地速度，再用動量定理求解時間。

本題考查了定能定理和動量定理的綜合運(yùn)用，注意本題中使用動量定理時不要把重力的

沖量丟掉。

2.【答案】C

【解析】解：A、由于粒子帶負(fù)電，因此粒子從A點(diǎn)運(yùn)動到8點(diǎn)的過程中，受到的電場

力與運(yùn)動方向相反，粒子做減速運(yùn)動，所以粒子在A點(diǎn)一定有速度，故A錯誤；

8、由于一條電場線不能反映電場線的疏密，所以電場強(qiáng)度大小無法確定，則無法確定

粒子是否做勻減速運(yùn)動，故B錯誤：

C、粒子從A到8,由于電場力做負(fù)功，因此電勢能一定增大，故C正確；

。、由于電場強(qiáng)度大小無法確定，而力。=08,由〃=氏/知無法判斷AO間電勢差與

OB間電勢差的大小，由W=qU可知無法判斷粒子從A到。電場力做功與0到B電場

力做功大小，故。錯誤。

故選：Co

帶負(fù)電的粒子受到的電場力方向與電場強(qiáng)度方向相反，根據(jù)粒子的受力情況判斷其運(yùn)動

情況，根據(jù)電場力做功情況判斷電勢能的變化情況。由u=Ed分析AO間與OB間電勢

差的大小，再由十=qU分析電場力做功關(guān)系。

解答本題時，要知道電場線的疏密表示電場強(qiáng)度的相對大小，但一條電場線不能反映電

場線的疏密，因而不能判斷電場強(qiáng)度的大小。

3.【答案】B

【解析】解：A、由于既5pn處于靜止，因此核反應(yīng)過程系統(tǒng)的總動量為零，即新核、a粒

子、y光子的總動量為零，故A錯誤；

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B、根據(jù)質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒可知，新核的質(zhì)量數(shù)為239-4=235、電荷數(shù)即質(zhì)子數(shù)為

94-2=92,因此新核的中子數(shù)為235-92=143,因此中子數(shù)比質(zhì)子數(shù)多143-92=

51個，故8正確；

C、比結(jié)合能越大原子核越穩(wěn)定，衰變后的新核比需'Pa更穩(wěn)定，因此新核的比結(jié)合能

比就5p“的比結(jié)合能大，故C錯誤；

。、新核與a粒子的動能及y光子的能量總和為核反應(yīng)過程中釋放的核能，故。錯誤。

故選：B。

根據(jù)動量守恒定律判定生成物的動量；

核反應(yīng)過程質(zhì)量數(shù)守恒，所以裂變后粒子的總核子數(shù)不變；

比結(jié)合能越大原子核越穩(wěn)定；

根據(jù)質(zhì)能方程求釋放的核能，根據(jù)能量守恒定律分析；

本題易錯處A答案中的y光子也有動量，力答案中衰變過程釋放的核能轉(zhuǎn)化為生成物的

動能和y光子的能量；

4.【答案】D

【解析】解：由牛頓第二定律可知：

F—mg—kv=ma

則有：F浮=ma+mg+kv①

當(dāng)小球運(yùn)動到最大速度時有a=0,

則有：F=mg+kv②

聯(lián)立①②解得小球運(yùn)動速度的最大值為：

ma

vm=v+—

故ABC錯誤，。項正確。

故選：Do

先由題意根據(jù)牛頓第二定律表示出恒定的浮力，再結(jié)合加速度等于零時速度最大，求出

速度的最大值。

本題考查牛頓第二定律，在求速度最大值時要注意此時的加速度為零這個條件。

5.【答案】C

【解析】解：A、僅將滑片匕向上移，原線圈匝數(shù)增大，根據(jù)擾=皆可知，/減小，根

u2Tl2

據(jù)歐姆定律：/='副線圈總電流減小，/?2分得電壓減小，電壓表的示數(shù)變小，故A

錯誤；

B、根據(jù)P=9，負(fù)載消耗的功率減小，由P>i=P出，原線圈輸入功率變小，由。=",

電流表的示數(shù)變小，故B錯誤；

CD、僅將滑片P2向上移，/?2接入電路的電阻變大，根據(jù)歐姆定律：1=與，副線圈中的

電流減小，七兩端的電壓變小，電壓表的示數(shù)變大，根據(jù)￡=￡，電流表的示數(shù)變小，

故C正確，。錯誤。

故選：Co

滑片匕向上移，改變原副線圈的匝數(shù)比，從而影響副線圈兩端的電壓，根據(jù)歐姆定律、

功率公式可判斷AB；

滑片P2向上移，/?2接入電路的電阻變大，使得負(fù)載總電阻變大，根據(jù)歐姆定律、變壓器

的電流關(guān)系可判斷CZ）。

本題一定要先判斷清楚滑片P】、滑片P2導(dǎo)致什么變化；在理想變壓器中，原副線圈兩端

的電壓滿足：誥=詈，電流滿足：7=?-副線圈消耗的電功率決定原線圈輸入功率，

。2九2*2九I

兩者相等

6.【答案】D

【解析】解：人由圖可知，單色光6的折射程度大，三棱鏡對單色光b的折射率大，

由〃=?可知，單色光。在三棱鏡中傳播速度大，故A錯誤；

B、單色光人的頻率高，波長短，因此有：%>小，故8錯誤；

C、由于單色光6的頻率較高，單色光人一定能使該金屬發(fā)生光電效應(yīng)，單色光。不能

確定，故C錯誤；

D、因此單色光。一定能使金屬發(fā)生光電效應(yīng)，逸出的光電子最大初動能為：Ek=hT-

九故。正確。

故選：D。

依據(jù)折射定律，判定兩種光的折射率的大小，再由〃=判定傳播速度的大??；

由c=即可判定；

根據(jù)光電效應(yīng)發(fā)生條件：入射光的頻率不低于極限頻率；

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由光電效應(yīng)方程：E=hY-W,及即可求解。

kmy=1A

考查光的折射現(xiàn)象，掌握光電效應(yīng)方程，Ekm=hy-W,及y=：,與口=:的應(yīng)用，理

A71

解光電效應(yīng)發(fā)生條件。

7.【答案】A

【解析】A由題意知，從A到C克服摩擦力做功嗎根據(jù)動能定理：

22

—W1+0.8mgR=^mv,即：Wj=0.8mgR-^mv,

從B到C克服摩擦力做功電根據(jù)動能定理：

—IV2+OSmgR=0—0,即：W2=O.QmgR,

從A到C和從B到與C等高的C點(diǎn)，根據(jù)對稱性速度相等也為v,

從圓弧右側(cè)與C等高的位置運(yùn)動到C點(diǎn)克服摩擦力做功為名，

22

W3=W2—=|mv即：W3=^mv

由于從圓弧右側(cè)與C等高的位置運(yùn)動到圓弧最低點(diǎn)的過程物塊的速度相對從圓弧最低

點(diǎn)運(yùn)動到C點(diǎn)的過程物塊的速度大，根據(jù)a=從圓弧右側(cè)與C等高的位置運(yùn)動

到圓弧最低點(diǎn)的物塊對圓弧平均正壓力大于從圓弧最低點(diǎn)運(yùn)動到C點(diǎn)的物塊對圓弧的

平均正壓力，因此從圓弧右側(cè)與C等高的位置運(yùn)動到圓弧最低點(diǎn)克服摩擦力做功大于從

圓弧最低點(diǎn)運(yùn)動到C點(diǎn)克服摩擦力做功，因此從C點(diǎn)運(yùn)動到圓弧最低點(diǎn)克服摩擦力做

功W>Lnw2,A正確BCD錯誤。

4

故選:Ao

解題時用對稱性分析，圓周運(yùn)動向心力的公式，分析彈力的變化。

本題在解決問題的過程中，要注意向下滑和向上滑兩個過程中，摩擦力做的功不相同。

8.【答案】AC

【解析】解：A、質(zhì)點(diǎn)p沿y軸負(fù)方向振動，由波的傳播方向與振動方向的關(guān)系可知，

該波沿x軸負(fù)方向傳播，故A正確；

B、由題圖可知，p點(diǎn)的位移是振幅的;，得質(zhì)點(diǎn)尸的橫坐標(biāo)x=5m,故B錯誤；

C、由題意可知0.04s內(nèi)波平移的距離為x=6m-5m=1m,波的傳播速度v=；=

^m/s=25m/s；由波的圖像得出波長是4=12m,則該波的周期T=：=1|m/s,由

t1.2s_「

亍=27=2.5,可知，在o?i.2s內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)P通過的路程s=2.5x4x2cm=0.2m,故

25

C正確；

D、由3=岑，計算可得3=警rad/s,質(zhì)點(diǎn)。的振動方程為y=2cos（竿t）cm故。錯

誤。

故選：AC.

根據(jù)P點(diǎn)振動方向判斷波的傳播方向。介質(zhì)中各個質(zhì)點(diǎn)的振幅都相同，根據(jù)P點(diǎn)的位移

值與振幅的關(guān)系分析P點(diǎn)的坐標(biāo)。根據(jù)0.04s內(nèi)波形平移的距離計算波速，由圖讀出波

長，求出周期，根據(jù)時間與周期的關(guān)系求出質(zhì)點(diǎn)P通過的路程，讀出振幅，由周期計算

振動的圓頻率可判斷Q點(diǎn)的振動方程的正誤。

本題屬于波的圖象的識圖和對質(zhì)點(diǎn)振動的判斷問題，要熟練掌握波的圖像，運(yùn)用其規(guī)律

解題。

9.【答案】AD

【解析［解：A、根據(jù)速度-圖象與時間軸所圍的面積表示位移，知0-2s內(nèi)，甲車與乙

車的位移之差為：△x=*0x2m=15m,則t=2s時刻，甲車剛好追上乙車，故4

正確；

B、因2s-4s時間內(nèi)，乙車的速度大于甲車的速度，則乙車的位移比甲車的大，則t=4s

時刻，甲車沒有追上乙車，故8錯誤；

C、根據(jù)速度-時間圖象的斜率表示加速度，則知甲車的加速度大?。篴甲=|Tl=

|失空|m/s2=5zn/s2,乙車的加速度：a乙=萼=等m/s?=2.5TH/S2,可知乙車

的加速度大小小于甲車的加速度大小，故C錯誤；

D、t=0時刻乙車在甲車前方15機(jī)處，t=2s時刻，甲車剛好追上乙車，則在0-2s內(nèi)，

甲、乙兩車之間的距離減小，2s后乙車的速度大于甲車的速度，兩車間距增大，故。

正確。

故選：AD.

t=0時刻乙車在甲車前方15,”處，則當(dāng)甲車的位移與乙車的位移之差等于15加時甲車

剛好追上乙車；根據(jù)圖象的斜率分析加速度的大??；根據(jù)兩車速度關(guān)系分析間距的變化

情況。

解決本題的關(guān)鍵要理解速度時間圖線的物理意義，知道圖線斜率、圖線與時間軸圍成的

面積表示的含義。

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10.【答案】AC

【解析】解：A、8連線和0、A連線的夾角最大時，05與AB垂直，這時g仇仇

由開普勒第三定津g=|解得:*篇,

f時間內(nèi)衛(wèi)星與地心連接掃過的面積：S=^-nr2,則也=生?馬=匚口，由此可知，

T

SBTA詣\sm0

故AC正確，8。錯誤.

故選：ACo

根據(jù)夾角最大時03與A3垂直求解A、3兩顆衛(wèi)星的軌道半徑的關(guān)系，結(jié)合開普勒第三

定律求解周期比；通過S=，兀/判斷衛(wèi)星與地心連接掃過的面積之比。

本題解題的關(guān)鍵在于判斷兩顆衛(wèi)星的軌道半徑的關(guān)系，根據(jù)題意可知08與AB垂直時

A、B連線和0、A連線的夾角最大。

11.【答案】BCD

【解析】解:A、當(dāng)cd邊剛進(jìn)磁場時，對線框根據(jù)平衡條件可得:mgsina=BI,L=牛1,

解得此時線框的速度大小為：％=寫泮，

從釋放線框到線框進(jìn)入磁場過程中，根據(jù)動能定理可得：mgsina?/=|mvf-0,

解得：女=當(dāng)誓，故A錯誤；

14B4L4

B、設(shè)線框cd邊剛出磁場時速度為外，根據(jù)牛頓第二定律可得：BI2L-mgsina=ma,

即受獸一mgsina=mx：g,解得外=翳?；

設(shè)磁場的寬度為X2,從線框進(jìn)入磁場到〃邊剛出磁場過程中，

根據(jù)動能定理有：mg(x2-Lesina=\mvl-\mvl，解得g3故B正確；

C、線框勻速進(jìn)磁場過程，線框中產(chǎn)生的焦耳熱Q=mgsina1=3巾94，故C正確；

。、由于線框出磁場過程，加速度方向沿導(dǎo)軌向上，線框的動能減少，因此減少的重力

勢能與減少的動能之和等于線框中產(chǎn)生的焦耳熱，則重力勢能減少量小于線框中產(chǎn)生的

焦耳熱，故。正確。

故選：BCD。

當(dāng)〃邊剛進(jìn)磁場時，對線框根據(jù)平衡條件求解線框的速度大小，從開始到邊進(jìn)入磁

場過程中根據(jù)動能定理求解開始時cd邊離MN的距離；根據(jù)牛頓第二定律可得線框cd

邊剛出磁場時速度，根據(jù)動能定理求解MN與P。間的距離；根據(jù)功能關(guān)系求解線框中

產(chǎn)生的焦耳熱；根據(jù)能量關(guān)系分析重力勢能減少量與線框中產(chǎn)生的焦耳熱大小。

對于電磁感應(yīng)問題研究思路常常有兩條：一條從力的角度，根據(jù)牛頓第二定律或平衡條

件列出方程；另一條是能量,分析涉及電磁感應(yīng)現(xiàn)象中的能量轉(zhuǎn)化問題，根據(jù)動能定理、

功能關(guān)系等列方程求解。

12.【答案】F。含0.39丙

【解析】解：(1)根據(jù)打點(diǎn)計時器打出的點(diǎn)間隔均勻，說明物體做勻速運(yùn)動，即受力平

衡，小車受到的摩擦力大小等于用。

(2)因為摩擦力/=>=〃氏，即尸o=〃Mg,故〃=含，平衡摩擦力時需要滿足小車及車上

物體的總重力的沿斜面向下的分力等于沿斜面向上的摩擦力，即Mgsin。=nMgcosd,

化簡得〃=tan。，故tan。=〃=含時，摩擦力得到平衡。

(3)根據(jù)勻變速直線運(yùn)動的推論△x=。片得：n=l(1505-6^74|xl0"m/s2=

0.39m/s2

(4)由于小車受到的合外力等于彈簧測力計的示數(shù)凡根據(jù)牛頓第二定律F=Ma得：

2F=Ma,則a=^F,因此作出的a-F圖象就是過原點(diǎn)的一條直的斜線，故丙正確.

故答案為:(1)FO(2*(3)039(4)丙

物體做勻速運(yùn)動，小車受到的摩擦力大小等于用，平衡摩擦力時需要滿足小車及車上物

體的總重力的沿斜面向下的分力等于沿斜面向上的摩擦力，即Mgsin。="MgcosO,化

簡得〃=tan。，故tan。=〃=含時，摩擦力得到平衡，根據(jù)勻變速直線運(yùn)動的推論求

加速度，根據(jù)直線的斜率求質(zhì)量。

正確解答實驗問題的前提是明確實驗原理，尤其是平衡摩擦力時需要怎么操作，以及什

么情況下不需要滿足鉤碼的質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車的質(zhì)量等，要從實驗原理出發(fā)進(jìn)行分析，不

能死記硬背。

13.【答案】1105.0390

第14頁，共18頁

【解析】解：(1)實物連接如圖所示;

(2)根據(jù)等效替代關(guān)系可得：%+RA1=R2,

解得電流表義的內(nèi)阻以1=R2-R1=4100-300。=non；

(3)根據(jù)閉合電路歐姆定律得E=/(/?+RA1+r),則/R=E-I(r+&【),

則結(jié)合圖丙可知，

電源電動勢E=5.0V,

以1+r=k=%=5000,因此電源的內(nèi)阻為r=3900；

故答案為：(1)如圖所示；(2)110；(3)5.0,390；

(1)認(rèn)清電路結(jié)構(gòu)連接實物圖；

(2)開關(guān)S2閉合前后過電流表4的示數(shù)不變，所以電阻箱的阻值&等效替代%+以1，

據(jù)此求解求解電流表4的內(nèi)阻值以1;

(3)根據(jù)閉合電路歐姆定律結(jié)合電源的伏安特性曲線求解電源電動勢和內(nèi)阻；

本題考查測量電動勢和內(nèi)阻的實驗方法，要注意閉合電路歐姆定律的應(yīng)用，并且能靈活

變形得出一次函數(shù)關(guān)系，再根據(jù)數(shù)學(xué)規(guī)律進(jìn)行分析求解.

14.【答案】解：(1)設(shè)小球在8點(diǎn)速度大小為巧

根據(jù)牛頓第二定律F-Tng=嗒

根據(jù)牛頓第三定律F=F'=4mg

解得：巧=j3gR

設(shè)小球開始下落的位置離4點(diǎn)的高度為h

根據(jù)機(jī)械能守恒定律有mg(R+h)=

解得：h=：R

(2)設(shè)小球到C點(diǎn)時速度大小為w，

小球8到C的過程，只有重力做功，小球的機(jī)械能守恒，

根據(jù)機(jī)械能守恒有-mgR(l-cos60°)=解得：v2=12gR

小球從C點(diǎn)拋出后，在垂直斜面方向的分初速度為%=V2COS60°=\y[2gR

沿垂直斜面方向的分加速度為Qy=gcos30°=

小球從C點(diǎn)拋出到落在斜面上所用的時間為t=也=1

ay3

答：

(1)小球由靜止釋放的位置離A點(diǎn)的高度為[/?；

(2)小球從C點(diǎn)拋出到落在斜面上所用的時間為:陌

3-V9

【解析】(1)根據(jù)小球在B點(diǎn)的受力情況，根據(jù)牛頓第二定律求解小球在B點(diǎn)的速度,

小球從左側(cè)最高點(diǎn)到B點(diǎn)的過程，據(jù)機(jī)械能守恒求解釋放點(diǎn)據(jù)A點(diǎn)的高度；

(2)小球8到C的過程，只有重力做功，小球的機(jī)械能守恒，根據(jù)機(jī)械能守恒求出小球

在C點(diǎn)的速度，再運(yùn)用運(yùn)動的分解求解小球從C點(diǎn)拋出到落在斜面上所用的時間。

本題是多過程問題，要按時間順序分析物體的運(yùn)動情況，把握每個過程的物理規(guī)律，在

涉及力在空間的效果時，運(yùn)用動能定理求速度是常用的方法。

15.【答案】解：(1)粒子在磁場中的運(yùn)動軌跡如圖所

示

設(shè)粒子在磁場中做圓周運(yùn)動的半徑為萬，由幾何關(guān)系

可知：r]Sin30°=d

解得：=2d

根據(jù)牛頓第二定律有=皿

rl

解得:"翳

(2)粒子在磁場中運(yùn)動的時間匕=*x翳=譽(yù)

OI/OOUQ

粒子進(jìn)入電場后，做類豎直上拋運(yùn)動，加速度大小a=歿

m

在電場中運(yùn)動的時間t2=§=誓

uq匕

粒子在電場、磁場中運(yùn)動的總時間++

(3