遼寧省遼陽(yáng)縣2024屆高二物理第二學(xué)期期末教學(xué)質(zhì)量檢測(cè)模擬試題含解析

遼寧省遼陽(yáng)縣2024屆高二物理第二學(xué)期期末教學(xué)質(zhì)量檢測(cè)模擬試題注意事項(xiàng)：1．答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫在答題卡上。2．回答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑，如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標(biāo)號(hào)?；卮鸱沁x擇題時(shí)，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無(wú)效。3．考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、下列陳述與事實(shí)相符的是（）A．牛頓首先指出了力不是維持物體運(yùn)動(dòng)的原因B．開(kāi)普勒根據(jù)行星運(yùn)動(dòng)定律提出了萬(wàn)有引力定律C．庫(kù)倫發(fā)現(xiàn)了靜電荷間的相互作用規(guī)律D．安培發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)2、某同學(xué)從樓頂將一小球由靜止釋放，已知小球在空中運(yùn)動(dòng)的平均速度為10m／s，則此座高樓的樓高的為A．10m B．20m C．30m D．40m3、如圖所示，直線OAC的某一直線電源的總功率隨總電流變化的曲線，拋物線OBC為同一電源內(nèi)部消耗的功率隨總電流的變化曲線，若A、B對(duì)應(yīng)的橫坐標(biāo)為1.5，則下面判斷正確的是（）A．線段AB表示的功率為2.25WB．電源的電動(dòng)勢(shì)為3V，內(nèi)阻為1.5ΩC．電流為2A時(shí)，電源的輸出功率最大D．電流為1A時(shí)，路端電壓為1V4、關(guān)于液體、固體的特性，下列說(shuō)法不正確的是A．葉面上的露珠呈球形是由于液體的表面張力造成的B．液體具有流動(dòng)性是因?yàn)橐后w分子間沒(méi)有相互作用力C．石墨和金剛石表現(xiàn)出不同的物理特性是由于它們具有不同的晶體結(jié)構(gòu)D．固體中的絕大多數(shù)粒子只在各自的平衡位置附近做小范圍的無(wú)規(guī)則振動(dòng)5、一矩形線圈位于一隨時(shí)間t變化的勻強(qiáng)磁場(chǎng)內(nèi)，磁場(chǎng)方向垂直線圈所在的平面（紙面）向里，如圖1所示，磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨t的變化規(guī)律如圖2所示．以I表示線圈中的感應(yīng)電流，以圖1中線圈上箭頭所示方向的電流為正，則以下的I—t圖中正確的是（）A． B． C． D．6、如圖所示，理想變壓器原線圈的匝數(shù)為n1，副線圈的匝數(shù)為n2，原線圈的兩端a、b接正弦交流電源，電壓表V的示數(shù)為220V，，電流表A1的示數(shù)為0.2A，電流表A2的示數(shù)為1.0A．下列判斷不正確的是()A．原線圈和副線圈的匝數(shù)比為5∶1B．負(fù)載電阻消耗的功率是88WC．負(fù)載電阻R＝44ΩD．負(fù)載電阻R兩端的電壓是44V二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、如圖所示，用靜電計(jì)測(cè)量帶電的平行板電容器兩極板(相互正對(duì))間的電勢(shì)差時(shí)，保持平行板電容器兩極板距離不變，若把B極板向上移動(dòng)少許，則A．電容器的電容不變B．兩極板間的電場(chǎng)強(qiáng)度變大C．靜電計(jì)的張角增大D．兩極板所帶的電荷量增大8、如圖所示，一束光斜射向水面，入水后分成a、b兩束，下列說(shuō)法正確的是()A．a(chǎn)光比b光更容易發(fā)生衍射現(xiàn)象B．a(chǎn)光的頻率大于b光的頻率C．在水中a光的速度比b光的速度小D．當(dāng)a、b兩種光從水射向空氣時(shí)，a光的臨界角大于b光的臨界角E.用同一雙縫干涉實(shí)驗(yàn)裝置分別以a、b光做實(shí)驗(yàn)，a光的干涉條紋間距大于b光的干涉條紋間距9、如圖所示，MN、PQ是間距為L(zhǎng)的平行金屬導(dǎo)軌，置于磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，方向垂直導(dǎo)軌所在平面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，M、P間接有一阻值為R的電阻．一根與導(dǎo)軌接觸良好、有效阻值為的金屬導(dǎo)線ab垂直導(dǎo)軌放置，并在水平外力F的作用下以速度v向右勻速運(yùn)動(dòng)，則（不計(jì)導(dǎo)軌電阻）（）A．通過(guò)電阻R的電流方向?yàn)锽．a(chǎn)、b兩點(diǎn)間的電壓為BLvC．a(chǎn)端電勢(shì)比b端高D．外力F做的功等于電阻R上發(fā)出的焦耳熱10、如圖所示為遠(yuǎn)距離輸電示意圖，其中T1、T2為理想變壓器，輸電線電阻可等效為電阻r，燈L1、L2相同且阻值不變．現(xiàn)保持變壓器T1的輸入電壓不變，滑片P位置不變，當(dāng)開(kāi)關(guān)S斷開(kāi)時(shí)，燈L1正常發(fā)光．則下列說(shuō)法正確的是（）A．僅閉合開(kāi)關(guān)S，燈L1會(huì)變亮B．僅閉合開(kāi)關(guān)S，r消耗的功率會(huì)變大C．僅將滑片P下移，電流表的示數(shù)會(huì)變大D．僅將滑片P下移，r消耗的功率會(huì)變小三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過(guò)程。11．（6分）某同學(xué)做“用單擺測(cè)重力加速度”的實(shí)驗(yàn)時(shí)，只測(cè)量了懸點(diǎn)與小球上端結(jié)點(diǎn)之間的距離L，并通過(guò)改變L而測(cè)出對(duì)應(yīng)的擺動(dòng)周期T，再以T2為縱軸、L為橫軸作出函數(shù)關(guān)系圖象，那么就可以通過(guò)此圖象得出小球的半徑和當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣萭.(1)現(xiàn)有如下測(cè)量工具：A．時(shí)鐘；B．秒表；C．天平；D．毫米刻度尺．本實(shí)驗(yàn)所需的測(cè)量工具有______．(2)如果實(shí)驗(yàn)中所得到的T2－L關(guān)系圖象如圖乙所示，那么真正的圖象應(yīng)該是a、b、c中的________．(3)由圖象可知，小球的半徑r＝________cm；當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣萭＝________m/s2。12．（12分）兩位同學(xué)用如圖甲所示裝置，通過(guò)半徑相同的A、B兩球的碰撞來(lái)驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律．（1）實(shí)驗(yàn)中必須滿足的條件是_____．A．斜槽軌道盡量光滑以減小誤差B．斜槽軌道末端的切線必須水平C．入射球A每次必須從軌道的同一位置由靜止?jié)L下D．兩球的質(zhì)量必須相等（2）測(cè)量所得入射球A的質(zhì)量為mA，被碰撞小球B的質(zhì)量為mB，圖甲中O點(diǎn)是小球拋出點(diǎn)在水平地面上的垂直投影，實(shí)驗(yàn)時(shí)，先讓入射球A從斜軌上的起始位置由靜止釋放，找到其平均落點(diǎn)的位置P，測(cè)得平拋射程為OP；再將入射球A從斜軌上起始位置由靜止釋放，與小球B相撞，分別找到球A和球B相撞后的平均落點(diǎn)M、N，測(cè)得平拋射程分別為OM和ON．當(dāng)所測(cè)物理量滿足表達(dá)式___________時(shí)，即說(shuō)明兩球碰撞中動(dòng)量守恒；如果滿足表達(dá)式______________時(shí)，則說(shuō)明兩球的碰撞為完全彈性碰撞．（1）記錄紙上的O點(diǎn)是重垂線所指的位置，若測(cè)得各落點(diǎn)痕跡到O的距離：OM=2.68cm，OP=8.62cm，ON=11.50cm，并知兩球的質(zhì)量分別為mB=10g與mA=20g，系統(tǒng)碰撞前總動(dòng)量p與碰撞后總動(dòng)量p′的百分誤差=______%（結(jié)果保留一位有效數(shù)字）．（4）乙同學(xué)也用上述兩球進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，但將實(shí)驗(yàn)裝置進(jìn)行了改裝：如圖乙所示，將白紙、復(fù)寫紙固定在豎直放置的木條上，用來(lái)記錄實(shí)驗(yàn)中球A、球B與木條的撞擊點(diǎn)．實(shí)驗(yàn)時(shí)，首先將木條豎直立在軌道末端右側(cè)并與軌道接觸，讓入射球A從斜軌上起始位置由靜止釋放，撞擊點(diǎn)為B′；然后將木條平移到圖中所示位置，入射球A從斜軌上起始位置由靜止釋放，確定其撞擊點(diǎn)P′；再將入射球A從斜軌上起始位置由靜止釋放，與球B相撞，確定球A和球B相撞后的撞擊點(diǎn)分別為M′和N′．測(cè)得B′與N′、P′、M′各點(diǎn)的高度差分別為h1、h2、h1．若所測(cè)物理量滿足表達(dá)式__________時(shí)，則說(shuō)明球A和球B碰撞中動(dòng)量守恒．四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示,一根長(zhǎng)、一端封閉的細(xì)玻璃管開(kāi)口向上豎直放置,管內(nèi)用長(zhǎng)的水銀柱封閉了一段長(zhǎng)的空氣柱.已知大氣壓強(qiáng)為,玻璃管周圍環(huán)境溫度為.求:I.若將玻璃管緩慢倒轉(zhuǎn)至開(kāi)口向下,玻璃管中氣柱將變成多長(zhǎng)?Ⅱ.接著緩慢升高管內(nèi)氣體溫度,溫度最高升高到多少攝氏度時(shí),管內(nèi)水銀不能溢出.14．（16分）如圖所示，在水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，水平軌道AB連接著一圓形軌道，圓形軌道固定在豎直平面內(nèi)，其最低點(diǎn)B與水平軌道平滑連接．現(xiàn)有一質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電荷的小球（可視為質(zhì)點(diǎn)），從離圓形軌道最低點(diǎn)B相距為L(zhǎng)處的C點(diǎn)由靜止開(kāi)始在電場(chǎng)力作用下沿水平軌道運(yùn)動(dòng)．已知小球所受電場(chǎng)力與其所受的重力大小相等，重力加速度為g，水平軌道和圓形軌道均絕緣，小球在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中所帶電荷量q保持不變，不計(jì)一切摩擦和空氣阻力．求：（1）勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度E的大??；（2）小球由C點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)所用的時(shí)間t；（3）小球運(yùn)動(dòng)到與圓形軌道圓心O等高的D點(diǎn)時(shí)的速度大小vD；15．（12分）某時(shí)刻的波形圖如圖所示，波沿x軸正方向傳播，質(zhì)點(diǎn)p的坐標(biāo)x＝0.32m.從此時(shí)刻開(kāi)始計(jì)時(shí).(1)若每間隔最小時(shí)間0.4s重復(fù)出現(xiàn)波形圖，求波速.(2)若p點(diǎn)經(jīng)0.4s第一次達(dá)到正向最大位移，求波速.(3)若p點(diǎn)經(jīng)0.4s到達(dá)平衡位置，求波速.

參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、C【解題分析】

A.伽利略首先指出了力不是維持物體運(yùn)動(dòng)的原因，故選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B.牛頓根據(jù)行星運(yùn)動(dòng)定律提出了萬(wàn)有引力定律，故選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C.庫(kù)倫通過(guò)扭秤實(shí)驗(yàn)發(fā)現(xiàn)了靜電荷間的相互作用規(guī)律--庫(kù)倫定律，故選項(xiàng)C正確；D.奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)，故選項(xiàng)D錯(cuò)誤。2、B【解題分析】

根據(jù)自由落體運(yùn)動(dòng)和平均速度公式聯(lián)立進(jìn)行求解即可；【題目詳解】設(shè)樓高為，落地時(shí)間為，則，根據(jù)平均速度公式得：整理得到：，則，故選項(xiàng)B正確，選項(xiàng)ACD錯(cuò)誤．【題目點(diǎn)撥】本題關(guān)鍵明確自由落體運(yùn)動(dòng)的運(yùn)動(dòng)性質(zhì)，然后根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式列式求解．3、A【解題分析】

根據(jù)電源的總功率P=EI，由C點(diǎn)的坐標(biāo)求出電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻；AB段表示外電路的功率，再求解AB段表示的功率．【題目詳解】B項(xiàng)：電源的總功率P=EI，C點(diǎn)表示I=3A，P=9W，則電源的電動(dòng)勢(shì)：,由圖看出，C點(diǎn)表示外電路短路，電源內(nèi)部熱功率等于電源的總功率，則有：P=I2r，

代入解得：r=1Ω，故B錯(cuò)誤；A項(xiàng)：AB段表示的功率為：PAB=EI′-I′2r=3×1.5-1.52×1（W）=2.25W，故A正確；C項(xiàng)：電源的輸出功率：P=EI-I2r=2I-I2=-（I-1）2+1，故當(dāng)I=1A時(shí)輸出功率最大，為1W，故C錯(cuò)誤；D項(xiàng)：根據(jù)U=E-Ir=3-I，當(dāng)I=1A時(shí)，U最大，為2V，故D錯(cuò)誤．故應(yīng)選：A．【題目點(diǎn)撥】解決本題的關(guān)鍵在于：（1）理解電源的總功率P總隨電流I變化的圖象與電源內(nèi)部熱功率Pr隨電流I變化的圖象的涵義；（2）分清三種功率及其關(guān)系：電源的總功率P總=EI，電源內(nèi)部發(fā)熱功率P熱=I2r，外電路消耗功率P外=UI=I2R，且根據(jù)能量關(guān)系得P總=P外+P熱．4、B【解題分析】

A.液體表面的分子分布比液體內(nèi)部分子的分布要稀疏，故存在液體的表面張力，葉面上的露珠呈球形是由于液體表面張力的作用，故選項(xiàng)A正確；B.液體沒(méi)有確定的形狀且有流動(dòng)性，是因?yàn)橐后w分子作用力較小，分子位置不固定，故選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C.金剛石和石墨都是由碳原子組成的，只是排列方式不同，導(dǎo)致兩種物質(zhì)物理性質(zhì)差異很大，所以石墨和金剛石表現(xiàn)出不同的物理特性是由于它們具有不同的晶體結(jié)構(gòu)，故選項(xiàng)C正確；D.固體的分子間的距離非常小，相互作用很大，分子在平衡位置附近做微小的無(wú)規(guī)則振動(dòng)，故選項(xiàng)D正確；說(shuō)法不正確的故選選項(xiàng)B。5、A【解題分析】試題分析：根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律則，磁場(chǎng)強(qiáng)度均勻變化，說(shuō)明感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)恒定，產(chǎn)生電流大小恒定，所以C錯(cuò)．根據(jù)楞次定律可知，感應(yīng)電流應(yīng)為逆時(shí)針，所以一開(kāi)始為負(fù)，所以B錯(cuò)．在第5秒鐘，磁場(chǎng)強(qiáng)度不變由上式可知感應(yīng)電流為零，所以D錯(cuò)考點(diǎn)：法拉第電磁感應(yīng)定律點(diǎn)評(píng)：此類題型考察了通過(guò)法拉第電磁感應(yīng)定律判斷感應(yīng)電流變化規(guī)律6、B【解題分析】

由于原副線圈電流與匝數(shù)成反比，所以初級(jí)線圈和次級(jí)線圈的匝數(shù)比，故A不符合題意；負(fù)載消耗的功率等于變壓器的輸入功率：，故B符合題意；次級(jí)電壓：，即負(fù)載電阻R兩端的電壓是44V，負(fù)載電阻，故CD不符合題意.故選B.點(diǎn)睛：理想變壓器是理想化模型，一是不計(jì)線圈內(nèi)阻；二是沒(méi)有出現(xiàn)漏磁現(xiàn)象．輸入電壓決定輸出電壓，而輸出功率決定輸入功率．二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、BC【解題分析】將B板豎直向上平移，兩板正對(duì)面積減小，由C=εS4πkd分析可知電容減小，而電容器的電量不變，根據(jù)U=QC可知板間電壓增大，則靜電計(jì)指針張角增大，根據(jù)E=【題目點(diǎn)撥】靜電計(jì)指針的張角反應(yīng)電容器兩端間電勢(shì)差的變化，抓住電容器帶電量不變，根據(jù)U=QC，通過(guò)電容的變化，判斷電勢(shì)差的變化，根據(jù)E=8、ADE【解題分析】

AB．由題圖看出，a光的偏折程度小于b光的偏折程度，則a光的折射率小于b光的折射率，a光的頻率小，由c=λf知，波長(zhǎng)大，因此a光比b光更容易發(fā)生衍射現(xiàn)象，選項(xiàng)A正確，B錯(cuò)誤；C．由公式得，則在同樣介質(zhì)中a光傳播的速度比b光的大，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D．因?yàn)閍光的折射率小，由公式知，a光的臨界角大，選項(xiàng)D正確；E．a(chǎn)光的波長(zhǎng)大，根據(jù)雙縫干涉條紋的間距公式△x=λ知，a光產(chǎn)生的相鄰亮條紋間距比b光的大，選項(xiàng)E正確。故選ADE?！绢}目點(diǎn)撥】解決本題的突破口在于通過(guò)光線的偏折程度得出折射率的大小，以及知道折射率、頻率、波長(zhǎng)、臨界角等大小之間的關(guān)系。9、AC【解題分析】

A．由右手定則可知通過(guò)金屬導(dǎo)線的電流由b到a，即通過(guò)電阻R的電流方向?yàn)镸→R→P，A正確；B．金屬導(dǎo)線產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)為E=BLv，而a、b兩點(diǎn)間的電壓為等效電路路端電壓，由閉合電路歐姆定律可知，a、b兩點(diǎn)間電壓為B錯(cuò)誤；C．金屬導(dǎo)線可等效為電源，在電源內(nèi)部，電流從低電勢(shì)流向高電勢(shì)，所以a端電勢(shì)高于b端電勢(shì)，C正確；D．根據(jù)能量守恒定律可知，外力做功等于電阻R和金屬導(dǎo)線產(chǎn)生的焦耳熱之和，D錯(cuò)誤。故選AC。10、BC【解題分析】

AB．閉合S，則消耗功率增大，T2副線圈中電流增大，T2原線圈電流也增大，則導(dǎo)線r上損失的電壓和功率增大，則T2輸入電壓UT2初=UT1次-Ir減小，燈泡兩端電壓UT2次減小，故燈泡會(huì)變暗，故A錯(cuò)誤，B正確；CD．僅將滑片P下移，T1副線圈匝數(shù)增大，則輸出電壓增大，T2的輸入電壓增大，燈泡電壓也增大，T2次級(jí)電流變大，則T2初級(jí)電流變大，即導(dǎo)線r消耗的功率會(huì)變大；變壓器T1次級(jí)電流變大，則初級(jí)電流也變大，即電流表的示數(shù)會(huì)變大，選項(xiàng)C正確，D錯(cuò)誤。故選BC?！绢}目點(diǎn)撥】遠(yuǎn)距離輸電問(wèn)題，一定要明確整個(gè)過(guò)程中的功率、電壓關(guān)系，尤其注意導(dǎo)線上損失的電壓和功率與哪些因素有關(guān)。三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過(guò)程。11、（1）BD（2）a（3）1.29.86【解題分析】（1）本實(shí)驗(yàn)需要測(cè)量時(shí)間求出周期，并要繩的下端口到擺球球心的距離d，則所需的測(cè)量工具是秒表和毫米刻度尺，故選BD正確。（2）由單擺周期公式得：T=2πl(wèi)+dg，解得：T2=4（3）當(dāng)T2=0時(shí)，l=-d，即圖象與l軸交點(diǎn)坐標(biāo)，由圖示圖象可知，h=-d=1.2cm，圖線的斜率大小k=4π2點(diǎn)睛：實(shí)驗(yàn)的核心是實(shí)驗(yàn)原理，根據(jù)原理推導(dǎo)解析式，研究圖象下列幾個(gè)方面的意義，如：斜率、截距、面積等等。12、BCmAOP=mAOM+mBONmAOP2=mAOM2+mBON22【解題分析】（1）“驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律”的實(shí)驗(yàn)中，是通過(guò)平拋運(yùn)動(dòng)的基本規(guī)律求解碰撞前后的速度的，只要離開(kāi)軌道后做平拋運(yùn)動(dòng)，對(duì)斜槽是否光滑沒(méi)有要求，故A錯(cuò)誤；要保證每次小球都做平拋運(yùn)動(dòng)，則軌道的末端必須水平，故B正確；要保證碰撞前的速度相同，所以入射球每次都要從同一高度由靜止?jié)L下，故C正確；為了使小球碰后不被反彈，要求入射小球質(zhì)量大于被碰小球質(zhì)量，故D錯(cuò)誤．（2）小球離開(kāi)軌道后做平拋運(yùn)動(dòng)，由于小球拋出點(diǎn)的高度相同，它們?cè)诳罩械倪\(yùn)動(dòng)時(shí)間t相等，它們的水平位移x與其初速度成正比，可以用小球的水平位移代替小球的初速度，若兩球相碰前后的動(dòng)量守恒，則mAv0=mAv1+mBv2，又OP=v0t，OM=v1t，ON=v2t，代入得：mAOP=mAOM+mBON；若碰撞是彈性碰撞，則機(jī)械能守恒，由機(jī)械能守恒定律得：mAv02=mAv12+mBv22，將OP=v0t，OM=v1t，ON=v2t，代入得：mAOP2=mAOM2+mBON2．（1）由（2）知（4）小球做平拋運(yùn)動(dòng)，在豎直方向上：h=gt2，平拋運(yùn)動(dòng)時(shí)間：t=，設(shè)軌道末端到木條的水平位置為x，小球做平拋運(yùn)動(dòng)的初速度：vA=，vA′=，vB′=，如果碰撞過(guò)程動(dòng)量守恒，則：mA