2025年滬科版選修3物理下冊(cè)月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年滬科版選修3物理下冊(cè)月考試卷195考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、如圖所示電路圖中，R1、R2為定值電阻，R3為滑動(dòng)變阻器，電源內(nèi)阻r；當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)片向右移動(dòng)時(shí)，電流表；電壓表可視為理想電表，關(guān)于電流表和電壓表示數(shù)的變化情況的分析，正確的是。

A.電流表和電壓表讀數(shù)均增大B.電流表和電壓表讀數(shù)均減小C.電流表讀數(shù)變大，電壓表V2讀數(shù)變大，V1讀數(shù)減小D.電流表讀數(shù)變小，電壓表V2讀數(shù)變大，V1讀數(shù)減小2、如圖所示，勻強(qiáng)磁場(chǎng)中水平放置兩足夠長的光滑平行金屬導(dǎo)軌，導(dǎo)軌的左側(cè)接有黑箱。t=0時(shí)刻起電阻為R的導(dǎo)體棒ab以一定的初速度放上導(dǎo)軌向右運(yùn)動(dòng)；運(yùn)動(dòng)過程中棒始終與導(dǎo)軌垂直且與導(dǎo)軌電接觸良好，不計(jì)導(dǎo)軌電阻。則（）

A.若黑箱中是電池，棒的最終速度與初速度有關(guān)B.若黑箱中是線圈，棒做簡諧運(yùn)動(dòng)C.若黑箱中是電阻，棒的速度隨位移均勻減小D.若黑箱中是電容器，棒的最終速度與初速度無關(guān)3、如圖甲所示，在豎直放置的圓柱形容器內(nèi)用橫截面積S=100cm2的質(zhì)量不計(jì)且光滑的活塞密封一定質(zhì)量的氣體，活塞上靜止一質(zhì)量為m的重物。圖乙是密閉氣體從狀態(tài)A變化到狀態(tài)B的V-T圖像，密閉氣體在A點(diǎn)的壓強(qiáng)pA=1.03×105Pa，從狀態(tài)A變化到狀態(tài)B的過程中吸收熱量Q=500J。已知外界大氣壓強(qiáng)p0=1.01×105Pa，下列說法正確的是（）

A.重物質(zhì)量m=1kgB.氣體在狀態(tài)B時(shí)的體積為8.0×10-2mC.從狀態(tài)A變化到狀態(tài)B的過程，氣體對(duì)外界做功202JD.從狀態(tài)A變化到狀態(tài)B的過程，氣體的內(nèi)能增加294J4、如圖所示，兩塊平行金屬板中間有正交的勻強(qiáng)電場(chǎng)和勻強(qiáng)磁場(chǎng)，粒子（氦原子核）以速度從兩板的正中央垂直于電場(chǎng)方向和磁場(chǎng)方向從左向右射入；恰好能沿直線勻速通過．下列說法中正確的是：

A.若電子以速度沿相同方向射入，運(yùn)動(dòng)的時(shí)間變長B.若質(zhì)子以速度沿相同方向射入，運(yùn)動(dòng)的時(shí)間變短C.若電子以大于的速度沿相同的方向射入，從右端射出時(shí)的動(dòng)能會(huì)增大D.若質(zhì)子以小于的速度沿相同方向射入，從右端射出時(shí)的動(dòng)能會(huì)增大5、如圖所示，在磁極和圓柱狀鐵芯間形成的兩部分磁場(chǎng)區(qū)域的圓心角均為磁感應(yīng)強(qiáng)度B均沿半徑方向，單匝矩形線圈abcd的寬長線圈中軸以角速度勻速轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)對(duì)外電阻R供電，若線圈電阻為r，電流表內(nèi)阻不計(jì)，則下列說正確的是

A.線圈轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)將產(chǎn)生正弦式交流電B.從圖示位置開始轉(zhuǎn)過角時(shí)，電流方向?qū)l(fā)生改變C.線圈轉(zhuǎn)動(dòng)過程中穿過線圈的磁通量的變化率不變D.電流表的示數(shù)為6、如圖所示為波沿著一條右端固定的繩子傳播到點(diǎn)的波形圖，由圖可判斷出點(diǎn)開始振動(dòng)的方向（）

A.向左B.向右C.向上D.向下7、籃球運(yùn)動(dòng)員通常要伸出兩臂迎接傳來的籃球．接球時(shí)兩臂隨球迅速收縮至胸前．這樣做可以（）

A.減小籃球?qū)κ值臎_量B.減小籃球?qū)θ说臎_擊力量C.減小籃球的動(dòng)量變化量D.減小籃球的動(dòng)能變化量8、如圖所示；用輕彈簧相連的物塊A和B放在光滑的水平面上，物塊A緊靠豎直墻壁，一顆子彈沿水平方向射入物塊B后留在其中（子彈打擊的時(shí)間極短），關(guān)于由子彈；彈簧和A、B所組成的系統(tǒng)，下列說法正確的是()

A.子彈射入物塊B的過程中，系統(tǒng)的機(jī)械能、動(dòng)量均不守恒B.物塊B帶著子彈向左運(yùn)動(dòng)，直到彈簧壓縮量達(dá)最大過程中，系統(tǒng)的機(jī)械能和動(dòng)量都不守恒C.彈簧推著物塊B向右運(yùn)動(dòng)，直到彈簧恢復(fù)原長的過程中，系統(tǒng)的機(jī)械能和動(dòng)量都守恒D.物塊A離開豎直墻壁后，直到彈簧伸長量達(dá)最大的過程中，系統(tǒng)的機(jī)械能和動(dòng)量都守恒9、如圖是描述原子核核子的平均質(zhì)量與原子序數(shù)Z的關(guān)系曲線；由圖可知（）

A.原子核A分裂成原子核B和C時(shí)質(zhì)量增加B.原子核A的比結(jié)合能比原子核C的比結(jié)合能大C.原子核D和E結(jié)合成原子核F一定釋放能量D.原子核A的結(jié)合能一定比原子核C的結(jié)合能小評(píng)卷人得分二、多選題(共9題，共18分)10、(多選)在如圖所示電路中，R1是定值電阻，R2是滑動(dòng)變阻器，閉合開關(guān)S，當(dāng)R2的滑動(dòng)觸片P向下滑動(dòng)時(shí)，四個(gè)理想電表的示數(shù)都發(fā)生變化，電流表、電壓表的示數(shù)分別用I、U1、U2、U3表示，它們示數(shù)變化量的大小分別用ΔI、ΔU1、ΔU2和ΔU3表示。則下列說法中正確的是（??）

A.不變，不變B.變大，變大C.變大，不變D.變大，不變11、下列各種說法中正確的是（）A.布朗運(yùn)動(dòng)是分子熱運(yùn)動(dòng)的宏觀現(xiàn)象，可以發(fā)生在固體、液體和氣體中B.擴(kuò)散現(xiàn)象反映了分子的無規(guī)則運(yùn)動(dòng)，可以發(fā)生在固體、液體、氣體的任何兩種中C.分子力較大時(shí)，分子勢(shì)能較大；分子力較小時(shí)，分子勢(shì)能較小E.只要是具有各向異性的物體一定是晶體，具有各向同性的物體不一定是非晶體E.只要是具有各向異性的物體一定是晶體，具有各向同性的物體不一定是非晶體12、關(guān)于熱學(xué)知識(shí)，下列說法正確的是（）A.液體表面張力的方向與液面垂直并指向液體內(nèi)部B.晶體都具有各向異性和固定熔點(diǎn)的特性C.在絕對(duì)濕度一定的情況下，氣溫降低時(shí)，相對(duì)濕度將增大D.無風(fēng)霧霾中的（粒徑小于或等于2.5微米的顆粒物）的運(yùn)動(dòng)屬于布朗運(yùn)動(dòng)13、一定量的理想氣體從狀態(tài)a開始，經(jīng)歷a→b→c→a三個(gè)過程回到原狀態(tài)，其p-T圖象如圖所示。下列判斷正確的是（）

A.a→b的過程中，氣體體積不變B.b→c的過程中，氣體對(duì)外做的功小于氣體所吸收的熱量C.a→b→c→a過程中，氣體對(duì)外做功在數(shù)值上等于△abc的面積E.c→a的過程中，單位時(shí)間內(nèi)容器壁單位面積受到的氣體分子撞擊次數(shù)逐漸增加E.c→a的過程中，單位時(shí)間內(nèi)容器壁單位面積受到的氣體分子撞擊次數(shù)逐漸增加14、如圖所示是一定質(zhì)量的理想氣體的p－V圖象，理想氣體經(jīng)歷從A→B→C→D→A的變化過程，其中D→A為等溫線。已知理想氣體在狀態(tài)D時(shí)溫度為T＝400K；下列說法正確的是（）

A.理想氣體在狀態(tài)B時(shí)的溫度為1000KB.理想氣體在狀態(tài)C時(shí)的溫度為1000KC.C到D過程外界對(duì)氣體做功為100J，氣體放出熱量100JD.氣體從狀態(tài)D變化到狀態(tài)A，單位體積的氣體分子數(shù)增大，但氣體分子的平均動(dòng)能不變15、根據(jù)熱學(xué)中的有關(guān)知識(shí)，判斷下列說法中正確的是（）A.單晶體在物理性質(zhì)上都表現(xiàn)出各向異性，多晶體在物理性質(zhì)上都表現(xiàn)出各向同性B.自發(fā)的熱傳遞過程是向著分子熱運(yùn)動(dòng)無序性增大的方向進(jìn)行的C.盡管技術(shù)不斷進(jìn)步，熱機(jī)的效率仍不能達(dá)到100%，制冷機(jī)卻可以使溫度降到-293℃E.空調(diào)既能制熱又能制冷，說明在不自發(fā)的條件下，熱量可以逆向傳遞E.空調(diào)既能制熱又能制冷，說明在不自發(fā)的條件下，熱量可以逆向傳遞16、如圖所示，圓心為O、半徑為r的圓形空間內(nèi)，存在著垂直于紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，一個(gè)帶電粒子質(zhì)量為電荷量為從A點(diǎn)以一定的速度垂直磁場(chǎng)方向沿半徑射入磁場(chǎng)中，并從C點(diǎn)射出，圖中實(shí)線AC所示弧線為其運(yùn)動(dòng)軌跡．已知∠AOC=120°，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B,不計(jì)粒子所受的重力．關(guān)于粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)，下列說法中正確的是。

A.運(yùn)動(dòng)半徑為rB.運(yùn)動(dòng)半徑為C.運(yùn)動(dòng)時(shí)間為D.運(yùn)動(dòng)時(shí)間為17、下列關(guān)于核反應(yīng)及衰變的表述正確的有（）A.中，表示B.是輕核聚變C.半衰期的規(guī)律對(duì)少量的放射性原子不起作用D.衰變中產(chǎn)生的射線實(shí)際上是原子的核外電子掙脫原子核的束縛而形成的18、已知氘核的比結(jié)合能是1.09MeV，氚核的比結(jié)合能是2.78MeV，氦核的比結(jié)合能是7.03MeV。某次核反應(yīng)中，1個(gè)氘核和1個(gè)氚核結(jié)合生成1個(gè)氦核，則下列說法中正確的是（）A.這是一個(gè)裂變反應(yīng)B.核反應(yīng)方程式為C.核反應(yīng)過程中釋放的核能是17.6MeVD.目前核電站都采用上述核反應(yīng)發(fā)電評(píng)卷人得分三、填空題(共9題，共18分)19、如圖所示為圓柱形區(qū)域的橫截面，在該區(qū)域加沿圓柱軸線方向的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。帶電粒子（不計(jì)重力）第一次以速度v1沿截面直徑入射，粒子飛入磁場(chǎng)區(qū)域時(shí)，速度方向偏轉(zhuǎn)60°角；該帶電粒子第二次以速度v2從同一點(diǎn)沿同一方向入射，粒子飛出磁場(chǎng)區(qū)域時(shí)，速度方向偏轉(zhuǎn)90°角。則帶電粒子第一次和第二次在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的半徑之比為_______；速度之比為__________；周期之比為_________；時(shí)間之比為__________。20、左端封閉右端開口粗細(xì)均勻的倒置U形管，用水銀封住兩部分氣體，靜止時(shí)如圖所示，若讓管保持豎直狀態(tài)做自由落體運(yùn)動(dòng)，則氣體柱Ⅰ長度將________，氣體柱Ⅱ長度將________。（選填：“增大”；“減小”或“不變”）

21、夏天的清晨在荷葉上滾動(dòng)著一個(gè)個(gè)晶瑩剔透的小露珠，這是由________導(dǎo)致的物理現(xiàn)象。分子勢(shì)能和分子間距離r的關(guān)系圖象如圖所示，能總體上反映小水滴表面層中水分子的是圖中_______（選填“A”；“B”、或“C”）的位置。

22、馬鞍山是一座鋼鐵城市，馬鋼工人時(shí)常為高爐進(jìn)行檢修．而這時(shí)高爐內(nèi)干燥空氣的溫度竟達(dá)160℃，工人卻安全在爐內(nèi)工作幾個(gè)小時(shí)，是因?yàn)開_______．23、回?zé)崾街评錂C(jī)是一種深低溫設(shè)備，制冷極限約50K，某臺(tái)設(shè)備工作時(shí)，一定量的氦氣（可視為理想氣體）緩慢經(jīng)歷如圖所示的四個(gè)過程：從狀態(tài)到和到是等溫過程；從狀態(tài)到和到是等容過程，體積分別為和則圖中___（填“>”“<”或者“=”）；整個(gè)循環(huán)過程氦氣系統(tǒng)是______的（填“吸熱”“放熱”或者“絕熱”）。

24、如圖所示電路中，R1=100Ω，滑動(dòng)變阻器的總電阻R=100Ω，A、B兩端電壓恒定，且UAB=12V．當(dāng)S斷開時(shí)，滑動(dòng)變阻器R滑動(dòng)頭P由a移至b的過程中，R1兩端的電壓由_______V變至_______V；當(dāng)S閉合時(shí)，滑動(dòng)變阻器R滑動(dòng)頭P由a移至b的過程中，R1兩端的電壓由______V變至________V．

25、一根長為L，橫截面積為S的粗細(xì)均勻的金屬棒，棒內(nèi)單位體長度自由電子數(shù)為n，電子的質(zhì)量為m，電荷量為e。在棒兩端加上恒定的電壓U時(shí)，棒內(nèi)產(chǎn)生電流自由電子定向運(yùn)動(dòng)的平均速率為v。則金屬棒內(nèi)的電流強(qiáng)度大小為_________26、如圖所示，小球A的質(zhì)量為mA=5kg，動(dòng)量大小為PA=4kg.m/s，小球A沿著光滑水平面向右運(yùn)動(dòng)，與靜止的B球發(fā)生彈性碰撞，碰后A的動(dòng)量大小變?yōu)镻A'=1kg·m/s，方向仍然向右．則由此可知碰撞后小球B的動(dòng)量大小為______kg·m/s，小球B的質(zhì)量為____kg.

27、某同學(xué)測(cè)定一金屬桿的長度和直徑，示數(shù)如圖甲、乙所示，則該金屬桿的長度和直徑分別為____cm和____mm

評(píng)卷人得分四、作圖題(共3題，共6分)28、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場(chǎng)，丙、丁是環(huán)形電流的磁場(chǎng)，戊、己是通電螺線管的磁場(chǎng)，試在各圖中補(bǔ)畫出電流方向或磁感線方向．

29、示波管的內(nèi)部結(jié)構(gòu)如圖所示．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請(qǐng)畫出熒光屏上出現(xiàn)的完整掃描波形圖．

30、圖中表示某一時(shí)刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經(jīng)過7s后的波形曲線。

評(píng)卷人得分五、實(shí)驗(yàn)題(共1題，共8分)31、一同學(xué)欲測(cè)定一根圓柱材料的電阻率。使用的器材有：游標(biāo)卡尺；螺旋測(cè)微器、多用電表、電流表（0.2A5Ω）、電壓表（15V；15KΩ）、滑動(dòng)變阻器（0~25Ω）、電源（12V，內(nèi)阻不計(jì)）、開關(guān)、導(dǎo)線若干。

(1)先用多用電表的歐姆表“×10”擋粗測(cè)圓柱材料的阻值，在正確操作情況下，表盤指針如圖所示，可讀得圓柱材料的阻值Rx=_____Ω。

(2)螺旋測(cè)微器測(cè)量圓柱材料的直徑；如圖所示，圓柱的直徑是______mm；游標(biāo)卡尺測(cè)量出圓柱材料長度如圖所示，圓柱的長度是_______mm。

(3)根據(jù)多用電表示數(shù)；為了減少實(shí)驗(yàn)誤差，并在實(shí)驗(yàn)中獲得較大的電壓調(diào)節(jié)范圍，應(yīng)從下圖的A；B、C、D四個(gè)電路中選擇________電路用于測(cè)量圓柱材料電阻。

A、B、

C、D、評(píng)卷人得分六、解答題(共2題，共16分)32、半徑為a的圓形線圈，電阻不計(jì)，處于磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中．一導(dǎo)體棒質(zhì)量為m受到向上的拉力，以速度v勻速向下運(yùn)動(dòng)，導(dǎo)體棒單位長度的電阻為r．

（1）求通過導(dǎo)體棒的電流I和通過的電荷量q；

（2）當(dāng)y>0時(shí)，求拉力功率P．33、（1）如圖甲所示，M、N是真空中兩個(gè)電荷量均為+Q的固定點(diǎn)電荷，M、N間的距離為a；沿MN連線的中垂線建立坐標(biāo)軸，P是x軸上的點(diǎn)，°．已知靜電力常量為k．

a．求P點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)的大小和方向；

b．在圖乙中定性畫出場(chǎng)強(qiáng)E隨x變化的圖像（取向右為場(chǎng)強(qiáng)E的正方向）．

（2）如圖丙所示，一個(gè)半徑為R、電荷量為+Q的均勻帶電圓環(huán)固定在真空中，環(huán)心為O，MN是其中軸線．現(xiàn)讓一電荷量為?q、質(zhì)量為m的帶電粒子從MN上的P點(diǎn)由靜止釋放，P、O間的距離為d．不計(jì)粒子重力．試證明：當(dāng)d<<R時(shí)；帶電粒子做簡諧運(yùn)動(dòng)．

參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、D【分析】【分析】

根據(jù)滑片的移動(dòng)方向判斷出滑動(dòng)變阻器接入電路的阻值如何變化；然后由串并聯(lián)電路特點(diǎn)及歐姆定律分析答題；

【詳解】

由電路圖可知，滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)片向右移動(dòng)時(shí)，滑動(dòng)變阻器接入電路的阻值增大，電路的總電阻增大，電源電動(dòng)勢(shì)不變，由閉合電路歐姆定律可知，電路總電流I減小，路端電壓則U增大，電阻R1的電壓減小，則電壓表示數(shù)減??；并聯(lián)部分的電壓增大，電壓表示數(shù)增大；增大，通過的電流增大，因?yàn)榭傠娏鳒p小，所以通過電流表的示數(shù)減小．總之，電流表讀數(shù)變小，電壓表V2讀數(shù)變大，V1讀數(shù)變??；故ABC錯(cuò)誤，D正確．

【點(diǎn)睛】

閉合電路的動(dòng)態(tài)分析題的關(guān)鍵在于由變化的電阻，得出總電阻的變化．進(jìn)而得到干路電流和路端電壓的變化．2、C【分析】【詳解】

A．若黑箱中是電池，則金屬棒向右在安培力作用下做加速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)金屬棒產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)等于電源電動(dòng)勢(shì)時(shí)，回路的電流為零，此時(shí)金屬棒處于穩(wěn)定狀態(tài)，此時(shí)滿足

則棒的最終速度與初速度無關(guān)；選項(xiàng)A錯(cuò)誤；

B．若黑箱中是線圈；因棒所受的安培力方向與速度方向總是相反的，簡諧振動(dòng)中回復(fù)力與速度方向可能相同，也可能相反，則棒不可能做簡諧運(yùn)動(dòng)，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；

C．若黑箱中是電阻，設(shè)阻值為r，則當(dāng)棒離開初始位置距離為x時(shí)，由動(dòng)量定理

其中的

解得

即棒的速度隨位移均勻減?。贿x項(xiàng)C正確；

D．若黑箱中是電容器，則開始時(shí)，電容器不斷充電，帶電量逐漸增加，電容器兩板間電壓增加，棒由于受安培力作用做減速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)導(dǎo)體棒兩端電壓等于電容量兩板電壓時(shí)，回路電流為零，此時(shí)到達(dá)穩(wěn)定狀態(tài)，設(shè)此時(shí)的速度為v，則電容兩板電壓為U=BLv

電容器帶電量Q=CU=CBLv

對(duì)導(dǎo)體棒有動(dòng)量定理

其中

解得

即棒的最終速度與初速度有關(guān)；選項(xiàng)D錯(cuò)誤。

故選C。3、D【分析】【詳解】

A．在A狀態(tài)，根據(jù)題意mg+p0S=pAS

解得m=2kg

故A錯(cuò)誤；

B．根據(jù)圖像可知所以氣體做等壓變化=解得VB=8.0×10-3m3故B錯(cuò)誤；

C．從狀態(tài)A變化到狀態(tài)B的過程，氣體對(duì)外界做功W=pA△V=206J

故C錯(cuò)誤；

D．根據(jù)熱力學(xué)第一定律△U=Q-W=294J

故D正確。

故選D。4、D【分析】【詳解】

由于α粒子從左向右射入正交的電場(chǎng)和磁場(chǎng)空間，恰能做勻速直線運(yùn)動(dòng)，則兩力平衡，即Eq=qvB，所以選擇的速度v=E/B，與電性和電量無關(guān)，但有確定的進(jìn)、出口．若電子以相同的速度v射入，相對(duì)α粒子電場(chǎng)力和洛侖茲力均反向，則電子仍將做勻速直線運(yùn)動(dòng)，所以運(yùn)動(dòng)的時(shí)間不變，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；同理若質(zhì)子以速度v沿相同方向射入，運(yùn)動(dòng)的時(shí)間也不變，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；若電子以大于v的速度沿相同的方向射入，則電子受到的向下的洛倫茲力大于向上的電場(chǎng)力，電子向下偏轉(zhuǎn)，則電場(chǎng)力做負(fù)功，則從右端射出時(shí)的動(dòng)能會(huì)減小，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；若質(zhì)子以小于v的速度沿相同方向射入，則質(zhì)子受到的向上的洛倫茲力小于向下的電場(chǎng)力，質(zhì)子向下偏轉(zhuǎn)，則電場(chǎng)力做正功，則從右端射出時(shí)的動(dòng)能會(huì)增大，選項(xiàng)D正確.5、D【分析】【詳解】

A．bc邊向上切割時(shí)，感應(yīng)電流方向?yàn)閏→b；bc邊向下切割時(shí)，感應(yīng)電流方向?yàn)閎→c；故線圈連續(xù)轉(zhuǎn)動(dòng)，流過電阻R的電流是交流電；但電流的大小不變，故產(chǎn)生的不是正弦交流電，故A錯(cuò)誤；

B．從圖示位置開始轉(zhuǎn)過900角時(shí)；電流方向不發(fā)生改變，故B錯(cuò)誤；

C．在共同圓心角α均為內(nèi)；線圈轉(zhuǎn)動(dòng)過程中穿過線圈的磁通量的變化率不變，故C錯(cuò)誤；

D．一個(gè)周期內(nèi)，通電時(shí)間為：R上消耗的電能為：W=t，且有：W=I2(R+r)T，解得線圈上電流的有效值為：故D正確；6、D【分析】【詳解】

由題圖可知波向右傳播,傳播到點(diǎn)，點(diǎn)剛開始振動(dòng)且振動(dòng)方向向下，其重復(fù)波源A的運(yùn)動(dòng)，所以A點(diǎn)開始振動(dòng)的方向向下.

A.向左與分析結(jié)果不相符；故A項(xiàng)不合題意.

B.向右與分析結(jié)果不相符；故B項(xiàng)不合題意.

C.向上與分析結(jié)果不相符；故C項(xiàng)不合題意.

D.向下與分析結(jié)果相符；故D項(xiàng)符合題意.7、B【分析】【詳解】

試題分析：根據(jù)動(dòng)量定理，籃球以一定得速度減小為零，因此當(dāng)動(dòng)量的變化一定，則沖量也一樣，因速度變化一樣，因此動(dòng)能變化一樣，增大作用時(shí)間可減少作用力；運(yùn)動(dòng)員接籃球時(shí)，籃球的動(dòng)量由某一值減到零，接球時(shí)，兩手隨球迅速收縮至胸前，這樣可以增加籃球和運(yùn)動(dòng)員的作用時(shí)間，從而減少籃球?qū)\(yùn)動(dòng)員的沖擊力，選項(xiàng)B正確．

考點(diǎn)：動(dòng)量定理的應(yīng)用．8、D【分析】【詳解】

A：子彈射入物塊B的過程中；由于時(shí)間極短，且內(nèi)力遠(yuǎn)大于外力，子彈；彈簧和A、B所組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒；在此過程中，子彈的動(dòng)能有一部分轉(zhuǎn)化為系統(tǒng)的內(nèi)能，系統(tǒng)的機(jī)械能減小。故A項(xiàng)錯(cuò)誤。

B：物塊B帶著子彈向左運(yùn)動(dòng)；直到彈簧壓縮量達(dá)最大過程中，系統(tǒng)受到墻壁的作用力，外力之和不為零，系統(tǒng)動(dòng)量不守恒；在此過程中，只有彈簧的彈力做功，系統(tǒng)的機(jī)械能守恒。故B項(xiàng)錯(cuò)誤。

C：彈簧推著物塊B向右運(yùn)動(dòng)；直到彈簧恢復(fù)原長的過程中，系統(tǒng)受到墻壁的作用力，外力之和不為零，系統(tǒng)動(dòng)量不守恒；在此過程中，只有彈簧的彈力做功，系統(tǒng)的機(jī)械能守恒。故C項(xiàng)錯(cuò)誤。

D：物塊A離開豎直墻壁后；直到彈簧伸長量達(dá)最大的過程中，系統(tǒng)所受的外力之和為零，系統(tǒng)動(dòng)量守恒；在此過程中，只有彈簧的彈力做功，系統(tǒng)的機(jī)械能守恒。故D項(xiàng)正確。

【點(diǎn)睛】

系統(tǒng)動(dòng)量守恒的條件是系統(tǒng)所受合外力為零；系統(tǒng)機(jī)械能守恒的條件是除重力（彈簧彈力）外其他力不做功。9、C【分析】【詳解】

A.A核裂變成B和C的反應(yīng)過程中核子的平均質(zhì)量減??；即出現(xiàn)質(zhì)量虧損，故A錯(cuò)誤；

B.原子核A比原子核C的核子平均質(zhì)量大，原子核C比原子核A更穩(wěn)定，故原子核A的比結(jié)合能比原子核C的比結(jié)合能??；故B錯(cuò)誤；

C.核反應(yīng)過程中核子平均質(zhì)量減?。怀霈F(xiàn)質(zhì)量虧損，釋放能量，故C正確；

D.原子核A的原子序數(shù)大于原子核C的原子序數(shù)，即原子核A的結(jié)合能大于原子核C的結(jié)合能，故D錯(cuò)誤.二、多選題(共9題，共18分)10、A:C:D【分析】【詳解】

當(dāng)滑動(dòng)變阻器觸頭P向下滑動(dòng)時(shí)，接入電路中的電阻變大，電路中的總電阻變大，則電路中總電流I變小。

A．R1為定值電阻，則

不變；故A正確；

BC．根據(jù)=R2

因?yàn)榛瑒?dòng)變阻器接入電路中的電阻變大，則變大，由閉合電路歐姆定律可知U3=E-I（r+R1）

則得=r+R1

不變；故B錯(cuò)誤，C正確；

D．根據(jù)=R1+R2

變大，由閉合電路歐姆定律可知U1=E-Ir

則得=r

不變；故D正確。

故選ACD。11、B:D:E【分析】【分析】

【詳解】

A．布朗運(yùn)動(dòng)是懸浮在液體；氣體中的固體小顆粒的運(yùn)動(dòng)；所以只能發(fā)生在液體和氣體中，故A錯(cuò)誤；

B．?dāng)U散現(xiàn)象是兩種物質(zhì)的分子相互進(jìn)入對(duì)方；可在固；液、氣三種物質(zhì)中任兩種中發(fā)生，故B正確；

C．當(dāng)分子力表現(xiàn)為引力時(shí)；隨分子間的距離增大，分子力先增后減，但分子勢(shì)能一直增大，故C錯(cuò)誤；

D．液晶分子在特定的方向排列比較整齊；具有各向異性，但分子排列不穩(wěn)定，外界條件的微小變化都會(huì)引起液晶分子排列的變化，從而改變液晶的某些性質(zhì)，如溫度；壓力和外加電壓等的變化，都會(huì)引起液晶光學(xué)性質(zhì)的變化，故D正確；

E．單晶體的物理性質(zhì)是各向異性；多晶體和非晶體的物理性質(zhì)是各向同性，故E正確。

故選BDE。12、C:D【分析】【分析】

【詳解】

A．液體表面張力的方向平行于液體表面；所以A錯(cuò)誤；

B．單晶體都具有各向異性和固定熔點(diǎn)的特性；多晶體具有各向同性，所以B錯(cuò)誤；

C．在絕對(duì)濕度一定的情況下；氣溫降低時(shí)，相對(duì)濕度將增大，所以C正確；

D．無風(fēng)霧霾中的（粒徑小于或等于2.5微米的顆粒物）的運(yùn)動(dòng)屬于布朗運(yùn)動(dòng)；所以D正確；

故選CD。13、A:D:E【分析】【詳解】

A．由圖可知，的過程中；氣體壓強(qiáng)與熱力學(xué)溫度成正比，則氣體發(fā)生等容變化，氣體體積不變，A正確；

B．由圖可知，的過程中，氣體發(fā)生等溫變化，由知，氣體壓強(qiáng)減小，氣體體積增大，氣體對(duì)外做功，溫度不變，則氣體內(nèi)能不變，氣體吸收熱量，由熱力學(xué)第一定律得

氣體對(duì)外做的功得

B錯(cuò)誤；

C．過程中，是等容變化，氣體體積不變，對(duì)外不做功；是等壓變化，氣體溫度降低，體積減小，外界對(duì)氣體做功；是等溫變化，壓強(qiáng)減小，氣體體積增大，氣體對(duì)外做功，溫度不變，氣體內(nèi)能不變，由熱力學(xué)第一定律可知，氣體對(duì)外做的功等于氣體吸收熱量，在數(shù)值上不等于Δabc的面積；C錯(cuò)誤；

D．過程中；氣體的體積先增大后減小，氣體分子數(shù)不變，所以容器內(nèi)單位體積的分子數(shù)先減小后增加，D正確；

E．的過程中；氣體是等壓變化，溫度降低，體積減小，分子的密度逐漸增大，單位時(shí)間內(nèi)容器壁單位面積受到的氣體分子撞擊次數(shù)逐漸增加，E正確。

故選ADE。

14、A:D【分析】【詳解】

A.理想氣體從B→D過程，由氣態(tài)方程可得

解得

A正確；

B．理想氣體從C→D過程，屬等壓變化，由蓋呂薩克可得

解得

B錯(cuò)誤；

C．C到D過程外界對(duì)氣體做功為

由于C到D過程，溫度降低，由熱力學(xué)第一定律

可得

即氣體放出熱量大于100J；C錯(cuò)誤；

D．氣體從狀態(tài)D變化到狀態(tài)A；氣體體積減小，單位體積內(nèi)氣體分子數(shù)增大，溫度不變，氣體分子的平均動(dòng)能不變，D正確；

故選AD。15、A:B:E【分析】【分析】

【詳解】

A．單晶體在物理性質(zhì)上都表現(xiàn)出各向異性；多晶體在物理性質(zhì)上都表現(xiàn)出各向同性，故A正確；

B．自發(fā)的熱傳遞過程是向著分子熱運(yùn)動(dòng)無序性增大的方向進(jìn)行的；故B正確；

C．根據(jù)熱力學(xué)第三定律知；制冷機(jī)不可能使溫度降到-273℃，更不可以使溫度降到-293℃，故C錯(cuò)誤。

D．等容過程分子的密集程度是不變的；等容降壓過程溫度降低，則其壓強(qiáng)降低是由于分子的熱運(yùn)動(dòng)的劇烈程度減少而引起的，故D錯(cuò)誤；

E．空調(diào)既能制熱又能制冷；根據(jù)熱力學(xué)第二定律可知，空調(diào)機(jī)在不自發(fā)的條件下，熱傳遞可以逆向，故E正確。

故選ABE。16、B:D【分析】【分析】

帶電粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)；由幾何關(guān)系可求出圓心角和半徑，則可求得粒子轉(zhuǎn)過的弧長，由線速度的定義可求得運(yùn)動(dòng)的時(shí)間．

【詳解】

由幾何關(guān)系可知粒子運(yùn)動(dòng)半徑為故A錯(cuò)誤，B正確；由洛倫茲力提供向心力得解得解得粒子在磁場(chǎng)中轉(zhuǎn)過的角度為600，則運(yùn)動(dòng)時(shí)間為故D正確，C錯(cuò)誤；故選BD．17、B:C【分析】【詳解】

根據(jù)質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒的規(guī)律，A項(xiàng)中X表示A錯(cuò)誤；是輕核聚變，B正確；半衰期的規(guī)律是大量同種原子的統(tǒng)計(jì)規(guī)律，對(duì)單個(gè)放射性原子無法確定其衰變時(shí)間，C正確；衰變中產(chǎn)生的射線是原子核內(nèi)放出的，D錯(cuò)誤；故選BC.18、B:C【分析】【詳解】

A；1個(gè)氘核和1個(gè)氚核結(jié)合生成1個(gè)氦核；這是兩個(gè)比較輕的核轉(zhuǎn)化成中等質(zhì)量的核，所以屬于聚變反應(yīng)，A錯(cuò)誤。

B；根據(jù)質(zhì)量數(shù)和質(zhì)子數(shù)守恒；可以知道當(dāng)1個(gè)氘核和1個(gè)氚核結(jié)合生成1個(gè)氦核時(shí)會(huì)有一個(gè)中子生成，B正確。

C、原子核的結(jié)合能與核子數(shù)之比，稱做比結(jié)合能．根據(jù)題意可知，核反應(yīng)過程中釋放的核能是C正確。

D、核電技術(shù)是利用核裂變或核聚變反應(yīng)所釋放的能量發(fā)電的技術(shù)．因?yàn)槭芸睾司圩兇嬖诩夹g(shù)障礙，目前核電站都是采用核裂變技術(shù)．D錯(cuò)誤三、填空題(共9題，共18分)19、略

【分析】【分析】

粒子進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，受到洛倫茲力作用而做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，速度的偏向角等于軌跡對(duì)應(yīng)的圓心角，再可求出軌跡對(duì)應(yīng)的圓心角由求解時(shí)間之比；根據(jù)幾何知識(shí)求出軌跡半徑之比，由半徑公式求出速度之比．

【詳解】

設(shè)圓柱形區(qū)域?yàn)镽。帶電粒子第一次以速度沿直徑入射時(shí)；軌跡如圖所示：

粒子飛出此磁場(chǎng)區(qū)域時(shí)速度方向偏轉(zhuǎn)60°角，則知帶電粒子軌跡對(duì)應(yīng)的圓心角軌跡半徑為運(yùn)動(dòng)時(shí)間為帶電粒子第二次以速度沿直徑入射時(shí)，粒子飛出此磁場(chǎng)區(qū)域時(shí)速度方向偏轉(zhuǎn)90°角，則知帶電粒子軌跡對(duì)應(yīng)的圓心角軌跡半徑為運(yùn)動(dòng)時(shí)間為所以軌跡半徑之比：時(shí)間之比：根據(jù)半徑公式得速度之比：根據(jù)可知；周期之比為1：1。

【點(diǎn)睛】

本題關(guān)鍵要掌握推論：粒子速度的偏向角等于軌跡的圓心角，運(yùn)用幾何知識(shí)求出半徑關(guān)系，就能正確解答【解析】111:12：320、略

【分析】【詳解】

[1][2]設(shè)大氣壓強(qiáng)為P0，由圖示可知，封閉氣體壓強(qiáng)

當(dāng)U型管做自由落體運(yùn)動(dòng)時(shí)，水銀處于完全失重狀態(tài)，對(duì)封閉氣體不產(chǎn)生壓強(qiáng)，封閉氣體壓強(qiáng)都等于大氣壓P0。

可知?dú)庵鵌的壓強(qiáng)變大，溫度不變，由玻意耳定律可知，氣體體積變小，氣柱長度變??；氣柱Ⅱ部分氣體壓強(qiáng)不變，溫度不變，由理想氣體狀態(tài)方程可知，氣體體積不變，氣柱長度不變?！窘馕觥繙p小不變21、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]小露珠由于表面張力呈現(xiàn)球形狀；能在荷葉上滾動(dòng)，是因?yàn)楹扇~表面的不浸潤。

[2]液體表面層分子間距離大于液體內(nèi)部分子間距離，則液體表面層分子間作用力表現(xiàn)為分子間引力，當(dāng)分子間引力和斥力相等時(shí)分子勢(shì)能最小，此時(shí)分子力表現(xiàn)為引力，分子間距離應(yīng)大于最小分子勢(shì)能對(duì)應(yīng)的距離，故應(yīng)是圖像中的C點(diǎn)。【解析】①.表面張力/不浸潤②.C22、略

【分析】【分析】

【詳解】

工人能在爐內(nèi)溫度竟達(dá)160℃的環(huán)境中工作幾個(gè)小時(shí)；是因?yàn)樵诟邏籂t內(nèi)干燥空氣中，工人容易排汗，通過蒸發(fā)來維持體溫．

【點(diǎn)睛】

高壓爐內(nèi)空氣溫度高，工人容易排汗，溫度越高汗液蒸發(fā)越快，蒸發(fā)吸熱，人體溫度降低．【解析】在高爐內(nèi)干燥空氣中，工人容易排汗，通過蒸發(fā)來維持體溫23、略

【分析】【詳解】

[1]從狀態(tài)B到C，由查理定律得

由于所以

[2]A-B過程外界對(duì)系統(tǒng)做正功，C-D過程外界對(duì)系統(tǒng)做負(fù)功，p-V圖象與橫軸圍成的面積表示做的功，所以

所以整個(gè)循環(huán)過程外界對(duì)系統(tǒng)做正功。整個(gè)循環(huán)過程

所以

整個(gè)循環(huán)過程A-B-C-D-A氦氣系統(tǒng)要放熱?！窘馕觥?gt;放熱24、略

【分析】【分析】

當(dāng)電鍵S斷開時(shí)；滑動(dòng)變阻器滑片P滑到最上端時(shí)，電壓表的示數(shù)最大，等于12V，當(dāng)滑片滑到最下端時(shí)，電壓表示數(shù)最小，由歐姆定律求出；

當(dāng)電鍵S閉合時(shí)；電壓表示數(shù)最大值不變，滑片滑到最下端時(shí)，電壓表示數(shù)為零；

【詳解】

當(dāng)電鍵S斷開時(shí)，當(dāng)滑動(dòng)變阻器滑片P滑到最上端時(shí)，電壓表的示數(shù)最大，等于12V，滑片滑到最下端時(shí)，變阻器與電阻串聯(lián)，電壓表示數(shù)最小，最小值為即滑動(dòng)頭P由a移至b的過程中，R1兩端的電壓由變至

當(dāng)電鍵S閉合時(shí)，滑片P滑到最上端時(shí)，電壓表的示數(shù)最大，等于12V；

滑片滑到最下端時(shí)，電阻R1被短路，電壓表示數(shù)為零，即滑動(dòng)頭P由a移至b的過程中，R1兩端的電壓由變至．

【點(diǎn)睛】

本題考查對(duì)變阻器兩種接法的理解：S斷開時(shí)變阻器為限流器，S閉合時(shí)，變阻器為分壓器．運(yùn)用歐姆定律求解電壓范圍．【解析】12612025、略

【分析】【分析】

根據(jù)導(dǎo)體中自由電子的定向移動(dòng)速率可明確t內(nèi)通過截面的電量；再由電流的定義即可求電流強(qiáng)度的大小．

【詳解】

由題意金屬棒中的電荷量為q=LSne，由一端運(yùn)動(dòng)到另一端所需時(shí)間根據(jù)得金屬棒中電流為．

【點(diǎn)睛】

本題考查了電流微觀表達(dá)．在求解時(shí)要注意明確，t內(nèi)長度為vt的導(dǎo)線內(nèi)部電子能全部通過截面，從而可以由電流定義求解．【解析】26、略

【分析】【詳解】

以向右為正方向，根據(jù)動(dòng)量守恒定律得：解得：由機(jī)械能守恒定律得：代入數(shù)據(jù)解得：．【解析】3327、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）刻度尺在讀數(shù)的時(shí)候要估讀一位；所以金屬桿的長度為60.10；

（2）游標(biāo)卡尺的主尺讀數(shù)為：4mm，游標(biāo)尺上第10個(gè)刻度和主尺上某一刻度對(duì)齊，所以游標(biāo)讀數(shù)為10×0.02mm=0.20mm，所以最終讀數(shù)為：4mm+0.20mm=4.20mm=0.420cm=4.20mm．【解析】(1)60.104.20四、作圖題(共3題，共6分)28、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場(chǎng)方向，也可以通過磁場(chǎng)方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場(chǎng)方向，順時(shí)針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側(cè)的磁場(chǎng)的方向向里，左側(cè)的磁場(chǎng)的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場(chǎng)方向，則可知電流方向，逆時(shí)針方向；

圖丁；環(huán)形電流從左側(cè)流入，從右側(cè)流出，所以磁場(chǎng)的方向向下；

圖戊；根據(jù)螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場(chǎng)的方向向左；

圖已；根據(jù)螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場(chǎng)的方向向右．如圖所示：

【解析】29、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的