福建省政和某中學(xué)2022-2023學(xué)年高二年級下冊第二次月考物理試卷(含答案)

福建省政和第一中學(xué)2022-2023學(xué)年高二下學(xué)期第二次月考物理試卷

學(xué)校：___________姓名：___________班級：考號：

一、單選題

1.質(zhì)量為加的鋼球自高處落下，以速度匕碰地，豎直向上彈回，碰撞時間極短，離

地的速率為匕。在碰撞過程中，鋼球動量變化的方向和大小為（）

A.向下，m（v1-v2）B.向下，根（/+%）C.向上，〃，（匕一畤）D.向上，m（匕+與）

2.一個電動機(jī)上銘牌上標(biāo)有“220V，IkW”字樣，那么為了使它正常工作，所使用的

正弦交流電是（）

A.電壓最大值為220V，電流最大值約為3.2A

B.電壓最大值為31IV，電流最大值約為4.5A

C.電壓有效值為220V，電流有效值約為4.5A

D.電壓有效值為3UV，電流有效值約為3.2A

3.如圖甲所示，在磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場中，有一匝數(shù)為〃、面積為S、總電阻

為/?的矩形線圈昉〃繞軸。。'做角速度為①的勻速轉(zhuǎn)動，矩形線圈在轉(zhuǎn)動中可以保持

和外電路電阻R形成閉合電路，回路中接有一理想交流電流表，圖乙是線圈轉(zhuǎn)動過程

中產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢e隨時間f變化的圖像，下列說法中正確的是（）

A.從4至必這段時間穿過線圈的磁通量變化量為2〃BS

B.從4到h這段時間通過電阻R的電荷量為—

R

C.t,時刻穿過線圈的磁通量變化率為nBSco

nBSco

D.電流表的示數(shù)為

V2(7?+r)

4.如圖，輕質(zhì)彈簧下掛重為300N的物體A時伸長了3cm,再掛上重為200N的物體

8時又伸長了2cm,現(xiàn)將A8間的細(xì)線燒斷，使A在豎直平面內(nèi)振動，則（）

A

B

A.最大回復(fù)力為300N,振幅為2cm

B.最大回復(fù)力為200N,振幅為3cm

C.只減小A的質(zhì)量，振動的振幅變小，周期不變

D.只減小8的質(zhì)量，振動的振幅變小，周期不變

二、多選題

5.一列簡諧橫波，在r=o.6s時刻的波形圖如圖甲所示，此時，P、。質(zhì)點(diǎn)的位移均為

Tcm，波上質(zhì)點(diǎn)A的振動圖像如圖乙所示，則以下說法正確的是（）

B.這列波的波速是絲m/s

3

C.從,=o.6s開始，緊接著的Ar=0.6s時間內(nèi)，A質(zhì)點(diǎn)通過的路程是10m

D.質(zhì)點(diǎn)P將比質(zhì)點(diǎn)。先回到平衡位置

6.如圖，利用理想變壓器進(jìn)行遠(yuǎn)距離輸電，發(fā)電廠的輸出電壓恒定，輸電線路的電阻

不變，當(dāng)用電高峰到來時（）

A.輸電線上損失的功率增大

B.電壓表V1的示數(shù)減小，電流表的示數(shù)增大

C.電壓表V2的示數(shù)增大，電流表A2的示數(shù)減小

D.用戶功率與發(fā)電廠輸出功率的比值減小

7.如圖所示為兩根間距為L的光滑平行金屬導(dǎo)軌，00,左側(cè)向上彎曲，右側(cè)水平，水

平導(dǎo)軌處在磁感應(yīng)強(qiáng)度為3的豎直向上的勻強(qiáng)磁場中。兩根金屬棒MN、PQ垂直導(dǎo)軌

放置，與導(dǎo)軌接觸良好，MN、PQ棒的長度均為L、質(zhì)量均為相、阻值均為R。金屬

棒MN從豎直高度〃處由靜止釋放沿導(dǎo)軌下滑。導(dǎo)軌電阻不計，整個過程金屬棒

和PQ未相碰，則（）

A.金屬棒MN進(jìn)入磁場時，金屬棒尸。兩端電壓大小為BL后

2

B.釋放后金屬棒MN的最小速度為0

C.整個過程中流過金屬棒PQ的電荷量為吆殛

2BL

D.整個過程中閉合回路產(chǎn)生的焦耳熱為皿

4

8.如圖所示，質(zhì)量為根的半圓軌道小車靜止在光滑的水平地面上，其水平直徑長

度為2R,現(xiàn)將質(zhì)量也為根的小球從距A點(diǎn)正上方%高處由靜止釋放，然后由A點(diǎn)經(jīng)

過半圓軌道后從8沖出，在空中能上升到距8點(diǎn)所在水平線的最大高度為也處（不

4

計空氣阻力，小球可視為質(zhì)點(diǎn)），則（）

r

A.小球和小車組成的系統(tǒng)動量守恒

B.小球離開小車后做豎直上拋運(yùn)動

C.小車向左運(yùn)動的最大距離為R

D.小球第二次在空中能上升到距B點(diǎn)所在水平線的最大高度為九

2

三、填空題

9.麥克斯韋提出的電磁場理論認(rèn)為（選填“變化”或“不變化”）的磁

場能產(chǎn)生電場?，F(xiàn)代通信離不開電磁波，在真空中頻率越小的電磁波，它的波長

（選填“越長”或“越短”）。

10.如圖所示，是兩列頻率相同、質(zhì)點(diǎn)振動方向相同、振幅均為A的平面波相遇發(fā)生

干涉的示意圖。圖中實(shí)線表示波峰，虛線表示波谷，。為P、M連線的中點(diǎn)。從圖示

時刻經(jīng)過四分之一周期，M處質(zhì)點(diǎn)的位移為,從圖示時刻經(jīng)過半個周期，。處

質(zhì)點(diǎn)通過的路程為。

四、實(shí)驗(yàn)題

11.在用單擺測定重力加速度的實(shí)驗(yàn)中，改變擺長多次測量得到多組周期T和擺長L

的值。

（1）測擺長時，若正確測出懸線長I和擺球直徑D,則擺長￡=；

（2）測周期時，當(dāng)擺球經(jīng)過平衡位置時開始計時并計數(shù)為0次，圖中秒表是擺球經(jīng)過

平衡位置第100次的時間，上圖為放大圖，則秒表示數(shù)r=s,周期

T=s；

（3）甲同學(xué)利用所測數(shù)據(jù)計算出重力加速度的結(jié)果比真實(shí)值偏小，實(shí)驗(yàn)過程中可能出

現(xiàn)的失誤是;

A.計算擺長時沒有加上擺球半徑

B.選用擺球的質(zhì)量偏大

C.在時間，內(nèi)的〃次全振動誤記為〃+1次

D.在時間t內(nèi)的〃次全振動誤記為次

(4)乙同學(xué)利用所測數(shù)據(jù)作出〃圖線如圖所示，由圖線求出斜率為4，則重力加

12.聰聰同學(xué)用如圖所示裝置來驗(yàn)證動量守恒定律。

(1)實(shí)驗(yàn)中，質(zhì)量為叫的入射小球A和質(zhì)量為m2的被碰小球8的質(zhì)量關(guān)系是

叫叫(填“大于等于''或“小于。

(2)當(dāng)滿足關(guān)系式時，證明A、8兩小球碰撞過程中動量守恒；若碰撞

前后系統(tǒng)無機(jī)械能損失，則系統(tǒng)機(jī)械能守恒的表達(dá)式為o

B見一叫?m?

'B'P'~B'M'B'N'

C網(wǎng)嗎

'B'P'2~B'M'2B'N'2

五、計算題

13.如圖所示，為一交流發(fā)電機(jī)和外接負(fù)載的示意圖，發(fā)電機(jī)電樞線圈“=1()0匝的正

方形線圈，邊長L=10cm。線圈繞00,軸在磁感強(qiáng)度B=0.5T的磁場中以角速度

o=2（）rad/s轉(zhuǎn)動（不計一切摩擦），已知線圈電阻r=外電路負(fù)載電阻R=4O。

（答案可以根式表示）試求:

(1)由圖示位置開始轉(zhuǎn)動過程中感應(yīng)電動勢的瞬時表達(dá)式;

(2)由圖示位置轉(zhuǎn)過60。角的過程中電路中交流電壓表的示數(shù);

(3)由圖示位置轉(zhuǎn)過60。角的過程中產(chǎn)生的平均感應(yīng)電動勢及通過電阻R中流過的電

量。

14.如圖所示，半徑為R的光滑四分之一圓弧軌道AB固定在豎直面內(nèi)，其8端剛好

與水平面相切，水平面B。部分光滑，。點(diǎn)右側(cè)部分粗糙且足夠長，質(zhì)量為3機(jī)的物塊

〃放在水平面上的C點(diǎn)，質(zhì)量為m的物塊。從圓弧軌道的最高點(diǎn)A由靜止釋放，物塊

。沿圓弧面下滑到水平面上與物塊。發(fā)生正碰。不計兩個物塊大小，已知重力加速度

為g，物塊與水平面粗糙部分的動摩擦因數(shù)為0.5,試回答下列問題:

(1)。與人碰撞前的瞬間。的速度大小;

(2)若。與匕碰撞后粘在一起，則碰撞后間a、A在粗糙水平面上滑行的距離;

(3)若。與匕發(fā)生彈性碰撞，求碰撞過程匕對。的沖量及物塊。、匕最終靜止在粗糙

水平面上時的間距。

15.如圖甲所示，光滑的金屬導(dǎo)軌MN和PQ平行，間距L=L0m,與水平面之間的

夾角a=37。，勻強(qiáng)磁場磁感應(yīng)強(qiáng)度8=2.0T,方向垂直于導(dǎo)軌平面向上，間接有

阻值H=L6C的電阻，質(zhì)量加=0.5kg,電阻，;0.4。的金屬棒昉垂直導(dǎo)軌放置，現(xiàn)

用和導(dǎo)軌平行的恒力廠沿導(dǎo)軌平面向上拉金屬桿必，使其由靜止開始運(yùn)動，當(dāng)金屬棒

上滑的位移s=3.8m時達(dá)到穩(wěn)定狀態(tài)，對應(yīng)過程的VT圖像如圖乙所示。取

2

g=10m/s,導(dǎo)軌足夠長(sin370=0.6,cos37°=0.8)0求:

(1)運(yùn)動過程中或b哪端電勢高，并計算恒力尸的大小；

(2)從金屬桿開始運(yùn)動到剛達(dá)到穩(wěn)定狀態(tài)，此過程金屬桿上產(chǎn)生的焦耳熱;

(3)由圖中信息計算。?1s內(nèi)，導(dǎo)體棒滑過的位移。

參考答案

1.答案：D

解析：取向下為正方向，則即=〃=-加匕一加匕=-加（9+彩），負(fù)號表示即與選的

正方向相反，即向上。

2.答案：C

解析：

3.答案：D

解析：A.由題圖乙可知，4和4這兩個時刻穿過線圈的磁通量大小均為0,故4到片這

段時間穿過線圈的磁通量變化量為0,故A錯誤；

B.從4到〃這段時間穿過線圈的磁通量的變化量為BS,則平均感應(yīng)電動勢為

△t

通過電阻R的電荷量為

E,nBS

q-1------△/=-------

R+rR+r

故B錯誤;

C4時刻線圈產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢為

E=nBSco

由法拉第電磁感應(yīng)定律可得

E=〃隨

△t

則穿過線圈的磁通量變化率為

*=BSa)

△t

故C錯誤;

D.電流表的示數(shù)為電流的有效值，則有

inEmnBSco

-G一向R+r)-向R+r)

故D正確。

故選Do

4.答案：D

解析：

5.答案：ABD

解析：

6.答案：AD

解析：

7.答案：AC

解析：

8.答案：BC

解析：

9.答案：變化；越長

解析：麥克斯韋建立了電磁場理論：變化的電場周圍產(chǎn)生磁場，變化的磁場周圍產(chǎn)生

電場；

真空中電磁波的傳播速度均為光速，根據(jù)c=/可知，頻率越小的電磁波，它的波長

越長。

10.答案：0；4A

解析：

11.答案：(1)/+—(2)96.6；1.932(3)AD(4)㈣

2k

解析：

12.答案：(1)大于(2)A；B

解析：(1)為防止碰撞過程入射球反彈，入射球的質(zhì)量應(yīng)大于被碰球的質(zhì)量叫大于

加2；

(2)小球離開軌道后做平拋運(yùn)動，設(shè)擋板與拋出點(diǎn)之間的距離為x,由平拋運(yùn)動規(guī)律

得，水平方向：X=Vt,豎直方向：h=^gt2,解得：力=|^,y=x后，小球做平拋

運(yùn)動的初速度V越小，下落距離/?越大，兩球碰撞后，入射小球A的速度變小，小于

碰撞前入射小球A的速度，且小于被碰小球8的速度，即被碰小球8的速度最大，入

射小球碰撞后的速度最小，所以入射球碰撞前落點(diǎn)位置是P,碰撞后落點(diǎn)位置是

M',被碰球的落點(diǎn)位置是N',則碰撞前入射小球A的速度:碰撞后

入射球的速度：匕=d，最正7,碰撞后被碰球的速度：彩就卡，兩球碰撞過程

系統(tǒng)動量守恒，以向右為正方向，由動量守恒定律得：班％=町匕+加2嶺，整理可得：

=/^1,+)故A正確；若碰撞前后系統(tǒng)無機(jī)械能損失，由機(jī)械能守恒

7BP7BM7BN

定律得：；叫片=；叫十+；用V，整理可得：懸=篇+喘F，故B正確。

ZZZDrDMDIN

13.答案：(1)e=10cos20f(V)(2)U=40V(3)豆=土入,q=—C

兀20

解析：(1)該交流電的峰值

Em-nBUco

解得

，=iov

開始位置與磁感線平行，瞬時表達(dá)式

e-Emcoscot

解得，由圖示位置開始轉(zhuǎn)動過程中感應(yīng)電動勢的瞬時表達(dá)式為

e=10cos20r(V)

(2)轉(zhuǎn)動過程中，交流電壓表的示數(shù)為有效值

七嗓

由閉合電路歐姆定律可得，感應(yīng)電流

1=-^-

R+r

電壓表的示數(shù)

U=IR

解得，由圖示位置轉(zhuǎn)過60。角的過程中電路中交流電壓表的示數(shù)

U=40V

(3)轉(zhuǎn)60。角的過程中產(chǎn)生的平均感應(yīng)電動勢大小

萬卜①

E=n-----

△t

其中

sin600

6CD

解得，由圖示位置轉(zhuǎn)過60。角的過程中產(chǎn)生的平均感應(yīng)電動勢為

萬156

E=----V

71

由閉合電路的歐姆定律得

7=—

R+r

通過電阻R中流過的電量為

q=1Z

解得

_V3

q——C

20

14.答案：（1）%="次（2）-R口）3加＞/^，方向水平向左，0

82

解析：（1）設(shè)。與匕碰撞前的一瞬間，。的速度大小為”,根據(jù)機(jī)械能守恒有

12

mgR=—mv0

解得

（2）設(shè)碰撞后的共同速度為v,根據(jù)動量守恒有

mv0=4mv

解得

1

設(shè)兩物塊在粗糙水平面上滑動的距離為X，根據(jù)動能定理

12

-//x4mgx=0-—x4mv~

解得

_v2_1

X——二-K

g8

（3）設(shè)碰撞后一瞬間。、匕的速度大小分別為％、v2,根據(jù)動量守恒有

mv0=mVj+3mv2

根據(jù)能量守恒有

解得

1

vi=~2V°

1

V2=5%

a、匕碰撞過程，根