2021年天津市和平區(qū)高考一模物理試卷（附答案詳解）

2021年天津市和平區(qū)高考一模物理試卷

一、單選題（本大題共5小題，共30.0分）

1.（2021?天津市市轄區(qū)?模擬題）有關(guān)原子核方面的知識(shí)，下列說法正確的是（）

A.比結(jié)合能越大，原子核越穩(wěn)定

B.若使放射性物質(zhì)的溫度升高，其半衰期將減小

C.￡射線為原子的核外電子電離后形成的電子流

D.所有的核反應(yīng)都存在質(zhì)量虧損

2.（2021?天津市市轄區(qū)?模擬題）“遂古之初，誰傳道之？上「…J

............\

下未形，何由考之？”2021年3月4日國家航天局發(fā)布

了探測飛船'‘天問一號(hào)”在近火軌道拍攝的高清火星影火丫',3

??*?1-XJ???

像圖，預(yù)計(jì)2021年5月“天問一號(hào)”將完成落“火”的

............

壯舉，如圖所示，我們近似認(rèn)為“天問一號(hào)”由遠(yuǎn)火圓周軌道A變軌后進(jìn)入近火圓

周軌道B,用心T、〃、Ek、產(chǎn)分別表示“天問一號(hào)”的軌道半徑、周期、向心加

速度、動(dòng)能和所受的萬有引力。則探測器在A、8兩個(gè)軌道上（）

A區(qū)=里R乂=UP2=里D%=%

D

,FBrA-aBrBEk））rA5TBrB

3.（2021?天津市市轄區(qū)?模擬題）如圖所示的翻斗車車斗的底

液壓桿使車斗底部傾斜，直到石塊開始加速下滑時(shí)，保持

車斗傾斜角不變，則在石塊沿車斗底面勻加速下滑的過程中，翻斗車（包含司機(jī)）始

終靜止，貝女）

A.車斗的傾角越大，石塊對翻斗車的壓力也越大

B.地面對翻斗車的支持力小于翻斗車和車上石塊的總重力

C.翻斗車受到的合外力不為零

D.翻斗車不受地面的摩擦力

4.（2021.天津市市轄區(qū).模擬題）電子束焊接機(jī)中的電場線如

圖中虛線所示.K為陰極,4為陽極，兩極之間的距離為"，、

在兩極之間加上高壓U,有一電子在K極由靜止被加速.不\\1//扁壓

\\:：/

考慮電子重力，元電荷為e,則下列說法正確的是（）'\\：；/

4下-<￡1-----------

A.A、K之間的電場強(qiáng)度為9u

a

B.電子到達(dá)A極板時(shí)的動(dòng)能大于eU

C.由K沿直線到A電勢逐漸減小

D.由K到A電子的電勢能減小了eU

5.（2021.天津市市轄區(qū).模擬題）圖1是一列簡諧橫波在t=0.75s時(shí)的波形圖，已知平

衡位置在c位置的質(zhì)點(diǎn)比平衡位置在〃位置的質(zhì)點(diǎn)晚0.5s起振,則圖2所示振動(dòng)圖象

對應(yīng)的質(zhì)點(diǎn)可能位于（）

A.a<x<bB.b<x<cC.c<x<dD.d<x<e

二、多選題（本大題共3小題，共18.0分）

6.（2021?天津市市轄區(qū)?模擬題）宇航員的訓(xùn)練、競技體

育的指導(dǎo)、汽車的設(shè)計(jì)等多種工作都會(huì)用到急動(dòng)度

的概念。急動(dòng)度/是加速度變化量△a與發(fā)生這一變

化所用時(shí)間At的比值，即/=與，它的方向與物體

加速度變化量的方向相同。一物體從靜止開始做直

線運(yùn)動(dòng)，其加速度。隨時(shí)間f的變化關(guān)系如圖，則該物體在（）

A.t=0.5s時(shí)加速度是1.5m/s2

B.t=2s時(shí)和t=4s時(shí)急動(dòng)度等大反向

C.3s?5s內(nèi)做加速運(yùn)動(dòng)

D.0?5s內(nèi)速度方向不變

7.（2021?天津市市轄區(qū)?模擬題）氫原子發(fā)出a、6兩種頻率的單（

色光，相互平行地射到平板玻璃上，經(jīng)平板玻璃后射出的光外］

線分別為a'、b',如圖所示。下列說法正確的是（）‘

A.光線a'、b'仍然平行

B.光線人進(jìn)入玻璃后的傳播速度大于光線a進(jìn)入玻璃后的傳播速度

C.若光線a能使某金屬產(chǎn)生光電效應(yīng)，光線6也一定能使該金屬產(chǎn)生光電效應(yīng)

D.若光線。是氫原子從能級(jí)4向能級(jí)2直接躍遷發(fā)出的光，則光線b可能是氫原

子從能級(jí)3向能級(jí)2直接躍遷發(fā)出的光

第2頁，共16頁

8.（2021?天津市市轄區(qū)?模擬題）如圖所示，單匝矩形線圈在有界勻

強(qiáng)磁場中繞垂直于磁場的A邊勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，周期為0.2s,線圈電

阻為50。磁場只分布在A邊的左側(cè)，若線圈從如圖所示開始計(jì)

時(shí)，線圈轉(zhuǎn)過30。時(shí)的感應(yīng)電流為14,那么（）

A.線圈中感應(yīng)電流的有效值為

B.線圈磁通量變化率的最大值為1/TT（W6/S）

C.線圈從圖示位置轉(zhuǎn)過90。的整個(gè)過程中，流經(jīng)線圈導(dǎo)線橫截面的電量為勺=

2⑹

D.線圈消耗的電功率為5W

三、實(shí)驗(yàn)題（本大題共2小題，共18.0分）

9.（2021?天津市市轄區(qū)?模擬題）（1）如圖所示的四個(gè)圖反映“用油膜法估測分子的大小”

實(shí)驗(yàn)中的四個(gè)步驟，將它們按操作先后順序排列應(yīng)是（用符號(hào)表示）

（2）在做“用油膜法估測分子的大小”的實(shí)驗(yàn)時(shí)，所用的油酸酒精溶液的濃度為",

測量中，某位同學(xué)測得如下數(shù)據(jù)：測得體積為V的油酸酒精溶液共有N滴；滴入1

滴這樣的溶液到準(zhǔn)備好的水面撒有瘁子粉的盛水的淺盤里,散開后的油膜面積為S,

則：用以上題中給出的符號(hào)表示分子直徑d的大小的表達(dá)式為：d=。

（3）該同學(xué)實(shí)驗(yàn)中最終得到的計(jì)算結(jié)果和大多數(shù)同學(xué)的比較，發(fā)現(xiàn)自己所測得的數(shù)

據(jù)偏大，則對出現(xiàn)這種結(jié)果的原因，下列說法中可能正確的是。

4油酸未完全散開

B.油酸溶液濃度低于實(shí)際值

C計(jì)算油膜面積時(shí)，將所有不足一格的方格計(jì)為一格

D錯(cuò)誤地將油酸酒精溶液的體積直接作為油酸體枳進(jìn)行計(jì)算

10.（2021?天津市市轄區(qū)?模擬題）某同學(xué)欲將電流表（量程。?100/nA,內(nèi)阻為2.50）改裝

為兩用電表，即“xl”擋的歐姆表及量程為0?12V的電壓表，實(shí)驗(yàn)室可提供的器

材有：

4.一節(jié)全新的5號(hào)干電池（E=1.5K,內(nèi)阻不計(jì)）

B.滑動(dòng)變阻器凡（0?300）

C.滑動(dòng)變阻器/?2（。?30）

D定值電阻色（117.5。）

E.定值電阻/?式120。）

單刀雙擲開關(guān)S,一對表筆及若干導(dǎo)線

⑴圖中A為（填“紅”或“黑”）表筆，測量電壓時(shí)應(yīng)將開關(guān)S扳向

（填“1”或“2”）。

（2）滑動(dòng)變阻器應(yīng)選用（填“RJ或"/?2”），定值電阻R應(yīng)選（填

或"RJ）。

（3）在正確選用器材的情況下，改裝后電流表75〃泊處在歐姆擋刻度盤上應(yīng)標(biāo)為

（填寫具體數(shù)值）。

四、計(jì)算題（本大題共3小題，共30.0分）

11.（2021.天津市市轄區(qū).模擬題）如圖所示，在同一豎直平面內(nèi),

一輕質(zhì)彈簧一端固定，另一自由端恰好與水平線AB平齊，

靜止放于傾角為45。的光滑斜面上。一長為L=0.2加的輕質(zhì)

細(xì)繩一端固定在。點(diǎn)，另一端系一質(zhì)量為m=0.1kg的小

球，將細(xì)繩拉至水平，使小球從位置C由靜止釋放，小球

到達(dá)最低點(diǎn)。時(shí)，細(xì)繩剛好被拉斷。之后小球在運(yùn)動(dòng)過程中恰好沿斜面方向壓縮彈

簧，已知彈簧的勁度系數(shù)為k=20N/m,壓縮一直處于彈性限度內(nèi)，g=10m/s2o

求：

（1）細(xì)繩受到的最大拉力廠的大小：

（2）。點(diǎn)到水平線AB的高度/?；

（3）小球速度最大時(shí)彈簧的壓縮量x（結(jié)果可用根號(hào)表示）

第4頁，共16頁

12.(2019?浙江省寧波市?月考試卷)如圖所示的裝置為了探究導(dǎo)體棒在有磁場存在的斜

面上的運(yùn)動(dòng)情況，MN、M'N'是兩條相距為L=0.5m的足夠長的金屬導(dǎo)軌，放置在

傾角均為。=30。的對稱斜面上，兩導(dǎo)軌平滑連接，連接處水平，兩導(dǎo)軌右側(cè)接有

阻值為R=0.80的固定電阻，導(dǎo)軌電阻不計(jì)。整個(gè)裝置處于大小為B=17,方向垂

直于左邊斜面向上的勻強(qiáng)磁場中。質(zhì)量為m=0.1kg,電阻為r=0.2。的導(dǎo)體棒/

從左側(cè)導(dǎo)軌足夠高處自由釋放，運(yùn)動(dòng)到底端時(shí)與放置在導(dǎo)軌底部的質(zhì)量也為m=

0.1kg的絕緣棒〃發(fā)生完全彈性碰撞(等質(zhì)量的物體發(fā)生完全彈性碰撞時(shí)，交換速度

)。若不計(jì)棒與導(dǎo)軌間的摩擦阻力，運(yùn)動(dòng)過程中棒/和棒〃與軌道接觸良好且始終

與軌道垂直，求：

(1)第一次碰撞后，棒〃沿右側(cè)斜面上滑的最大高度/?；

(2)第二次碰撞后，棒/沿左側(cè)斜面上滑的最大距離為0.25m,該過程的時(shí)間：

(3)若從釋放棒/到系統(tǒng)狀態(tài)不再發(fā)生變化的整個(gè)過程中，電阻R產(chǎn)生的熱量為Q=

0.64/,棒/釋放點(diǎn)的高度

13.(2021?天津市市轄區(qū)?模擬題)如圖所示為用質(zhì)譜儀測定帶電粒子比荷的裝置示意圖。

它是由離子室、加速電場、速度選擇器和分離器四部分組成。已知速度選擇器的兩

極板間的勻強(qiáng)電場場強(qiáng)為E,勻強(qiáng)磁場磁感應(yīng)強(qiáng)度為當(dāng)，方向垂直紙面向里。分離

器中勻強(qiáng)磁場磁感應(yīng)強(qiáng)度為％,方向垂直紙面向外。某次實(shí)驗(yàn)離子室內(nèi)充有大量氫

的同位素離子，經(jīng)加速電場加速后從速度選擇器兩極板間的中點(diǎn)。平行于極板進(jìn)入,

部分粒子通過小孔。'后進(jìn)入分離器的偏轉(zhuǎn)磁場中，在底片上形成了對應(yīng)于笈〃、氣

H、瓶H三種離子的三個(gè)有一定寬度的感光區(qū)域，測得第一片感光區(qū)域的中心P到

0'點(diǎn)的距離為名。不計(jì)離子的重力、不計(jì)離子間的相互作用，不計(jì)小孔。’的孔徑。

(1)打在感光區(qū)域中心P點(diǎn)的離子，在速度選擇器中沿直線運(yùn)動(dòng)，試求該離子的速

度均和比荷；

(2)以v=v0±A"的速度從O點(diǎn)射入的離子，其在速度選擇器中所做的運(yùn)動(dòng)為一個(gè)

速度為火的勻速直線運(yùn)動(dòng)和另一個(gè)速度為△9的勻速圓周運(yùn)動(dòng)的合運(yùn)動(dòng)，試求該速

度選擇器極板的最小長度L.

第6頁，共16頁

答案和解析

1.【答案】A

【知識(shí)點(diǎn)】射線及其特性、原子核的衰變、質(zhì)能關(guān)系、結(jié)合能和比結(jié)合能

【解析】解：4比結(jié)合能的大小反應(yīng)原子核的穩(wěn)定程度，比結(jié)合能越大，原子核越穩(wěn)

定，故A正確；

B、放射性元素的半衰期由其原子核內(nèi)部結(jié)構(gòu)決定，與外界因素?zé)o關(guān)；溫度升高，放射

性元素的半衰期不變，故8錯(cuò)誤；

C、口衰變的實(shí)質(zhì)是原子核內(nèi)一個(gè)中子轉(zhuǎn)變?yōu)橐粋€(gè)質(zhì)子和一個(gè)電子，電子釋放出來，不

是來自核外電子，故C錯(cuò)誤；

。、只有較重的原子核裂變成中等質(zhì)量的原子核或較輕的原子核聚變?yōu)橹械荣|(zhì)量的原子

核時(shí)才有能量釋放，具有質(zhì)量虧損，故。錯(cuò)誤。

故選：A。

半衰期的大小由原子核內(nèi)部因素決定，與所處的物理環(huán)境和化學(xué)狀態(tài)無關(guān)；￡衰變的實(shí)

質(zhì)是原子核內(nèi)一個(gè)中子轉(zhuǎn)變?yōu)橐粋€(gè)質(zhì)子和一個(gè)電子，電子釋放出來；比結(jié)合能的大小反

應(yīng)原子核的穩(wěn)定程度；明確質(zhì)量虧損，知道有些核反應(yīng)是需要吸收能量的.

本題考查了衰變實(shí)質(zhì)、半衰期、比結(jié)合能與結(jié)合能等基礎(chǔ)知識(shí)點(diǎn)，關(guān)鍵要熟悉教材，牢

記這些基本概念和基礎(chǔ)規(guī)律.

2.【答案】C

【知識(shí)點(diǎn)】萬有引力定律的應(yīng)用、人造衛(wèi)星

【解析】解：A、根據(jù)萬有引力定律可得：F=粵，則萬有引力之比為：皆=理，故A

錯(cuò)誤；

B、根據(jù)牛頓第二定律可得：粵=ma,則向心加速度之比為：幺=[,故B錯(cuò)誤；

2

raB喘

C、由萬有引力提供向心力有：等=血?，解得康=￡小戶=第，則動(dòng)能之比為：

鬻=段，故C正確；

kb力

D、根據(jù)開普勒第三定律可得胃=%則會(huì)=有，故。錯(cuò)誤。

故選：Co

根據(jù)萬有引力定律求解萬有引力之比；根據(jù)牛頓第二定律求解向心加速度之比；根據(jù)萬

有引力提供向心力結(jié)合動(dòng)能的計(jì)算公式求解動(dòng)能之比；根據(jù)開普勒第三定律求解周期之

比。

本題主要是考查萬有引力定律及其應(yīng)用，解答本題的關(guān)鍵是能夠根據(jù)萬有引力提供向心

力結(jié)合向心力公式進(jìn)行分析，掌握開普勒第三定律的應(yīng)用方法。

3.【答案】B

【知識(shí)點(diǎn)】力的合成與分解、牛頓第二定律

【解析】解：A、對石塊分析，設(shè)石塊的質(zhì)量為〃?，車斗的傾角為a,則有翻斗車對石

塊的支持力為FN-mgcosa,根據(jù)牛頓第三定律可得石塊對翻斗車的壓力為mgcosa,

車斗的傾角越大，石塊對翻斗車的壓力越小，故A錯(cuò)誤：

8、因?yàn)槭瘔K豎直方向有豎直向下的加速度，設(shè)翻斗車的質(zhì)量為M,地面對翻斗車的支

持力為N,在豎直方向上，對翻斗車和石塊的整體根據(jù)牛頓第二定律有(6+M)g-N=

ma-sina,可知N<(m+M)g,即地面對翻斗車的支持力小于翻斗車和車上石塊的總

重力，故B正確；

C、石塊下滑過程中，翻斗車始終靜止，所以翻斗車受到的合外力為零，故C錯(cuò)誤；

。、由于石塊有沿斜面向下的加速度4，則對車和石塊的整體，取向左為正，在水平方

向根據(jù)牛頓第二定律有f=znacosa,即車受到地面向左的摩擦力作用，故。錯(cuò)誤。

故選：Bo

因?yàn)槭瘔K有斜向左下方的加速度，該加速度有水平向左和豎直向下的分量，將石塊和車

當(dāng)作一個(gè)整體，根據(jù)牛頓第二定律求解車受到的摩擦力以及支持力；根據(jù)石塊受到的支

持力與傾角的關(guān)系結(jié)合牛頓第三定律分析石塊對翻斗車的壓力的變化情況。

本題主要是考查牛頓第二定律的綜合應(yīng)用，關(guān)鍵是弄清楚石塊的運(yùn)動(dòng)過程和受力情況,

明確知道石塊的加速度可以分解到水平和豎直方向上，能根據(jù)牛頓第二定律列方程求解

車受到的摩擦力和支持力。

4.【答案】D

【知識(shí)點(diǎn)】電場線的定義及性質(zhì)、電勢差與場強(qiáng)的關(guān)系、帶電粒子在電場中的運(yùn)動(dòng)、電

場力做功與電勢能變化的關(guān)系

【解析】解：A、A、K之間建立的是非勻強(qiáng)電場，公式U=Ed不適用，因此A、K之間

的電場強(qiáng)度不等，故A錯(cuò)誤；

B、根據(jù)動(dòng)能定理得：Ek-0=eU,得電子到達(dá)A極板時(shí)的動(dòng)能a=eU,故B錯(cuò)誤；

C、由于電子在K極由靜止加速，則電子受到的電場力從K沿電場線直線A,電場線由

A指向K,所以由K沿直線到A電勢逐漸升高，故C錯(cuò)誤；

第8頁，共16頁

。、由能量守恒定律知，由K到4,電場力做正功，電勢能減少，電子的電勢能減小了

△Ep=eU.故D正確；

故選：Do

4、K之間建立的是非勻強(qiáng)電場，公式U=Ed不適用；

電子被加速的過程中只有電場力做功，由動(dòng)能定理分析電子到達(dá)4板時(shí)的動(dòng)能：

根據(jù)電場線的方向分析電勢的變化；

由能量守恒定律分析電子電勢能的變化情況。

本題只要抓住電場線的疏密表示場強(qiáng)的大小，電場力做正功時(shí)，電荷的電勢能減少，動(dòng)

能增大，就能輕松解答.要知道公式U=Ed只適用于勻強(qiáng)電場.

5.【答案】B

【知識(shí)點(diǎn)】波速、波長和頻率、振動(dòng)圖像、波的圖象

【解析】解：由圖2知，t=0時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)處于平衡位置

上方，且向上振動(dòng)。由題，c位置的質(zhì)點(diǎn)比“位置的

晚0.5s起振，則知該波的周期為T=1s,波的傳播方

向?yàn)橄蛴?，則t=0.75s=：7,作出t=0.75s前的波

4

形圖象，BPt=0時(shí)刻的波形圖象如圖1所示（紅線），則位于平衡位置上方且振動(dòng)方向向

上的質(zhì)點(diǎn)位于區(qū)間為兒間，即有匕<x<c,故AC。錯(cuò)誤，B正確。

故選：Bo

由題，根據(jù)。位置的質(zhì)點(diǎn)比a位置的晚0.5s起振，確定出該波的周期及波的傳播方向，

作出0.75s前的波形圖象，即1=0時(shí)刻的波形，逐項(xiàng)分析1=0時(shí)刻各個(gè)區(qū)間質(zhì)點(diǎn)的狀態(tài),

選擇與圖2相符的選項(xiàng).

本題的解題技巧是畫出《=0時(shí)刻的波形，考查分析和理解波動(dòng)圖象和振動(dòng)圖象聯(lián)系的

能力.

6.【答案】AD

【知識(shí)點(diǎn)】運(yùn)動(dòng)的圖像

【解析】解：A、由圖可知，t=0.5s時(shí)加速度是1.5m/s2,故A正確；

B、a-t圖像的斜率表示急動(dòng)度，t=2s時(shí)和t=4s時(shí)，圖像的斜率相同，故急動(dòng)度相

同，即急動(dòng)度等大同向，故8錯(cuò)誤；

C、3s?5s內(nèi)加速度為負(fù)值，與速度方向相反，物體做減速運(yùn)動(dòng)，故C錯(cuò)誤；

。、根據(jù)△o=at知圖像與時(shí)間軸所圍的面積表示物體速度變化量，貝IJ知0?5s內(nèi)速度變

化量始終為正值，而物體的初速度為零，故物體的速度方向不變，故。正確。

故選：AD.

根據(jù)a-t圖像直接讀出加速度大?。患眲?dòng)度，是加速度變化量△a與發(fā)生這一變化所用

時(shí)間的比值，a-t圖像的斜率表示急動(dòng)度；圖像與時(shí)間軸所圍的面積表示速度變化

量，由此分析物體的運(yùn)動(dòng)情況，確定物體的速度方向。

解決本題的關(guān)鍵是知道a-t圖像中“面積”大小等于速度的變化量，a-t圖像的斜率

表示急動(dòng)度。要有獲取有效信息的能力。

7.【答案】AC

【知識(shí)點(diǎn)】光電效應(yīng)、能級(jí)躍遷、折射定律

【解析】解：A、作出光路圖如圖所示，光從玻璃前表

面折射角等于從后表面射出時(shí)的入射角，根據(jù)平行玻璃

磚的光學(xué)特性，知匕兩束光通過平板玻璃磚后出射

光線優(yōu)、"與入射光線外匕分別平行，則光線a'、b'仍

然平行，故4正確；

B、可見兩光線通過玻璃磚后6光線的側(cè)移較大，說明

玻璃對b光線的折射率較大；由公式-=:知，光線a在玻璃中的傳播速度比光線b的

大，故8錯(cuò)誤；

C、6光線的折射率較大，a光線的折射率較小，則。光線的頻率較低，6光的頻率較高。

根據(jù)光電效應(yīng)產(chǎn)生的條件：入射光的頻率大于金屬的極限頻率，可知若光線。能使某金

屬產(chǎn)生光電效應(yīng)，光線匕也一定能使該金屬產(chǎn)生光電效應(yīng)，故C正確；

力、根據(jù)玻爾理論可知，若光線。是氫原子從能級(jí)4向能級(jí)2直接躍遷發(fā)出的光，而光

線b的光子能量大于a光子的能量，則光線h不可能是氫原子從能級(jí)3向能級(jí)2直接躍

遷發(fā)出的光，故。錯(cuò)誤。

故選：AC.

作出光路圖，根據(jù)光路的可逆性分析兩條出射光線方向關(guān)系；兩光線通過玻璃磚后側(cè)移

大小，判斷折射率的大小，由公式:確定光線在玻璃中傳播速度的大?。焊鶕?jù)折射

率大，頻率高，分析光電效應(yīng)現(xiàn)象；由玻爾理論分析氫原子的躍遷問題。

本題主要是考查光的折射、光電效應(yīng)和能級(jí)躍遷，本題也可以根據(jù)兩種特殊光線進(jìn)行類

比分析，a相當(dāng)于紅光，6相當(dāng)于紫光，再分析各量的大小。

第10頁，共16頁

8.【答案】CD

【知識(shí)點(diǎn)】交變電流的產(chǎn)生、交變電流的表達(dá)式及圖象、描述交變電流的物理量、電功

和電功率定義、表達(dá)式及應(yīng)用、交變電流的有效值

【解析】解:A、線圈轉(zhuǎn)動(dòng)產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢的最大值為Em，最大電流An，則？=Imsin(ot,

解得恪=24由于線圈在轉(zhuǎn)動(dòng)過程中在半個(gè)周期內(nèi)有感應(yīng)電流，根據(jù)電流的熱效應(yīng)可

得：(制R《=/2R7,解得/=L4,故A錯(cuò)誤；

B、線圈內(nèi)產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢的有效值E=/R=lx5U=5V,根據(jù)暨xZ=”x7,

R2R

解得Em=10，，根據(jù)EM=等可知，^=10Wb/sf故8錯(cuò)誤；

C、線圈轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度為3=9=107irad/sf根據(jù)j=可得BS=—=

1U.ZCL)

^-Wb=-Wb,故線圈從圖示位置轉(zhuǎn)過90。的整個(gè)過程中，流經(jīng)線圈導(dǎo)線橫截面的電量

1O7T7T

為q=竽=白C,故C正確；

1R57r

D、線圈消耗的電功率為P=I2R=(V2)2x5W=10WP=I2R=l2X5W=5"，故

。正確：

故選：CD.

當(dāng)線圈與磁場平行時(shí)感應(yīng)電動(dòng)勢最大，由公式Em=nBSo)求解感應(yīng)電動(dòng)勢的最大值然后

根據(jù)閉合電路歐姆定律求解電流。圖中是中性面，線框在勻強(qiáng)磁場中勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，產(chǎn)生正

弦式交變電流，根據(jù)e=E7nsin3t可列出感應(yīng)電動(dòng)勢的瞬時(shí)表達(dá)式，最大值是有效值的

夜倍，求得電動(dòng)勢有效值，根據(jù)功率公式求解功率。

線框在勻強(qiáng)磁場中勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，產(chǎn)生正弦式交變電流。而對于電表讀數(shù)、求產(chǎn)生的熱量均

由交變電的有效值來確定，而涉及到耐壓值時(shí)，則由最大值來確定。而通過某一電量時(shí)，

則用平均值來求。同時(shí)注意磁場只有一半。

9.【答案】dacb^AD

【知識(shí)點(diǎn)】實(shí)驗(yàn)：用油膜法估測分子的大小

【解析】解：(1)“用油膜法估測分子的大小”實(shí)驗(yàn)步驟為：配制油酸酒精溶液一測定

一滴油酸酒精溶液的體積-準(zhǔn)備淺水盤T形成油膜T描繪油膜邊緣T測量油膜面積T計(jì)

算分子直徑，因此操作先后順序排列應(yīng)是：dacb.

(2)純油酸的體積，等于油酸酒精溶液的體積乘以濃度，即V'=，a,由于油滴面積為S,

則分子直徑大小的公式為：d=~

(3)計(jì)算油酸分子直徑的公式是d=,V是純油酸的體積，S是油膜的面積。

A、油酸未完全散開，S偏小，則得到的分子直徑d將偏大，故A正確；

8、如果測得油酸溶液濃度低于實(shí)際值，則油酸的實(shí)際體積偏小，則直徑將偏小，故8

錯(cuò)誤；

C、計(jì)算油膜面積時(shí)，將所有不足一格的方格計(jì)為一格時(shí)，S將偏大，故得到的分子直

徑將偏小，故C錯(cuò)誤；

。、錯(cuò)誤地將油酸酒精溶液的體積直接作為油酸體積進(jìn)行計(jì)算，可知，V偏大，則計(jì)算

得到的分子直徑將偏大，故。正確；

故選：AD

故答案為：(l)dacb；(2)工；(3)力￡?。

(1)將配制好的油酸酒精溶液，通過量筒測出1滴此溶液的體積.然后將1滴此溶液滴

在有排子粉的淺盤里的水面上，等待形狀穩(wěn)定后，將玻璃板放在淺盤上，用彩筆描繪出

油酸膜的形狀，將畫有油酸薄膜輪廓的玻璃板放在坐標(biāo)紙上，按不足半個(gè)舍去，多于半

個(gè)的算一個(gè)，統(tǒng)計(jì)出油酸薄膜的面積.則用1滴此溶液的體積除以1滴此溶液的面積,

恰好就是油酸分子的直徑；

(2)根據(jù)d=孩進(jìn)行推導(dǎo)，純油酸的體積丫等于油酸酒精溶液的體積乘以濃度；

(3)根據(jù)推導(dǎo)出的直徑表達(dá)式判斷出錯(cuò)的原因.

本題考查了用“油膜法”估測分子直徑大小的實(shí)驗(yàn)，實(shí)驗(yàn)中認(rèn)為油酸分子是一個(gè)個(gè)緊挨

著排列開的.

10.【答案】紅1*R35。

【知識(shí)點(diǎn)】靈敏電流計(jì)改裝成電壓表

【解析】解：(1)從多用電表的表頭共用特征來看，結(jié)合歐姆表內(nèi)接電源特點(diǎn)，確定A

表筆為紅接線柱，測電壓時(shí)，內(nèi)接電源不用，要將轉(zhuǎn)換開關(guān)接到1位置；

(2)當(dāng)改裝成歐姆表時(shí)，接入一個(gè)調(diào)零電阻，當(dāng)接入滑動(dòng)器要滿偏，則R中=R^+Rg=

5=肅聲°=150,故滑動(dòng)變阻器選％；

UI?

當(dāng)改裝為量程為0?12V的電壓表時(shí)，應(yīng)串聯(lián)一個(gè)阻值為R=石-勺=100x10-30-

2.50=117.50,故定值電阻選/?3。

(3)當(dāng)此歐姆表調(diào)零時(shí)有：R中=%,當(dāng)指示/=75nM時(shí)，有：Rlfl+Rx=y,聯(lián)立解得：

第12頁，共16頁

Rx=5。

故答案為：⑴紅、1;(2)&、吊3；(3)50

(1)歐姆表內(nèi)置電源正極與黑表筆相連，紅表筆與負(fù)極相連；電流表與電阻串聯(lián)可以改

裝成電壓表，分析圖示電路圖答題。

(2)歐姆表的工作原理是閉合電路歐姆定律，根據(jù)電源電動(dòng)勢與歐姆表擋位選電流表，

根據(jù)歐姆表內(nèi)阻選擇滑動(dòng)變阻器，應(yīng)用串聯(lián)電路特點(diǎn)與歐姆定律求出改裝電壓表時(shí)需要

串聯(lián)的分壓電阻阻值。

(3)應(yīng)用閉合電路歐姆定律可以求出待測電阻阻值。

本題考查了電壓表改裝、歐姆表工作原理，知道電壓表的改裝原理與歐姆表工作原理是

解題的關(guān)鍵，應(yīng)用串聯(lián)電路特點(diǎn)與歐姆定律、閉合電路歐姆定律即可解題。

11.【答案】解：(1)小球由C到。，由動(dòng)能定理得：mgL=|mvo-0

解得：vD=y/2gL,其中L=0.2m,解得：vD=2m/s

在。點(diǎn)，由牛頓第二定律得：F—mg=

解得：F=3mg=3x0.1xION=3N

由牛頓第三定律知細(xì)繩受的最大拉力為3M

(2)由。到A,小球做平拋運(yùn)動(dòng)，則得的=2gh

小球在運(yùn)動(dòng)過程中恰好沿斜面方向壓縮彈簧，說小球達(dá)到A點(diǎn)時(shí)速度方向沿斜面方向，

則有：tan450=—

VD

解得：%=2m/s

所以：h=—=—m=0.2m；

2g20

(3)小球從C點(diǎn)到將彈簧壓縮至最短的過程中，小球所受合外力為零時(shí)速度最大，即有

mgsin45°=kx

代入數(shù)據(jù)得：x=^m.

40

答：(1)細(xì)繩受到的最大拉力F的大小為3M

(2)。點(diǎn)到水平線AB的高度為0.2m；

(3)小球速度最大時(shí)彈簧的壓縮量為叫小。

【知識(shí)點(diǎn)】胡克定律、機(jī)械能守恒定律、向心力

【解析】(1)小球到達(dá)最低點(diǎn)。時(shí)，細(xì)繩受到的拉力最大。根據(jù)動(dòng)能定理求出小球在。

點(diǎn)的速度，再根據(jù)豎直方向上的合力提供向心力，運(yùn)用牛頓第二定律求出繩子的最大拉

力；

(2)小球在運(yùn)動(dòng)過程中恰好沿斜面方向?qū)椈蓧嚎s，知小球到達(dá)A點(diǎn)時(shí)速度沿斜面向下。

繩子斷裂后，小球做平拋運(yùn)動(dòng)，由平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律求

(3)小球速度最大時(shí)合外力為零，由胡克定律和平衡條件求彈簧的壓縮量。

本題考查了圓周運(yùn)動(dòng)、平拋運(yùn)動(dòng)等知識(shí)點(diǎn)，綜合運(yùn)用了牛頓第二定律、動(dòng)能定理(或根

據(jù)機(jī)械能守恒定律求解速度)，關(guān)鍵是要理清小球的運(yùn)動(dòng)過程，選擇合適的規(guī)律進(jìn)行求

解。

12.【答案】解：(1)棒I從足夠高處滑下，到導(dǎo)軌底部前已經(jīng)勻速，根據(jù)平衡條件可得：

mgsind=BIL

其中/-與詈

mgsind(R+r)

聯(lián)立解得：vm==2m/s,

棒I和絕緣棒〃發(fā)生完全彈性碰撞，動(dòng)量守恒;

根據(jù)動(dòng)量守恒定律可得：mvm=mVi+mv2

根據(jù)能量守恒定律可得：