2025年仁愛科普版高三物理上冊(cè)階段測(cè)試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年仁愛科普版高三物理上冊(cè)階段測(cè)試試卷12考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、我國將要發(fā)射一顆繞月運(yùn)行的探月衛(wèi)星“嫦娥1號(hào)”．設(shè)該衛(wèi)星的軌道是圓形的，且貼近月球表面．已知月球的質(zhì)量為地球質(zhì)量的，月球的半徑約為地球半徑的，地球上的第一宇宙速度約為7.9km/s，則該探月衛(wèi)星繞月運(yùn)行的速率約為（）A.0.4km/sB.1.8km/sC.11km/sD.36km/s2、大小均為10N的兩個(gè)力合成，下列關(guān)于合力大小與兩力夾角對(duì)應(yīng)關(guān)系正確的是（）A.夾角為60°時(shí)，合力為10NB.夾角為90°時(shí)，合力為20NC.夾角為120°時(shí)，合力為10ND.任何情況下，合力為20N3、一個(gè)質(zhì)點(diǎn)在平衡位置O點(diǎn)附近做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，若從O點(diǎn)開始計(jì)時(shí)，經(jīng)過3s質(zhì)點(diǎn)第一次經(jīng)過M點(diǎn)（如圖所示）；再繼續(xù)運(yùn)動(dòng)，又經(jīng)過2s它第二次經(jīng)過M點(diǎn)；則該質(zhì)點(diǎn)第三次經(jīng)過M點(diǎn)還需的時(shí)間是（）A.8s或14sB.4s或8sC.14s或sD.s或84、【題文】在靜電場(chǎng)中，將一個(gè)電子由a點(diǎn)移到b點(diǎn)，電場(chǎng)力做功10eV，下面判斷正確的是（）A.電場(chǎng)強(qiáng)度方向一定是由b指向aB.電子的電勢(shì)能減少了10eVC.電勢(shì)差Uab=10VD.5、下列有關(guān)放射性知識(shí)的說法中正確的是()A.Th衰變成Pb要經(jīng)過6次β衰變和4次α衰變B.把放射性元素?fù)诫s到其它穩(wěn)定元素之后，放射性元素半衰期變短C.放射性元素發(fā)生β衰變時(shí)所釋放的電子是原子核內(nèi)的中子轉(zhuǎn)化為質(zhì)子時(shí)產(chǎn)生的D.β射線和γ射線都是電磁波，但β射線穿透本領(lǐng)遠(yuǎn)比γ射線大6、（2015?韶關(guān)一模）如圖所示，A、B為同一水平線上的兩個(gè)固定繞繩裝置，轉(zhuǎn)動(dòng)A、B，使光滑掛鉤下的重物C緩慢豎直下降，關(guān)于此過程中繩上拉力大小的變化，下列說法正確的是（）A.不變B.逐漸減小C.逐漸增大D.先減小，后增大7、驗(yàn)電器已帶正電，將另一帶正電的導(dǎo)體球移近驗(yàn)電器小球，但不接觸．在移近的過程中，驗(yàn)電器金屬箔片間的夾角將（）A.減小B.不變C.增大D.增大后再減小8、如圖所示，兩相同輕質(zhì)硬桿OO1、OO2可繞垂直紙面的水平軸O、O1、O2轉(zhuǎn)動(dòng)，在O點(diǎn)懸掛一重物M，將兩相同木塊m緊壓在豎直擋板上，此時(shí)整個(gè)系統(tǒng)保持靜止．f表示木塊與擋板間摩擦力的大小，N表示木塊與擋板間正壓力的大?。魮醢彘g的距離稍許增大后，系統(tǒng)仍靜止且O1、O2始終等高．則（）A.N變大、f不變B.N變大、f變大C.N不變、f不變D.N變小、f變小9、如圖所示，a、b兩物塊質(zhì)量分別為m、2m，用不計(jì)質(zhì)量的細(xì)繩相連接，懸掛在定滑輪的兩側(cè)，不計(jì)滑輪質(zhì)量和一切摩擦．開始時(shí)，a、b兩物塊距離地面高度相同，用手托住物塊b，然后突然由靜止釋放，直至a、b物塊間高度差為h．在此過程中，下列說法正確的是（）A.物塊a的機(jī)械能逐漸減少B.物塊b機(jī)械能減少了mghC.物塊b重力勢(shì)能的減少量等于細(xì)繩拉力對(duì)它所做的功D.物塊a重力勢(shì)能的增加量小于其動(dòng)能增加評(píng)卷人得分二、多選題(共7題，共14分)10、如圖所示，重100N的物體A放在傾角為30°的粗糙斜面上，有一根原長(zhǎng)為15cm，勁度系數(shù)為500N/m的彈簧，其一端固定在斜面底端，另一端放置物體A后，彈簧長(zhǎng)度縮短為10cm，若滑塊與斜面間最大靜摩擦力為25N，現(xiàn)用一測(cè)力計(jì)沿斜面向上拉物體，當(dāng)彈簧的長(zhǎng)度仍為10cm時(shí)，測(cè)力計(jì)讀數(shù)可能為（）A.10NB.30NC.50ND.70N11、下列說法中正確的是（）A.標(biāo)量的運(yùn)算一定遵守平行四邊形法則B.中央電視臺(tái)新聞聯(lián)播節(jié)目“19時(shí)開播”是指時(shí)刻C.在直線運(yùn)動(dòng)中，位移和路程大小可能相同D.位移和路程都是矢量12、如圖所示，在雙人花樣滑冰運(yùn)動(dòng)中，有時(shí)會(huì)看到被男運(yùn)動(dòng)員拉著的女運(yùn)動(dòng)員離開地面在空中做圓周運(yùn)動(dòng)的精彩場(chǎng)面，目測(cè)體重為G的女運(yùn)動(dòng)員做圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)和水平冰面的夾角約為30°，重力加速度為g，估算該女運(yùn)動(dòng)員（）A.受到的拉力為GB.受到的拉力為2GC.向心加速度為gD.向心加速度為2g13、如圖所示，紙面內(nèi)有一以ABCD

為頂點(diǎn)的正方形區(qū)域，其中心O

處有一帶電荷量為Q

的正點(diǎn)電荷，EF

分別為AB

邊和AD

邊的中點(diǎn)，則在該電荷產(chǎn)生的電場(chǎng)中(

)

A.ABCD

四點(diǎn)處的電場(chǎng)強(qiáng)度相同B.AEB

三點(diǎn)間的電勢(shì)差滿足UAE=UEB

C.AF

兩點(diǎn)處的電場(chǎng)強(qiáng)度大小之比為12

D.電子在D

處時(shí)的電勢(shì)能大于在F

處的電勢(shì)能14、做勻加速直線運(yùn)動(dòng)的物體在時(shí)間T內(nèi)通過位移x1到達(dá)A點(diǎn)，接著在時(shí)間T內(nèi)又通過位移x2到達(dá)B點(diǎn)，則以下判斷正確的有（）A.物體經(jīng)A點(diǎn)的速度大小為B.物體運(yùn)動(dòng)的加速度為C.物體到達(dá)B點(diǎn)的速度大小為D.物體運(yùn)動(dòng)的加速度為15、在介質(zhì)中波的傳播方向上有兩個(gè)質(zhì)點(diǎn)P和Q，它們的平衡位置相距1.4m，且大于一個(gè)波長(zhǎng)，介質(zhì)中波速為2.0m/s，P和Q的振動(dòng)圖線如所示，則各質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)的周期可能是（）A.0.70sB.0.56sC.0.40sD.0.60s16、人捏住豎直鐵桿勻速上爬，則下列說法正確的是（）A.人受到的摩擦力方向向下B.人受到的摩擦力方向向上C.手捏鐵桿的力增加，人受到的摩擦力變大D.手捏鐵桿的力增加，人受到的摩擦力保持不變?cè)u(píng)卷人得分三、填空題(共5題，共10分)17、有一充電的平行板電容器，兩板間電壓為9V，現(xiàn)使它的電荷量減少6×10-4C，于是電容器兩極板間電壓降為原來的，此電容器的電容是____μF，電容器原來的帶電荷量是____C，若電容器極板上的電荷全部放掉，電容器的電容是____μF．18、（2011春?懷柔區(qū)期末）純電動(dòng)概念車E1是中國館的鎮(zhèn)館之寶之一．若E1概念車的總質(zhì)量為920kg，在16s內(nèi)從靜止加速到100km/h（即27.8m/s），受到恒定的阻力為1500N，假設(shè)它做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，其動(dòng)力系統(tǒng)提供的牽引力為____N．當(dāng)E1概念車以最高時(shí)速120km/h（即33.3m/s）做勻速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)，其動(dòng)力系統(tǒng)輸出的功率為____kW．19、一物體在水平面內(nèi)沿半徑R=20cm的圓形軌道做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，線速度V=0.2m/s，那么，它的向心加速度為____m/s2，它的角速度為____rad/s，它的周期為____s．20、（2015?揚(yáng)州校級(jí)四模）如圖所示，一個(gè)透明球體放置在水平面上，一束藍(lán)光從A點(diǎn)沿水平方向射入球體后經(jīng)B點(diǎn)射出，最后射到水平面上的C點(diǎn)．已知∠BOC=30°，∠BCO=30°，該球體對(duì)藍(lán)光的折射率為____；若換用一束紅光同樣從A點(diǎn)水平射向該球體，則它從球體射出后落到水平面上形成的光點(diǎn)與C點(diǎn)相比，位置____（填“偏左”、“偏右”或“不變”）．21、（2011秋?南昌期中）要用伏安法測(cè)量Rx的電阻，已知電壓表內(nèi)阻約幾kΩ，電流表內(nèi)阻約1Ω，若采用甲圖的電路，Rx的測(cè)量值比真實(shí)值____（選擇“偏大”或“偏小”），若Rx約為10Ω應(yīng)采用____（選“甲圖”或“乙圖”）的電路，誤差會(huì)比較大．評(píng)卷人得分四、解答題(共2題，共6分)22、某列波在t=0時(shí)刻的波形圖如圖所示；此時(shí)質(zhì)點(diǎn)P正向y軸正方向運(yùn)動(dòng)，經(jīng)0.1s第一次達(dá)到波峰位置，求：

（1）判斷波的傳播方向；

（2）求周期T及波速v；

（3）畫出t=0.7s時(shí)的波形圖（至少畫夠一個(gè)波長(zhǎng)）．23、如圖示，光滑水平地面上放有一質(zhì)量為m的導(dǎo)熱氣缸，用活塞封閉了一部分氣體．活塞質(zhì)量為，截面積為S，可無摩擦滑動(dòng)，氣缸靜止時(shí)與缸底距離為L(zhǎng)0．現(xiàn)用水平恒力F向右推氣缸，最后氣缸與活塞達(dá)到相對(duì)靜止?fàn)顟B(tài)．已知大氣壓強(qiáng)為P0．求：

（1）穩(wěn)定時(shí)封閉氣體的壓強(qiáng)。

（2）穩(wěn)定時(shí)活塞與缸底部的距離？評(píng)卷人得分五、簡(jiǎn)答題(共3題，共9分)24、-個(gè)質(zhì)量為2kg的物體放在水平地面上，物體與地面間的動(dòng)摩擦因素為0.15，（g取10m/s2）求。

（1）若改用一水平力向左為7N的力拉物體．求物體的加速度大小和方向。

（2）在（1）中當(dāng)物體運(yùn)動(dòng)一段時(shí)間后．突然撤去拉力，求物體的加速度大小和方向．25、從離地面500m的空中自由釋放一個(gè)小球，空氣阻力忽略不計(jì)，取g=10m/s2；求：

（1）小球經(jīng)過多長(zhǎng)時(shí)間落到地面？

（2）小球在下落的第4s內(nèi)的位移是多少？

（3）如果在釋放第一個(gè)小球1s后，在同一位置再釋放第二個(gè)小球，當(dāng)兩球的距離相差50m時(shí)，則第二個(gè)小球下落了多長(zhǎng)時(shí)間？26、金屬及其化合物在科學(xué)研究和生產(chǎn)中具有重要的用途。rm{(1)}三氯化鐵溶液用于檢驗(yàn)乙酰乙酸乙酯時(shí)，會(huì)生成紫色配合物，其配離子結(jié)構(gòu)如圖所示：

rm{壟脵}此配合物中，鐵離子價(jià)電子排布圖為____________________________________；rm{壟脷}此配離子中含有的化學(xué)鍵為_______________。

A.離子鍵rm{B.}金屬鍵rm{C.}極性鍵D.非極性鍵rm{E.}配位鍵rm{F.}氫鍵rm{G.婁脪}鍵rm{H.婁脨}鍵rm{(2)NO_{2}^{-}}與鈷鹽形成的配離子rm{[Co(NO_{2})_{6}]^{3-}}可用于檢驗(yàn)rm{K^{+}}的存在。rm{NO_{2}^{-}}離子的rm{VSEPR}模型名稱為______________，rm{K_{3}[Co(NO_{2})_{6}]}是黃色沉淀，該物質(zhì)中四種元素的電負(fù)性由大到小的順序是___________________。rm{(3)BF_{3}}可用于制造火箭的高能燃料。rm{BF_{3}}分子中rm{F}原子和rm{B}原子采用同種雜化方式為_________，rm{BF_{3}}分子還中存在大rm{婁脨}鍵，可用符號(hào)rm{婁脨_{m}^{n}}表示rm{(}其中rm{m}代表參與形成大rm{婁脨}鍵的原子數(shù)，rm{n}代表參與形成大rm{婁脨}鍵的電子數(shù)，如苯分子中的大rm{婁脨}鍵可表示為rm{婁脨_{6}^{6})}則分子中的大rm{婁脨}鍵應(yīng)表示為____________。rm{(4)}硼酸rm{(H_{3}BO_{3})}晶體為層狀結(jié)構(gòu)。其中一層的結(jié)構(gòu)片段如圖rm{(a)}所示，將這些rm{H_{3}BO_{3}}分子聚集在一起的作用力為_________________________。rm{(5)ZnS}在熒光體、光導(dǎo)體材料、涂料、顏料等行業(yè)中應(yīng)用廣泛，立方rm{ZnS}晶體的結(jié)構(gòu)如圖所示，rm{a}的配位數(shù)為_______，已知晶胞密度為rm{婁脩g/cm^{3}}則相鄰rm{2}個(gè)rm微粒之間的距離為_________rm{nm(}列計(jì)算式rm{)}參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、B【分析】【分析】第一宇宙速度是近地衛(wèi)星的環(huán)繞速度．

探月衛(wèi)星貼近月球表面；運(yùn)行的速率即為月球的第一宇宙速度．

根據(jù)月球質(zhì)量和地球質(zhì)量的關(guān)系，月球半徑和地球半徑的關(guān)系，根據(jù)第一宇宙速度的表達(dá)式求出月球的第一宇宙速度和地球第一宇宙速度的關(guān)系，從而求出月球的第一宇宙速度大?。窘馕觥俊窘獯稹拷猓焊鶕?jù)萬有引力提供向心力；有：

G=m

得：v=；

在星球表面運(yùn)行的衛(wèi)星，軌道半徑近似等于星球半徑，即r=R

已知月球質(zhì)量約為地球質(zhì)量的，月球半徑約為地球半徑的；地球上的第一宇宙速度約為7.9km/s；

月球的第一宇宙速度和地球第一宇宙速度之比是：；

則月球的第一宇宙速度是地球第一宇宙速度的倍；大約1.8km/s．

所以探月衛(wèi)星繞月運(yùn)行的速率約為1.8km/s．

故選：B．2、C【分析】【分析】力的合成滿足平行四邊形定則，結(jié)合它們的夾角，作出平行四邊形，根據(jù)三角知識(shí)，可以確定合力的大?。窘馕觥俊窘獯稹拷猓篈、夾角為60°時(shí)，平行四邊形為菱形，則由三角知識(shí)可知，合力為10N；故A錯(cuò)誤；

B、夾角為90°時(shí)，平行四邊形為矩形，則由三角知識(shí)可知，合力為10N；故B錯(cuò)誤；

C；由題意；設(shè)兩個(gè)相等的共點(diǎn)力大小為F，當(dāng)它們之間的夾角為120°時(shí)合力如圖。

由等邊三解形的知識(shí)可知分力與合力大小相等；即為100N，故C正確；

D；由上可知；故D錯(cuò)誤．

故選：C．3、C【分析】【分析】振子開始運(yùn)動(dòng)的方向可能先向右，也可能向左，畫出振子的運(yùn)動(dòng)過程示意圖，確定振動(dòng)周期，再求出振子第三次到達(dá)M點(diǎn)還需要經(jīng)過的時(shí)間可能值．【解析】【解答】解：若振子開始運(yùn)動(dòng)的方向先向左，再向M點(diǎn)運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)路線如圖1所示．得到振動(dòng)的周期為T=4s+4×s=s，振子第三次通過M點(diǎn)需要經(jīng)過的時(shí)間為t=T-2s=s．

若振子開始運(yùn)動(dòng)的方向向右直接向M點(diǎn)運(yùn)動(dòng)，如圖2，振動(dòng)的周期為T=16s，振子第三次通過M點(diǎn)需要經(jīng)過的時(shí)間為t=T-2s=14s．

故選：C．4、B【分析】【解析】略【解析】【答案】B5、C【分析】解：A、Th衰變成Pb時(shí)；質(zhì)量數(shù)減小24，而質(zhì)子數(shù)減小8，對(duì)于β衰變質(zhì)量數(shù)不變，質(zhì)子數(shù)在增加1，因此經(jīng)過6次α衰變，而α衰變質(zhì)量數(shù)減小4，質(zhì)子數(shù)減小2，所以要經(jīng)過4次β衰變，故A錯(cuò)誤；

B；半衰期不受化合物或單質(zhì)的影響；放射性元素半衰期不變，故B錯(cuò)誤．

C；β衰變的實(shí)質(zhì)是原子核中的一個(gè)中子轉(zhuǎn)化成一個(gè)質(zhì)子；同時(shí)產(chǎn)生一個(gè)電子，這個(gè)電子以β射線的形式釋放出去，同時(shí)輻射出γ光子．故C正確．

D；在β射線和γ射線中由于γ射線是光子；不帶電，所以電離本領(lǐng)很弱，貫穿本領(lǐng)很強(qiáng)，因此β射線穿透本領(lǐng)遠(yuǎn)比γ射線?。蔇錯(cuò)誤．

故選C．【解析】【答案】C6、B【分析】【分析】二力合成時(shí)；夾角越小，合力越大；

同樣；將一個(gè)力分解為等大的兩個(gè)分力，兩個(gè)分力的夾角越大，分力越大；

物體受三個(gè)力，重力和兩個(gè)拉力，三力平衡，兩個(gè)拉力的合力與重力等值、反向、共線．【解析】【解答】解：物體受三個(gè)力；重力和兩個(gè)拉力，三力平衡，兩個(gè)拉力的合力與重力平衡；

兩個(gè)拉力合力一定；夾角不斷減小，故拉力不斷減?。?/p>

故選：B．7、C【分析】【分析】驗(yàn)電器是利用同種電荷相互排斥原理制成的，金屬箔片是否張開角度說明物體是否帶電，金屬箔片張開角度的大小反應(yīng)了物體帶電的多少．【解析】【解答】解：驗(yàn)電器已帶正電；將另一帶正電的導(dǎo)體球移近驗(yàn)電器小球，但不接觸．在移近的過程中；

根據(jù)同種電荷相互排斥原理得驗(yàn)電器金屬箔片帶的正電荷增加；所以驗(yàn)電器金屬箔片間的夾角將增大．

故選：C．8、A【分析】【分析】本題可采用力的分解法研究．首先將重物受到的重力按效果分解，求出分力與合力的關(guān)系表達(dá)式，然后再對(duì)木塊受力分析，根據(jù)平衡條件即可求解．【解析】【解答】解：先對(duì)三個(gè)物體以及支架整體受力分析；受重力（2m+M）g，2個(gè)靜摩擦力，兩側(cè)墻壁對(duì)整體有一對(duì)支持力，根據(jù)平衡條件，有：

2f=（M+2m）g，解得f=（M+2m）g；故靜摩擦力f不變．

將細(xì)線對(duì)O的拉力按照效果正交分解；如圖。

設(shè)兩個(gè)桿夾角為θ，則有F1=F2=；

再將桿對(duì)滑塊m的推力F1按照效果分解；如圖。

根據(jù)幾何關(guān)系；有。

Fx=F1?sin

故Fx=?sin=

根據(jù)平衡條件有：N=Fx=

若擋板間的距離稍許增大后；角θ變大，滑塊m對(duì)墻壁的壓力N變大，故A正確；

故選：A．9、B【分析】【分析】本題中物體a、b構(gòu)成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒，物體B重力勢(shì)能的減小量等于a動(dòng)能增加量、b動(dòng)能增加量、a重力勢(shì)能增加量之和．【解析】【解答】解：A；物體a加速上升；動(dòng)能和重力勢(shì)能均增加，故機(jī)械能增加，故A錯(cuò)誤；

B、a、b間高度差為h，a上升的高度與b下降的高度均為，物體a、b構(gòu)成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒，有（2m）g=mg+mv2+（2m）v2，解得v=；

物體b動(dòng)能增加量為（2m）v2=mgh，重力勢(shì)能減小mgh，故機(jī)械能減小mgh；故B錯(cuò)誤；

C、物體b重力勢(shì)能的減小量等于克服重力做的功，物體b加速下降；失重，拉力小于重力，故C錯(cuò)誤；

D、物體a動(dòng)能增加量為mv2=mgh，重力勢(shì)能增加量為mgh；故物塊a重力勢(shì)能的增加量大于其動(dòng)能增加，故D錯(cuò)誤；

故選：B．二、多選題(共7題，共14分)10、ABC【分析】【分析】當(dāng)彈簧長(zhǎng)度縮短為10cm時(shí)，由胡克定律求得彈簧的彈力，分析物體的狀態(tài)，再分析當(dāng)彈簧的長(zhǎng)度為10cm時(shí)，根據(jù)平衡條件得到測(cè)力計(jì)拉力的最大值．【解析】【解答】解：當(dāng)彈簧長(zhǎng)度縮短為10cm時(shí)，由胡克定律得彈簧的彈力為：F1=kx1=500×0.05N=25N；

由于Gsin30°-F1=50N-25N=25N

當(dāng)彈簧的長(zhǎng)度為10cm時(shí)，彈簧的彈力為：F2=kx2=500×0.05N=25N；當(dāng)物體剛要上滑時(shí)，靜摩擦力達(dá)到最大，測(cè)力計(jì)讀數(shù)最大為：

Fmax=Gsin30°+fm-F2=50N+25N-25N=50N．

故測(cè)力計(jì)讀數(shù)不可能為70N．故BC正確D錯(cuò)誤．當(dāng)F2+f=mgsin30°時(shí)；f=25N=25N，物塊可以保持靜止，所以A滿足題意．

故選：ABC．11、BC【分析】【分析】矢量的運(yùn)算遵守平行四邊形定則．時(shí)間間隔簡(jiǎn)稱為時(shí)間對(duì)應(yīng)時(shí)間軸的是一個(gè)段，而時(shí)刻對(duì)應(yīng)時(shí)間軸上的是一個(gè)點(diǎn)．如果物體做單向直線運(yùn)動(dòng)，位移大小和路程就相等．位移矢量，路程是標(biāo)量．【解析】【解答】解：A；矢量的運(yùn)算遵守平行四邊形定則；標(biāo)量的運(yùn)算遵守代數(shù)運(yùn)算，故A錯(cuò)誤．

B；中央電視臺(tái)新聞聯(lián)播節(jié)目“19時(shí)開播”是一個(gè)時(shí)間點(diǎn)；指時(shí)刻，故B正確．

C；如果物體做單向直線運(yùn)動(dòng)；位移大小和路程就相等，故C正確．

D；位移矢量；路程是標(biāo)量，故D錯(cuò)誤．

故選：BC．12、BC【分析】【分析】以女運(yùn)動(dòng)員為研究對(duì)象，分析受力情況，作出力圖，由重力和男運(yùn)動(dòng)員的拉力的合力提供女運(yùn)動(dòng)員的向心力，根據(jù)牛頓第二定律求解拉力和向心加速度．【解析】【解答】解：女運(yùn)動(dòng)員做圓錐擺運(yùn)動(dòng)；由對(duì)女運(yùn)動(dòng)員受力分析可知，受到重力；男運(yùn)動(dòng)員對(duì)女運(yùn)動(dòng)員的拉力，如圖所示，豎直方向合力為零；

由Fsin30°=G

解得：F=2G；故A錯(cuò)誤，B正確．

水平方向的合力提供勻速圓周運(yùn)動(dòng)的向心力，有Fcos30°=ma向

即2mgcos30°=ma向；

所以a向=g；故C正確，D錯(cuò)誤．

故選BC13、CD【分析】解：AABCD

四點(diǎn)處的電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等；但方向不同，則電場(chǎng)強(qiáng)度不同，故A錯(cuò)誤。

B；AEB

三點(diǎn)間的電勢(shì)差應(yīng)滿足UAE=UBE.

故B錯(cuò)誤。

C、AF

兩點(diǎn)到O

點(diǎn)的距離之比為21

由E=kQr2

知AF

兩點(diǎn)處的電場(chǎng)強(qiáng)度大小之比12

故C正確。

D；D

處電勢(shì)比F

處電勢(shì)低；根據(jù)負(fù)電荷在電勢(shì)低處電勢(shì)能大，知電子在D

處時(shí)的電勢(shì)能大于在F

處的電勢(shì)能，故D正確。

故選：CD

根據(jù)電場(chǎng)線的分布情況分析各點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度的關(guān)系。由電場(chǎng)線的方向分析電勢(shì)關(guān)系。由E=kQr2

求AF

兩點(diǎn)處的電場(chǎng)強(qiáng)度大小之比。結(jié)合電勢(shì)高低分析電勢(shì)能的大小。

本題關(guān)鍵要搞清點(diǎn)電荷電場(chǎng)的分布情況，靈活運(yùn)用公式E=kQr2

要知道公式中Q

是場(chǎng)源電荷，r

是到場(chǎng)源電荷的距離?！窘馕觥緾D

14、AD【分析】【分析】根據(jù)某段時(shí)間內(nèi)的平均速度等于中間時(shí)刻的瞬時(shí)速度求出A點(diǎn)的速度，根據(jù)連續(xù)相等時(shí)間內(nèi)的位移之差是一恒量求出物體的加速度，結(jié)合速度時(shí)間公式求出B點(diǎn)的速度．【解析】【解答】解：A、某段時(shí)間內(nèi)的平均速度等于中間時(shí)刻的瞬時(shí)速度，則；故A正確．

B、根據(jù)得，加速度a=，則物體到達(dá)B點(diǎn)的速度=；故B；C錯(cuò)誤，D正確．

故選：AD．15、BC【分析】【分析】根據(jù)振動(dòng)圖象知道兩個(gè)質(zhì)點(diǎn)的狀態(tài)關(guān)系，確定波長(zhǎng)與距離1.4m的關(guān)系，得到波長(zhǎng)，即可由波速公式求出周期．由于波的傳播方向未知，要分兩種情況：波由P向Q傳播和波由Q向P傳播進(jìn)行討論．【解析】【解答】解：由振動(dòng)圖象知：t=0時(shí)刻；P處于波峰，Q經(jīng)過平衡位置向上運(yùn)動(dòng)，結(jié)合波形和條件：

若波由P向Q傳播，s=1.4m大于一個(gè)波長(zhǎng)，則得：（n+）=1.4m，得λ=m；

由v=，得T=s

同理可得，波由Q向P傳播T=s；（n=0，1，2，）

由于n是整數(shù)；T不可能等于0.70s；0.60s，故BC正確．

故選：BC16、BD【分析】【分析】勻速攀上和勻速滑下的過程中，受力均平衡．勻速攀上時(shí)，其重力與靜摩擦力平衡；勻速下滑時(shí)，其重力與滑動(dòng)摩擦力平衡．【解析】【解答】解：A；勻速攀上時(shí)；其重力與靜摩擦力平衡，由平衡條件可知：f方向豎直向上，f=G，A錯(cuò)誤B正確；

C；手捏鐵桿的力增加；人受到的摩擦力保持不變，增大的是最大靜摩擦力，C錯(cuò)誤D正確．

故選：BD．三、填空題(共5題，共10分)17、2004.5×10-4200【分析】【分析】平行板電容器的電荷量減少△Q=6×10-4C，電壓降低△U=3V，根據(jù)C=求解電容．由Q=CU求出電容器原來的帶電荷量．電容器極板上的電荷全部放掉，電容器的電容不變．【解析】【解答】解：由題：平行板電容器的電荷量減少△Q=6×10-4C；電壓降低△U=3V；

則C===2×10-4F=200μF

電容器原來的帶電荷量Q=CU=2×10-4×9=1.8×10-3C

電容反映電容器本身的特性；電容器極板上的電荷全部放掉，電容器的電容不變，仍為200μF．

故本題答案是：200，4.5×10-4，200．18、3.1×10350【分析】【分析】根據(jù)加速度的定義式求出加速度，再根據(jù)牛頓第二定律求解牽引力，勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)牽引力等于阻力，根據(jù)P=Fv即可求解功率．【解析】【解答】解：根據(jù)加速度的定義式得：a=

根據(jù)牛頓第二定律得：

F-f=ma

解得：F=3.1×103N

勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)牽引力等于阻力；

所以P=Fv=1500×33.3W=50kW

故答案為：3.1×103；5019、0.212π【分析】【分析】利用向心加速度、角速度的公式可以求前兩個(gè)空，利用周期公式求周期．【解析】【解答】解：向心加速度a==0.2m/s2，角速度ω==1rad/s，周期T==2πs．

答案為0.2，1，2π20、偏右【分析】【分析】根據(jù)入射角與折射角，由n=求折射率．換用紅光，折射率減小，偏折程度變小，從而確定出折射后落到水平面上的位置．【解析】【解答】解：根據(jù)幾何關(guān)系得；入射角i=∠AOB=30°．折射角β=60°

根據(jù)折射定律得球體對(duì)藍(lán)光的折射率為n==．

紅光的折射率比藍(lán)光??；則光線射出后偏折程度減小，即β變小，所以從球體射出后落到水平面上形成的光點(diǎn)與C點(diǎn)相比，位置偏右．

故答案為：，偏右．21、偏小甲圖【分析】【分析】甲圖誤差來源于電壓表的分流作用；導(dǎo)致電壓測(cè)量值偏大；乙圖誤差主要來源于電流表的分壓作用，電流測(cè)量值偏大；

根據(jù)待測(cè)電阻阻值與電表內(nèi)阻的關(guān)系確定電流表的接法，然后選擇實(shí)驗(yàn)電路．【解析】【解答】解：甲圖誤差來源于電壓表分流作用，導(dǎo)致電流測(cè)量值偏大，根據(jù)歐姆定律R=；可知電阻測(cè)量值偏小；

電壓表內(nèi)阻約幾千歐，電流表內(nèi)阻約1Ω，若Rx的阻值約為10Ω；相對(duì)來說，電壓表內(nèi)阻遠(yuǎn)大于待測(cè)電阻阻值，因此電流表應(yīng)采用外接法，應(yīng)選圖甲所示實(shí)驗(yàn)電路；

故答案為：偏?。患讏D．四、解答題(共2題，共6分)22、略

【分析】【分析】（1；2）質(zhì)點(diǎn)P正向y軸正方向運(yùn)動(dòng)；根據(jù)波形的平移法判斷波的傳播方向．根據(jù)質(zhì)點(diǎn)P經(jīng)0.1s第一次達(dá)到波峰位置，可知求出周期，由圖讀出波長(zhǎng)，即可求得波速；

（3）根據(jù)時(shí)間與周期的關(guān)系，畫出t=0.7s時(shí)的波形圖．【解析】【解答】解：（1；2）質(zhì)點(diǎn)P正向y軸正方向運(yùn)動(dòng)；由波形平移法可知波沿x軸正方向傳播，且由題意得周期為：

T=4△t=0.4s

由圖讀出波長(zhǎng)為λ=2m，則波速為：

（3）如下圖所示

答：（1）波的傳播方向是沿x軸正方向傳播；

（2）周期是0.4s；波速是5m/s

（3）

23、略

【分析】【分析】根據(jù)牛頓第二定律求出整體加速度，再根據(jù)活塞受力情況求得封閉氣體壓強(qiáng)；有理想氣體狀態(tài)方程列式求解受力穩(wěn)定后活塞與氣缸底部距離．【解析】【解答】解：（1）選擇氣缸；活塞和密閉氣體整體作為研究對(duì)象；受力分析可知，水平恒力F即為整體受到的合外力；

由牛頓第二定律得F=（m+）a

隔離活塞對(duì)其受力分析；設(shè)封閉氣體壓強(qiáng)為P；

則由牛頓第二定律得（P-P0）S=a

氣缸和活塞相對(duì)靜止具有相同的加速度，聯(lián)立以上兩式，可得P=P0+

（2）由氣缸為導(dǎo)熱氣缸可知；氣缸內(nèi)氣體溫度不變，氣體為等溫變化，設(shè)穩(wěn)定時(shí)活塞與缸底部的距離為L(zhǎng)

由理想氣體狀態(tài)方程=C得。

P0L0S=PLS

可得L==L0

答：（1）穩(wěn)定時(shí)封閉氣體的壓強(qiáng)為P0+；

（2）穩(wěn)定時(shí)活塞與缸底部的距離為L(zhǎng)0．五、簡(jiǎn)答題(共3題，共9分)24、略

【分析】【分析】（1）分析物體受力情況；根據(jù)牛頓第二定律求加速度；

（2）突然撤去拉力，物體在滑動(dòng)摩擦力作用下做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)牛頓第二定律求解加速度．【解析】【解答】解：（1）對(duì)物體受力分析；受重力；支持力、拉力和摩擦力，根據(jù)牛頓第二定律，有：

F-μmg=ma

解得：a=m/s2；方向水平向左；

（2）撤去拉力后，物體在滑動(dòng)摩擦力作用下做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)牛頓第二定律得：a′==0.15×10=1.5m/s2；方向水平向右．

答：（1）若改用一水平力向左為7N的力拉物體，則物體的加速度大小為2m/s2；方向水平向左；

（2）在（1）中當(dāng)物體運(yùn)動(dòng)一段時(shí)間后，突然撤去拉力，則物體的加速度大小為1.5m/s2，方向水平向右．25、略

【分析】【分析】根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)的位移時(shí)間公式求出小球落地的時(shí)間，分別求出4s內(nèi)和3s內(nèi)的位移，第4s內(nèi)的位移等于4s內(nèi)的位移減去3s內(nèi)的位移，當(dāng)兩球的距離相差50m時(shí)，設(shè)第二個(gè)小球下落的時(shí)間為t，根據(jù)位移公式求解即可．【解析】【解答】解：（1）根據(jù)得：

（2）自開始下落計(jì)時(shí)，在4s內(nèi)的位移；

前3s內(nèi)的位移；

則小球在下落的第4s內(nèi)的位移x=h4-h3=80-45=35m

（3）當(dāng)兩球的距離相差50m時(shí)；設(shè)第二個(gè)小球下落的時(shí)間為t，則有：

解得：t=4.5s

答：（1）小球經(jīng)過10s時(shí)間落到地面；

（2）小球在下落的第4s內(nèi)的位移是35m；

（3）如果在釋放第一個(gè)小球1s后，在同一位置再釋放第二個(gè)小球，當(dāng)兩球的距離相差50m時(shí)，則第二個(gè)小球下落了4.5s時(shí)間．26、rm{(1)壟脵}rm{壟脷CDEGH}

rm{(2)}平面三角形rm{O>N>Co>K}

rm{(3)sp^{2}}雜化

rm{(4)}分子間氫鍵、范德華力

rm{(5)4}rm{(}或rm{)}【分析】【分析】本題考查較為綜合，題目難度中等，涉及雜化軌道類型、化學(xué)鍵類型、電負(fù)性大小比較、晶胞的計(jì)算、價(jià)電子排布式的書寫、等電子體等知識(shí)點(diǎn)，對(duì)學(xué)生的空間想象有一定要求，側(cè)重考查學(xué)生對(duì)知識(shí)的遷移應(yīng)用，注意信息的理解和綜合應(yīng)用?！窘獯稹縭m{(1)壟脵}此配合物中，鐵離子價(jià)電子排布圖為故答案為